重庆市第七十一中学2025届高二物理第一学期期中综合测试模拟试题含解析

重庆市第七十一中学2025届高二物理第一学期期中综合测试模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、水平抛出一个物体，经时间t后物体速度方向与水平方向夹角为θ，重力加速度为g,则平抛物体的初速度为（）A．gtsinθ B．gtcosθ C．gttanθ D．gtcotθ2、如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地。给电容器充电，静电计指针张开一定角度．以下实验过程中电容器所带电荷量可认为不变。下面操作能使静电计指针张开角度变大的是（）A．将M板沿水平向右方向靠近N板B．在M、N之间插入有机玻璃板C．在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触D．将M板向上平移3、关于电场线和磁感线，下列描述正确的是（）A．磁感线是闭合曲线 B．电场线是闭合曲线C．沿电场线方向，场强越来越小 D．点电荷在电场中的运动轨迹跟电场线相重合4、如图甲所示，一带正电的粒子以水平初速度vo（vo<E/B）先后进入方向互相垂直的匀强电场和匀强磁场区域，两场的区域宽度相同，带电粒子穿过两场的过程中（不计重力），电场和磁场对粒子所做的总功为W1；若把上述两场正交叠加，如图乙所示，粒子仍以水平初速度vo穿过叠加场区，此过程电场和磁场对粒子所做的总功为W2，比较W1和W2有：A．一定是W1>W2 B．一定是W1=W2C．一定是W1<W2 D．可能是W1>W2，也可能是W1<W25、连接在电池两极的平行板电容器,当两极板间距离减小时，（）A．电容器的电容C减小B．电容器的带电量Q增大C．电容器两板间的电压增大D．电容器两板间的场强不变6、根据欧姆定律，下列说法不正确的是A．从R=U/I可知，对于某一确定的导体，通过的电流越大，说明导体两端的电压越大B．从R=U/I可知，导体的电阻与加在导体两端的电压成正比，与导体中的电流成反比C．从I=U/R可知，导体中的电流与两端的电压成正比，与导体的电阻成反比D．从R=ρL二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，则A．a点的电场强度比b点的大B．a点的电势比b点的高C．检验电荷-q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷-q从a点移到b点的过程中，电场力做负功8、如图所示，从炽热的金属丝漂出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后从两极板中间垂直射入偏转电场．在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（）A．仅增大加速电场的电压B．仅减小偏转电场两极板间的距离C．仅增大偏转电场两极板间的电压D．仅减小偏转电场两极板间的电压9、如图所示，在水平地面上O点正上方不同高度的A、B两点分别水平抛出一小球，如果两球均落在同一点C上，则两小球A．落地的速度大小可能相同B．落地的速度偏向角可能相同C．两个小球下落时间一定不同D．两个小球抛出时的初速度可能相同10、如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的质点，由两水平极板正中，以相同的初速度v0，先后垂直匀强电场射入，并分别落在负极板上甲、乙、丙三处，可以判断()A．甲处质点带正电，乙处质点不带电，丙处质点带负电B．三个质点在电场中的运动时间相等C．三个质点在电场中的加速度a甲>a乙>a丙D．三个质点到达负极板的动能E丙>E乙>E甲三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持___________不变，用钩码所受的重力作为___________，用DIS测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关系图线（如图所示）．①分析此图线的OA段可得出的实验结论是___________．②此图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是（______）A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大12．（12分）某学生实验小组利用图(a)所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“×1k”挡内部电路的总电阻．使用器材有：多用电表；电压表：量程5V，内阻十几千欧；滑动变阻器：最大阻值5kΩ；导线若干．回答下列问题：（1）将多用电表档位调到电阻“×1k”挡，再将红表笔和黑表笔______，调零点．（2）将图（a）中多用电表的红表笔和__________（填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端．（3）将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图(b)所示，这时电压表的示数如图(c)所示．多用电表和电压表的读数分别为_____kΩ和_____V．（4）调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零．此时多用电表和电压表的读数分别为12.0kΩ和4.00V．从测量数据可知，电压表的内阻为_________kΩ．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接，在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m、电荷量为＋q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方，如图所示，小球可视为质点，小球运动到C点之前电荷量保持不变，经过C点后电荷量立即变为零)．已知A、B间距离为2R，重力加速度为g，在上述运动过程中，求：（1）小球经过C点的速度大小（2）小球经过半圆轨道上与圆心O等高处D点的速度大小（3）电场强度E的大小（4）小球在圆轨道上运动时的最大速率14．（16分）如图所示，质量m1=40kg的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水平面上的质量为m2的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°，物体甲及人均处于静止状态.（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：(1)轻绳OA、OB拉力大小；(2)地面对人的摩擦力大小及方向；15．（12分）已知火箭发动机产生推力F等于火箭在单位时间内喷出的推进剂的质量J与推进剂速度的乘积，即F＝J·v，质子火箭发动机喷出的推进剂是质子，这种发动机用于外太空间中产生的小推力来纠正卫星的轨道或姿态，设一台质子发动机喷出质子流的等效电流I＝1A，用于加速质子的电压U＝5×104V，试求该发动机的推力，已知质子的质量是m＝1.6×10－27kg，电荷量为e＝1.6×10－19C．（计算结果保留一位有效数字）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

试题分析：平抛运动的物体水平方向速度永远不变，竖直方向做自由落体运动，速度与水平方向夹角的正切值，，D选项正确．ABC错误。故选D。考点：平抛运动点评：该类型题目涉及到速度方向与水平方向夹角，平抛运动中还有一个夹角容易混淆，即位移方向与水平方向夹角，通过画图要求学生对这个两个夹角能够区分并灵活应用．2、D【解析】

将M板沿水平向右方向靠近N板，极板间距d变小，根据根据C=εS4πkd，电容增大；Q一定，根据C=QU，电压减小；故静电计指针张角变小；故A错误；在M、N之间插入机玻璃板，根据C=εS4πkd，电容变大；Q一定，根据C=QU，电压减小；故静电计指针张角变小；故B错误；在M、N之间插入金属板，根据C=εS4πkd，电容变大；Q一定，根据C=QU，电压减小；故静电计指针张角变小；故C错误；将M【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式C=εS4πkd和3、A【解析】

A．磁体外部磁感线从N到S，在内部磁感线从S到N，是闭合的曲线，电流周围磁感线也是闭合曲线，故A正确；B．静电场的电场线从无穷远指向负电荷，或从正电荷指向无穷远，或从正电荷指向负电荷，说明静电场的电场线不是闭合曲线，故B错误；C．沿电场线方向，电势逐渐降低，场强大小看电场线疏密，电场线越密（越疏）场强越大（越小），因不知电场线疏密无法确定场强大小，故C错误；D．点电荷在电场中的运动轨迹跟电场线重合条件：电场线是直线，只受电场力作用时速度为零，或速度和电场力共线，不满足这些条件时点电荷的运动轨迹跟电场线不重合，故D错误。故选A。4、A【解析】

先判断带电粒子在电场中的受力情况和在重叠区的受力情况，比较两种情况中的偏转位移的大小，而洛伦兹力对粒子不做功，只有电场力做功，进而可以判断做功大小．【详解】不论带电粒子带何种电荷，粒子穿过重叠场区时，电场力的方向与洛伦兹力的方向的夹角大于90°，所以带电粒子在电场中的偏转位移比重叠时的偏转位移大，所以不论粒子带何种电性，甲中带电粒子在电场中偏转位移一定大于乙中的偏转位移，而洛伦兹力对带电粒子不做功，只有电场力做功，所以一定是W1＞W2，故A正确。故选A。【点睛】本题解题的关键是分析两种情况下的偏转位移的大小，洛伦兹力对带电粒子不做功，难度适中．5、B【解析】

A.当两极板间的距离减小时，根据电容的决定式，分析得知，电容C增大，故A错误；B.由题可知，电容器的电压不变，变大，由得到，电容器极板的带电荷量增大，故B正确；C.电容器两极板间的电势差等于电源的电动势，保持不变，故C错误；D.电容器两极板间的电势差不变，当两极板间距离减小，由分析得知板间场强增大，故D错误。6、B【解析】

AB：R=UI是电阻的定义式，R反映导体本身的特性，与U、I无关，不能说电阻R跟成U正比，跟I成反比；对于某一确定的导体，R是定值，通过的电流越大，说明导体两端的电压越大。故A项正确，C：据欧姆定律I=UR可知，导体中的电流与两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。故D：据R=ρLS可知，导体的电阻决定于导体的电阻率(温度)、长度、横截面积；与电压和电流均无直接关系。故本题选不正确的，答案是B。【点睛】R=UI是电阻的定义式，二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

A项：电场线越密集的地方电场强度就越大，从上图中可以看出a处的电场线比b处的电场线密集，所以a点的场强大于b点的场强，故A项正确；B项：a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b点的电势,即a点的电势比b点的高.故B正确;

C项：电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小,即负电荷在a点的电势能较b点小,故C错误;

D项：由上知,-q在a点的电势能较b点小,则把-q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点,电势能增大,电场力做负功.所以D选项是正确的.

综上所述：本题答案为：ABD8、BC【解析】

电子经电场加速后，进入偏转电场，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出电子离开电场时数值方向分速度，表示出偏转角正切值的表达式，从而判断使偏转角变大的方法．【详解】电场中的直线加速，由动能定理：，可得；在偏转电场做类平抛运动，，加速度，，运动时间为，可得偏转角的正切值为，联立可得：.若使偏转角变大即使tanθ变大，由上式看出可以增大U2，或减小U1，或增大L，或减小d，则A、D错误，B、C正确．故选BC．【点睛】本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成.9、AC【解析】

两球均做平抛运动，而平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，运用平抛运动的基本规律表示出落地的速度大小以及落地时速度方向与水平方向的夹角，即可分析．【详解】A、D项：对于任意一球，设水平位移OC为x，竖直位移为h，初速度为v0则落地时竖直分速度大小为：落地时速度大小为：运动时间为：初速度为：则知，从A点抛出的小球初速度较大，但下落的高度较小，而从B点抛出的小球初速度较小，但下落的高度大，由知落地的速度大小可能相等，故A正确，D错误；B项：速度偏向角：，x相同，h不同，可知落地的速度偏向角一定不相同，故B错误；C项：由知运动时间一定不同，故C正确．故应选：AC．【点睛】本题主要考查了平抛运动的基本规律，知道平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，能根据运动学规律得到相关的表达式，再进行分析．10、AC【解析】试题分析：三个质点在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，从题中可知，质点在水平方向上的速度相等，所以对甲有：x1=v0而x1<x在竖直方向上的位移相等，设为d，对甲有：d=12a1结合t3>t故甲带正电，乙不带电，丙带负电，A正确，过程中电场力对甲做正功，对乙不做功，对丙做负功，所以甲的动能最大，丙的最小，故D错误考点：考查了带电粒子在电场中的运动，点评：做本题的关键是理解质点在电场中的运动性质，结合水平方向速度相等，竖直方向位移相等，运用运动学规律解题三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、小车的质量小车所受的合外力质量不变的情况下，加速度与合外力成正比C【解析】试题分析：（1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的总质量不变，用钩码所受的重力大小作为小车所受合外力；（2)①在小车质量不变的条件下，加速度大小与所受的合外力大小成正比；②设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得：mg=Ma，得，而实际上，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的．故C正确．考点：验证牛顿第二定律．12、（2）1（3）15kΩ；3.50V；（4）12.0kΩ；【解析】试题分析：（1）欧姆表使用前一定要欧姆调零；（2）红正黑负，电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；（3）欧姆表读数等于倍率乘以表盘读数，伏特表读数要估读；（4）欧姆表测量的是外电路的总电阻，由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值；解：（1）欧姆表使用前一定要欧姆调零，即红黑表笔短接后，调节调零旋钮，是电流表满偏；（2）红正黑负，电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电压表正接线柱流入，故红表笔接触1，黑表笔接2；（3）欧姆表读数=倍率×表盘读数=1K×15.0Ω=15.0kΩ；电压表读数为3.60V；（4）由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值，为12.0KΩ故答案为（1）短接；（2）1；（3）15.0，3.60；（4）12.0；【点评】本题关键是明确实验原理，会使用欧姆表和电压表测量电阻和电压，同时能结合闭合电路欧姆定律灵活地列式分析四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（