2025届景德镇市重点中学物理高二上期中学业水平测试试题含解析

2025届景德镇市重点中学物理高二上期中学业水平测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图是测定液面高度h的电容式传感器示意图，E为电源，G为灵敏电流计，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体．已知灵敏电流计指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从右边接线柱流进电流计，指针向右偏．如果在导电液体的深度h发生变化时观察到指针向右偏转，则()A．导体芯A所带电量在增加，液体的深度h在增大B．导体芯A所带电量在减小，液体的深度h在增大C．导体芯A所带电量在增加，液体的深度h在减小D．导体芯A所带电量在减小，液体的深度h在减小2、一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断（）A．粒子受到静电引力的作用B．粒子速率增大C．粒子动能减小D．粒子电势能先增大后减小3、下列关于说法中正确的是()A．只要导体中有电荷运动,就有电流B．电流的方向就是正电荷定向移动的方向C．电源是通过静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置D．对于给定的电源,移动正电荷非静电力做功越多,电动势就越大4、如图所示，在光滑水平面上放着一个质量为m的木箱，大小为F的拉力与水平方向成，木箱从静止开始运动，在运动位移为的过程中，拉力做的功为（）A．B．C．D．5、如图所示，将一束带电粒子垂直射入相互正交的匀强电场和匀强磁场，一部分粒子沿直线运动，从狭缝S0穿出后垂直射入另一匀强磁场，粒子分成了3束．（粒子重力不计）对这3束粒子的比较，说法正确的是（）A．射入速度相同B．电量相同C．动能相同D．比荷相同6、如图是观察电阻随温度变化情况的示意图．现在把杯中的水由冷水变为热水，关于欧姆表的读数变化情况正确的是()A．如果R为金属热电阻，读数变大，且变化非常明显B．如果R为金属热电阻，读数变小，且变化不明显C．如果R为热敏电阻(用半导体材料制作)，读数变化非常明显D．如果R为热敏电阻(用半导体材料制作)，读数变化不明显二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路，R1、R2是两个定值电阻，R′是滑动变阻器，R3为小灯泡，电源内阻为r．开关闭合后，当滑动变阻器触头P向上移动时（）A．电压表示数变大B．小灯泡亮度变大C．电容器充电D．电源的总功率变大8、如图所示，匀强电场中某电场线上的两点A、B相距0.2m，正电荷q＝106C，从A移到B，电场力做功为2×106J，则()A．该电场的场强为10V/mB．该电场的场强方向由A指向BC．A、B间的电势差为10VD．B点的电势比A点的高9、在如图甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A．则此时（）A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75WC．L1、L2消耗的电功率的比值大于4：1D．L2的电阻为12Ω10、沿竖直升降的电梯中，一轻弹簧下挂一小球，电梯静止时，弹簧伸长ΔL，电梯运动时，弹簧伸长了45ΔA．电梯可能加速上升 B．电梯可能加速下降C．电梯的加速度大小为15g D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用图所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b球静置在斜槽轨道末端，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次．回答下列问题：(1)在安装实验装置时斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是____________；用实验中所给器材如何检验槽末端是否水平：_______________________。(2)小球a、b质量ma、mb的大小关系应满足ma____mb，两球的半径应满足ra___rb（选填“＞”、“＜”或“=”）。(3)本实验中小球落地点的平均位置距O点的距离如上图所示，这时小球a、b两球碰后的平均落地点依次是图中水平面上的___点和____点。(4)在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？（_________）A．水平槽上未放B球时，测量A球落点位置到O点的距离B．A球与B球碰撞后，测量A球与B球落点位置到O点的距离C．A球和B球在空间飞行的时间(5)在本实验中结合图，验证动量守恒的验证式是下列选项中的______。A．B．C．12．（12分）在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，提供下列器材：A．小灯泡(3V0.6W)；B．电压表(0～3V，内阻约3kΩ)；C．电流表(0～250mA，内阻约1Ω)；D．电流表(0～0.6A，内阻约0.4Ω)；E．滑动变阻器(10Ω2A)；F．滑动变阻器(100Ω0.5A)；G．电池组(电动势6V)；H．开关、导线若干．(1)实验时电流表应选用________，滑动变阻器应选用________．(用序号字母表示)(2)请用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整______．(3)实验中记录多组电压表示数U和电流表示数I，在图中画出I-U图象_______．编号12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.205四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）某兴趣小组设计了一个玩具轨道模型如图所示，将一质量为m玩具汽车（可以视为质点）放在O点，用弹簧装置将其弹出(每次弹出弹簧压缩量均相同)，使其沿着光滑的半圆形轨道OMA和ANB运动，BC段是一长为L1＝10.0m的粗糙水平面，CD是倾角为θ=370的粗糙斜面,长度L2=6.0m,DE段是一长为L3=1.0m的粗糙水平面．圆弧OMA和ANB的的半径分别为r＝1.0m，R=4.0m．滑块与BC，CD，DE间的动摩擦因数均为μ＝0.5，不考虑在C点的能量损失(g取10m/s2)（1）若玩具汽车的质量m=1kg,要使玩具汽车恰好不脱离圆弧轨道，压缩弹簧弹性势能EP为多少？（2）在满足第(1)问的情况下，玩具汽车最后停在离C点什么位置？（3）若改变玩具小车质量，小车能不脱离圆轨道并停在DE段(小车不脱离直轨道)，问小车质量要满足什么条件？14．（16分）如图所示，电路中E=3V，r=0.5Ω，，变阻器的最大阻值R=10Ω。（1）在变阻器的阻值R为多大时，变阻器上消耗的功率最大？最大为多大？（2）在变阻器的阻值R为多大时，定值电阻上消耗的功率最大？最大为多大？15．（12分）在倾角θ=30°的斜面上，固定一金属框，宽l=0.25m，接入电动势E=12V、内阻不计的电池。垂直框面放置一根质量m=0.2kg的金属棒ab，它与框架间的动摩擦因数μ=，整个装置放在磁感应强度B=0.8T、垂直框面向上的匀强磁场中，如图所示。（1）当调节滑动变阻器R的阻值为3Ω时，金属棒静止，求此时的摩擦力的大小和方向？（2）当调节滑动变阻器R的阻值在什么范围内时，可使金属棒静止在框架上？（框架与金属棒的电阻不计，g取10m/s2）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

电流计指针向右偏转，说明流过电流计G的电流由右→左，则导体芯A所带电量在增加，电容两端间的电势差不变，由Q=CU可知，芯A与液体形成的电容器的电容增大，根据，知正对面积增大，则液体的深度h在增加．A.导体芯A所带电量在增加，液体的深度h在增大，与结论相符，选项A正确；B.导体芯A所带电量在减小，液体的深度h在增大，与结论不相符，选项B错误；C.导体芯A所带电量在增加，液体的深度h在减小，与结论不相符，选项C错误；D.导体芯A所带电量在减小，液体的深度h在减小，与结论不相符，选项D错误；2、D【解析】

A.有图可知，轨迹向左弯曲，带电粒子所受的电场力方向向左，则带电粒子受到了排斥力的作用，故A错误。BC.从到的过程，电场力做做负功，可知电势能增大，动能减小，从到的过程，电场力做正功，可知电势能减小，动能增大，所以粒子的动能先减小后增大，速度也先减小后增大，故BC错误。D.由上面的分析可知，粒子的电势能先增大后减小，故D正确。.3、B【解析】电荷的定向移动形成电流，不是只要有电荷运动就有电流，故A错误；电流的方向就是正电荷定向移动的方向，选项B正确；电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置，选项C错误；对于给定的电源,移动单位正电荷非静电力做功越多,电动势就越大，选项D错误；故选B.4、C【解析】由功的公式可得，拉力的功W=Fxcosα；故选C．【点睛】本题考查功的计算公式，要注意力和位移夹角的确定．5、A【解析】

由粒子做直线运动，粒子平衡，有：qvB1=qE，得粒子的速度v满足关系式v＝E/B1，故粒子射入的速度相同，选项A正确；在磁感应强度为B2的磁场中，根据，运动半径不同，则电量q和荷质比不同，故BD错误；根据，则粒子的动能不同，选项C错误；故选A．【点睛】带电粒子经加速后进入速度选择器，电场力和洛伦兹力平衡时，速度为v＝E/B的粒子沿直线通过狭缝S0，然后进入磁场，打在胶片上的不同位置．在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力，求出粒子的轨道半径，分析半径与荷质比、电量和动能的关系．6、C【解析】

由于金属热电阻的化学稳定性较好，测温范围较大，因而其热灵敏性差一些；而由半导体材料制成的热敏电阻的电阻值感温灵敏度较高．对于杯中水的温度升高或降低，热敏电阻的阻值变化必然比金属热电阻阻值的变化要大．因此，若R为金属热电阻时，欧姆表的示数会变大但并不明显(因为金属热电阻阻值会有较小的增大，电路中的电流会有较小的变小)，故A、B两选项错误．同理，若R为热敏电阻，水升温时其阻值必有明显的变小，欧姆表的示数必有较明显的变化(即减小)，故C选项正确而D选项错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

闭合开关后，当滑动变阻器触头P向上移动时，增大，外电路总电阻增大，干路中电流减小，则小灯泡亮度变小．电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，故AB错误；电路稳定时电容器的电压等于、串联总电压，根据串联电路电压分配规律可知，增大，电容器的电压增大，则电容器充电，故C正确；电源的总功率为，干路电流I减小，则电源的总功率变小，故D错误．【点睛】本题按“部分→整体→部分”的思路进行动态变化分析．对于电压表的示数，可以直接根据路端电压随外电阻而增大的结论进行分析．根据串联电路电压与电阻成正比的特点，分析各部分电压的变化，比较简便．8、AB【解析】试题分析：根据电场力做功的公式W=qU得，故C错误．根据匀强电场两点电势差和电场强度的公式U=Ed得．故A正确．UAB=φA-φB=2v，所以B点的电势比A点的低，沿着电场线电势一定降低，所以电场的方向由A向B，故B正确，D错误．故选AB．考点：电场力的功与电势差的关系9、BC【解析】

灯泡是非线性元件，根据L1、L2、L3的电压，由伏安特性曲线可读出电流，由R=U/I算出它们的电阻，再依据功率表达式P=UI，及并联电路电压相等，串联电路电流相等，从而即可求解．【详解】A.电路中的总电流为0.25A，则通过L1的电流为0.25A，则由图可知，L1两端的电压为3.0V；因L2和L3并联，则L2和L3电压相等，它们的电阻相等，因此它们的电流也相等，则通过L2电流为0.125A，则由图可知，L2两端的电压约为0.4V，故A错误；B、由伏安特性曲线可以读出电流为I1=0.25A，电压为U1=3V时的，L1消耗的电功率为P=U1I1=3×0.25=0.75W，故B正确；C、通过R2的电流为I2=0.125A,电压U2=0.4V，功率P2=U2I2，约为0.05W，L1、L2消耗的电功率的比值大于4：1，故C正确；D、电流为I2=0.125A,电压U2=0.4V，L2的电阻R2=U2/I2，约为3Ω，故D错误；故选BC.10、BC【解析】

对物体受力分析，根据牛顿第二定律胡克定律求出物体的加速度，从而得知电梯的加速度，确定电梯的运动情况．【详解】当升降机静止时有：k∆L=mg，当升降机运动时，根据牛顿第二定律得，mg−0.8k∆L＝ma，解得a=0.2g，方向竖直向下，知电梯以大小为0.2g的加速度减速上升，或以大小为0.2g的加速度加速下降。故BC正确，AD错误。故选BC。【点睛】解决本题的关键知道物体与电梯具有共同的加速度，根据牛顿第二定律求出物体的加速度是本题的突破口．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、保证小球做平抛运动把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平>=ACABB【解析】

(1)[1][2]小球离开轨道后做平抛运动，在安装实验器材时斜槽的末端应保持水平，才能保证小球做平抛运动；检查水平的方法：把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平。(2)[3][4]为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量ma大于mb，即ma＞mb．为保证两个小球的碰撞是对心碰撞，两个小球的半径要相等；(3)[5][6]由图所示装置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度减小，b球在前，a球在后，两球都做平抛运动，由图示可知，未放被碰小球时小球a的落地点为B点，碰撞后a、b的落点点分别为A、C点．(4)[7]小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则mav0=mavA+mbvB两边同时乘以时间t得：mav0t=mavAt+mbvBt则maOB=maOA+mbOC因此实验需要测量：两球的质量，两球做平抛运动的水平位移，故AB正确C错误。(5)[8]根据以上分析可知，要验证的是故B正确AC错误。12、DF【解析】

[1][2]灯泡额定电压为3V，电压表应选择B；由表中实验数据可知，最大电流为0.205A，电流表应选择D；为方便实验操作，滑动变阻器应选择F；[3]由实验数据可知，最小电流为0.02A，滑动变阻器应采用分压接法，由于电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：[4]根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象如图所示：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（