广东省番禺区2025届高二物理第一学期期中监测试题含解析

广东省番禺区2025届高二物理第一学期期中监测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一点，一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力的作用下运动，取无限远处的电势为零，则A．q由A向O的运动是匀加速直线运动B．q由A向O的运动过程电势能先增大后减小C．q运动到O点时电势能为零D．q运动到O点时的动能最大2、将一个平行板电容器接上电源后再切断电源．然后使两极板间的距离增大一些，则关于电容器两极的电压U和两极间的场强E的变化，下列说法正确的是（）A．U增大，E增大B．U增大，E不变C．U不变，E减小D．U减小，E减小3、供电站向远方送电，输送的电功率恒定，若将输电电压提高到原来的4倍，以下判断中正确的是A．输电电流为原来的4倍B．输电导线上损失的电压为原来的4倍C．输电导线上损失的电功率为原来的D．输电导线上损失的电功率为原来的4、在国际单位制中，磁感应强度的单位是A．特斯拉B．牛顿C．安培D．伏特5、质谱仪是测带电粒子质量和分析同位素的一种仪器，它的工作原理是带电粒子（不计重力）经同一电场加速后垂直进入同一匀强磁场做圆周运动，然后利用相关规律计算出带电粒子的质量。其工作原理如图所示，虚线为某粒子的运动轨迹，由图可知()A．此粒子带负电B．下极板比上极板电势高C．若只增大加速电压，则半径变大D．若只增大入射粒子的质量，则半径变小6、一个水平放置的弹簧振子在A、B两点间做简谐运动，O为振子平衡位置，如图所示．设水平向右方向为正方向，以某一时刻作计时起点(t=0)，经3/4倍周期，振子具有正方向最大加速度，那么，在图所示的几个振动图像中(x表示振子离开平衡位置的位移)，能正确反映振子振动情况的是()A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，磁场方向垂直于纸面向外．已知在该区域内，一个带电小球在竖直面内做直线运动．下列说法正确的是()A．若小球带正电荷，则小球的电势能减小B．若小球带负电荷，则小球的电势能减小C．无论小球带何种电荷，小球的重力势能都减小D．小球的动能恒定不变8、在验证力的平行四边形定则的实验中，四组同学作出的力的图示如下图所示，其中F1和F2是用两个弹黄秤拉橡皮条时的拉力的图示，F是用四边形定则画出的F1和F2的合力的图示。Fˊ是一个弹黄秤拉橡皮条时的拉力的图示。F1F2和Fˊ是按同一标度作出的力的图示，PO代表橡皮条，那么在误差允许的范围内，不可能出现的是（）A． B．C． D．9、回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个D形金属盒．两金属盒处在垂直于盒底的匀强磁场中，a、b分别与高频交流电源两极相连接，下列说法正确的是（不计粒子通过窄缝的时间及相对论效应）：A．带电粒子从磁场中获得能量B．带电粒子的运动周期是不变的C．磁场对带电粒子只起换向作用，电场起加速作用D．增大金属盒的半径粒子射出时的动能不变10、如图所示，在光滑绝缘的水平桌面上有四个小球，带电量分别为－q、Q、－q、Q四个小球构成一个菱形，－q、－q的连线与－q、Q的连线之间的夹角为α.若此系统处于平衡状态，则正确的关系式可能是()A．cos3α＝ B．cos3α＝C．sin3α＝ D．sin3α＝三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在探究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验中，某同学猜测电容可能与极板间的距离d、极板的正对面积S及插入极板间的介质有关．他将一个已经充电的平行板电容器与静电计连接如图所示．已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大．实验时保持电容器极板所带的电量不变，且电容器B板位置不动．（填“增大”、“减小”或“不变”）(1)将A板向左平移，静电计指针张角________；(2)将A板竖直向上平移，则静电计指针张角________；(3)在A、B板间插入电介质，则静电计指针张角________．12．（12分）某同学用如图甲所示装置测量木板与水平轨道间的动摩擦因数．木板上固定两个完全相同的遮光条M、N，用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计A和质量为m0的重物B相连，重力加速度为g，滑轮质量、摩擦不计．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则遮光条的宽度d=_______cm．（2）本实验中先测出木板、遮光条的总质量m，两遮光条间的距离L，实验过程中弹簧测力计示数为F，遮光条N、M先后经过光电门的时间为t1、t2，则遮光条N、M通过光电门时的速度分别为__________、__________，木板与水平轨道间的动摩擦因数μ=_____________．(本小题各问用题中所给符号表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一束电子流在U1=4500V的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示．若平行板间的距离d=1cm，板长l=5cm，求：（1）电子进入平行板间的速度多大？（2）至少在平行板上加多大电U2才能使电子不再飞出平行板？（电子电量1.6×10﹣19C，电子的质量9×10﹣31kg）14．（16分）如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，C、D为电场中的两点(其中C点在金属板上)，且C、D间距L＝4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10－17J，电子电荷量为1.6×10－19C，求：(1)C、D两板间的电势差；(2)匀强电场的场强大小；15．（12分）在光滑水平面上有一质量m＝1.0×10-3kg电量q＝1.0×1O-10C的带正电小球，静止在O点，以O点为原点，在该水平面内建立直角坐标系xOy，现突然加一沿x轴正方向，场强大小E＝2.0×106v／m的匀强电场，使小球开始运动经过1.0s，所加电场突然变为沿y轴正方向，场强大小仍为E＝2.0×106V/m的匀强电场再经过1.0s，所加电场又突然变为另一个匀强电场，使小球在此电场作用下经1.0s速度变为零．求此电场的方向及速度变为零时小球的位置．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A.两等量正电荷周围部分电场线如图所示其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向。故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动做非匀加速直线运动；故A错误。B.电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小，故B错误。C.取无限远处的电势为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值。故C错误。D.从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故D正确。2、B【解析】考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：题中平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由C=，分析电容的变化，根据C=分析电压U的变化，根据E=分析场强的变化．解答：解：平行板电容器接上电源后再切断电源，电容器所带电量不变．增大电容器两极板间的距离d时，由C=知，电容C变小，Q不变，根据C=知，U变大，而E==，Q、k、?、S均不变，则E不变．故B正确故选B点评：对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．3、D【解析】

A.因为输电功率不变，输电电压提高4倍，电流变为原来的，A错误．B.根据可知，损失电压变为原来的，B错误．CD.根据可得，损失功率变为原来的，C错误D正确．4、A【解析】

在国际单位制中，磁感应强度的单位是特斯拉；牛顿是力的单位；安培是电流的单位；伏特是电压的单位；故选A.5、C【解析】

A．由左手定则可知，粒子带正电，故A错误；B．粒子经过电场要加速，因正电粒子，所以下极板S2比上极板S1电势低，故B错误；C．根据动能定理得由得若只增大加速电压，则半径变大，若只增大入射粒子的质量，则半径变大，故C正确，D错误。故选C。6、A【解析】

振子经过周期具有正向最大加速度说明振子经过后得位置在A点，因此可以判断计时起点振子的位置在O点并且向B方向运动，故振子在计时起点的加速度为零，速度为正向最大，故A正确，BCD错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

D：空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，磁场方向垂直于纸面向外；一个带电小球在竖直面内做直线运动，小球受的重力、电场力恒定，洛伦兹力垂直于速度，则小球所受三力恰好平衡做匀速直线运动，小球的动能不变。故D项正确。A：若小球带正电，小球受力如图：据左手定则可知，小球斜向左下方运动，电场力做负功，电势能增大。故A项错误。B：若小球带负电，小球受力如图：据左手定则可知，小球斜向右下方运动，电场力做负功，电势能增大。故B项错误。C：无论小球带何种电荷，小球的高度都下降，重力势能减小。故C项正确。8、BD【解析】

在解决该题时，抓住F是根据平行四边形定则作出的F1和F2的合力，在平行四边形的对角线上，F′是一个弹簧秤单独拉橡皮条时的力，沿橡皮筋方向。【详解】该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，在F1、F2组成平行四边形的对角线上，F′是一个弹簧秤单独拉橡皮条时的力的图示，F′是通过实际实验得出的，故F′应与Op在同一直线上。本题选不可能出现的，故选BD。9、BC【解析】

离子在磁场中受到洛伦兹力，但不做功，故A错误；带电粒子源源不断的处于加速状态，虽速度增大，但在磁场中周期不变，所以粒子的运动周期是固定的，故B正确；离子由加速器的中心附近进入电场中加速后，进入磁场中偏转．故C正确；带电粒子从D形盒中射出时的动能，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，则圆周半径，联立得，当带电粒子q、m、B一定的，半径R越大，则越大，故D错误.故选BC.【点睛】本题考查回旋加速器的综合应用：在电场中始终被加速，在磁场中总是匀速圆周运动．所以容易让学生产生误解：增加射出的动能由加速电压与缝间决定．原因是带电粒子在电场中动能被增加，而在磁场中动能不变．10、AC【解析】

由题意可知，对左边Q受力分析，如图所示，两负q对Q的库仑力的合力与右边Q对Q的库仑力等值反向设菱形的边长为a，则有：解得：8qsin3α=Q即为对q，有：解得：A.cos3α＝与计算结果相符，故A正确。B.cos3α＝与计算结果不符，故B错误。C.sin3α＝与计算结果相符，故C正确。D.sin3α＝与计算结果不符，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、增大增大减小【解析】

先根据电容的决定式分析电容的变化，再根据电容的定义式分析得到板间电势差的变化；静电计是测量电势差的仪器，根据两板间的电电势差的变化得出张角的变化；【详解】(1)将A板向左平移，板间距离增大，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U增大，则静电计指针张角增大；(2)将A板竖直向上平移，两极板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U增大，则静电计指针张角增大；(3)将电介质插入两板之间，根据电容的决定式得知，电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U减小，则静电计指针张角减小．12、0.155(0.150也得分)【解析】

（1）游标卡尺的读数先读出主尺的刻度数：1mm，游标尺的刻度第10个刻度与上边的刻度对齐，所以游标读数为：0.05×10=0.50mm，总读数为：1mm+0.50mm=1.50mm=0.150cm．（2）遮光条N通过光电门时的速度为：，遮光条M通过光电门时的速度为：，根据动能定理：，联立以上解得：．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4×107m/s（2）360V【解析】

电子在加速电场中，电场力做正功qU【详解】（1）电子在加速电场中运动时根据动能定理，得qU1=1（2）电子在偏转电场中运动时根据牛顿第二定律可得加速度a=由电子在水平方向做匀速直线运动得L=电子在竖直方向做匀加速直线运动，刚好不飞出电场时y=又y=12at2【点睛】电子在电场中做类平抛运动，不仅轨迹与平抛运动相似，是抛物线，更重要的是研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解方法处理．与平抛运动最大的不同是加速度，加速度≠g，要根据牛顿第二定律求出．14、(1)200V(2)1×104N/C【解析】

(1)由题知，电子受到向上电场力，电子带负电，则场强方向为A→B.C、D间电势差为UCD＝W/q解得：UCD＝200V(2)由题知，得E＝1×104N/C15、指向第三象限，与x轴成225°角（0.40m，0.20m）【解析】试题分析：第1s内小球沿x轴正方向做匀加速直线运动，第2s