2024-2025学年江苏省南通市海安市高二（上）月考物理试卷（10月份）（含答案）

第=page11页，共=sectionpages11页2024-2025学年江苏省南通市海安市高二（上）月考物理试卷（10月份）一、单选题：本大题共11小题，共44分。1.如图所示为一自制的偏心轮振动筛的简易图，振动筛安装在两弹簧上，偏心轮不转动时，让振动筛自由振动，测得其频率为2Hz；启动电动机，偏心轮转动，改变偏心轮的转速，让偏心轮的转速从零缓慢增加到4r/s，在此过程中(

)A.振动筛振动频率始终为2Hz

B.振动筛振动的振幅一直减小

C.振动筛振动的振幅先增大后减小

D.振动筛振动的振幅先减小后增大2.水波从深水区进入浅水区，水速变小，其折射规律类似于光的折射，若图中实线代表波峰，则下列水波折射示意图可能正确的是(

)A. B.

C. D.3.如图所示，圆盘在水平面内做周期为T的匀速转动，圆盘上距轴一定距离的P点有一质量为m的小物块随圆盘一起转动。已知小物块的线速度为v。下列对物块在T4内的说法正确的是(

)A.物块受到支持力的冲量大小为0

B.物块重力的冲量大小为mgT4

C.物块摩擦力的冲量大小为0

D.物块合力的冲量大小为πmv4.在“探究碰撞中的不变量”时，利用了如图所示的实验装置进行探究，下列说法正确的是(

)A.要求斜槽一定是光滑的

B.入射球每次释放点的高度可以不同

C.入射球和被碰球的直径必须相等

D.入射球的质量必须小于被碰球的质量5.如图所示，一束复色光从空气射到一块长方体玻璃砖上表面后分成两束单色光a、b，光束a与玻璃砖上表面的夹角为α，光束b与玻璃砖上表面的夹角为β。光束a与光束b在玻璃砖中的折射率比值为(

)A.sinαsinβ B.sinβsinα C.6.如图所示，光滑圆弧面上有一小球做简谐运动，B点为运动中的最低位置，A、C点均为运动过程中的最高位置。下列说法正确的是(

)A.B点是平衡位置，此处小球受到的回复力就是重力

B.小球在B点时，重力势能最小，机械能最小

C.小球在A点、C点时，速度最小，对圆弧面的压力最小，回复力最大

D.若增大小球做简谐运动的幅度，则其运动周期变大7.两列振幅分别为A1，A2且波长相同的平面简谐横波，以相同的速率沿相反方向在同一介质中传播，如图所示为某一时刻的波形图，其中实线为向左传播的波，虚线为向右传播的波，a、b、c、d、e为介质中沿波传播路径上五个等间距的质点。下列说法中正确的是(

)A.质点a、c、e为振动减弱点 B.质点b、d为振动减弱点

C.质点a、c、e始终静止不动 D.图中时刻质点b的速度方向向下8.如图所示，假想沿地轴方向凿通一条贯穿地球两极的隧道PQ，隧道极窄，地球仍可看作一个球心为O、半径为R、质量分布均匀的球体。已知一个质量分布均匀的薄球壳对位于球壳内任意位置质点的万有引力都等于0。现从隧道口P点由静止释放一小球，则(

)A.小球将一直做匀加速运动

B.小球先做匀加速运动，后做匀减速运动

C.小球以O点为平衡位置做简谐运动

D.小球将运动到地心后减速到0，最终悬停在地心

9.如图所示，一架质量为m的喷气式飞机飞行的速率是v，某时刻它向后喷出的气体相对飞机的速度大小为u，喷出气体的质量为Δm，以地面为参考系，下列说法正确的是(

)A.若u<v，则喷出气体的速度方向与飞机飞行方向相同，喷气后飞机速度不会增加

B.只有u>v，喷气后飞机速度才会增加

C.喷气后飞机速度为v+Δmmu

10.图甲为一列简谐横波在某时刻的波形图，图乙为质点P以该时刻作为计时起点的振动图像，则从该时刻起(

)

A.经过0.3s，P点沿x轴传播3m

B.在t=0.25s时刻，Q点加速度大于P点加速度

C.在t=0.1s时刻，Q点位于x轴下方

D.P点的振动速度始终为10m/s11.如图所示，质量均为m的A、B两个弹性小球，用长为2l的不可伸长轻绳连接.现将两球置于间距为l的足够高处，当A球自由下落的同时，B球以速度v0指向A球水平抛出.不计空气阻力，则从开始释放到绳子绷紧过程中(

)A.A球下落高度为32l时，一定与B球发生碰撞

B.碰撞后瞬间A的速度大小为v0

C.轻绳拉直过程中，A的水平速度增加

D.二、实验题：本大题共1小题，共15分。12.在“用单摆测量重力加速度”的实验中：

(1)为了较精确地测量重力加速度的值，图甲四种单摆组装方式最合理的是______；

(2)在摆球自然下垂的状态下，用毫米刻度尺测得摆线长度为l；用游标卡尺测量摆球的直径d，示数如图乙所示，则d=______mm；若测定了40次全振动的时间如图丙中秒表所示，秒表读数是______s。

(3)将小球从平衡位置拉开一个小角度静止释放，使其在竖直面内振动。待振动稳定后，从小球经过平衡位置时开始计时，测量N次全振动的时间为t，由本次实验数据可求得g=______(用l、d、N、t表示)；

(4)改变摆线长度l，重复实验，测得每次实验时单摆的振动周期T，作出l−T2图像为图丁中的______(选填“A”“B”或“C”)。

(5)若实验操作不当，使得摆球没有在一个竖直平面内摆动，但仍然利用所测得的运动周期根据单摆周期公式计算重力加速度。则计算出的重力加速度比真实值______(选填“偏大”“偏小”)。三、计算题：本大题共4小题，共41分。13.一列简谐横波在某弹性介质中沿x轴传播，在t=0时的波形如图中实线所示，经Δt=0.4s后的波形如图中虚线所示。

(1)若该波的周期T>0.4s，求该波的传播速度大小；

(2)若波向x轴负方向传播，且T<Δt<2T，求x=0.4m处的质点第一次出现波谷的时刻。14.如图，工人用一只手水平拖着一块质量为m的砖块，另一只手用小铁锤以大小为v0的速率竖直向下击打(击打时间极短)，击打后小铁锤以大小为13v0的速率弹回，已知小铁锤质量为m0，砖块受到击打后在手中的缓冲时间为t，重力加速度用g表示。

(1)求在击打过程中，铁锤所受的冲量I；

(2)求砖头缓冲过程中对手压力

15.如图所示，足够大的光滑水平桌面上，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在桌面左端，另一尚与小球A拴接。开始时，小球A用细线跨过光滑的定滑轮连接小球B，桌面上方的细线与桌面平行，系统处于静止状态，此时小球A的位置记为O(图中未画出)，A、B两小球质量均为m。现用外力缓慢推小球A至弹簧原长后释放，在小球A向右运动至最远点时细线恰好断裂(此时小球B未落地)，已知弹簧振子的振动周期T=2πmk，弹簧的弹性势能Ep=12kx2(x为弹簧的形变量)，重力加速度为g，空气阻力不计，弹簧始终在弹性限度内。求：

(1)初始系统处于静止状态时弹簧的形变量x0；

(2)细线断裂后，小球A到达O点时的速度大小v016.如图所示，以A、B为端点的14光滑圆弧轨道固定于竖直平面内，一长滑板静止在光滑水平地面上，左端紧靠B点，上表面所在平面与圆弧轨道相切于B点。滑板右端L0=R6处有一竖直固定的挡板P，一物块从A点由静止开始沿轨道滑下，经B滑上滑板。已知物块可视为质点，物块质量为m，滑板质量为M=3m，圆弧轨道半径为R，物块与滑板间的动摩擦因数为μ=0.5，重力加速度为g。滑板与挡板P和轨道B端的碰撞没有机械能损失。

(1)求物块滑到B点时受到轨道支持力的大小；

(2)求滑板与挡板P碰撞前瞬间物块的速度大小v1；

参考答案1.C

2.B

3.B

4.C

5.D

6.C

7.B

8.C

9.C

10.B

11.D

12.D

16.3

135.2

4π2(I+d213.解：(1)如果波沿+x方向传播，则有：(n+13)T=Δt

解得：T=1.23n+1s

若该波的周期T>0.4s，则n=0，T=1.2s

该波的传播速度大小为：v=λT=1.21.2m/s=1m/s；

如果波沿−x方向传播，则有：(n+23)T=Δt

解得：T=1.23n+2s

若该波的周期T>0.4s，则n=0，T=0.6s

该波的传播速度大小为：v=λT=1.20.6m/s=2m/s；

(2)如果波沿−x方向传播，则有：(n+23)T=Δt

解得：T=1.23n+2s

若该波的周期T<Δt<2T，则0.2s<T<0.4s，则n=1，T=0.24s

该波的传播速度大小为：v′=14.解：(1)设方向向下为正方向，在击打过程中，对铁锤由动量定理得：

I=−m0⋅13v0−m0v0

解得：I=−43m0v0

在击打过程中，铁锤所受合外力的冲量大小为43m0v0，方向竖直向上；

(2)在击打过程中，由于时间极短，符合系统动量守恒，取向下为正方向，由动量守恒定律可得

m0v0=−m0⋅15.解：(1)A静止于O点平衡时，有

kx0=mg

解得x0=mgk

(2)A、B系统的简谐振动中，振幅为A=x0=mgk

根据对称性，小球A向右运动至最远点时弹簧伸长量为2x0，细线断裂后，小球A到达O点时，根据能量守恒定律有

12mv02=12k(2x0)2−12k(x0)2

解得：v0=g3mk

(3)细线断裂后A球单独做简谐振动，振幅变为了A′=2x0=2mgk

则A球单独做简谐运动的振动方程为16.解：(1)设物块滑到B点时的速度大小为v0，物块由A点到B点过程，由机械能守恒定律得：

mgR=12mv02

解得：v0=2gR

在B点由牛顿第二定律得：

F−mg=mv02R

解得物块滑到B点时受到轨道支持力的大小为：F=3mg

(2)假设滑板与挡板P碰撞前物块与滑板已达到共同速度，设共速的速度大小为v，物块与滑板组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

mv0=(m+M)v

设此过程滑板位移大小为s，对滑板，由动能定理得：

μmgs=12Mv2−0

解得：s=3R8

因s>L0，故假设不成立，说明滑板与挡板P碰撞前瞬间物块与滑板未达到共速。

设滑板与