2025届北京市朝阳外国语物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2025届北京市朝阳外国语物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、为测某电阻R的阻值，分别接成如图（a）、（b）两电路，在（a）电路中电压表和电流表的示数分别为3V、3mA，乙电路中两表示数分别是2.9V、4mA，则被测电阻的值应为()A．比1000Ω略大一些 B．比1000Ω略小一些C．比750Ω略大一些 D．比750Ω略小一些2、下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（）A．根据电场强度的定义式E=F/q，电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量成反比B．根据电容定义式C=Q/U，电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C．根据真空中点电荷场强公式，电场中某点场强和场源电荷的电荷量成正比D．根据E=U/d，可知在匀强电场中，电场强度与电压成正比3、甲、乙两铁球质量分別是m甲＝1kg、m乙＝2kg，在光滑水平面上沿同一直线运动，速度分别是v甲＝6m/s、v乙＝2m/s，甲追上乙发生正碰后两物体的速度有可能是（）A．v甲＝4m/s，v乙＝7m/s B．v甲＝2m/s，v乙＝4m/sC．v甲＝3m/s，v乙＝3m/s D．v甲＝4m/s，v乙＝3m/s4、某电场区域的电场线如图所示．把一个电子从A点移到B点时（）A．电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功B．电子所受的电场力减小，电场力对电子做正功C．电子所受的电场力增大，电势能减少D．电子所受的电场力增大，电势能增大5、如图所示，一块均匀的长方体导体，长为a，宽为b，厚为c。电流沿AB方向时测得导体的电阻为R，则电流沿CD方向时导体的电阻以及导体的电阻率分别为（）A．； B．；C．； D．；6、如图所示，质量为m的带电小球A悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E的水平匀强电场中，当小球A静止时，细线与竖直方向成30°角，则小球所带的电量应为（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，输入电压U恒为16V，灯泡L标有“6V，6W”字样，电动机线圈的电阻RM=1Ω，若灯泡恰能正常发光，则下列说法中正确的是（）A．电动机的输入功率为16WB．电动机的输出功率为10WC．电动机的热功率为1WD．整个电路消耗的电功率为16W8、如图，螺线管B置于闭合金属圆环A的轴线上，当B中通过的电流增加（）A．环A有扩张的趋势B．环A有缩小的趋势C．螺线管B有缩短的趋势D．螺线管B有伸长的趋势9、如图所示，在水平连线MN和PQ间有竖直向上的匀强电场，在MN上方有水平向里的匀强磁场．两个质量和带电量均相等的带正电的粒子A、B，分别以向右的水平初速度v0、2v0从PQ连线上O点先后进入电场，带电粒子A、B第一次在磁场中的运动时间分别为tA和tB，前两次穿越连线MN时两点间的距离分别为dA和dB，粒子重力不计，则A．tA一定小于tBB．tA可能等于tBC．dA一定等于dBD．dA可能小于dB10、横截面积为s的导线中通有电流I，已知导线每单位体积内有n个自由电子，每个电子的电量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导线横截面的电子数是（）A．nvtB．nsvtC．IteD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在《测定金属丝电阻率》的实验中，取了很小一段金属丝．用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图，金属丝的直径为____________mm．用游标卡尺测长度，则长度为________mm12．（12分）要测量一段金属丝的电阻率，其阻值大约是9Ω，实验室里准备了以下器材：A．电源：电动势E=7.5VB．电压表V，量程6V，内阻约10kΩC．电流表A1，量程3mA，内阻为200ΩD．电流表A2，量程0.6A，内阻约0.2ΩE．电流表A3，量程3A，内阻约0.02ΩF．滑动变阻器Rl，最大阻值10Ω，最大电流为2AG．滑动变阻器R2，最大阻值50Ω，最大电流为0.2AH．导线、电键若干(1)若金属丝长度为L，直径为D，阻值为R，则其电阻率ρ＝____。用螺旋测微器测合金丝的直径如上图所示，读数为_____mm。(2)测量电阻时，要求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，则在上述器材中，电流表应选________；滑动变阻器应选________。(填器材前面的字母代号)；(3)在虚线框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图________；(4)若实验室里准备的电压表V已损坏，现将电流表A1改装成一个量程为6.0V的电压表，需串联一个阻值________Ω的电阻。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，足够长的水平U形光滑金属导轨，宽度为L=1m，导轨电阻忽略不计，定值电阻R=0.4Ω．所在空间均存在磁感应强度B=0.5T，方向垂直导轨向上的匀强磁场．质量m=0.2kg，电阻r=0.1Ω的金属棒ab垂直置于导轨上，现用水平向右垂直于金属棒、大小为F=2N的恒力拉动ab棒由静止开始向右运动．求金属棒：​（1）匀速运动时的速度大小；（2）速度达到v1=2m/s时，其加速度大小．14．（16分）如图，匀强电场的场强为103V/m，a、b两点间的距离为0.1m，ab连线与电场方向的夹角为600，则a、b两点间的电势差为多少？若将电量为的点电荷从a点移到b点，电场力做功为多少？15．（12分）如图所示，在平面直角坐标系xoy中，x轴下方第三、四象限内有垂直平面向里的匀强磁场，x轴上方有一圆形边界匀强磁场（图中未画出），圆形有界磁场的磁感应强度是x轴下方磁场磁感应强度的4倍，一质量为m、电荷量为q的带电粒子从x轴上距离坐标原点L处的A点以速度v射入匀强磁场，速度方向与x轴夹角为θ=300，经磁场偏转后从x轴上距离坐标原点L处的B点射出匀强磁场，然后射入圆形磁场，恰好又能回到A点，以后周期性运动，不计重力，求：（1）x轴下方磁场的磁感应强度大小；（2）圆形有界磁场的最小半径；（3）粒子运动周期T。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】用试触法判断电流表内外接方法是：哪个电表的变化大就用哪个表侧真实值，电压表的变化为，大于电流表的变化，故应该让电压表侧真实值，即电流表外接（乙图），，电流表测量值偏大，故所测电阻值比真实值大，所以待测电阻的值应为比750Ω略大一些，故应该选C2、C【解析】A、公式是电场强度的定义式，电场强度大小有电场本身的性质决定，与试探电荷q无关，与所受到的电场力F无关，故A错误；B、公式是电容定义式，电容也是电容器本身的性质，和极板上的电荷量及电压无关，故B错误；C、公式是真空中点电荷电场强度决定式，当距离r变大时，电场强度变小，电场中某点场强和场源电荷的电荷量成正比，故C正确；D、公式是E与U的关系式，在匀强电场中，电场强度不变，与电压无关，故D错误；故选C。3、B【解析】

根据碰撞过程动量守恒、机械能不可能增加，碰撞后不能发生二次碰撞。以甲的初速度方向为正方向，碰撞前总动量为：P=m甲v甲+m乙v乙=1×6+2×2=10kg•m/s碰撞前的动能为：A．碰后v甲=4m/s、v乙=7m/s，动量增加，机械能增大。故A不符合题意。

B．碰后v甲=2m/s、v乙=4m/s，动量守恒，机械能减小。故B符合题意。C．碰后v甲=3m/s、v乙=3m/s，动量不守恒，机械能减少。故C不符合题意。D．碰后v甲=4m/s、v乙=3m/s，v甲＞v乙，碰后甲乙还要发生二次碰撞。故D不符合题意。4、C【解析】

由图可知，B处电场线密，电场强度较大，所以电子在B受到的电场力较大，电子所受电场力方向与电场线方向相反，所以从A运动到B，电场力对电子做正功，故AB错误；电子从A点移到B点时，电场力增大，而电场力做正功，其电势能减小，故C正确，D错误．5、B【解析】

电流沿AB方向时测得导体的电阻为R，则解得电流沿CD方向时导体的电阻故选B。6、A【解析】

小球受到三个力作用：重力mg、电场力F和细线的拉力T，根据平衡条件得知：F和T的合力与重力mg大小相等、方向相反，根据平衡条件可得解得：故A正确BCD错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

电动机两端的电压U1=U-UL=16-6V=10V，整个电路中的电流，所以电动机的输入功率P=U1I=10×1W=10W，故A错误；电动机的热功率P热=I2RM=1×1W=1W，则电动机的输出功率P2=P-I2RM=10-1W=9W，故B错误，C正确；整个电路消耗的功率P总=UI=16×1W=16W，故D正确．所以CD正确，AB错误．8、AC【解析】AB、当B中通过的电流逐渐增加时,电流产生的磁场逐渐增强,故穿过A的磁通量增加,为阻碍磁通量增加,根据楞次定律可以知道,环A应向磁通量减小的方向形变.因为A环中有两种方向的磁场:B线圈外的磁感线方向与B线圈内的磁感线方向相反,B线圈外的磁感线要将B线圈内的磁通量抵消一些,当A的面积增大时,穿过A的磁通量会减小,所以可以知道环A应有扩张的趋势,所以A选项是正确的,B错误;CD、线圈B中电流增加,每匝线圈产生的磁场增强,线圈间的引力增大,所以螺线管B有缩短的趋势,所以C选项是正确D错误;综上所述本题答案是：AC9、AC【解析】

粒子在电场中运动只受电场力作用，故加速度相等，那么，粒子第一次穿过MN时的竖直分速度相同，水平速度不变，分别为，；粒子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力做向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，粒子在磁场中做圆周运动的周期：；根据圆周运动规律可得：粒子转过的圆心角为，故粒子A转过的中心角比粒子B小，又有周期相等，故，故A正确，B错误；前两次穿越连线MN时两点间的距离为：，故，故C正确，D错误．所以AC正确，BD错误．10、BC【解析】电流可以表示为：I＝ensv＝Net解得：N=nsvt；N＝Ite，故BC正确，AD错误，三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.99510.94【解析】

[1]由图一所示螺旋测微器可知，金属丝的直径：d=1.5mm+49.5×0.01mm=1.995mm；[2]由图二所示可知，游标卡尺是（50分）度，金属丝的长度为：。12、（1）πRD24L，1.705；（2）D，F；（3）【解析】

应用电阻定律可以求出电阻率的表达式，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，由图示螺旋测微器可以读出其示数；根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表外接法；要求待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压接法．估算电流的最大值，选择电流表量程；改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=U【详解】解:(1)金属丝的电阻：R=ρLS=ρ固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×20.5mm=0.205mm，则此金属丝的直径为1.705mm;(2)待测电阻中最大电流约为Imax=URX=69(3)根据题意得RVRX(4)把电流表改装成电压表要串联的阻值R=四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）【解析】

(1)ab棒向右运动切割磁感线产生动生电动势：根据闭合电路的欧姆定律知：导体棒所受安培力为：导体棒先做加速度减小的变加速直线运动，后做匀速直线运动，有：联立各式得：(2)速度达到v1=2m/s时的安培力为对导体棒由牛顿第二定律：解得：【点睛】本题安培力与速度的关系式推导是关键，安培力是联系