高中物理练习卷答案

参考答案1.C解：、裁判员评判击剑、蹦床、跳水运动员比赛成绩时，运动员的大小和形状不能忽略，不能看作质点，场地自行车比赛中运动员的体积相对于跑道来说可以忽略；故可以看作质点，故C正确；故选：C2.B解：由于运动员和摄影记者以相同的速度运动，故以运动员作为参考系，记者是静止的，故运动员的图片是清晰的，但由于背景相对于运动员是运动的所以背景相对于摄像机是运动的，所以拍摄的背景是模糊的。故在“追拍法”中摄影师选择的参考系是运动员，故ACD错误，B正确。

故选：B。3.B解析：A.匀速直线运动的物体，速度变化为零，加速度为零，但它的速度不为零，故A错误；B.由可知，加速度是表示物体运动速度对时间的变化率，则速度变化率越大，其加速度就越大，B对；C.质点某时刻的加速度不为零，但速度可能为零，如自由落体运动的开始时刻，竖直上抛到最高点的时刻。故C错误；D.由可知，加速度越大说明速度变化越快，速度的变化率大，但速度变化不一定大，故D错误。4.D解：A、在x-t图象中，斜率代表物体运动的速度，由于潜艇的x-t图象为倾斜的直线，故速度不变，做匀速直线运动，故A错误；

B、x-t图象只能表示物体做直线运动的规律，知鱼雷一定做直线运动。故B错误；

C、在t2时刻鱼雷与潜艇到达相同位置，故相遇，故C错误；

D、由x-t图象可知，鱼雷运动的位移大于潜艇的位移，故在0～t2时间内鱼雷大于潜艇的平均速度，故D正确。

故选：D。5.D解：A.由得，A正确；B.由可得，B正确；C.自由落体运动的加速度为重力加速度g，所以加速度之比为1：1，C正确；D.由可得，D错误；本题选错误的答案，故选：D6.D解：AB、t=0时刻a、b、c三辆汽车同时经过同一路标，0～t1时间内，a的速度比b的速度大，a在b的前方，a、b间距离逐渐增大，，t1时刻两者图像相交，速度相等；故A、B正确；

C、根据速度-时间图象与时间轴所围的面积表示位移，0～t1时间内，相同时间内a的位移最大，则a位于b、c前面，C正确；D、因为0～t1时间内，a的位移最大，c的位移最小，因t=0时三者在同一位置，则t1时刻a在最前面，c在最后面。t1时刻以后的一小段时间内，a仍位于b、c前面，D错误；

故选：D。7.B解：A、汽车减速时的加速度为，这段时间内的位移，故A错误；

B、汽车加速的位移，则汽车通过的总位移x=x1+x2=50m+75m=125m,故B正确；

C、汽车恢复到20m/s所用的时间，故C错误；

D、汽车通过自动收费装置耽误的时间应为实际的时间与汽车匀速通过该段的时间差，汽车匀速通过这段距离所用的时间,因此汽车耽误的时间Δt=t1+t2-t=4s+6s－6.25s=3.75s,故D错误。

故选：B。8.AD解：A、v-t图象与时间轴围成的面积表示物体在该段时间内发生的位移大小，图象在时间轴上方位移为正，图象在时间轴下方位移为负，可知，0~2s内的位移与2

s~4

s内的位移大小相等，方向相反，在两段时间内都是直线运动，所以对应的位移大小与路程相等，则0~2s内的路程与2

s~4

s内的路程大小相同，故正确；

B、v-t图象的斜率表示加速度，故质点在第5

s内的加速度与第6

s内的加速度大小相等，方向相同，故B错误；

C、根据图象与时间轴围成的面积表示位移，知2s末距出发点最远，故C错误。

D、根据图象与时间轴围成的面积表示位移，知0~4s内质点的位移为0，则4s末经过出发点，故D正确；

故选：D。9.AC解：A、由速度—时间公式可得，汽车速度减到零时的时间为：,经4s时汽车已经静止，故A正确；

B、汽车刹车后6s内的位移等于4s内的位移，即为：,故B错误；

C、将刹车过程的逆过程看作初速度为零的匀加速运动，则汽车在第4s末速度为零，汽车在第3s末、第2s末、第1s末的速度之比为1:2:3，故C正确；

D、将刹车过程的逆过程看作初速度为零的匀加速运动，根据初速度为零的匀加速直线运动中，连续相等的时间内位移之和为1：3：5：7：……可知，汽车在刹车后第一个1s、第二个1s、第三个1s、第四个1s内位移之比为7：5：3：1，故D错误。

故选：AC。10.BC解：A、不管石块从多高处落下，根据，前1s、前2s的位移一定，故第二秒内的位移也是一定的，故无法求解下降的总高度，故A错误；

B、只需测出石块下落到楼房高度的一半时的速度v,则下落一半的高度，故楼高，故B正确；

C、石块落地前最后1s内的位移已知，根据，解得，故楼高，故C正确；

D、知道石块通过最后1m位移的时间t,可以根据位移—时间关系公式可得：，解得，再根据速度-位移公式可得，则，故楼高，故D错误；

故选：BC。11.答案：（1）交流、220V计时0.1；（2）0.479；（3）0.80解：（1）电火花打点计时器使用220V的交流电源，它是一种计时仪器，频率f=50Hz,它每隔0.02秒打一次点。每相邻两个计数点之间有四个点未画出，则每两个相邻的计数点之间的时间间隔为T=0.02×5=0.1s；

（2）根据匀变速直线运动的某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，所以C点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则；（3）根据Δx=aT2得，则有，代入数据解得。12.答案：（1）接通打点计时器释放纸带（2）匀变速两个连续相等的时间间隔内的位移之差恒定4.0（3）（4）解：（1）为了充分利用纸带，实验时应先接通电源，再释放纸带；（2）由图可知，邻计数点间的距离之差Δx=40m,因为两个连续相等的时间间隔内的位移之差恒定可知小车做匀变速直线运动；

根据匀变速直线运动的推论公式Δx=aT2可以求出加速度的大小，即小车运动的加速度计算表达式为：；由于相邻计数点间仍有四个点，因此相邻计数点时间间隔为T=0.1s；代入数据，解得（3）在纸带上选择0、1、2、3、4、5共6个计数点，他只测出了图中的x1、x2，

已知相邻两计数点之间的时间间隔均为T，依据则小车运动的加速度大小为（4）如果这位同学实验时测出纸带上计数点2和4间距为L1、计数点3和5间距为L2，

同理，则小车的加速度大小为。13.解：（1）设武警战士加速下滑的距离为h1，减速下滑的距离为（H-h1），加速阶段的末速度等于减速阶段的初速度，为vmax，由题意和匀变速运动的位移—速度关系式得：

自由落体过程：①

匀减速运动过程：②

由①②两式代入数据解得：h1=8.45

m,

武警战士的最大速度为：vmax=13

m/s（2）加速时间减速时间，则下滑的最短时间；答：（1）加速下滑的距离为8.45m；（2）武警战士下滑到地面的时间为3.8s。14.解：（1）设李某初速度为v0，刹车过程通过的位移为s1，则，代入数据解得，所以李某超速；减速所用时间为t1，则，代入数据解得t1=2s；（2）由题意可知答应时间内通过的位移设反应时间为t2，则，解得t2=0.8s；则反应时间延长了。答：（1）减速过程所用时间为2s，李某超速；（2）李某的反应时间延长了0.4s。15.解：设白车停下来所需的时间为t1，减速过程通过的距离为x1，则υ1=a1t1，解得

s1=200m,t1=10s；

在t1