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2021北京市中考数学一模分类汇编——几何综合1(2021ABCAB=BAC40CMACM=80D上,连接,E是CE的对称点为,连接DF.(1)依题意补全图形;(2)判断与DF的数量关系并证明;(3)平面内一点GDGDC,FGFB,求∠的值.2(2021ABCAB=BAC90D是△ABC内一点,∠ADC=∠BAC.过点B作BE交的延长线于点.(1)依题意补全图形;(2)求证:∠CAD=∠ABE;(3)在()补全的图形中,不添加其他新的线段,在图中找出与相等的线段并加以证明.第1页(共7页)32021•东城区一模)已知∠=°,点BAM上一个定点,点P为线段AB上BP关于直线的对称点为点QBQA关于直线的对称点为点,连接,CP.(1)如图1,若点P的中点;①直接写出∠AQB的度数;②依题意补全图形,并直接写出线段与的数量关系;(2)如图2,若线段与交于点D.①设∠BQPα,求∠CPQ的大小(用含α②用等式表示线段DCDQDP之间的数量关系,并证明.42021•朝阳区一模)如图,在等腰三角形ABC中,∠BAC<°,ABACD为BC边的中点,将线段ACA逆时针旋转60°得到线段AE,连接交于点F.(1)依题意补全图形(2)求∠AFE的度数;(3)用等式表示线段,BFEF之间的数量关系,并证明.第2页(共7页)52021•丰台区一模)如图,在△ABC中,∠ACB=90CA=CBP在线段AB上,作射线CP0°<∠ACP<45绕点C逆时针旋转45°,得到射线CQ,过点A作ADD,交,连接.(1)依题意补全图形;(2)用等式表示线段,DE之间的数量关系,并证明.62021•石景山区一模)在△ABC中,AB=AC,∠BAC=(°<α60E是△ABCAECEA顺时针旋转AC△ADB,延长CE与射线MMD(1)依题意补全图1;(2)探究∠ADM与∠AEM的数量关系为;(3DE平分∠ADBMCAE明.第3页(共7页)72021•通州区一模)已知点P为线段AB上一点,将线段绕点A逆时针旋转60得到线段AC;再将线段B120°,得到线段BD;连接ADAD中点,连接BMCM.(1)如图1,当点PCM上时,求证:PMBD;(22P不在线段CM与的数量关系与位置关系,并证明.82021•房山区一模)已知:在△ABC中,∠=°,∠ABCαBC为斜边作等腰Rt△BDC,使得AD两点在直线BC的同侧,过点D作DEAB于点E.(1)如图1=°时,①求∠的度数;②判断线段与的数量关系;(2°<α90AE与的数量关系是否保持不变?依题意补全图证明.第4页(共7页)9(2021ABCACB=ACBCD是直线ABD不与点ABDC并延长到E,使得CE=CD,过点E作EF⊥直线BC直线BC.(1DEFCF的数量关系,并证明;(D为线段CF、AC的数量关系是否发生改变,并证明.102021•顺义区一模)如图,等腰三角形ABC中,ABAC,⊥D,∠α.(1DCB的大小(用含α(2)延长ECE=AC,连接并延长交的延长线于点F.①依题意补全图形;②用等式表示线段EF与之间的数量关系,并证明.第5页(共7页)2021•延庆区一模)在正方形ABCD中,点E在射线BC上(不与点、C接DBDEDEE逆时针旋转90°得到EF,连接BF.(1)如图1E在BC边上.①依题意补全图1;②若AB=6EC=,求的长;(2)如图,点E在边的延长线上,用等式表示线段BDBEBF之间的数量关系.122021•大兴区一模)如图1,等边△P是边上一点,作点C关于直线AP的对称点D,连接,BDAE⊥于点;(1)若∠=°,依题意补全图1,并直接写出∠BCD的度数;(2)如图2,若∠=(0°<<°①求证:∠BCD=∠BAE;②用等式表示线段BDCD之间的数量关系并加以证明.第6页(共7页)13(2021ABCDA逆时针旋转(°<α<°)得到线段AE,与延长线相交于点,过B作BG交G,连接BE.(1)如图1,求证:∠BGC=∠AEB;(2°<<°)时,依题意补全图2,用等式表示线段AHEFDG之间的数量关系,并证明.第7页(共7页)2021北京市中考数学一模分类汇编——几何综合1(2021ABCAB=BAC40CMACM=80D上,连接,E是CE的对称点为,连接DF.(1)依题意补全图形;(2)判断与DF的数量关系并证明;(3)平面内一点GDGDC,FGFB,求∠的值.【分析】()由题意画出图形,如图所示;(2)由“”可证△AEC≌△DEF,可得ACDF=AB;(3)由题意可得点G在以点DDC为半径的圆上,点G在以点F为圆心,FBGSSSABF≌△DFGBAF=∠FDG=140°,即可求解.【解答】)如图所示:(2ABDF,理由如下:∵E是的中点,∴AEDE,∵C关于点E的对称点为F,∴CEEF,又∵∠AEC=∠FED,第1页(共27页)∴△AECDEF(SAS,∴ACDF,∵ABAC,∴ABDF;(3)如图2,连接AF,∵AEDECE=EF,∴四边形ACDF是平行四边形,∴∠ACM+CAF=180°,AFCDDF==,∴∠CAF=100°=∠CDF,∴∠BAF=140∵DG=,∴点G在以点DDC为半径的圆上,∵FGFB,∴点G在以点F为圆心,FB为半径的圆上,∴两圆的交点为G,∵ABDF,=DG,=FG,∴△ABF≌△DFGSSS,∴∠BAF=∠FDG140∴∠CDG=°,第2页(共27页)同理可证△ABF≌△DFG,∴∠BAF=∠GDF140∴∠CDG=360°﹣100°﹣140°=120综上所述:∠CDG=120°.【点评】本题是三角形综合题,考查了全等三角形的判定和性质,等腰三角形的性质,平行四边形的判定和性质,确定点G的位置是本题的关键.2(2021ABCAB=BAC90D是△ABC内一点,∠ADC=∠BAC.过点B作BE交的延长线于点.(1)依题意补全图形;(2)求证:∠CAD=∠ABE;(3)在()补全的图形中,不添加其他新的线段,在图中找出与相等的线段并加以证明.【分析】()根据要求作出图形即可.(2)利用三角形内角和定理以及平行线的性质证明即可.(3)结论:=AEABE≌△(AAS【解答】()解:图形如图所示.(2)证明:∵CDBE,∴∠CDEAEB,∵∠ADCBAC,∴∠ABC∠ACB=∠+ACD=∠CDE=∠AEB,第3页(共27页)∵∠BAE∠ABE∠AEB180°,∠BAE+DAC+2∠ABC=180°,∴∠BAE∠ABE+2∠=180°,∴∠CADABE.(3)解:结论:=.理由:在AE的延长线上取一点TCDCT,∵CDCT,∴∠=∠CDT,∵CDBE,∴∠AEB=∠T,∵ABAC,∠ABE,∴△ABE≌△(AAS,∴AECT,∴CDAE.【点评】本题考查作图﹣复杂作图,全等三角形的判定和性质等知识,解题的关键是熟练掌握基本知识,学会添加常用辅助线,构造全等三角形解决问题.32021•东城区一模)已知∠=°,点BAM上一个定点,点P为线段AB上BP关于直线的对称点为点QBQA关于直线的对称点为点,连接,CP.(1)如图1,若点P的中点;①直接写出∠AQB的度数;②依题意补全图形,并直接写出线段与的数量关系;(2)如图2,若线段与交于点D.①设∠BQPα,求∠CPQ的大小(用含α②用等式表示线段DCDQDP之间的数量关系,并证明.第4页(共27页)【分析】()PQ=PB,可得结论.②图形如图所示:结论:PC=.证明∠APC=°,可得结论.(2①2BCCQPQCCPB=∠CQB=∠AQB,由∠APC∠CPB=180°,推出∠+PDQ=180°,推出∠PDQ=120°,推出∠DQPDPQ60°,可得结论.②21CDDPDQAD上取一点TDTDP用全等三角形的性质解决问题即可.【解答】)∵QAN对称,∴APAQ,∠=∠QAN=∴△APQ是等边三角形,∴PQ,∵点P为线段的中点,∴PB,∴PQPB,∴∠AQB90②图形如图所示:结论:PC=.第5页(共27页)理由:∵∠AQB=°,,C关于对称,∴AQQC,∴PQQCAQ,∴∠60∴=tan60∴PC=.(2①2中,连接BCCQ.∵,C关于对称,∴BCBA,=,∵BQBQ,∴△BQCBQA(SSS∴∠BCQBAQ60°,∠BQCBQA,∵∠APQ60∴∠BPQ120°,∴∠BPQ+BCQ=180第6页(共27页)∴,,QC∴∠CPB=∠CQB=∠AQB,∵∠APC∠CPB=180∴∠+PDQ=180∴∠PDQ=120°,∴∠DQP+DPQ=°,∴∠CPQ60α.②21中,结论:CDDPDQ.理由:连接AD上取一点TDTDP.∵∠+PDQ=180∴,,DQ∴∠PDT=∠PQA=∵DTDP,∴△PDT是等边三角形,∴PDPT,∠DPT=∴∠DPQ=∠,∵PDPT,=,∴△DPQ≌△SAS,∴DQ=,∴ADDT=DQ,∵,C关于对称,∴DCAD,第7页(共27页)∴CDDPDQ.【点评】本题属于几何变换综合题,考查了等边三角形的判定和性质,全等三角形的判定和性质,四点共圆等知识,解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题,属于中考压轴题.42021•朝阳区一模)如图,在等腰三角形ABC中,∠BAC<°,ABACD为BC边的中点,将线段ACA逆时针旋转60°得到线段AE,连接交于点F.(1)依题意补全图形(2)求∠AFE的度数;(3)用等式表示线段,BFEF之间的数量关系,并证明.【分析】()根据要求作出图形即可.(2)利用圆周角定理解决问题即可.(3)结论:EFAFBF.如图,连接CFEC上取一点,使得FTFC接CT.证明△FCA≌△TCE(SAS=ET,可得结论.【解答】)图形如图所示:(2)∵ABACAE,第8页(共27页)∴点A是△的外心,∵∠CAE=°,∠CBE=CAE,∴∠CBE=∵ABAC,=,∴ADBC,∴∠BDF90∴∠AFE=∠BFD=°﹣30°=°.(3)结论:EFAFBF.理由:如图,连接CF,EC上取一点,使得FTFC,连接CT.∵垂直平分线段BC,∴FBFC,∴∠BFDCFD=∠AFE=∴∠CFE=∵FT=,∴△CFT是等边三角形,∴CFCT,∠FCT=∵ACAE,∠CAE60∴△ACE是等边三角形,∴CACE,∠ACE=∠FCT60∴∠FCA=∠TCE,∴△FCA≌△TCE(SAS,∴AFET,∴EFFT+ETBF+AF.【点评】本题属于几何变换综合题,考查了等腰三角形的性质,圆周角定理,等边三角构造全等三角形解决问题.52021•丰台区一模)如图,在△ABC中,∠ACB=90CA=CBP在线段AB上,作射线CP0°<∠ACP<45绕点C逆时针旋转45°,得到射线CQ,第9页(共27页)过点A作ADD,交,连接.(1)依题意补全图形;(2)用等式表示线段,DE之间的数量关系,并证明.【分析】()根据要求作出图形即可.(2)结论:+BE.延长DA至FDFDE,连接CF.利用全等三角形的性质解决问题即可.【解答】)如图所示:(2)结论:+BE.理由:延长DA至,使DFDE,连接CF.∵ADCPDFDE,∴CECF,∴∠DCFDCE45∵∠ACB=∴∠ACD+ECB45∵∠DCA+ACFDCF=45∴∠FCA=∠ECB,在△ACF和△第10页(共27页),∴△ACF≌△BCE(SAS,∴AFBE,∴ADBEDE.【点评】本题考查作图﹣旋转变换,全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的判定和性质等知识,解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题,属于中考常考题型.62021•石景山区一模)在△ABC中,AB=AC,∠BAC=(°<α60E是△ABCAECEA顺时针旋转AC△ADB,延长CE与射线MMD(1)依题意补全图1;(2)探究∠ADM与∠AEM的数量关系为∠ADM=∠AEM或∠ADM+∠AEM=180°;(3DE平分∠ADBMCAE明.【分析】()按要求作图即可;(2)△A顺时针旋转得到△ADB可得∠AEC=∠ADB,即可得到答案;(3)由∠ADM=∠AEM可得A、DE共圆,证明△AMD≌△得AD=ME,从而可得MCAEBD.【解答】)补全图1如下:第11页(共27页)(2M在线段延长线上时,如上图1,∵将△AEC绕点A顺时针旋转得到△ADB,∴∠AEC=∠ADB,∴∠ADM=∠AEM,当M在线段上时,如上图,∵将△AEC绕点A顺时针旋转得到△ADB,∴∠AEC=∠ADB,∵∠AEC∠AEM=180∴∠ADM∠AEM180故答案为:∠ADM=∠AEM或∠ADM∠AEM=180°;(3)MCAEBD,理由如下:连接AM,△AMD和△AME公共边为AM,且∠ADM=∠AEM,∴、MDE共圆,如图:第12页(共27页)∵、MDE共圆,∴∠MAD=∠MED,∵DE平分∠ADB,∴∠ADE=∠EDB,∵将△AEC绕点A顺时针旋转得到△ADB,∴ADAE,=EC,∴∠ADE=∠AED,∴∠EDB=∠AED,∴BM∥AE,∴∠DME=∠AEM,∵∠ADM=∠AEM,∴∠DME=∠ADM,在△AMD和△EDM中,,∴△AMD≌△EDMAAS,∴AD=ME,∴AE=ME,∵MC=MEEC,∴MC=AEBD.【点评】DEAMD≌△EDM.72021•通州区一模)已知点P为线段AB上一点,将线段绕点A逆时针旋转60得到线段AC;再将线段B120°,得到线段BD;连接ADAD第13页(共27页)中点,连接BMCM.(1)如图1,当点PCM上时,求证:PMBD;(22P不在线段CM与的数量关系与位置关系,并证明.【分析】()由旋转可得,△APC是等边三角形,∠PBD=120°,则∠+PBD=180°,所以PMBD.(GMG=CBG是等边三角形且点M是的中点,则有CM⊥BMCM=MB.【解答】)有题意可得,∠CAP=60°,且AP=AC,∴△APC是等边三角形,∴∠APC=∴∠BPM=°,又∵∠PBD=120∴∠BPM+PBD=180∴PM∥BD.(2)猜想,CM⊥MBCM=MB,理由如下:如图,延长BMG,使得=MB,连接,BCGCPCGD,∵AM=MDGMBM,∴四边形AGDB是平行四边形,第14页(共27页)∴AGBDAGBD,∴∠BAG180°﹣∠ABD=60∴∠CAG120°,∵△APC是等边三角形,∴ACCP,∠CPB=120°,∵PBDB=,∴△CAGCPB(SAS,∴CGCB,∠ACG=∠PCB,∴∠GCB60∴△CBG是等边三角形,∵GM=BM,∴CM⊥BMCM=MB.【点评】本题主要考查旋转的性质,等边三角形的性质与判定等;构造合适辅助线是解题关键.82021•房山区一模)已知:在△ABC中,∠=°,∠ABCαBC为斜边作等腰Rt△BDC,使得AD两点在直线BC的同侧,过点D作DEAB于点E.(1)如图1=°时,①求∠的度数;②判断线段与的数量关系;(2°<α90AE与的数量关系是否保持不变?依题意补全图证明.【分析】()由余角的性质可求∠CDE=∠DBE=25②通过证明点A,点H四点共圆,由垂径定理可得AE=BE;(2)通过证明点,点,点CH四点共圆,由垂径定理可得AEBE.第15页(共27页)【解答】)∵∠CDB=°,CDDB,∴∠DBCDCB45∴∠DBEDBC﹣∠ABC=∵DEAB,∴∠DEB90°=∠CDB,∴∠CDE+EDB=∠EDB+ABD=°,∴∠CDEDBE25②AEBE,理由如下:如图,延长BD至HBDDH,连接,∵BDDHCDBD,∴CHBC,∴∠CHBCBH45∴∠A=∠CHB=°,∠HCB90∴点A,点H四点共圆,∵∠HCB90∴D是圆心,∵DEAB,∴AEBE;(2)不变,理由如下:如图,延长BD至HBDDH,连接,第16页(共27页)∵BDDHCDBD,∴CHBC,∴∠CHBCBH45∴∠A=∠CHB=°,∠HCB90∴点A,点,点H四点共圆,∵∠HCB90∴D是圆心,∵DEAB,∴AEBE.【点评】本题是三角形综合题,考查了等腰直角三角形的性质,四点共圆,垂径定理等知识,证明点A,点H四点共圆是本题的关键.92021ABCACB=ACBCD是直线ABD不与点ABDC并延长到E,使得CE=CD,过点E作EF⊥直线BC直线BC.(1DEFCF的数量关系,并证明;(D为线段CF、AC的数量关系是否发生改变,并证明.第17页(共27页)【分析】(D作DH⊥于H,由“”可证△FECHDCCH=,DHEF,可得结论;(2D作DH于HAASFEC≌△HDCCH=DHEF,可得结论.【解答】)结论:ACEF+,理由如下:过D作DH⊥于H,∵EFCF,∴∠EFCDHC90在△FECHDC中,,∴△FECHDCAAS,∴CHFCDHEF,∵∠DHB=°,∠=°,∴DH=HBEF,∴ACBC=+=EF;第18页(共27页)(2)依题意补全图形,结论:EF=FCAC,理由如下:过D作DH交CB的延长线于H,∵EFCF,∴∠EFCDHC90在△FECHDC中,,∴△FECHDCAAS,∴CHFCDHEF,∵∠DHB=°,∠=°,∴DH=HBEF,∴EFCHBC=+AC.【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质,添加恰当辅助线构造全等三角形是本题的关键.102021•顺义区一模)如图,等腰三角形ABC中,ABAC,⊥D,∠α.(1DCB的大小(用含α(2)延长ECE=AC,连接并延长交的延长线于点F.①依题意补全图形;②用等式表示线段EF与之间的数量关系,并证明.第19页(共27页)【分析】()根据等腰三角形的性质即可得出结论;(2①根据题意即可补全的图形;②E作⊥于点HA作AGGAGC≌△可得CGEHEHFH=EF=x,进而可得结论.【解答】)∵等腰三角形ABC中,ABAC,∠Aα,∴∠ACB=∠=∵CDAB,=90,∴∠ACD90°﹣∠A°﹣α,∴∠DCBACB﹣∠ACD90﹣90α=(2①如图即为补全的图形;;②=,证明:∵∠ACE=∠ACB﹣∠DCB90∵CEAC,﹣=°﹣α,∴∠CAE=∠CEA==°+,∵∠AEC=∠+ECF,∴45+=∠F+∴∠F=,过点E作EHH,过点A作⊥于点G,第20页(共27页)∴∠BAGCAG=,在△AGC和△CHE中,,∴△AGCCHEAAS,∴CGEH,∵∠F=∴FHEH,设EHFH=EF=∴BC=CG2x,x,∴==.【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质,三角形内角和,等腰三角形的性质,解决本题的关键是掌握全等三角形的判定与性质.2021•延庆区一模)在正方形ABCD中,点E在射线BC上(不与点、C接DBDEDEE逆时针旋转90°得到EF,连接BF.(1)如图1E在BC边上.①依题意补全图1;②若AB=6EC=,求的长;(2)如图,点E在边的延长线上,用等式表示线段BDBEBF之间的数量关系.【分析】()根据要求画出图形即可;②F作⊥CB的延长线于HDCE≌△EHFAAS出EC=FH,DC=,推出CE=BHFH,再利用勾股定理解决问题即可;(2)由可得△DCEEHF,推出EC=,=EH,推出CE==,再利用第21页(共27页)等腰直角三角形的性质解决问题即可【解答】解()图形如图所示.过点F作FHCB的延长线于H,∵四边形ABCD∴CDAB=,∠C°,∵∠DEFC=°,∴∠DEC+FEH=90°,∠DEC∠EDC=∴∠FEH=∠EDC,在△DEC和△EFH中,,∴△DECEFHAAS,∴ECFH=,==EH6,∴HBEC=,∴RtFHB中,BF=(2)结论:BF+BD==2.BE.理由:过点F作⊥,交CB于H,∵四边形ABCD第22页(共27页)∴CDAB=,∠DCE=°,∵∠DEFDCE90∴∠DEC+FEH=90°,∠DEC∠EDC=∴∠FEH=∠EDC,在△DEC和△EFH中,,∴△DECEFHAAS,∴ECFHCD==,∴HBECHF,∴△DCB和△BHF都是等腰直角三角形,∴BD=∵HEBHBE,∴BFBD=BE.BC=HE,BF=,【点评】本题考查作图﹣旋转变换,全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的性质和判定等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造全等三角形解决问题.122021•大兴区一模)如图1,等边△P是边上一点,作点C关于直线AP的对称点D,连接,BDAE⊥于点;(1)若∠=°,依题意补全图1,并直接写出∠BCD的度数;(2)如图2,若∠=(0°<<°①求证:∠BCD=∠BAE;②用等式表示线段BDCD之间的数量关系并加以证明.【分析】(1)由题意画出图形;根据三角形内角和定理求出∠ABD,由∠BCD=∠ACD﹣∠ACB即可得到结论;第23页(共27页)(由轴对称的性质可得垂直平分AB=ADBAP=,由等腰三角形的性质可求解;②在AE上截取=CD定理证得△BAF≌△BCD三角形的性质得到∠ABF=∠CBD,BF=BD,可得∠FBE=∠ABC=60°,由三角函数的定义求得EF=BDAECD+BD.【解答】()解:∵△是等边三角形,∴∠ACB=∵C关于直线的对称是D,∴APCDAC=,∴∠ACD90°﹣°=°,∴∠BCDACD﹣∠ACB=(2①证明:如图,连接AD,根据题意得,AO⊥∵∠,∴∠ACD90α,∵△ABC是等边三角形,∴∠ACB=∴∠BCDACD﹣∠ACB=°﹣﹣°=°﹣,∵C关于直线的对称是D,∴APCDAC=,∴∠=∠=,∵ABAC=,AE,∴∠BAE=∠DAE=∠BAD=(∠BAC﹣∠CAD(60°﹣α)=°﹣,∴∠BCDBAE;②解:用等式表示线段BD,CD之间的数量关系是AE=+BD.证明:在AE上截取CD,连接BF,∵△ABC是等边三角形,∴ABAC,∵
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