(文末附答案)2022届高中物理电磁感应必考考点训练

（每日一练）（文末附答案）2022届高中物理电磁感应必考考点训练

单选题

1、如图所示，两根电阻不计的光滑金属导轨竖直放置，导轨上端接电阻R,宽度相同的水平条形区域I和II内

有方向垂直导轨平面向里的匀强磁场用和II之间无磁场.一导体棒两端套在导轨上，并与两导轨始终保持良

好接触，导体棒从距区域I上边界〃处由静止释放，在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻A上的电流及其

变化情况相同.下面四个图象能定性描述导体棒速度大小与时间关系的是

R

ox'xXXX^X

XXXXXx

x"xxx

2、如图所示，ACD、夕方为两根相距£的足够长的金属直角导轨，它们被竖直固定在绝缘水平面上，CDGF面与

水平面成6角.两导轨所在空间存在垂直于切在平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B,两根质量均为0、

长度均为/的金属细杆公、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为“两金属细杆

的电阻均为《导轨电阻不计.当g以速度打沿导轨向下匀速运动时，cd杆也正好以速度外向下匀速运动，

重力加速度为g,以下说法正确的是（）

A.回路中的电流强度为"黑之

B.a方杆所受摩擦力mgsinO

C.cd杆所受摩擦力为〃（mgsinJ+陪）

D.〃与药大小的关系为〃=啸詈

3、某同学搬运如图所示的磁电式电流表时，发现表针晃动剧烈且不易停止。按照老师建议，该同学在两接线

柱间接一根导线后再次搬运，发现表针晃动明显减弱且能很快停止。下列说法正确的是（）

A.未接导线时，表针晃动过程中表内线圈不产生感应电动势

B.未接导线时，表针晃动剧烈是因为表内线圈受到安培力的作用

2

c.接上导线后，表针晃动过程中表内线圈不产生感应电动势

D.接上导线后，表针晃动减弱是因为表内线圈受到安培力的作用

4、如图所示，足够长的两平行光滑水平直导轨的间距为L,导轨电阻不计，垂直于导轨平面有磁感应强度大小

为6、方向竖直向上的匀强磁场；导轨左端接有电容为C的电容器、开关S和定值电阻R-,质量为卬的金属棒

垂直于导轨静止放置，两导轨间金属棒的电阻为心初始时开关S断开，电容器两极板间的电压为〃。闭合开

关S,金属棒运动，金属棒与导轨始终垂直且接触良好，下列说法正确的是（）

A.闭合开关S的瞬间，金属棒立刻开始向左运动

B.闭合开关S的瞬间，金属棒的加速度大小为黑

C.金属棒与导轨接触的两点间的最小电压为零

D.金属棒最终获得的速度大小为;

5、在沿水平方向的匀强磁场中，有一圆形金属圈可绕沿其直径的竖直轴自由转动，开始时线圈静止，线圈平

面与磁场方向既不平行也不垂直，所成的锐角为心在磁场开始增强后的一个极短时间内，线圈平面（）

A.维持不动

B.将向使a减小的方向转动

C.将向使a增大的方向转动

D.将转动，因不知磁场方向，不能确定a会增大还是会减小

多选题

3

6、如图所示是圆盘发电机的示意图；铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片aD

分别与转动轴和铜盘的边缘接触。若铜盘半径为L,匀强磁场的磁感应强度为回路的总电阻为R,从左往右

看，铜盘以角速度口沿顺时针方向匀速转动。则（）

A.由于穿过铜盘的磁通量不变，故回路中无感应电流

B.回路中感应电流大小不变，为嘤

c.回路中感应电流方向不变，为me

D.回路中有周期性变化的感应电流

7、如图所示，粗细均匀的矩形导线框/四竖直放置在磁感应强度为8的水平匀强磁场中，一质量为以电阻

不计的金属棒数从靠近48边开始静止释放，下落g时棒的速度大小为匕下落/时棒的速度大小为巳已知

导线框单位长度电阻为r,46边和4C边的长度分别为/和21,棒在下落过程中与线框始终接触良好，忽略摩

擦力和空气阻力，则金属棒（）

X”XXBx

XXXX

A.下落5时通过仍边的电流大小舞，方向

22r

B.下落/时金属棒的瞬时功率驾，电流方向a-^b

c.从静止下落至;过程通过棒的电量大于从g下落至/过程通过棒的电量

4

D.从静止下落至;过程电路产生的热量少于从g下落至，过程电路产生的热量

8、法拉第圆盘发电机的示意图如图所示。半径为Z的铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片只0分别与圆盘的

边缘和铜轴接触，磁感应强度为无方向如图所示，下列说法正确的是（）

A.若从上往下看，圆盘顺时针转动，则圆盘中心电势比边缘要低

B.若从上往下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a到6的方向流动

C.若圆盘转动的角速度为3,铜盘转动产生的感应电动势大小为983/

D.若圆盘转动的方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化

填空题

9、有界匀强磁场磁感应强度/0.2T,宽度〃=3m,一正方形均匀金属框边长。=lm,以々10m/s的速度匀速

穿过磁场区，金属框平面始终保持和磁感线方向垂直，如图所示。画出金属框穿过磁场的过程中A两端电压

的根"图线（从Cd边进入磁场开始计时）o

：X"x"X'X'X；

；xxxxBx：

：xXXXX：

II

：XXXXX：

II

XXXXX：

—L2—

10、当导体在_____中运动时，感应电流会使导体受到安培力，安培力的方向总是导体的运动，这种现象

称为电磁阻尼。

5

11、如图所示，将小螺线管4插入大螺线管分中不动，当开关S闭合或断开时，电流表中.电流通过；

若开关S一直闭合,当改变滑动变阻器的阻值时，电流表中电流通过；而开关一直闭合,滑动变阻器

的滑动触头不动时，电流表中电流通过。（均选填“有”或“无”）

6

2022届高中物理电磁感应_01F参考答案

1、答案：c

解析：

据题导体棒从距区域I上边界H处由静止释放，做自由落体运动，做匀加速运动，由于导体棒在穿过两段磁场

区域的过程中，流过电阻R上的电流及其变化情况相同，说明导体棒穿过磁场的过程必定做减速运动，导体棒

所受的安培力大于重力，而速度减小，产生的感应电动势减小，感应电流减小，导体棒所受的安培力减小，合

力减小，则导体棒的加速度减小，v-t图象的斜率逐渐减小，而且根据两个过程的相似性可知进磁场和出磁场

的速度相同，故C正确，ABD错误.故选C

2、答案：C

解析：

A.cd杆的运动方向与磁感应强度的方向平行，不产生感应电动势，所以回路中感应电动势的大小等于劭杆

产生的感应电动势，所以感应电动势为

E=BL%

回路中感应电流为

EBLvr

1=赤=2R

故A错误；

B.a6杆匀速下滑，则受力平衡，杆所受的安培力大小为

2Z

BLV1

F力=BIL=cc

安2R

方向沿轨道向上，则由平衡条件得a。所受的摩擦力大小为

2i

BLv1

f=mgsind一?妥=mgsind------------

2R

7

故B错误；

C.cd杆所受的安培力大小也等于F安，方向垂直于导轨向下，则cd杆所受摩擦力为

B217V

f=UN=n(mgcosd+F安)=”(mgsin。+1)

kZn

故c正确；

D.根据cd杆受力平衡得

B2l7v

mgsin(90°—0)=/="(mgsin。4----——1)

2A

则得〃与％大小的关系为

B2LZV

I2(mgsin0H----——1)=mgcosd

2A

故D错误。

故选C。

3、答案：D

解析：

A.未接导线时，表针晃动过程中导线切割磁感线，表内线圈会产生感应电动势，故A错误；

B.未接导线时，未连成闭合回路，没有感应电流，所以不受安培力，故B错误；

CD.接上导线后，表针晃动过程中表内线圈产生感应电动势，根据楞次定律可知，表针晃动减弱是因为表内线

圈受到安培力的作用，故C错误D正确。

故选D。

4、答案：D

8

解析：

A.由左手定则可知，闭合开关S的瞬间，金属棒所受安培力方向向右，金属棒立刻获得向右的加速度，开始

向右运动，A错误；

B.闭合开关S的瞬间，金属棒的加速度大小

FBILBUL

Q=--=-----=------------

mmm(R+r)

B错误；

C.当金属棒切割磁感线产生的电动势跟电容器两极板之间的电压相等时，金属棒中电流为零，此后，金属棒

将匀速运动下去，两端的电压达到最小值，故金属棒与导轨接触的两点间的电压不会为零，C错误；

D.设闭合开关S后，电容器的放电时间为△力，金属棒获得的速度为匕由动量定理可得

BlLAt=mv-0

_qCU等-BLv)

BILAt=B；LAt=B--LAt=B-..------LAt=mv

AtAtAt

解得

BCUL

T7=-------------------------

m+B2L2C

D正确。

故选D。

5、答案：B

解析：

如图所示，线圈平面与磁场方向所成的锐角为a：

9

由于磁场增强，穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律可知线圈的转动将阻碍这种增加，故线圈平面向使a减

小的方向转动。

故选Bo

6、答案：BC

解析：

A.把铜盘看作闭合回路的一部分，在穿过铜盘以角速度/沿顺时针方向匀速转动时，铜盘切割磁感线产生感

应电动势，回路中有感应电流，A错误；

B.铜盘切割磁感线产生感应电动势为

1,

E=BLv=-BL2W

2

根据闭合电路欧姆定律，回路中感应电流为

EBI?3

1=-=------

R2R

B正确；

c.由右手定则可判断出感应电流方向为c正确；

D.回路中的感应电流并不是周期性变化的，D错误。

故选BCo

7、答案：C

10

解析：

A.下落g时，总电阻为京，总电流为翼，通过力?边的电流为誓，电流方向修4故A错误；

B.下落/时，总电阻为|)由

E2

P=~R

得

_(BZ"2)2_2B2诏I

方向Lb、故B错误；

C.因

磁通量的变化量之比为1：1,总电阻从静止下落至：过程小，电量大，故c正确；

D.从静止到g有动能定理

I1,

mg--Qr=-mvf

从:到1、有动能定理

I11

mv7mv7

mg--Q2=22-2i

求解得

111

mv+mv-mV

Q2-<2i=2i2i22

而％与巴的大小关系不能求解，D选项不能确定，故D错误

11

故选c。

8、答案：BC

解析：

AB.若从上往下看，圆盘顺时针转动，根据右手定则可知，电流方向由P指向圆盘中心，则圆盘中心电势比边

缘高，电流沿a到6的方向流过电阻，故A错误，B正确；

C.若圆盘转动的角速度为3,铜盘转动产生的感应电动势大小为

a)L1,

E—BLv=BL——Ba)l7

22

故C正确；

D.若圆盘转动的方向不变，角速度大小发生变化，则电流的大小发生变化，电流方向不发生变化，故D错误。

故选BCO

9、答案：见详解

解析：

⑴线框进入磁场过程中，线框中感应电流沿逆时针方向(为正方向)，6点的电势高于c点的电