河北省沧州市2017-2018学年高一上学期期末教学质量监测物理试题

河北省沧州市20172018学年高一上学期期末教学质量监测物理试题一、选择题1.物理公式不仅反映了物理量之间的数量关系，同时也反映了物理量之间的单位换算关系在物理学中，把作用于物体的力F与作用时间t的乘积定义为冲量I，即I=Ft，用国际单位制中的基本单位表示冲量单位的是A.N·m/sB.N·mC.kg·m/sD.kg·m/s²【答案】C【解析】根据牛顿二定律可知：，即则：的单位为：，故选项C正确，选项ABD错误。2.如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边紧贴墙壁，若在M斜面上放一个物体m，当m沿着M的斜面下滑时，M始终静止不动，则M受力个数可能为A.4个或5个B.5个或6个C.3个或4个D.4个或6个【答案】A【解析】试题分析：由于小车的斜面是否光滑未知，要进行讨论，分两种情况分析：若斜面光滑时和斜面粗糙时分别分析M受力的个数．解：若M斜面光滑时，M受到4个力：重力Mg、m对M的压力，墙壁的弹力和地面的支持力；若m匀速下滑时，M受到4个力：重力Mg、m对M的压力和滑动摩擦力，地面的支持力，根据整体法研究知墙壁对M没有弹力；若斜面粗糙，m加速下滑时，M受到5个力：重力Mg、m对M的压力和滑动摩擦力，墙壁的弹力和地面的支持力；故选A【点评】本题考查分析受力情况的能力，要分斜面是否粗糙、物体m匀速、加速等情况进行分析，不能漏解．3.“歼20”是中国成都飞机工业(集团)有限责任公司为中国人民解放军研制的第四代双发重型隐形战斗机该机将担负中国未来对空、对海的主权维护任务。在某次起飞中，由静止开始加速，当加速度a不断减小至零时，飞机刚好起飞。关于起飞过程下列说法正确的是A.飞机所受合力不变，速度增加越来越慢B.飞机所受合力减小，速度增加越来越快C.速度方向与加速度方向相同，速度增加越来越快D.速度方向与加速度方向相同，速度增加越来越慢【答案】D【解析】A、根据牛顿第二定律可知，当加速度a不断减小至零时则合力逐渐减小到零，速度增加的越来越慢，故选项AB错误；C、飞机做加速运动，加速度方向与速度方向相同，加速度减小，即速度增加的快慢程度越来越慢，故C错误，D正确。点睛：解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系，同时掌握加速度的物理意义。4.一物体沿Ox轴做变速直线运动，它在x轴上的位置坐际随时间t的变化关系x=（3+2t²）m，则该物体在t=2s至t=3s时间内的平均速度为A.7m/sB.10m/sC.11m/sD.21m/s【答案】B【解析】时刻物体的位置坐标为：时刻物体的位置坐标为：则这段时间内的平均速度为：，故选项B正确，ACD错误。点睛：根据质点离开O点的距离x随时间变化关系，得出在至的时间内的位移，通过平均速度的公式求出这段时间内的平均速度。5.如图所示，轻质弹黄的两端各受20N拉力处于于静止状态，弹簧伸长了10cm(在弹性限度内)，下列说法中正确的是A.弹资所受的合力为零B.弹簧的弹力为40NC.该弹簧的劲度系数为400N/mD.弹簧的劲度系数随拉力的增大而增大【答案】A【解析】A、轻弹簧的两端各受拉力F的作用，所以弹簧所受的合力为零，故A正确；B、根据题意可知，弹簧的弹力等于力F为20N，故选项B错误；

C、根据胡克定律得弹簧的劲度系数，故C错误；

D、弹簧的劲度系数k与弹簧弹力F的变化无关，与弹簧本身性质有关，故D错误。点睛：弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律，公式中，x是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量。6.在同一条公路、不同车道上的甲、乙两辆汽车，其位移一时间图象如图所示，由图象可知A.前5s内甲、乙两车平均速度相等B.前5s内甲、乙两车运动的路程相同C.3s后甲车的速度大于乙车的速度D.3s～5s内两车间距逐渐减小【答案】D【解析】A、前5s内甲的位移为：，乙的位移为：，即位移不同，故根据平均速度公式二者的平均速度不同，故选项A错误；B、路程为物体实际运动的轨迹长度，根据图像可知，二者做单方向直线运动，故路程等于位移的大小，可知二者路程不同，故选项B错误；C、根据图像的斜率等于速度大小可知，甲的速度为：，乙的速度为：，由于二者一直做匀速直线运动，可知甲的速度一直小于乙的速度，故选项C错误；D、由于，甲的速度小于乙的速度，开始时甲在前面，乙在后面，故内两车间距逐渐减小，故选项D正确。点睛：本题考查了由图象比较两物体位移和速度大小，物理学上常用图象反应物理量间的关系、反应物理规律，学生应加强读图、识图的能力。7.某同学在一根细线下端系上一个垫圈，隔12cm再系第2个，以后3、4、5垫圈相邻间距分别为36cm、60cm、84cm，如图所示，他手提线的上端站在椅子上，让线自由垂下，且第一个垫圈刚好与放在地上的金属盘接触，处于静止状态，松手后计时，若不计空气阻力，则第2、3、4、5个垫圈A.落到盘上的声音间隔越来越大B.落到盘上的声音间隔相等C.依次落在盘上的速率之比为1：：：2D.依次落在盘上的时间之比为1：(1)：()：(2)【答案】B【解析】A、5个铁垫圈同时做自由落体运动，下降的位移之比为，可以看成一个铁垫圈自由下落，经过位移之比为，因为初速度为零的匀加速直线运动在相等时间内的位移之比为，知各垫圈落到盘中的时间间隔相等，故A错误，B正确．

C、因为各垫圈落到盘中的时间间隔相等，则各垫圈依次落到盘中的时间比为1：2：3：4，则速度之比为1：2：3：4，故CD错误。点睛：解决本题本题的关键掌握自由落体运动的规律，知道初速度为零的匀加速直线运动的一些推论。8.如图所示，物体A、B、C并排放在光滑水平面上，用水平力F推A，使A、B、C一起向右加速运动。若A、B之间的相互作用力为6N，B、C之间的相互作用力为4N，B的质量是2kg.则C的质量为A.2kgB.3kgC.4kgD.5kg【答案】C【解析】对B受力分析由牛顿第二定律可得：，

解得：，

对C分析，由牛顿第二定律可得：，其中，所以，所以C正确。点睛：本题主要是对整体法和隔离法的应用，分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法。9.如图所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直。杆的下端有一个轻滑轮O。另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重为G的物体，BO段细线与天花板的夹角为θ=30°，系统保持静止，不计一切摩擦。下列说法中正确的是A.细线BO对天花板的拉力大小是B.a杆对滑轮的作用力大小是C.a杆和细线对滑轮的合力大小是GD.a杆对滑轮的作用力大小是G【答案】D【解析】解：A、对重物受力分析，受到重力和拉力T，根据平衡条件，有T=mg，同一根绳子拉力处处相等，故绳子对天花板的拉力也等于mg，故A错误；B、D、对滑轮受力分析，受到绳子的压力（等于两边绳子拉力的合力），以及杆的弹力（向右上方的支持力），如图根据平衡条件，结合几何关系，有F=T=mg故B错误，D正确；C、由于滑轮处于平衡状态，故a杆和细线对滑轮的合力大小是零，故C错误；故选D．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．分析：先对重物受力分析，根据平衡条件求得拉力；再对滑轮受力分析，根据力的合成的平行四边形定则求得细线对滑轮的合力，再得到a杆对滑轮的力．点评：本题关键是先后对重物和滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．10.如图所示，一人乘坐滑车由养止开始沿长10m的倾斜直轨道向下运动，某时刻开始减速，到达轨道来端时，滑车恰好停止，整个过程历时4s。若将滑车加速和政速过程均视为匀变速直线运动，则A.下滑过程中乘坐滑车的人始终处于失重状态B.下滑过程中乘坐滑车的人始终处于超重状态C.滑车加速阶段的平均速度和减速阶段的平均速度大小相等D.滑车下滑过程中的最大速度为5m/s【答案】CD【解析】A、滑车沿斜面的方向先加速后减速，加速的过程中加速度沿斜面向下，有竖直向下的分加速度，战车处于失重状态；当战车减速时，加速度沿斜面向上，有竖直向上的分加速度，战车处于超重状态，故AB错误；C、设滑车最大速度为v，则加速时平均速度为，减速时平均速度也为，则整个过程战车的位移

据题，，代入上式解得，故CD正确。点睛：由题可知，滑车先加速后减速，分析战车的加速度方向判断战车的状态，由牛顿第二定律分析两个过程超重和失重关系，由位移等于平均速度乘以时间来求最大速度。11.如图所示，一位同学双手握住单杠使身体悬空，每只手臂所受到的拉力大小均为F，每只手对单杠的摩擦力大小均为。若增大两手间距，该同学仍处于静止状态，则下列说法正确的是A.F增大B.F减小C.增大D.不变【答案】AC【解析】A、分析运动员的受力情况：重力G、两臂的两个拉力F，如图：根据平衡条件得知，两个拉力F的合力与G大小相等、方向相反，保持不变．

设两臂的夹角为，则有：，得，，当两臂之间的夹角增大时，增大，减小，则F增大，故选项A正确，B错误；C、单独对手分析，在水平方向有：，可知增大，故选项C正确，D错误。点睛：两个力合成时，分力大小不变，合力随分力间夹角的增大而减小，能反推出：若保持合力不变，分力则随夹角的增大而增大。12.如图甲所示，一质量为m小滑块放置在质量为M的长木板上，木板放置在光滑的地面上。现对木板施加一随时间变化的水平推力F的作用，通过传感器测得木板的加速度a随推力F变化的图象如图乙所示，g取10m/s²。下列说法正确的是A.木板的质量M=4kgB.滑块的质量m=4kgC.当F=8N时滑块的加速度为2m/sD.滑块与木板间的的动摩擦因数为0.1【答案】BD【解析】A、当时，加速度为：，

对整体分析，由牛顿第二定律有：，

代入数据解得：

当时，根据牛顿第二定律得：，

知图线的斜率，解得：，滑块的质量为：，故A错误，B正确；

C、根据图线的虚线部分知，当时，，即：，

代入数据解得：，当时，长木板与木块之间已经产生相对滑动，则对木块单独分析，根据得：，故C错误，D正确。点睛：本题考查牛顿第二定律与图象的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析。二、实验题13.某同学利用如图甲所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”。(1)为完成实验，下述操作中必需的是________。A.测量细绳OB、OC的长度B.调整拉力大小使两弹簧测力计示数相同C.弹簧测力计使用前调零D.实验时，保证细绳与木板平行（2）如图乙所示，弹簧测力计a的示数为_______N，弹簧测力计b的示数为__________N。【答案】(1).CD(2).2.50(3).4.00（2）由图示可知，弹簧测力计分度值为，故弹簧测力计a的示数为2.50N，弹簧测力计b的示数为4.00N。点睛：通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是掌握实验原理，同时要注意如何减小实验误差。14.为了探究加速度与力的关系，使用如图甲所示的气垫导轨装置进行实验。其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑块通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间、，都可以被测量并记录，滑块连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x.左端悬挂重物的质量为m。(1)实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂重物的情况下轻推滑块，如果得到______(选域“=”“<"或“>”)，就可以证明气垫导轨已经水平。(2)在此实验中，计算滑块加速度的表达式为_________(用、D、x表示)，(3)某同学将重物的重力当作细线的拉力下，做出滑块的加速度。随拉力下变化的限象如图乙所示，其中AB段明显偏高直线，造成此误差的主要原因是（____________）A.小车与导轨之间存在摩擦B.所用小车的质量太大C.所挂重物的总质量太大【答案】(1).=(2).(3).C【解析】（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂重物的情况下轻推滑块，若滑块做匀速直线运动，即滑块通过光电门速度相等，则光电门的挡光时间相等，证明气垫导轨已经水平；（2）滑块经过光电门的速度，，则根据据，得：；（3）对M和m整体分析，有：，则绳子的拉力，当m远小于M时，拉力等于m的重力，知图线的斜率表示M质量的倒数，当m比较大时，此时图线的斜率实际上表示之和的倒数，所以图线斜率明显变小，偏离直线，故C正确，AB错误。点睛：解决本题的关键理解实验的原理，知道当m的质量远小于M的质量，m的重力可以认为等于M所受的合力。三、计算题15.汽车南方120m处有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，汽车以18m/s的速度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动。(1)经多长时间，两车第一次相遇?(2)若汽车追上自行车后文即利车，汽车刹车过程中的加速度大小为2m/s²，则再经多长时间两车第二次相遇?【答案】(1)10s(2)13.5s答:(1)经10s时间,两车第一次相遇;

(2)再经13.5s时间两车第二次相遇.点睛：(1)根据匀变速直线运动的运动学公式,抓住位移关系求出两车第一次相遇的时间.

(2)根据位移关系,结合运动学公式求出第二次相遇的时间,注意汽车速度减为零后不再运动.16.实验表明表面积一定的物体，在相对于空气的运动速率不大时，物体受到的空气阻力与相对于空气的速率成正比。某研究性学习小组据此设计出一种测量风速的力学装置。如图所示，用轻质细线悬挂一定质量的小球，在悬点正下方固定一把刻度尺，刻度尺下边沿距离悬点2.00cm，且刻度尺刚好与细线不接触。在无风的天气里，细线正对刻