重庆市第八中学2025届高考适应性月考卷 (二)物理试卷（含答案）

重庆市第八中学2025届高考适应性月考卷(二)物理试卷注意事项：1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分钟。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.如图1所示，运动员把质量为m、静止在水平地面上的足球从A点斜向上踢出，B是足球运动轨迹的最高点，C是下落过程中运动轨迹上的点。已知A、B两点的高度差为4h，B、C两点的高度差为h，重力加速度大小为g，不计空气阻力。足球在从B运动到C的过程中，所受重力的冲量大小为A.mg2hB.2mgC.3mgD.4mg2hg2.如图2所示，A、B和C是光滑水平面上的三个大小相同的小球，A、B球的质量为m，C球质量为2m，其中B、C两小球用不计质量的轻质弹簧连接后静止在水平面上。现A球以速度v₀沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起。对A、B、C及弹簧组成的系统，下列说法正确的是A.三球速度相等时，弹簧一定处于压缩状态B.弹簧的最大弹性势能等于1C.全过程中系统的机械能不守恒，劲量守恒D.三球速度相等后，速度将保持不变3.如图3甲所示，左端接有轻弹簧的物块A静止在光滑水平面上，物块B以一初速度向A运动，t=0时B与弹簧接触，0~2s内两物体的v-t图像如图乙所示，则A.A的质量比B的小B.0~1s内,弹簧对A、B的冲量相同C.t=1s时，弹簧的弹性势能为零D.t=2s时,A的动量比B的大4.2024年8月1日，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭成功将互联网高轨卫星02星发射升空。这是长征系列运载火箭的第529次飞行。如图4所示，最初该卫星在轨道1上绕地球做匀速圆周运动，后来卫星通过变轨在轨道2上绕地球做匀速圆周运动(不考虑卫星变轨后质量的变化)。下列说法正确的是A.卫星在轨道2上运行的向心加速度大Ψ²在轨道1上运行的向心加速度B.卫星在轨道2上运行的动能大于在轨道1上运行的动能C.卫星在轨道2上运行的角速度小于在轨道1上运行的角速度D.卫星在轨道1上运行的线速度大于地球的第一宇宙速度5.有一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图5所示，cd、cb分别垂直于x轴、y轴，其中a、O、b三点电势分别为4V、6V、8V。电荷量为q=-2×10⁻⁵C的点电荷由a点开始沿a→b→c→d路线运动过程中，下列说法正确的是A.c点的电势φB.点电荷在c点的电势能EC.匀强电场的方向为a指向bD.匀强电场的电场强度大小E=1006.如图6所示，绝缘轨道ABC固定于竖直平面内，其中AB部分是半径为R的光滑半圆轨道，P是半圆轨道的中点，AB部分竖直、BC部分水平，整个轨道处在电场强度为E的匀强电场中。将质量为m、带电荷量为+q的小滑块，从BC轨道上与B相距10R处由静止释放，已知滑块与BC间的动摩擦因数为(0.3,E=mgA.到达A点时速度的大小为4B.到达P点时对轨道的压力大小为15mgC.到达A点时对轨道的压力大小为11mgD.从C到P的过程中，动能增大7.如图7所示，水平面上一小滑块置于长木板上，且均处于静止状态。已知滑块与木板左、右两端距离分别为L₁=6m、L₂=8m,木板与滑块、水平面间的动摩擦因数分别为μ₁=0.2、μ₂=0.1,木板的质量M=1kg，滑块的质量m=2kg。现给滑块一水平向右的初速度v₀=8m/s,A.给木板一个竖直向下的力F₁=8N能使木板保持静止B.给木板一个竖直向下的力.F₁=6N能使木板保持静止C.给木板上加一水平向右的力F₂=12N,，可以使滑块不滑离木板D.给术板上加一水平向右的力F₂=8N,，可以使滑块不滑离木板二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。8.游乐场中有一种魔盘游戏，如图8所示有一质量为m的小孩(可以看作质点)，坐在水平圆盘上到转轴距离为r处。小孩与圆盘之间的摩擦因数为μ，某时刻圆盘从静止开始加速转动，小孩始终相对圆盘静止，经时间t圆盘角速度从零增加到ω的过程中，下列说法正确的是A.小孩所受摩擦力的冲量大小为μmgtB.小孩所受摩擦力做功为12C.小孩所受重力的冲量为mgtD.小孩所受摩擦力的方向指向圆心9.A、B两个点电荷分别固定于x轴上，电量大小关系为QA=4QB。在它们形成的电场中，将试探电荷+q沿x轴从+∞移动到坐标原点O，其电势能Ep随x变化的关系如图9所示，当x→0时,电势能EP→∞;;当xA.在x轴上0<x<x₀上各点的电场方向均沿x轴正方向B.A电荷在x轴上的坐标为-x₀C.A电荷为正电荷D.B电荷在x轴上的坐标为原点O10.如图10所示，真空中，与水平面成37°角的固定绝缘长细杆，垂直穿过一固定均匀带电圆环的圆心O。套在细杆上的带电小球从杆上的a点以某一初速度沿杆向上运动，恰好能运动到杆上d点，已知圆环半径为R、电荷量为+Q，小球质量为m、电荷量为+q，小球半径远小于R，ab=bO=Oc=cd=R，静电力常量为k，重力加速度大小为g，绝缘细杆与小球间的动摩擦因数μ=A.小球在c点受到的电场力的大小FB.小球在b点的加速度大小a=C.小球在a点的动能EkD.a点的场强为E3三、非选择题：本题共5小题，共57分。11.(6分)探究电容器充放电规律，实验装置如图11甲所示，有电源E、定值电阻R₀、电容器C、单刀双掷开关S。(1)为测量电容器充放电过程电压U.和电流I的变化，需在电路中接入电流表和电压表，请问电压表应该接在下图中(选填“①”或“②”)位置。(2)先将开关S接通a，待电表示数稳定后将开关切换到b，此后电压表示数随时间变化的关系如图乙所示。由此可知，当开关接通a且电流表示数为0mA时，电压表的示数为V。(3)在图丙所示的过程中，电容器中的能量在(选填“增加”或“减少”)。12.(9分)用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。如图12所示，先让人射小球m₁从倾斜轨道某固定位置S由静止释放，从水平轨道抛出后撞击竖直挡板；再把被撞小球m₂静置于水平轨道末端，将入射小球m₁仍从位置S由静止释放，两球发生正碰后各自飞出撞击竖直挡板。多次重复上述步骤。小球平均落点位置分别为图中P、M、N，点O与小球在斜槽末端时球心的位置等高，测量出ON、OP、OM的长度和m₁、m₂。(1)入射小球质量为m₁，半径为r₁；被撞小球质量为m₂，半径为r₂，则需要A.m₁>m₂,r₁>r₂B.m₁<m₂,r₁<r₂C.m₁>m₂,r₁=r₂D.m₁<m₂,r₁=r₂(2)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为m₂、OM、ON、OP表示)。若还要验证两球是弹性碰撞.那么它们还应该满足(只用OM、ON、OP表示)。(3)在这次实验中测得(OP=64.00cm,ON=31.36cm,OM=100.00cm,m₁与m₂的质量之比为8：1。有同学认为在上述实验中仅更换两个小球的材质，其它条件不变，可以使被撞小球做平抛运动的竖直高度发生改变。请你根据已知的数据，分析计算出被撞小球m₂平抛运动竖直高度ON的最小值为cm。13.(10分)如图13所示，粗糙斜面的动摩擦因数为0.5，倾角为37°，斜面足够长。一个质量为1kg的物块(可视为质点)，在电动机作用下，从A点由静止匀加速至B点时达到最大速度20m/s，之后立即做匀速运动至C点，关闭电动机，从C点又恰好到达最高点D，且AB段经历时间只有CD段时间的2倍，全程电机功率不恒定，取重力加速度g=10m/s²,求：(1)CD段的长度；(2)物块刚到达B点时电动机的功率。14.(14分)如图14所示，位于同一水平面上的物块甲、乙、丙均可视为质点，质量分别为m₁、m₂m₂和m₃，初始时甲以速度v₀向右匀速运动，乙、丙分别静止在AB两点。已知水平面足m₃,v₀够长，m₁:m₂:m₃=2:1:7,A、B两点间距为L，重力加速度为g，仅A、(1)若A、B两点之间光滑，甲与乙、乙与丙各发生一次碰撞后立即将乙取走，判断甲和丙能否再次发生碰撞；(2)若甲、乙与AB间地面的动摩擦因数均为μ，为使三个物块间只能发生共2次碰撞z求v₀应满足的条件。15.(18分)如图15甲所示，平面直角坐标系xOy中，0≤y≤L的范围内有场强大小和方向均未知的匀强电场，一质量为m、电荷量为+q的带电粒子(可视为点电荷与质点)从点A(0，L)处飞出，其在之后一段过程内的速度可用如图乙所示的图像中动点P(vₓ，v，)表示，其中vₓ、v，分别为粒子在图甲中沿x轴和y轴方向的速度分量。甲图中粒子在A点出发时，乙图中的P点位于a(v₀，0)，粒子在电场力作用下由A运动到B的过程中，乙图的P点由a沿线段ab运动到bv₀-v₀;；随后粒子从B点离开电场，立刻沿切线进入x轴下方的一条固定光滑圆弧轨道并沿轨道运动至C点，该过程中图乙的P点沿以O为圆心的圆弧从b移动至cv₀v₀;；之后粒子离开轨道返回电场，P点沿线段ca回到a点，后续的运动过程不再在图乙中表示。已知任意相等时间内(1)求电场强度E的大小和方向；(2)求图甲中x轴下方圆弧轨道的半径大小；(3)若粒子在后续运动中与轨道的碰撞均满足：“沿轨道切线方向速度在碰撞前后保持不变，沿轨道半径方向的速度在碰撞前后等大反向”，求图甲中粒子从A点出发到第一次返回A点所需的时间。物理参考答案一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号1234567答案AcADCBD【解析】1.从B到C也可以看成平抛运动，有tBC=2hg,则重力的冲量大小为2.根据动量守恒和牛顿第二定律，A、B整体和C通过弹簧作用的过程中，一段时间内，弹簧先压缩后恢复原状，再拉长后恢复原状，且分别压缩最短和拉伸最长时系统有共同速度，共速后因为弹簧不是原长，所以速度要改变，故A、D错误。A、B碰撞动量守恒，设粘在一起时速度为v共，有mv0=2mv球,A、B整体和C通过弹簧作用时第一次达到共速v的过程，根据动量和能量守恒有2mv球=4mv,12×2m×v球3.ls时刻AB共速，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律有mBv0=mA+mBv,即1.2mB=mA+mB×1.0,可得mB=5mA,故A正确,C错误。0~1s内,A、B的动量变化分别为ΔpA=1.0mA,ΔpB4.根据GMmr2=ma,r2>r1,则a₁>a₂,故A错误。根据万有引力提供向心力GMmr2=mv2r,v=GMr可知，r物理参考答案·第1页(共8页)5.匀强电场沿着一个方向前进相同距离电势的降低相等φb-φc=φa-o,解得φc=10V,故A错误。点电荷在c点的电势能Eκ=q,可得Epc=-2×10-4J,故B错误。ab中点e电势为φc=6V,连接Oe则为等势面,根据几何关系可知,ab⊥Oe,可得6.滑块从C运动到A的过程，根据动能定理得qE×10R-μmg×10R-mg×2R=12mvA2,qE=mg,解得vA=10gR,故A错误。滑块从C运动到P的过程，根据动能定理得qE×11R-μmg×10R-mgR=12mvP2,在P点，由牛顿第二定律得FNP-qE=mvP2R,qE7.A、B选项滑块与平板车之间滑动摩擦力f₁=μ₁mg,木板与地面之间最大静摩擦力f₂=μ₂mg+Mg+F₁,要使木板静止，则.f₂≥f₁,解得F₁的最小值为10N,故A、B错误。当滑块经过时间t刚好不从木板右侧滑离，设滑块的加速度为a₁，位移为x₁，木板的加速度为a₂,位移为x₂,对滑块得f1=ma1,x1=v0t-12a1t2,物理参考答案·第2页(共8页)

二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。题号8910答案BCABDAB【解析】8.圆盘角速度从零增加到ω的过程中，根据动量定理可得，小孩所受摩擦力的冲量大小为If=mv-0=mv=mor。小孩受到的摩擦力是静摩擦，而且方向在不断改变，所以其做功不能用定义来求,根据动能定理可得,小孩所受摩擦力做功为Wf=12mv2-0=12mωr2=12mω2r9.由图知，从0到x₀区间正电荷的电势能减小，电势降低，电场方向沿x轴正方向，故A正确。在x₀处，两个点电荷的合场强为0，再结合电势特点，说明两个点电荷一定是一正一负;当x→0时,电势能EP→∞;说明了x=0处一定是正电荷，由合场强的方向，可以进一步判定，正电荷的电荷量一定是Q，离开x₀点的距离近；负电荷的电荷量是4Q。设4Q和Q点电荷到x₀点的距离分别为r₁和r₂，由E=kQr2,得r1rr2=4QQ=2,即点电荷-4Q到x₀的距离是Q到x₀的距离的2倍，所以-4Q的位置坐标是(-x₀，0)，综上可知B电荷带正电荷,位于原点,A10.将圆环等分为n段小圆弧，每段小圆弧均可视为电荷量为q₀的点电荷，有Q=nq₀，在c点，由库仑定律，q₀对小球的电场力F0=kqq0rc2.由几何关系rc2=2R2,在c点，整个圆环对小球的电场力设为Fc，有Fc=nF0sin45∘,联立解得Fc=2kQq4物理参考答案·第3页(共8页)

a到d,由对称性,电场力做功Wod=0,对小球，由动能定理，有Wad-mg⋅4Rsin三、非选择题：本题共5小题，共57分。11.(每空2分,共6分)(1)①(2)12(3)减少【解析】(1)位置①与电容器并联，应该接电压表。(2)电流表示数为0mA时，充电结束，电压最大，根据乙图，为12V。(3)无论充电还是放电，电流表的示数都应减小，由图丙可知该过程中随电流减小，电压也在减少，故电容器正在放电，其能量在减少。12.(除特殊标注外,每空2分,共9分)(1)C2(3)20.25(3分)【解析】(1)要让1碰2之后,1、2都往前走,而不反弹,需要m₁>m₂,之后要保证碰前碰后是一维碰撞，需要r₁=r₂,故(2)根据动量表达式p=mv可知，为了验证动量守恒定律，需要测量两小球的质量和碰撞前后的速度；设小球做平抛运动的初速度为v₀，根据平抛运动规律有x=v0t,y=12gt2可得v0=xg2h,由于两小球做平抛运动到击中竖直挡板的水平位移相等，所以可以用平抛过程的竖直高度代替抛出时的初速度。设入射小球碰撞前瞬间的速度大小为v₀，碰撞后瞬间入射小球和被碰小球的速度大小分别为v₁物理参考答案·第4页(共8页)(3)当两球发生弹性碰撞时，碰后瞬间被撞小球m₂速度v₂最大，被撞小球m₂平抛运动竖直高度ON具有最小值，根据动量守恒和机械能守恒可得m₁v₀=m₁v₁+m₂v₂,12m1v02=12m1v12+12m2v22,解得v2=2m1m1+m2v0=169v0。13.(10分)解：(1)电动机在CD段运动过程中mgsinθ+μmgcosθ=macD①02-v解得：xCD=20m(2)物块在CD段运动过程中v=aCDFAB-mgsinθPB解得：PB评分标准：本题共10分。正确得出①、④、⑤式各给2分，其余各式各给1分。14.(14分)解：(1)规定向右为正方向，甲与乙先发生弹性碰撞，有m₁12m1v解得：v1=v此后乙与丙发生弹性碰撞，有m₂物理参考答案·第5页(共8页)

12解得：v3显然，取走乙后，甲与丙速度完全相同，故不能再相碰⑦(2)由(1)可知，甲与乙先发生第一次碰撞，碰后两者的速度分别为v1=1-解得：v'2显然根号内的值必须为正，即16解得：v0然后乙与丙发生第二次碰撞，由(1)同理可得v2为使乙不会与甲再次碰撞，应使甲、乙都在AB间减速直至都静止时也不相遇，即-μm-μmS₁+S解得：v0<综上可得：3评分标准：本题共14分。正确得出①~⑭式各给1分。15.(18分)解：(1)粒子从A运动到B的过程中，其速度在图乙中从a沿线段ab变化到b，故该过程中vₓ保持不变始终为v₀，则电场力方向与x轴相互垂直。又因为v，从0变为--v物理参考答案·第6页(共8页)电场力方向沿y轴负方向①由上可知粒子在AB间作类平抛运动，如图1所示对B点速度正交分解并结合图乙的b点可知L=va=解得：E=(2)因为P点沿图乙中闭合曲线通过的曲线长度就是粒子在对应过程中的速