高考物理一轮复习考点精讲精练第8讲　曲线运动 运动的合成与分解（解析版）

第8讲曲线运动运动的合成与分解1.掌握曲线运动的概念、特点及条件.2.掌握运动的合成与分解法则．考点一物体做曲线运动的条件及轨迹1．曲线运动(1)速度的方向：质点在某一点的速度方向，沿曲线在这一点的切线方向．(2)运动的性质：做曲线运动的物体，速度的方向时刻在改变，所以曲线运动一定是变速运动．(3)曲线运动的条件：物体所受合外力的方向跟它的速度方向不在同一条直线上或它的加速度方向与速度方向不在同一条直线上．2．合外力方向与轨迹的关系物体做曲线运动的轨迹一定夹在合外力方向与速度方向之间，速度方向与轨迹相切，合外力方向指向轨迹的“凹”侧．3．速率变化情况判断(1)当合外力方向与速度方向的夹角为锐角时，物体的速率增大；(2)当合外力方向与速度方向的夹角为钝角时，物体的速率减小；(3)当合外力方向与速度方向垂直时，物体的速率不变．（2024•重庆模拟）如图所示，“嫦娥号”探月卫星在由地球飞向月球时，沿曲线从M点向N点飞行的过程中，速度逐渐减小，在此过程中探月卫星所受合力方向可能是下列图中的（）A． B． C． D．【解答】解：“嫦娥号”探月卫星从M点运动到N，做曲线运动，速度逐渐减小，故合力指向指向凹侧，且合力与速度的方向的夹角要大于90°，故ABC错误，D正确。故选：D。（2024•金台区模拟）我国研制的“威龙”J﹣20是高性能五代歼击机，它在空中能做连续的开普勒抛物线飞行，飞机飞行的轨迹从左向右运动，图中各点的速度与飞机所受合力的方向可能正确的（）A．a点 B．b点 C．c点 D．d点【解答】解：由于曲线运动的速度方向沿轨迹上该点的切线方向，合外力应指向曲线的内侧，故ACD错误，B正确故选：B。（2023•黄埔区三模）如图所示，乒乓球从斜面上滚下后在水平桌面上沿直线运动。在与乒乓球运动路线垂直的方向上横放一个纸筒（纸筒开口略大于乒乓球直径）。人趴在桌子边沿并鼓起嘴巴正对纸筒口，当乒乓球经过筒口时，对着乒乓球向筒口吹气，则乒乓球被吹后（）A．保持原运动方向继续前进 B．一定能沿吹气方向进入纸筒 C．偏离原运动方向滚向纸筒左侧 D．偏离原运动方向滚向纸筒右侧【解答】解：一开始乒乓球向右运动，当乒乓球受到沿纸筒方向的吹气的力后，乒乓球参与了两个方向的分运动，会偏离原运动方向滚向纸筒右侧；由于惯性，乒乓球不可能吹气方向进入纸筒。故ABC错误，D正确。故选：D。考点二运动的合成及运动性质分析1．遵循的法则：位移、速度、加速度都是矢量，故它们的合成与分解都遵循平行四边形定则．2．合运动与分运动的关系(1)等时性:合运动和分运动经历的时间相等，即同时开始、同时进行、同时停止．(2)独立性:一个物体同时参与几个分运动，各分运动独立进行，不受其他运动的影响．(3)等效性:各分运动的规律叠加起来与合运动的规律有完全相同的效果．3．合运动的性质判断eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(加速度或合外力\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(变化：非匀变速运动,不变：匀变速运动)),\x(加速度或合外力方向与速度方向)\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(共线：直线运动,不共线：曲线运动))))4．两个直线运动的合运动性质的判断标准：看合初速度方向与合加速度方向是否共线.两个互成角度的分运动合运动的性质两个匀速直线运动匀速直线运动一个匀速直线运动、一个匀变速直线运动匀变速曲线运动两个初速度为零的匀加速直线运动匀加速直线运动两个初速度不为零的匀变速直线运动如果v合与a合共线，为匀变速直线运动（2024•惠州一模）我国的风洞技术处于世界领先地位。如图所示，在某次风洞实验中，一质量为m的轻质小球，在恒定的风力作用下先后以相同的速度大小v经过a、b两点，速度方向与a、b连线的夹角α、β均为45°。已知a、b连线长为d，小球的重力忽略不计。则小球从a点运动到b点过程中，下列说法正确的是（）A．风力方向与a、b连线平行 B．所用时间为2dC．小球做匀速圆周运动 D．风力大小为2m【解答】解：A、由题意可知小球做匀变速曲线运动，根据加速度的定义可知加速度方向移动和速度变化量的方向相同，根据几何关系可知加速度（或合力）方向垂直于a、b连线，如图，所以风力方向垂直于a、b连线，故A错误；B、小球的速度沿a、b连线方向的分速度为：v1＝vsin45°=由于沿ab方向是做匀速直线运动，所以a运动到b的时间为：t=dC、小球受到恒定风力的作用，做匀变速曲线运动。而匀速圆周运动必须受到始终指向圆心方向的合力，小球不可能做匀速圆周运动，故C错误；D、根据平行四边形定则和数学知识可得：沿风力的方向从a点运动到b点的速度变化量为：Δv风＝vsinβ﹣（﹣vsinα）＝vsin45°+vcos45°=那么加速度为：a=根据牛顿第二定律，从a点运动到b点的风力为：F=ma=m故选：B。（2024•沈阳二模）风洞实验是进行空气动力学研究的重要方法。如图所示，将小球从A点以某一速度v0水平向左抛出，经过一段时间，小球运动到A点正下方的B点，O点是轨迹的最左端，风对小球的作用力水平向右，大小恒定。则小球速度最小时位于（）A．A点 B．O点 C．轨迹AO之间的某一点 D．轨迹OB之间的某一点【解答】解：风对小球的力恒定，说明水平方向的加速度恒定，设水平方向加速度为a，则有vx＝v0﹣at竖直方向受重力加速度影响，做匀加速运动，有vy＝gt合速度为v=根号内为二次函数，其对称轴为t=−2v0当vx＝v0﹣at＝0时，t=v故选：C。（2024•天河区一模）如图为自动控制货品运动的智能传送带，其奥秘在于面板上蜂窝状的小正六边形部件，每个部件上有三个导向轮A、B、C，在单个方向轮子的作用下，货品可获得与导向轮同向的速度v，若此时仅控制A、C两个方向的轮子同时按图示箭头方向等速转动，则货品获得的速度大小为（）A．v B．2v C．3v【解答】解：物体参与了两个方向的运动，两个分速度的夹角为60°，根据速度合成可知，合速度为v实际故ABD错误，C正确。故选：C。考点三小船渡河模型小船渡河问题分析(1)船的实际运动是水流的运动和船相对静水的运动的合运动．(2)三种速度：v1(船在静水中的速度)、v2(水流速度)、v(船的实际速度)．(3)三种情景①过河时间最短：船头正对河岸时，渡河时间最短，t短＝eq\f(d,v1)(d为河宽)．②过河路径最短(v2<v1时)：合速度垂直于河岸，航程最短，s短＝d.船头指向上游与河岸夹角为α，cosα＝eq\f(v2,v1).③过河路径最短(v2>v1时)：合速度不可能垂直于河岸，无法垂直渡河．确定方法如下：如图所示，以v2矢量末端为圆心，以v1矢量的大小为半径画弧，从v2矢量的始端向圆弧作切线，则合速度沿此切线方向航程最短．由图可知：cosα＝eq\f(v1,v2)，最短航程：s短＝eq\f(d,cosα)＝eq\f(v2,v1)d.（2024•肇庆二模）下列说法正确的是（）A．人在松软的土地上下陷时，人对地面的压力大于地面对人的支持力 B．“强弩之末，势不能穿鲁缟”，是因为弩箭的惯性减小了 C．跳高运动员在越杆时处于平衡状态 D．船相对于静水的速度大于河水流速时，船过河的最短路程等于河的宽度【解答】解：A．人对地面的压力与地面对人的支持力是作用力与反作用力，二者大小始终相等，故A错误；B．质量是惯性大小的量度，与速度无关，故B错误；C．跳高运动员在越杆时受重力作用，受到的力不等于零，所以不是平衡状态，故C错误；D．船相对于静水的速度大于河水流速时，合速度可以垂直于河岸，船过河的最短路程等于河的宽度，故D正确。故选：D。（2023•海南模拟）一小船在静水中的速度为3m/s，它在一条河宽150m，流速为5m/s的河流中渡河，则下列说法正确的是（）A．小船渡河时间不少于60s B．小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为150m C．小船以最短位移渡河时，位移大小为250m D．小船以最短位移渡河时，时间为60s【解答】解：AD、当船头垂直对岸行驶时时间最短，故最短时间是tmin=dv船B、船以最短时间渡河，它沿水流方向位移大小为x＝v水t代入数据解得x＝250m，故B错误；C、因船速小于水速，故当合速度方向与船速垂直时，渡河位移最短，如图所示设此时合速度的方向与河岸的夹角为θ，sinθ=v船v故选：C。（2023•南岗区校级三模）如图所示，以岸边O点为原点建立空间直角坐标系，x轴沿河岸方向、y轴垂直河岸方向、z轴竖直向上。水速恒为vx＝5m/s，方向沿x轴正向。t＝0时刻开始，某船保持船头始终朝向y轴正方向运动至江心，船在y方向上的初速度为零，加速度为a1=4m/s2。船在x轴方向上的速度始终与水速相同。在t＝5s时，船员相对船体以v（1）t＝5s时船的位置坐标（x1，y1，z1）；（2）石块到达最高点时的位置坐标（x2，y2，z2）。【解答】解：（1）沿y方向做匀加速直线运动，则：y代入已知数据解得：y1＝50mx方向做匀速直线运动，则x1＝vxt代入已知条件解得：x1＝25m所以t＝5s时船的位置坐标为（25m，50m，0）（2）石块扔出瞬间，此时：vy＝ayt＝4×5m/s＝20m/s石块到达最高点的时间：t2此时x方向的位移：x2＝vx（t+t2）＝5（5+1）m＝30my方向的位移：y2＝y1+vyt2＝50m+20×1m＝70m沿z方向的位移：z2所以石块到达最高点时的位置坐标（30m，70m，5m）答：（1）t＝5s时船的位置坐标（25m，50m，0）；（2）石块到达最高点时的位置坐标（30m，70m，5m）。考点四绳(杆)端速度分解模型1．模型特点沿绳(或杆)方向的速度分量大小相等．2．思路与方法合运动→绳拉物体的实际运动速度v分运动→eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(其一：沿绳或杆的速度v1,其二：与绳或杆垂直的分速度v2))方法：v1与v2的合成遵循平行四边形定则．3．解题的原则：把物体的实际速度分解为垂直于绳(杆)和平行于绳(杆)两个分量，根据沿绳(杆)方向的分速度大小相等求解．常见的模型如图8所示．（2024•碑林区校级模拟）甲、乙两光滑小球（均可视为质点）用轻直杆连接，乙球处于粗糙水平地面上，甲球紧靠在粗糙的竖直墙壁上，初始时轻杆竖直，杆长为4m。施加微小的扰动，使得乙球沿水平地面向右滑动，当乙球距离起点3m时，下列说法正确的是（）A．甲、乙两球的速度大小之比为4：3 B．甲、乙两球的速度大小之比为3：7C．甲球即将落地时，乙球的速度与甲球的速度大小相等 D．甲球即将落地时，乙球的速度达到最大【解答】解：AB、当乙球距离起点3m时，设轻杆与竖直方向夹角为θ，根据几何知识可得sinθ=34，cos将两球的速度分别沿杆和垂直于杆的方向进行分解，如图所示：则甲的速度v1在沿杆方向的分量为v1杆＝v1cosθ，乙的速度v2在沿杆方向的分量为v2杆＝v2sinθ，结合v1杆＝v2杆，解得甲、乙两球的速度大小之比为v1：v2＝3：7，故A错误，B正确；CD、当甲球即将落地时，θ＝90°，此时甲球的速度达到最大，根据v1cosθ＝v2sinθ，得乙球的速度v2＝0，故CD错误；故选：B。（2023•琼山区校级三模）如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d。现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，当小环沿直杆下滑距离也为d时（图中B处），下列说法正确的是（）A．环减少的机械能大于重物增加的机械能 B．小环到达B处时，重物上升的高度也为d C．环在B处的速度与重物上升的速度大小之比为22D．环在B处的速度为v=【解答】解：A、由于小环和重物只有重力做功，则系统机械能守恒，所以环减少的机械能等于重物增加的机械能，故A错误；B、结合几何关系可知，重物上升的高度：h=dcos45°−C、两个物体沿着绳子方向的分速度，故：v环cos45°＝vG，故环在B处的速度与重物上升的速度大小之比为2：1，故C错误；D、小环和重物组成的系统机械能守恒，故：mgd=12mv环2+12（2m）v故选：D。（2023•泰和县校级一模）质量为m的物体P置于倾角为θ1的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车，P与滑轮间的细绳平行于斜面，小车以速率v水平向右做匀速直线运动。已知重力加速度为g。当小车和滑轮间的细绳与水平方向成夹角θ2时（如图），下列判断正确的是（）A．P的速率为v B．P的速率为vsinθ2 C．运动过程中P处于超重状态 D．线的拉力始终等于mgsinθ1【解答】解：AB、将小车的速度沿细绳和垂直细绳方向分解，如图所示：可知沿细绳方向分速度表达式为vP＝v2＝vcosθ2，故A、B错误；CD、由于小车往右运动，可知θ2逐渐减小，因此vcosθ2在逐渐增大，所以P往上做加速运动，故C正确，D错误。故选：C。题型1曲线运动条件及特点（2023•昌平区模拟）关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．曲线运动的速度方向可以不变 B．匀变速曲线运动任意相等时间内速度的变化量相同 C．速率恒定的曲线运动，任意相等时间内速度的变化量相同 D．物体受到的合外力持续为零时，物体仍可以做曲线运动【解答】解：A、曲线运动的速度方向一定变，故A错误；B、匀变速曲线运动，加速度不变，即相等时间，速度变化量相同，故B正确；C、曲线运动速度的方向是变化的，速率恒定的曲线运动受到的合外力的方向一定与速度的方向始终垂直，则合外力的方向必定是变化的，则任意相等时间内速度的变化量一定不相同，故C错误；D、物体做曲线运动的条件是物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，所以物体受到的合外力持续为零时，物体不可能做曲线运动，故D错误。故选：B。（2023•海口一模）如图所示，这是质点只在重力作用下所做的曲线运动轨迹的示意图，已知B为轨迹的最高点，则下列说法正确的是（）A．质点在B点时的加速度方向与速度方向不垂直 B．质点在A点时的加速度比在B点时的加速度小 C．质点在C点时的速率大于在B点时的速率 D．质点从A点到C点，加速度方向与速度方向的夹角先减小后增大，速度先增大后减小【解答】解：AB、质点受重力作用做匀变速曲线运动，在最高点B时，速度方向与重力加速度的方向垂直，整个过程重力加速度保持不变，故AB错误；C、质点从B点到C点，加速度方向与速度方向夹角小于90°，因此该过程质点的速度增大，所以质点在C点时的速率大于在B点时的速率，故C正确；D、质点只受重力作用，加速度方向始终竖直向下，质点的速度方向沿运动轨迹的切线方向，质点从A点到C点，加速度方向与速度方向的夹角一直减小；从A到B的过程中，加速度与速度方向的夹角大于90°，质点做减速运动，从B到C的过程中，加速度与速度方向的夹角小于90°，质点做加速运动，速度增大，因此质点从A到C的过程中，速度先减小后增大，故D错误。故选：C。题型2曲线运动速率的变化（2023•鞍山一模）“歼﹣20”再次闪亮登场2022珠海航展。如图所示，战机先水平向右，再沿曲线ab向上，最后沿陡斜线直入云霄。设飞行路径在同一竖直面内，飞行速率不变，则沿ab段曲线飞行时，战机（）A．所受合外力不变 B．所受合外力方向竖直向上 C．竖直方向的分速度不变 D．水平方向的分速度逐渐减小【解答】解：AB、战机飞行速率不变，合力方向始终与速度方向垂直，即指向圆心，所受合外力方向不断变化，不是竖直向上的，故AB错误；C、飞机速度大小不变，与水平方向的倾角θ增大，可得竖直分速度为vy＝vsinθ增大，即竖直方向的分速度逐渐增大，故C错误；D、飞机速度大小不变，与水平方向的倾角θ增大，可得水平分速度为vx＝vcosθ减小，即水平方向的分速度减小，故D正确。故选：D。（多选）（2022•海拉尔区校级四模）冰壶比赛中投壶手在投出冰壶时会带有一定的旋转（自旋），擦冰手在冰壶运动的前方高速摩擦冰面（刷冰），减小冰壶前侧受到的摩擦力，可使冰壶做曲线运动。在图示的各图中，圆表示冰壶，ω表示冰壶自旋的方向，v表示冰壶前进的方向，则在刷冰的过程中，冰壶运动的轨迹（虚线表示）可能正确的是（）A． B． C． D．【解答】解：由题意可知，擦冰手在冰壶运动的前方高速摩擦冰面（刷冰），减小冰壶前侧受到的摩擦力，而后侧所受摩擦力几乎不变，若冰壶按逆时针方向旋转，则沿速度垂直的方向，摩擦力的合力向左，则冰壶运动轨迹将向左偏转；同理若冰壶按顺时针方向旋转，冰壶运动轨迹向右偏转。故AD正确，BC错误。故选：AD。题型3生活中的运动合成与分解（2024•海门区校级二模）如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad边正前方时，木板开始做自由落体运动。若木板开始运动时，cd边与桌面相齐，则小球在木板．上的投影轨迹是（）A． B． C． D．【解答】解：投影在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上相对于木板向上做加速运动，故小球的合速度应偏向上方，同时加速度指向曲线的内侧，故轨迹应向上；故ACD错误，B正确；故选：B。（多选）（2024•佛山二模）如图所示，在一条玻璃生产线上，宽3m的待切割玻璃板以0.4m/s的速度向前匀速平移。在切割工序处，金刚石切割刀的移动速度为0.5m/s，下列说法正确的是（）A．切割一块矩形玻璃需要10s B．切割得到的矩形玻璃长为2.4m C．切割刀的移动轨迹与玻璃板平移方向夹角为37°，可使割下的玻璃板呈矩形 D．切割刀的移动轨迹与玻璃板平移方向夹角为143°，可使割下的玻璃板呈矩形【解答】解：设金刚钻割刀的轨道方向与玻璃板运动的速度方向的夹角为θ，可使割下的玻璃板呈矩形，如图所示：其中v＝0.5m/s，v1＝0.4m/s，根据几何关系可得：因为合速度的方向与玻璃板垂直，根据平行四边形定则得：cosθ=v则有：θ＝37°垂直于玻璃运动方向的速度大小为：v2＝vsinθ，解得：v2＝0.3m/s。A、切割一块矩形玻璃需要的时间为：t=dB、切割得到的矩形玻璃长为：L＝v1t＝0.4×10m＝4m，故B错误；CD、根据以上分析可知，切割刀的移动轨迹与玻璃板平移方向夹角为37°，可使割下的玻璃板呈矩形，故C正确、D错误。故选：AC。题型4有关运动合成与分解的图像问题（2023•浙江模拟）由于空气阻力的影响，炮弹的实际飞行轨迹不是抛物线，而是“弹道曲线”，如图中实线所示，图中虚线为不考虑空气阻力情况下炮弹的理想运动轨迹。O、a、b、c、d为弹道曲线上的五点，其中O点为发射点，d点为落地点，b点为轨迹的最高点，a、c为运动过程中经过的距地面高度相等的两点，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A．炮弹到达最高点b时的加速度为g B．炮弹经过c点时的加速度方向沿该点切线斜向上 C．炮弹经过a点时加速度的竖直分量大于g D．炮弹由a点运动到b点的时间与由b点运动到c点的时间相等【解答】解：A．在最高点b，炮弹除了受重力还受到向后的空气阻力，加速度大于g，故A错误；B．根据曲线运动特点，炮弹经过c点时加速度方向一定指向轨迹凹侧，故B错误；C．炮弹经过a点时，受空气阻力和重力共同作用，空气阻力方向与速度方向相反斜向左下方，根据牛顿第二定律，加速度的竖直分量由重力和空气阻力竖直分力相加得出，所以炮弹经过a点时加速度的竖直分量大于g，故C正确；D．设炮弹由a点运动到b点过程中，受阻力平均竖直分量为f1，由b点运动到c点过程中，受阻力平均竖直分量为f2，根据牛顿第二定律，则前、后两个过程炮弹竖直平均加速度大小分别为aa2根据运动学规律，炮弹由a点运动到b点时间小于由b点运动到c点时间，故D错误。故选：C。（2024•吉林一模）质量为2kg的质点在xy平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点的初速度为3m/s B．质点所受的合外力为3N C．质点初速度的方向与合外力方向垂直 D．2s末质点速度大小为6m/s【解答】解：A、x轴方向初速度为vx＝3m/s，y轴方向初速度vy=ΔyΔt=0−8B、x轴方向的加速度a=ΔvxΔt=C、合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直。故C错误。D、由图可知，2s末质点速度x方向的大小为6m/s，而y方向的速度仍然是﹣4m/s，所以合速度是62故选：B。题型5小船渡河最短时间问题（多选）（2023•上饶模拟）一艘小船正在渡河，如图所示，在到达离河对岸60m处的P点时，其下游80m处有一危险水域，已知船在静水中的最大速度为6m/s，水流的速度大小为5m/s，P点离另一河岸的距离大于100m，下列说法正确的是（）A．小船以最短时间渡河时，可以安全到达河岸 B．小船以最短时间渡河时，不能安全到达河岸 C．小船渡河的位移可能为60m D．小船渡河的位移不可能为100m【解答】解：AB．根据题意可知，当船头正对河岸且以最大的静水速度航行时，渡河时间最短，最短时间为tmin=dv船=60C．船在静水中速度大于水流速度，则可以通过调整船头方向，让船速度斜向上，让船的合速度方向正对河岸，此时渡河位移最短，最短距离为河宽60m，故C正确；D．通过调整船头方向，让船的合速度方向指向上游时，角度合适，位移可能是100m，此时还没有到达危险水域，能保证小船的安全，故D错误。故选：AC。（2022•桃城区校级模拟）某小船在河宽为d，水速恒定为v的河中渡河，第一次用最短时间从渡口向对岸开去，此时小船在静水中航行的速度为v1，所用时间为t1；第二次用最短航程渡河从同一渡口向对岸开去，此时小船在静水中航行的速度为v2，所用时间为t2，结果两次恰好抵达对岸的同一地点，则（）A．第一次所用时间t1=dB．第二次所用时间t2=dC．两次渡河的位移大小之比为v2D．两次渡河所用时间之比t【解答】解：A．两次渡河时如图渡河最短时间t=dv静，所以B．第一次渡河有tanα=v1v所以1cosα第二次渡河时间为：t2C．根据图形可知两次位移之比为1：1，故C错误；D．两次时间之比t1故选：D。题型6小船渡河最短距离问题（2022•市中区校级模拟）一条平直小河的河水由西向东流，水流速度的大小为v水＝4m/s，让小船船头垂直河岸由南向北渡河，已知小船在垂直河岸方向运动的规律满足x＝6t﹣0.05t2，且小船刚好到达河对岸，则小船在渡河的这段时间内的运动情况，下列说法正确的是（）A．小船渡河的轨迹为直线 B．小船在河水中40s时的速度为41m/s C．小船在河水中40s时的位移为160m D．小船到达河对岸时沿河岸方向运动的位移为240m【解答】解：将小船在垂直河岸方向运动的规律x＝6t﹣0.05t2，与匀变速直线运动的公式：x=v0t+12atA、小船在垂直河岸方向上做匀减速直线运动，在沿河岸方向上做匀速直线运动，合加速度的方向与合速度方向不在同一条直线上，做曲线运动，故A错误；B、小船在河水中在垂直河岸方向的速度：v船＝v船0+at＝6m/s﹣0.1×40m/s＝2m/s船运动的合速度：v=v水2C、40s内船沿垂直河岸方向的位移：x=v船0t+12at2=6×D、小船刚好到达河对岸，则到达对岸时垂直于河岸方向的速度为零，所以运动的时间：t0=0−v船0a=0−6−0.1s＝60s，该过程中小船沿河岸方向运动的位移为：y故选：D。题型7绳类关联速度（2023•重庆模拟）如图所示，物体A和小车用轻绳连接在一起，小车以速度v0向右匀速运动。当小车运动到图示位置时，轻绳与水平方向的夹角为θ，关于此时物体A的运动情况的描述正确的是（）A．物体A减速上升 B．物体A的速度大小vA＝v0 C．物体A的速度大小vA＝v0sinθ D．物体A的速度大小vA＝v0cosθ【解答】解：将小车的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向进行分解，沿绳子方向的分速度等于A的速度，则：vA＝v0cosθ，小车向右做匀速直线运动，则θ减小，则A的速度增大，A做加速运动，故D正确，ABC错误。故选：D。（2023•凯里市校级模拟）如图所示，质量为m的木块a放置在倾角为α的固定斜面上，通过一根不可伸长的细线绕过固定在斜面上的轻滑轮与质量为m、套在杆上的小球b相连，小球以速率v向左匀速运动，不计空气阻力和一切摩擦力，重力加速度为g。当细线与水平杆的夹角为β时（）A．木块a的速度大小为v B．木块a的速度大小为vcosβC．细线的拉力大于mgsinα D．细线的拉力小于mgsinα【解答】解：AB、将小球b的速度分解为沿绳方向的分速度v1和垂直于绳方向的分速度v2由几何关系得，木块a的速度大小等于v1＝vcosβ故AB错误；CD、小球b向左做匀速直线运动，β逐渐减小，cosβ逐渐增大，则木块a的速度逐渐增大，即木块a做加速运动，对木块受力分析，沿斜面方向，细线的拉力大于mgsinα，故C正确，D错误。故选：C。题型