期末模拟检测03-2021-2022学年八年级物理下学期期末复习必刷卷（沪科版）

期末模拟检测03（试卷满分：100分；答题时间：90分钟）（g取10N/kg）一、选择题（共16小题，满分32分）1．浮力的单位是（）A．瓦特 B．牛顿 C．帕斯卡 D．阿基米德【答案】B。【解析】解：A、瓦特，符号为W，是功率的单位，故A错；B、牛顿，符号为N，是力的单位，当然也是浮力的单位，故B正确；C、帕斯卡，符号为Pa，是压强的单位，故C错；D、物理学上没有用“阿基米德”命名物理量的单位，故D错。2．关于牛顿第一定律的下列说法中，正确的是（）①物体的运动不需要力来维持②物体的运动必需用力维持③牛顿第一定律是实验定律④实际上不存在不受外力作用的物体，所以牛顿第一定律没有意义⑤牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因A．①⑤ B．③④ C．①④ D．②③【答案】A。【解析】解：①物体的运动不需要力来维持，物体不受力时也可以保持匀速直线运动，故①正确；②力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要用力维持，故②错误；③牛顿第一定律是在实验的基础上推理概括得出的，不是实验定律，故③错误；④虽然实际上不存在不受外力作用的物体，但根据牛顿第一定律所得出的推论很多都得到了验证，是一条非常有价值的定律，故④错误；⑤牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因，故⑤正确；综上所述，表述正确的是①⑤。3．如图甲将两个表面光滑的铅柱相互紧压，发现两者粘在一起，由此得出分子间存在引力。小华认为此实验不能排除大气压把两个铅柱压在一起的可能。于是小明先后做了四个实验①②③④（如图所示）。其中能帮助小华验证的是（）①挂一个钩码，铅柱不分离；②挂两个钩码，铅柱不分离；③铅柱略错开，铅柱不分离；④置于真空罩内，铅柱不分离。A．只有④ B．只有①② C．只有③④ D．只有①②③【答案】A。【解析】解：将两个表面光滑的铅柱相互紧压，发现两者粘在一起，由此得出分子间存在引力；①②挂一个或两个钩码时，改变的是对铅柱的拉力大小，可以探究两铅柱之间的引力大小，故①②错误；③铅柱略错开时，改变了铅柱之间的接触面积，可以探究引力的大小与接触面积之间的关系，故③错误；④将两个粘在一起的铅柱置于真空罩内，铅柱不分开，可以表明不是大气压的作用使两铅柱粘在一起的，故④正确。4．（2分）小明在做鸡蛋沉浮实验，鸡蛋漂浮在盐水表面，如图所示，接着他沿杯壁缓慢加入清水使鸡蛋下沉，在此过程中鸡蛋所受浮力F与向水中加水的质量m的关系是（）A． B． C． D．【答案】D。【解析】解：鸡蛋漂浮和悬浮时所受浮力不变，等于鸡蛋的重力，随着清水的逐渐加入，盐水的密度逐渐减小，鸡蛋逐渐下降，但鸡蛋排开液体的体积不变，所以鸡蛋所受浮力F与向水中加水的质量m的变化图象应该是浮力开始不变，再逐渐减小并不变，故D正确。5．（2分）如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（）A．羊角锤 B．镊子 C．钢丝钳 D．托盘天平【答案】B。【解析】解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，D、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力、也不费力。6．（2分）在防城港高铁站的站台上标有一条安全线，人必须站在安全线以外的区域候车，以免产生危险，这主要是因为高速列车经过时，列车与人之间的空气（）A．流速大，压强小 B．流速小，压强小 C．流速大，压强大 D．流速小，压强大【答案】A。【解析】解：当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。7．（2分）日常生活中，为了让同学们养成关注生活和社会的良好习惯，物理老师倡导同学们对身边一些常见的物理最进行估测，下列是某同学的估测，最接近实际的是（）A．教室内同学们感觉到舒适的温度约为37℃ B．一个普通初中学生一只手掌面积上受到的大气压力约为70N C．将一本掉在地上的物理书捡起放到课桌上所做的功约为2J D．你从一楼走到二楼时的功率约1.8W【答案】C。【解析】解：A、人体感觉到舒适的温度约为23℃；故A错误；B、中学生手掌的面积约70cm2，即0.007m2，一个普通初中学生手掌面积上受到的大气压力约为：F＝pS＝1.0×105Pa×0.007m2＝700N，故B错误。C、将一本掉在地上的物理书捡起放到课桌上所做的功约为：W＝Gh＝mgh＝0.2kg×10N/kg×0.8m＝1.6J，与2J接近，故C正确。D、你从一楼走到二楼时做功约：W＝Gh＝mgh＝50kg×10N/kg×3m＝1500J，所有时间约20s，故上楼功率约：P＝＝＝75W，故D错误。8．如图所示，是某运动员在一次比赛中撑竿跳高的全过程若不计空气的阻力，以下分析正确的是（）A．运动员越过横杆后下落的过程中，动能不断增大 B．运动员撑竿起跳到最高点时合力为零 C．运动员助跑的过程中，速度越大，他的惯性也越大 D．运动员撑起撑竿上升的过程中，受到重力、弹力和惯性力【答案】A。【解析】解：A、运动员越过横杆后下落的过程中，质量不变，速度越来越大，故动能不断增大。故A正确；B、运动员撑竿起跳到最高点时处于非平衡状态，故合力不为零。故B错误；C、助跑过程中，运动员的质量一定，速度越大，动能越大，但惯性跟物体速度大小无关，所以惯性大小不变。故C错误；D、若不计空气的阻力，运动员撑起撑竿上升的过程中，受到重力、弹力的作用，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用。故D错误。9．如图所示的四幅图中，不属于连通器的是（）A．茶壶 B．下水弯管 C．自动供水装置 D．船闸【答案】C。【解析】解：A、茶壶的壶嘴和壶身符合上端开口、下部连通的特点，是利用连通器原理工作的，故A不合题意；B、下水弯管符合上端开口、下部连通的特点，是利用连通器原理工作的，故B不合题意；C、自动供水装置的瓶子倒置，上端不是开口的，不符合上端开口、下部连通的特点，不是利用连通器原理工作的，故C符合题意；D、船闸工作时，船室分别与上游或下游构成连通器，是利用连通器原理工作的，故D不合题意。10．小宇同学在科技馆观摩自行车走钢丝表演后回家做了一个模型，如图所示，下列说法正确的是（）A．自行车的重力与钢丝对自行车的支持力是一对平衡力 B．自行车对绳的拉力与钩码的重力是一对平衡力 C．自行车对钢丝的压力与钢丝对自行车的支持力是一对平衡力 D．自行车和所挂物体总重力与钢丝对自行车的支持力是一对平衡力【答案】D。【解析】解：A、自行车和所挂物体总重力与钢丝对自行车的支持力是一对平衡力，自行车的重力与钢丝对自行车的支持力大小不等，故A错误；B、自行车对绳的拉力与钩码的重力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；C、自行车对钢丝的压力与钢丝对自行车的支持力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故C错误；D、自行车和所挂物体总重力与钢丝对自行车的支持力，大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，是一对平衡力，故D正确。11．如图所示是汽车拉力赛途经的一段“S”形水平弯道，为了更安全，现场观众应站的位置是图中（）A．甲、丙 B．甲、丁 C．乙、丙 D．乙、丁【答案】C。【解析】解：由图可知，当汽车在赛道上行驶时，如果汽车失去控制，由于惯性，汽车将会沿原来运动的方向冲出，即会冲到图中的甲区或丁区，故人在乙区或丙区是相对安全的，故C正确。12．如图所示是两个工人分别用相同的滑轮按甲、乙两种方式把质量相同的两袋沙子从地面提到二楼，两种方式所做的总功W总甲、W总乙，机械效率为η甲、η乙、若不计绳重及摩擦，滑轮重小于沙袋重，则下列说法正确的是（）A．甲较省力，W总甲＜W总乙 B．乙较省力，η甲＜η乙 C．乙较省力，η甲＞η乙 D．W总甲＝W总乙，η甲＞η乙【答案】C。【解析】解：（1）不计绳重和摩擦，由图可知，甲图为定滑轮，不能省力；乙图为动滑轮，能够省力，所以提起相同的重物，乙工人用力较小，即乙较省力；（2）因为分别用甲、乙两滑轮把质量相同的两袋沙子提到二楼，物体的重力相同，提升的高度相同，根据公式W＝Gh可知两种情况的有用功相同，即W有用甲＝W有用乙；不计绳重和摩擦，滑轮的重小于沙子的重，甲中所做的总功为对一袋沙子所做的功，没有做额外功，所以甲做的总功少，且有用功相同，所以甲的机械效率高；又因为乙是动滑轮，乙中所做的总功还要加上对动滑轮所做的功，利用乙滑轮做的额外功多，则总功越多，机械效率越低，即W总甲＜W总乙，η甲＞η乙；综上所述，选项C正确，ABD错误。13．（2分）下列关于“粒子和宇宙”的说法中，正确的是（）A．太阳系、银河系、地球、月球是按空间尺度由大到小排列的 B．光年是天文学中常用来表示时间的单位 C．宇宙是一个有层次的天体结构系统，它是有起源的、膨胀的和演化的 D．太阳是太阳系的中心，它永远是恒定不动的【答案】C。【解析】解：A、按空间尺度由大到小排列，正确顺序应为：银河系、太阳系、地球、月球。故A错误；B、光年指光在一年内通过的距离，所以光年是长度单位。故B错误；C、宇宙是由物质组成的，宇宙中有很多的星系，星系中又有很多星体，宇宙是一个有层次的天体结构系，并且处于不断的演化过程中。故C正确；D、太阳是太阳系的中心，但它不是永远恒定不动的，因为宇宙中绝对不动的物体是不存在的。故D错误。14．如图是一小球从密度均匀的油中A处由静止释放后竖直上浮的图景，小球在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动。①和②是小球经过的两个位置。则（）A．小球的密度与油的密度相等 B．小球在位置②受到的浮力等于重力 C．小球在位置①受到的浮力比位置②受到的浮力大 D．小球在位置①受到的阻力比位置②受到的阻力小【答案】D。【解析】解：A、小球从密度均匀的油中A处由静止释放后竖直上浮，是上浮过程，上浮物体的密度小于油的密度，故小球的密度小于油的密度，故A错误；B、小球在BC段做匀速运动，受到平衡力的作用，但重力大于浮力，故不只受到重力和浮力，还受油的阻力，故B错误；C、根据F浮＝ρ液gV排知，上浮过程中，液体的密度不变，排开液体的体积不变，浮力不变，故小球经过位置①处所受浮力等于②处的大小，故C错误；D、小球经过位置①处所受浮力等于②处的大小，①处加速上浮，浮力大于重力和阻力，②处匀速上浮，浮力等于重力和阻力，故小球在位置①受到的阻力比位置②受到的阻力小，故D正确。15．（2分）如图1所示，一块质量分布均匀的实心砖放在水平地面上；若沿虚线将其截为相同的两块后，一块叠放在另一块上，如图2所示。下列关于前后两次物理量的判断正确的是（）A．密度之比为2：1 B．对地面的压力之比为1：2 C．对地面的压强之比为1：2 D．受地面的支持力之比为2：1【答案】C。【解析】解：（1）因密度是物质的一种特性，与物体的形状无关，所以，前后两次的密度不变，即密度之比为1：1，故A错误；（2）因为物体对水平地面的压力和自身的重力相等，所以，前后两次的质量不变，重力不变，对水平地面的压力不变，即对地面的压力之比是1：1，故B错误；因前后两次实心砖块的重力和地面的支持力是一对平衡力，二力大小相等，所以，砖的质量不变、重力不变，受地面的支持力不变，即受地面的支持力之比为1：1，故D错误；因一块叠放在另一块上时，受力面积减半，所以，由p＝可知，前后两次对地面的压强之比是1：2，故C正确。16．（2分）小阳小组的同学依据实验数据绘制了弹簧的长度与弹簧受到拉力的关系图象，如图所示。下列说法中正确的是（）A．弹簧受到的拉力为6N时，弹簧伸长了8cm B．弹簧的长度为2cm时，受到的拉力为2N C．分析图象可知弹簧的长度与受到的拉力成正比 D．若用该弹簧制成测力计，则其量程为0﹣6N【答案】D。【解析】解：AB、读图可知，当拉力为0时，弹簧的长度为2cm，这就是它的原长；弹簧在受6N拉力时，其长度为8cm，则其伸长量为8cm﹣2cm＝6cm，故AB错误；CD、从图中可以看出，在拉力不大于6N的范围内，弹簧的长度与拉力的变化图线呈线性变化，说明弹簧的伸长量与拉力成正比；根据此原理制成了弹簧测力计，若用该弹簧制成测力计，则其量程为0﹣6N，故C错误，D正确。二、填空题（共6小题，满分12分）17．（2分）我国传统文化中古诗词不仅词句优美，而且蕴含了丰富的物理知识。“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴”，“花气袭人”说明了分子不停地做无规则运动；“会挽雕弓如满月，西北望，射天狼”，“拉弯的弓”具有弹性势能。【答案】分子不停地做无规则运动；弹性势能。【解析】解：“花气袭人”是由于分子不停地无规则运动造成的；“会挽雕弓如满月，西北望，射天狼”，“拉弯的弓”发生了弹性形变，故具有弹性势能。18．如图甲所示，把一根两端开口的细玻璃管，通过橡皮塞插入装有红色水的玻璃瓶中，从管口向瓶内吹入少量气体后，瓶内的水沿玻璃管上升的高度为h．不考虑温度的影响，把这个自制气压计从山上移到山下后玻璃管中的水柱会下降（选填“上升”或“下降”），水对底部的压强变大（选填“变大”“不变”或“变小”）．如果用另一根玻璃管如图乙所示对着上端吹气，瓶中玻璃管内的水柱会上升（选填“上升”或“下降”）。【答案】下降；变大；上升。【解析】解：在简易的气压计中外界气压等于瓶内空气的压强减去管内水柱产生的压强。（1）把气压计从山上带到山下，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的减小而增大，此时外界大气压大于瓶内气压，会有一部分水被压入瓶内，因此管内水柱的高度会下降。（2）下山后，水柱降低，瓶内水面升高，瓶内气体体积变小压强变大，所以瓶底的压强变大；（3）往管上方吹气，管上方气体的流速越大，压强越小，瓶内空气的压强不变，瓶内空气的压强大于外界大气压强，会有一部分水从瓶内压出，玻璃管内液面上升。19．（2分）用一个动滑轮在5s内将一重为300N的物体匀速向上提升3m，动滑轮的机械效率是75%，则拉力大小为200N，若忽略绳重与摩擦，动滑轮的重力为100N。【答案】200；100。【解析】解：使用动滑轮时，承担物重的绳子股数n＝2。（1）拉力端移动距离s＝2h，动滑轮的机械效率η＝＝＝＝＝75%，则拉力大小：F＝＝＝200N；（2）若忽略绳重与摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮重力：G动＝2F﹣G＝2×200N﹣300N＝100N。20．2021年4月13日，东京奥运会女足亚洲区预选附加赛第二回合比赛中，中国女足两回合总比分4：3战胜韩国女足，获得东京奥运会入场券。踢出去的足球由于受到重力的作用会落回地面，落回地面的足球在草地上滚动的过程中脚对足球不做功（选填“做功”或“不做功”）。【答案】重力；不做功。【解析】解：足球最后落了下来，是因为足球受到了重力的作用，重力的方向是竖直向下的；落回地面的足球在草地上滚动的过程中，脚的作用力已消失，虽然移动距离，但没有力，所以脚对足球不做功。21．（2分）现阶段我国正全面有序的开展新冠疫苗的接种工作，如图示疫苗接种情景，接种疫苗注射器针头做得很尖，其目的是增大（选填“增大”或“减小”）压强：医生用约0.2N的力按压面积为0.5cm2的注射器活塞将药液缓慢压入人体中，活塞受到的压强为4×103Pa。【答案】增大；4×103。【解析】解：注射器的针头做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的。活塞受到的压强为：p＝＝＝＝4×103Pa。22．如图，轻质杠杆AB的A点悬挂边长为20cm、密度为2g/cm3的立方体C，B点悬挂物体D，AO：OB＝2：5，杠杆在水平位置平衡时，C对水平地面的压强为1000Pa．要使物体C对地面的压强为零，可以对物体D施加竖直向下16N的拉力，也可以通过调整悬挂点O的位置来实现C对地压强为零，那么调整后的AO：OB＝3：10。（g＝10N/kg）【答案】16；3：10。【解析】解：由ρ＝得，立方体C的质量：m＝ρV＝2g/cm3×（20cm）3＝16000g＝16kg，立方体C的重力：GC＝mg＝16kg×10N/kg＝160N，由p＝得，此时C对地面压力：F＝pS＝1000Pa×20×20×10﹣4m2＝40N，所以杠杆A点所受拉力：F1＝G﹣F＝160N﹣40N＝120N，根据杠杆平衡条件可知，F1×OA＝GD×OB，即120N×2＝GD×5解得：GD＝F1×＝120N×＝48N，要使物体C对地面的压强为零，则A点增加的拉力△F1＝40N，根据杠杆的平衡条件，△F1×OA＝△F2×OB，即40N×2＝△F2×5则有：△F2＝△F1×＝40N×＝16N。若改变支点位置让C对地压强为零，则有GC×AO′＝GD×OB′，所以，＝＝＝。三、作图题（共2小题，满分4分）23．如图，画出动力臂L1对应的动力F1以及阻力臂L2.【解析】解：支点为O，过力臂L1的上端作力臂L1的垂线，可得动力作用线，与杠杆交于A点，即动力作用点；由于阻力F2使杠杆逆时针转动，则动力F1应使杠杆顺时针转动，所以动力的方向向上，可得动力F1的示意图；从支点O作阻力作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂L2，如图所示：24．如图所示，小球浸没在水中，处于静止状态，以球心为作用点，作出小球受力的示意图。【解析】解：浸没在水中的物体受到：竖直向下的重力G、竖直向上的浮力F浮和竖直向上的拉力F拉作用，处于平衡状态，由平衡条件得：G＝F浮+F拉；从重力的作用点﹣重心，沿竖直向下方向画出重力，沿竖直向上的方向画出浮力和拉力，如图所示。四、简答题（共1小题，满分4分）25．竹蜻蜓是一种中国传统民间玩具。竹蜻蜓由两部分组成，一是竹柄，二是“翅膀”，如图所示。玩时用双手一搓竹柄，竹蜻蜓的“翅膀”旋转，将空气向下推，然后双手一松，竹蜻蜓就飞向了天空，过一会落回地面。请用所学知识解释竹蜻蜓向上飞起和落回地面的原因。【解析】答：由于物体间力的作用是相互的，竹蜻蜓的“翅膀”旋转，将空气向下推，竹蜻蜓对空气有一个向下的力，同时空气也会对竹蜻蜓有一个向上的推力，使竹蜻蜓飞向天空；但由于竹蜻蜓受到竖直向下的重力作用，所以最终会落回地面。五、实验探究题（共5小题，满分28分）26．如图，用小球和木块来探究“动能大小与哪些因素有关”。（1）实验中是通过比较木块在水平面上被撞击的距离来比较动能大小。（2）本实验研究的动能是指B（填序号）A．小球在斜面上时的动能B．小球撞击木块时的动能C．小球撞击木块后木块的动能（3）比较图A、B是为了研究动能大小与速度的关系。（4）小赵在实验时，先让质量为m的小球从斜面h高处由静止下滑，测出木块被撞击的距离为S1，接着他立即让同一小球从斜面h高处由静止下滑，测出木块被撞击的距离为S2，如图所示，则S1大于S2（大于/小于/等于），你判断的依据是小球在运动过程中要克服摩擦力做功，机械能转化为内能。（从能量角度解释）。【答案】（1）木块在水平面上被撞击的距离；（2）B；（3）速度；（4）大于；小球在运动过程中要克服摩擦力做功，机械能转化为内能。【解析】解：（1）由图知，小球从斜面滚下，将木块推得越远，动能就越大，通过木块在水平面上被撞击的距离来反映动能的大小；（2）小球动能的大小是指撞击木块时的动能，小球部分动能转化为木块的动能；（3）由图知，两个小球从部同一高度滚下，速度不相同，速度大的将木块推得较远，动能较大，此实验为了研究动能大小与速度的关系；（4）第一次实验时，小球刚滚下斜面就撞击到木块，第二次实验时，小球在水平面上滚动了一段距离后才撞击到木块，小球在运动的过程中要克服摩擦力做功，机械能转化为内能，所以小球在第二次撞击木块时的机械能比第一次小，所以木块移动的距离s1大于s2。27．在“探究二力平衡的条件”活动中。（1）如果物体只受到两个力的作用，且处于静止或匀速直线运动状态，说明这两个力是相互平衡的。由此，小明提出，能否利用如图甲所示的实验装置来探究二力平衡的条件？（2）小华认为，若采用小明的方案，必须测出物体所受的重力和拉力的大小来进行比较。研究发现，在小明的方案中，只能根据相互作用的关系直接测出拉力的大小，在未知二力平衡条件的前提下，另一个力无法直接测量，所以这一方案无法实施。（3）为此，两位同学不断改进并先后设计了三个实验方案，如图乙所示，请你判断出他们改进的先后顺序BAC（用字母表示），这样改进是为了减小摩擦力对实验的影响。（4）如图丙，是最终确认的实验方案，理由是卡片的重力远小于钩码对卡片的拉力，卡片的重力可以忽略不计。（5）将处于平衡状态的纸片转过一个角度，使它两边的拉力不在同一条直线上。松手的瞬间，它不能（选填“能”或“不能”）保持平衡，这样做的目的是验证平衡力是否作用在同一直线上。（6）另一小组同学设计两个实验装置如丁图所示，符合实验目的是b图，理由是b中两个力作用在同一个物体上。【答案】（1）静止或匀速直线运动；（2）重力；拉力；（3）BAC；摩擦力；（4）卡片的重力远小于钩码对卡片的拉力，卡片的重力可以忽略不计；（5）不能；同一直线上；（6）b；b中两个力作用在同一个物体上。【解析】解：（1）当物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受到的力是平衡的；（2）小华认为，若采用小明的方案，必须测出物体所受的拉力和重力的大小来进行比较；研究发现，在小明的方案中，只能根据相互作用的关系直接测出拉力的大小，在未知二力平衡条件的前提下，另一个力无法直接测量，所以这一方案无法实施下去；（3）B图为滑动摩擦，A图为滚动摩擦，C图只有滑轮间的摩擦，为了减小摩擦力对实验的影响，他们改进的先后顺序：B、A、C；这样的改进是为了减小摩擦对实验的影响；（4）如图丙，是最终确认的实验方案。此方案中，由于卡片的重力远小于钩码的重力，可以卡片的重力可忽略不计；（5）当二力不在同一直线上时，二力不能平衡，则松手的瞬间，物体不能保持平衡，该实验探究了不在同一直线上的两个力能否平衡；（6）平衡力必须作用在同一物体上，a图两个力作用在两个不同物体上，二力是相互作用力；b图中的两个力作用在同一物体上，所以b图符合要求。28．小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。（1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选择丙、丁两图进行对比观察。（3）分析丁、戊两图，说明浮力的大小与液体密度有关。（4）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为1.1×103kg/m3。【答案】（1）物体排开液体的体积；（2）丙、丁；（3）液体的密度；（4）1.1×103。【解析】解：（1）由图甲、乙、丙可知，物体排开水的体积不同，弹簧测力计的示数不同，物体受到的浮力不变，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关；（2）探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制物体排开液体的体积和液体的密度不变，改变浸没的深度不同，丙、丁两图符合；（3）由丁、戊两图可知，物体排开液体的体积不变，液体的密度不变，弹簧测力计的示数不变，受到的浮力不变，说明浮力的大小与液体的密度有关；（4）由图甲可知物体的重力G＝5N，由图丁可知弹簧测力计的示数F′＝1N，由图戊可知弹簧测力计的示数F″＝0.6N，则物体在水中受到的浮力F浮＝G﹣F′＝5N﹣1N＝4N，物体在盐水中受到的浮力F浮′＝G﹣F″＝5N﹣0.6N＝4.4N，因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，由F浮＝ρgV排可得：V排＝＝，则盐水的密度ρ盐水＝ρ水＝×1.0×103kg/m3＝1.1×103kg/m3。29．如图甲所示小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向左（选填“左”或“右”）调节，杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码，杠杆恰好在原位置平衡。于是小明便得出了杠杆的平衡条件。老师指出他这样得出的结论不合理，这是因为一次测量得出的结论具有偶然性。（2）实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小明利用如图乙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆在原位置处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。其原因是：杠杆自重对实验有影响。（3）丙图中若测力计的示数与钩码重力相等，则测力计与杠杆之间的夹角等于30°（填锐角的度数），测力计在丙图中A点改变不同的角度时所用的最小拉力是G（设钩码总重为G）。【答案】（1）左；一次测量得出的结论具有偶然性；（2）杠杆自重对实验有影响；（4）30°；G；【解析】解：（1）当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，杠杆重心右移，应将平衡螺母（左端和右端的均可）向左调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止；杠杆的平衡条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F1L1＝F2L2），只通过一次测量，结论具有偶然性，不具备普遍性。（2）图乙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大。（3）丙图中测力计的示数与钩码重力相等，说明动力臂与阻力臂相等，由图可知：弹簧测力计拉力的力臂OB为支点O与拉力作用点A长度的一半，根据三角形的知识可知：测力计与杠杆之间的夹角为30°，测力计在丙图中A点所用的最小拉力时，拉力与杠杆垂直，此时力臂的长度为OA；假设杠杆的一个小格代表L，由杠杆平衡的条件，F1L1＝F2L2，可得，根据杠杆的平衡条件可知，弹簧测力计在A点的最小拉力为：F1＝＝G。30．如图是用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。（1）压强计上的U形管不属于（选填“属于”或“不属于”）连通器。（2）在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，为了使U形管左右两侧的水面相平，正确的调节方法是B（选填“A”或“B”）。A.将右侧支管中高出的水倒出B.取下软管重新安装（3）比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，液体压强的大小与液体的深度有关。（4）比较图丙和图丁，可以得出结论：在同一深度，液体密度越大，液体的压强越大。（5）已知图丙中U形管右侧水面到管底的高度为h＝23cm，则此U形管底受到水的压强为2300Pa。（ρ水＝1g/cm3、g＝10N/kg）（6）根据实验所得出的结论，判断在如图中的a、b、c、d、e五点中压强最大的是d点。【答案】（1）不属于；（2）B；（3）液体的深度；（4）丙；（5）2300；（6）d。【解析】解：（1）压强计上端不都是开口的，故不属于连通器；（2）进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；（3）比较图乙和图丙两图知，液体的密度相同，深度不同，U形管液面的高度差不同，压强不同，故可以得到：液体的压强与液体的深度有关；（4）要探究液体的压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，图丙、丁符合题意；（5）已知图丙中U形管右侧水面到管底的高度为h＝23cm＝0.23m，则此U形管底受到水的压强为：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.23m＝2300Pa；（6）ab两点处的液体密度相同，b的位置较深，根据p＝ρgh可知b点的液体压强大于a点的液体压强；bc两点处的液体深度相同，c点的液体密度较大，根据p＝ρgh可知c点的液体压强大于b点的液体压强；cd两点处的液体密度相同，d的位置较深，根据p＝ρgh可知d点的液体压强大于c点的液体压强；de两点处的液体深度相同，d点的液体密度较大，根据p＝ρgh可