5.2热量比热容（难点练）

5.2热量比热容（难点练）一、单选题1．由吸热公式，那么物质的比热容跟（）A．吸收的热量Q成正比B．质量成反比C．温度变化Δt成反比D．吸收热量Q、质量m及温度变化Δt均无关【答案】D【解析】比热容是物质的一种特性，是物质本身的固有属性，与物质的种类有关，与物质的状态有关，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。2．某同学用同一热源加热质量相等的水和煤油，观察到煤油的温度比水的温度升高得快。若水和煤油的比热容分别用和表示，则（

）A．B．C．水的质量减半时，比热容变为原来的一半D．煤油吸收的热量越多，其比热容越大【答案】A【分析】比热容的理解及应用举例，比热容的理解及判断。【解析】AB．因为用同一热源给它们加热，时间相同情况下，水和煤油吸收的热量相同；又由于水和煤油的质量相同，所以根据可知，在与相同的条件下，与成反比，因为相同时间煤油升高的温度比水多，所以煤油的比热容比水的比热容小，A正确，B错误；CD．比热容是物质的一种属性，只与物质的种类和状态有关，所以水的质量减半时，水的比热容不变，煤油吸收的热量越多，煤油的比热容不变，CD错误。【点睛】中等偏易题.失分原因：AB：①不知道题干信息“用同一热源加热”表示相同时间两种物质吸热相同；②不知道根据“煤油的温度比水的温度升高得快”意味着煤油温度变化得快即数值大；CD：不知道比热容是物质的属性，误认为物质的比热容和物质的质量和吸热多少有关。3．把质量、初温都相同的铜块与铝块，同时浸入正在沸腾的开水中，隔较长时间后，铜块温度变为t1，吸收的热量为Q1；铝块的温度变为t2，吸收的热量为Q2，已知c铝＞c铜，那么（）A．t1＞t2，Q1＝Q2 B．t1＜t2，Q1＝Q2C．t1＝t2，Q1＞Q2 D．t1＝t2，Q1＜Q2【答案】D【解析】因为把铜块与铝块同时浸入正在沸腾的开水中，并且放入的时间都较长，因此它们最后达到了热平衡，铜块、铝块的末温都与沸水的温度相同，即t1＝t2；由题知，它们的初温相同，则升高的温度t1＝t2；由题知c铝＞c铜，m1＝m2，所以由Q吸＝cmt可知吸收热量的关系为Q1＜Q2。故选D。4．质量相等的铜块和铁块（c铜＜c铁），在吸收了相等的热量后相互接触，那么（）A．热由铜块传给铁块B．热由铁块传给铜块C．铜块和铁块之间不发生热传递D．以上情况都有可能【答案】D【解析】∵Q吸=cm△t，铜块和铁块质量相同，吸收的热量相同，∴比热容大的物体，升高的温度少；∵c铁>c铜，∴铁块升高的温度少，又∵铜块和铁块初温大小不知，∴铁块和铜块的末温不能确定，∴二者接触，不能确定热传递方向．故选D.【点睛】知道铜块和铁块质量相同，吸收相同的热量后，根据Q吸=cm△t知道，比热容大的温度升高的少；而铁的比热容大于铜的比热容，所以铁的温度变化小；不知道初温大小关系，所以无法确定末温大小关系，也就无法确定热的传递方向．5．初温相同的甲、乙两个实心球，它们的质量和比热容分别为、和、，两球吸收相等的热量之后，甲球把热量传给乙球，则下列情况中不可能的是（

）A．， B．，C．， D．，【答案】D【解析】因甲、乙两球吸收相同的热量后，甲球可把热量传给乙球，所以，甲球的末温大于乙球的末温，因两球的初温相同，所以，甲球的温度变化量大，即t甲＞t乙；由Q吸=cmt可得，且Q吸相等，t甲＞t乙，所以c甲m甲＜c乙m乙由选项可知，ABC均可能，而D不可能。故选D。6．A、B两物体质量相等，温度均为10℃；甲、乙两杯水质量相等，温度均为50℃。现将A放入甲杯，B放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了4℃，乙杯水温降低了8℃，不考虑热量的损耗，则A、B两物体的比热容之比为（）A．4：9 B．3：5 C．2：3 D．1：2【答案】A【解析】（1）物体A放入甲杯水后，它们的共同温度为50℃﹣4℃＝46℃水放出的热量Q放＝c水m水t水A吸收的热量Q吸＝cAmAtA根据热平衡方程Q放＝Q吸，即c水m水t水＝cAmAtAc水m水×4℃＝cAmA×（46℃﹣10℃）所以A的比热容为……①物体B放入乙杯水后，它们的共同温度为50℃﹣8℃＝42℃水放出的热量Q放１＝c水m水t水１B吸收的热量Q吸１＝cBmBtB根据热平衡方程Q放1＝Q吸1，即c水m水t水１＝cBmBtB即c水m水×8℃＝cBmB×（42℃﹣10℃）所以B的比热容为……②因为A、B两物体质量相等，即mA＝mB由①②，所以A、B的比热容之比为故A符合题意，BCD不符合题意。选A。7．甲、乙两种材料不同的金属块，它们的质量相等，同时投入沸水中充分加热，先把甲金属块从沸水中取出投入一杯冷水中，热平衡后，水的温度升高了t，取出甲金属块（不计水的质量变化），再把乙金属块由沸水投入该杯水中，热平衡后又使水温升高了t，则两金属块的比热容关系是（）A．c甲＜c乙 B．c甲=c乙 C．c甲>c乙 D．以上情况都有可能【答案】A【解析】先后将甲乙两金属块投入到同一杯水中，水升高的温度相同，水吸收的热量相同，不计热量损失，甲乙两金属块放出的热量相同，由题知，甲金属块温度比乙多降低了t，根据，质量相同的甲乙两金属块，放出相同的热量，降低的温度多的甲金属块，比热容小，故BCD不符合题意，A符合题意。故选A。8．根据表中提供的一些物质的比热容[J/（kg•℃）]，下列判断正确的是（）水4.2×103铝0.88×103煤油、冰2.1×103干泥土0.84×103沙石0.92×103铜0.39×103A．不同物质的比热容不可能相同B．在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢C．沿海地区比内陆地区昼夜温差小D．质量相等的铝块和铜块降低相同的温度，铜块放出的热量多【答案】C【解析】A．比热容是物质本身的一种特性，不同物质比热容一般不同，但也有相同的，例如表格中的煤油与冰的比热容均为2.1×103J/（kg•℃），故A错误；B．因为湿泥土中含有较多的水，所以干泥土比湿泥土的比热容小，根据可知，质量相等的干泥土和湿泥土吸收相等的热量后，干泥土的温度变化大，则干泥土比湿泥土升温快，故B错误；C．水的比热容较大，白天，相同质量的水和泥土比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区的昼夜温差比内陆地区的昼夜温差小，故C正确；D．由表可知，铝的比热容为0.88×103J/（kg•℃），铜的比热容为0.39×103J/（kg•℃），铝的比热容大于铜的比热容，由可知，质量相等的铝块和铜块，降低相同的温度，铝块放收的热量多，故D错误。故选C。9．甲乙两球质量相等，甲吸收的热量大于乙吸收的热量，有关甲、乙两球的比热容和温度变化关系，小明认为：如果甲的比热容大于乙，则甲升高的温度可能小于乙；小华认为：如果甲的比热容小于乙，则甲升高的温度一定大于乙。下列说法正确的是（）A．两人的观点均正确 B．两人的观点均不正确C．只有小明的观点正确 D．只有小华的观点是正确的【答案】A【解析】由题可知，甲乙两球质量相等，即m甲=m乙；甲吸收的热量大于乙吸收的热量，即Q甲>Q乙。由Q=cmΔt可得c甲m甲Δt甲>c乙m乙Δt乙①如果甲的比热容大于乙，即c甲>c乙，由①式可知，可能有Δt甲>Δt乙，也可能是Δt甲<Δt乙。即如果甲的比热容大于乙，则甲升高的温度可能小于乙，也可能大于乙，所以小明的观点是正确的。如果甲的比热容小于乙，即c甲<c乙，由①式可知，Δt甲>Δt乙。即如果甲的比热容小于乙，则甲升高的温度一定大于乙。所以小华的观点也是正确的。故A正确，BCD错误。故选A。10．将一杯热水倒入盛有冷水的容器中，冷水的温度升高了10℃，再向容器内倒入一杯相同质量和温度的热水，容器中的水温又升高了6℃。如果继续向容器中倒入5杯同样的热水，则容器中的水温会升高（不计热量损失）（）A．14℃ B．12℃ C．9℃ D．4℃【答案】B【解析】设热水和冷水的温度差为t，因为质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了10℃，根据可知，所以又向保温容器中倒入一小杯同质量为m0同温度的热水，水温又上升了6℃，根据可知，即联立可得：，。再向容器内倒入同样5杯热水，则由热平衡方程可知解得：。则容器中的水温会升高12℃，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。二、填空题11．煤油的比热容为，它的单位读作____________，它表示质量为1千克的煤油，温度每升高1℃时，__________为2.1×103焦。煤油的温度升高时，它的比热容将__________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】

焦每千克摄氏度

吸收的热量

不变【解析】[1]物质的比热容是物体吸收的热量与物体质量和温度变化量的乘积的比值，其单位为，读作焦每千克摄氏度。[2]在热传递改变物体内能时，当物体温度升高，表明吸收了热量，温度降低则放出了热量，煤油的比热容为，它表示质量为1千克的煤油，温度每升高1℃时，吸收的热量为2.1×103焦。[3]物质的比热容是物质的一种性质，只与物质的种类、状态等因素有关，与温度的变化无关，故煤油的温度升高时，它的比热容将不变。12．水的比热容为，将一桶质量为2kg的水倒掉一半，剩下的水的比热容将______（选填“变大”“变小”“不变”）；水结冰后，它的比热容将______（选填“改变”或“不变”），初温为20℃，质量为1kg的水吸收3.78×105J热量后温度将升高到______℃。（水上方的气压为1标准大气压）【答案】

不变

改变

100【解析】[1][2]比热容是物质的一种特性，只与物质的种类、状态有关，与质量无关，故剩下的水的比热容大小不变，水结冰后，状态改变，比热容将改变。[3]水升高的温度为故水的末温为此时大气压为1个标准大气压，故最高温度只能达到。13．科技小组的同学在老师课上实验后，又用精密的测量仪器做实验比较了质量相等的两种液体放热能力，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示。实验中，两种液体在相同时间内放出的热量基本相等。分析图象可以初步得知：______的放热能力强，如果要在甲、乙两种液体中选择一种液体作为热源，你认为______（选填：“甲”或“乙”）液体较为合理。【答案】

甲

甲【解析】[1]时间相等，两种液体放出的热量相等，由图可以看出，乙液体的温度降低的多，甲液体温度降低的少；利用热量的计算公式可知，在质量相等、放热也相同的情况下，谁的温度降低得少，则它的比热容大；甲的温度降的少，故甲的比热容大，甲放热能力强；[2]质量相同的甲、乙两种液体降低相同的温度，因甲的比热容大，利用热量的计算公式可知，甲放热多，如果要在甲、乙两种液体中选择一种液体作为热源，甲液体较为合理。14．如图所示，将热汤放在冷水中，图反映了两者的温度计变化。由图可知，010分钟过程中，热汤内能的变化是________，由此图像________（能/不能）判断水的比热容比汤的比热容大，理由是________。【答案】

先变小后不变

不能

两者的质量不等【解析】[1]同一物体内能大小与温度有关，由图像可知，热汤的温度先下降后不变，而热汤其它条件未改变，所以内能先变小后不变。[2]在此过程中，水吸收的热量等于汤放出的热量，因为水与汤的比热容差不多，根据公式可知，汤的温度变化比水的温度变化大的原因是汤的质量比水的质量小，故填不能。[3]由[2]可知其两者质量不相等，所以无法判断水的比热容比汤的比热容大。15．质量均为100g的四种物质，当温度升高1℃时所吸收的热量如图所示。请根据图中信息回答以下问题。（1）煤油的比热容为_____；（2）质量相等的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块温度的变化更_____（选填“大”或“小”）；（3）1kg的水，从30℃下降到10℃需要放出的热量为_____J。【答案】

2.5×103

大

8.4×104【解析】（1）[1]由图可知，100g煤油温度升高1℃时所吸收的热量为250J，由可知，煤油的比热容为（2）[2]由图可知，100g铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量多，由可知，铝的比热容大，由可知，质量相等的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块温度的变化更大。（3）[3]由图可知，100g水温度升高1℃时所吸收的热量为420J，由可知水的比热容为则1kg的水，从30℃下降到10℃需要放出的热量16．小王在家探究冷热水混合温度变化的问题，他将一杯热水放在桌上，然后加入一勺30g的冷水，待它们热平衡后测得热水的温度下降了4℃，后来他又加入一勺相同的冷水，平衡后测得水温又下降了3℃。若不计混合过程中的热量损失，原来这杯热水的温度比冷水的温度高___________℃，原来这杯热水的质量为___________g。【答案】

28

180【解析】[1][2]由题意知，Q吸=Q放，所以cm冷∆t冷=cm热∆t热代入数据可得0.03kg×∆t冷=m热×4℃

①同理，当再次加入一勺冷水后，热水放出的热量和冷水吸收的热量仍然相等则有Q吸′=Q放′，即cm冷∆t冷′=cm热′∆t热′代入数据得0.03kg×(∆t冷3℃)=(m热+0.03kg)×3℃

②联立①②解得∆t冷=24℃，m热=0.18kg=180g不计混合过程中的热量损失，原来这杯热水的温度比冷水的温度高T=24℃+4℃=28℃17．1724年，荷兰人华伦海特引入华氏温度，他把纯水凝固时的温度定为32华氏度，把标准大气压下水沸腾的温度定为212华氏度，中间分为180等份，每一等份代表1华氏度。用符号F表示华氏温度。（1）请写出华氏温度F与摄氏温度t的转换式F＝_____。（2）相同质量50华氏度的水与90摄氏度的水混合后的温度为_____℃。不计整个过程的能量损失。【答案】

50【解析】（1）[1]设摄氏温度为t时，对应的华氏温度为F，根据题意得将冰水混合物温度和标准气压下沸水温度分别代入上式，得解得，故摄氏温度和华氏温度换算关系为故（2）[2]华氏度对应的摄氏温度为设水的质量均为m，混合后的最后温度为t末，则混合后根据热平衡关系式，50华氏度的水吸收的热量与90摄氏度的水放出的热量相同得混合后的温度。18．温度与我们的生活息息相关。某物理兴趣小组记录了我们生活的城市在一段时间内的天气晴雨情况和气温，如下表所示。日期（5月*日）23242526272829天气（晴或雨）阵雨晴大雨中雨晴晴晴最高气温（℃）22312623292928最低气温（℃）20212219192221①由上表数据可以发现：在短期内上海市晴天较雨天最高气温______（选填“高”或“低”），上海市处于______天时（选填“晴”或“雨”），气温差较小；②请根据表格中的信息并结合本学期所学的知识，分析并解释“不同天气情况下气温差不同”可能的原因。______。【答案】

高

雨

见解析【解析】①[1]由表格数据知，晴天的最高气温为31℃，而雨天的最高气温为26℃，所以短期内上海市晴天较雨天最高气温高。[2]上海市晴天的温差约为9℃，雨天的温差约为4℃，所以雨天气温差较小。②[3]由以上分析知，晴、雨天气温差不同，原因是雨天时地表附近有大量水汽，而水的比热容较大，在吸收（或放出）相同热量，温度变化较小，那么雨天的气温差会较小。三、计算题19．把质量为4kg，温度为20℃的铝块加热到70℃，问：（1）铝块吸收的热量为多少？（2）若这些热量全部由沸水降温提供，需要多少千克的沸水？【铝的比热容为0.9×103焦/(千克•℃)】【答案】（1）1.8×105J；（2）1.43kg【解析】解：（1）铝块的质量m=4kg升高的温度∆t=70℃20℃=50℃铝块吸收的热量为Q吸=cm∆t=0.9×103J/(kg•℃)×4kg×50℃=1.8×105J（2）由题意可知，沸水需要放出的热量Q放=Q吸=1.8×105J沸水的温度变化∆t1=t0t=100℃70℃=30℃由Q放=cm∆t可得，需要沸水的质量答：（1）铝块吸收的热量为1.8×105J；（2）若这些热量全部由沸水降温提供，需要1.43kg的沸水。20．用两个相同的电热器分别给质量都为1kg的水和某种液体加热，每隔1分钟记录一次温度，数据如右表所示，已知水的比热容为c水＝4.2×103焦/（千克·℃）。求：①加热1分钟，水吸收的热量Q水；②该液体的比热容c液。加热时间（分）012水的温度（℃）202632液体的温度（℃）203244【答案】①2.52×104J；②2.1×103J/(kg·℃)【解析】解：①加热1分钟，由表格数据可知水的末温为26℃，则水吸收的热量Q吸=cm(tt0)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(26℃20℃)=2.52×104J②用两个相同的电热器分别给质量都为1kg的水和某种液体加热，两种液体在1min吸收相等的热量相等，则液体的比热容答：①加热1分钟，水吸收的热量为2.52×104J；②该液体的比热容为2.1×103J/(kg·℃)。21．在质量是0．5千克的铝壶里装了2千克水，把这壶水从20℃加热到100℃，求（1）水吸收的热量Q水[c水＝4.2×103J／(kg·℃)]；（2）铝壶吸收的热量Q水铝[c铝＝0.9×103J／(kg·℃)]；（3）若在这个铝壶中装入质量为1千克的另一种液体，该液体的比热容是c液，把这壶液体从20℃加热到40℃，这个过程中铝壶和液体吸收的热量分别是Q铝和Q液．请参考样例，根据c铝和c液的大小关系，写出Q铝和Q液的大小关系（已知c铝不等于c液）．样例：若c铝大于c液，则Q铝可能大于Q液．【答案】（1）6.72×105J（2）3.6×104J（3）见解析【解析】(1)水吸收的热量：Q水=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×l05J(2)铝壶吸收的热量：Q铝=c铝m铝(t−t0)=0.9×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×(100℃−20℃)=3.6×l04J(3)液体吸收的热量：Q液=c液m液(t−t0)=c液×1kg×(40℃−20℃)铝壶吸收的热量：Q铝=c铝m铝(t−t0)=c铝×0.5kg×(40℃−20℃)由上可得，当c铝×0.5kg×(40℃−20℃)=c液×1kg×(40℃−20℃)c铝=2c液即当c铝=2c液时，Q铝=Q液；当c铝2c液时，Q铝Q液；当c铝2c液时，Q铝Q液．答：(1)水吸收的热量为6.72×l05J；(2)铝壶吸收的热量为3.6×l04J；(3)当c铝等于2c液时，Q铝可能等于Q液；当c铝2c液时，Q铝Q液；当c铝2c液时，Q铝Q液．四、实验题22．夏天中午海边的沙子热，海水却很凉；傍晚海边的沙子凉，海水却较暖和。对此，同学们提出如下猜想：可能是沙子吸热升温或放热降温都比水快，两探究小组都设计实验去验证：（1）他们在实验前准备了火柴、酒精灯、烧杯、沙子、水、搅棒、铁架台、石棉网，除此之外，还需要温度计和_____；（2）由于物体吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验中把吸收热量的多少转换成用相同的酒精灯加热，比较_____来判断。这种方法建立在_____的条件下；（3）请你为探究小组的同学设计一个记录数据用的表格：物质_____初温t1（℃）末温t2（℃）升高温度（℃）_____水沙子（4）两小组获得的实验结论分别是：①等质量的沙子和水升高相同的温度，加热沙子的时间短；②等质量的沙子和水加热相同的时间，沙子的温度上升得多。你认为上述结论能验证实验猜想的是_____（选填“仅是①”、“仅是②”或“①和②”）；（5）探究过程中也有部分同学提出猜想：可能是中午海水蒸发吸收热量，所以温度低；而沙子不蒸发，所以温度高，你认为上述猜想是否正确，请说明理由：_____。【答案】

秒表、天平

加热时间

完全相同的酒精灯放出的热量全被水和沙子吸收

质量m/g

加热时间t/min

①和②

不正确；晚上海水也蒸发吸收热量，海水温度高【解析】（1）[1]实验中要想定量分析必须要测量沙子和水的质量及加热时间，因此，还需要的测量工具是天平、秒表；（2）[2][3]由于物体吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验中把吸收热量的多少转换成用相同的酒精灯加热，比较加热时间来判断，这种方法建立在一个假设的基础上，这个假设是完全相同的酒精灯放出的热量全被水和沙子吸收。（3）[4][5]实验中需要控制水和沙子的质量相同；实验中通过加热时间表示物质吸收热量的多少，所以表格中第一行需要填入的是质量m/g、加热时间t/min。（4）[6]等质量的沙子和水升高相同的温度，加热沙子的时间短，说明水的吸热能力比沙子强。等质量的沙子和水加热相同的时间，沙子温度上升得多，同样说明了水的吸热能力比沙子强。因为均说明沙子吸热升温或放热降温都比水快，故两条实验结论均能验证实验猜想，故应选择①和②。（5）[7]因为蒸发吸热不是海水温度低的主要原因，其主要原因是海水的比热容大，故不正确。比如傍晚时海水同样在蒸发吸热，其温度却比沙子高，便能有力证明这一点。23．小明和小华发现，夏天在海边，白天时沙子的温度比水的温度高，晚上，沙子的温度比水的温度低，于是他们猜想：不同的物质吸热本领不同。（1）为了验证以上猜想，他们来到实验室，用如图所示装置分别对水和沙子进行加热，加热过程中将相关数据记录在表一和表二中；表一：50克水表二：________克煤油实验序号________加热时间（秒）实验序号（10）加热时间（秒）1130623022607460339086904412098120551501010150①将表格的表头和栏目填写完整；②加热用的酒精灯可以不同吗？________，理由是________；③分析比较表一或表二中的第2列与第3列的数据及相关条件，可得到的初步结论是：________；④进一步综合分析表一和表二中的数据及相关条件，可以归纳得到的结论是：________相同的不同物质，________不同，即不同物质的吸热本领不同；⑤请用该实验的结论来解释为什么夏天白天的海边，沙子的温度比水的温度高。________【答案】

50

升高的温度（℃）

不可以

需要控制吸收热量相同，相同酒精灯加热时间相同，表示吸收热量相同

质量相同的同种物质，吸收的热量与升高的温度成正比

质量

吸收的热量与升高的温度的比值

见详解【解析】（1）①[1]要探究不同物质的吸热能力大小，需要控制物体的质量相等，物体吸收的热量相等，只改变物体的种类，水的质量是50g，所以煤油的质量也是50g。[2]实验中通过让水和煤油在相同时间内吸收相同的热量，即加热时间相同，比较物体升高的温度，温度升高得较慢的物质吸热能力强，所以应该填：升高的温度（℃）。②[3][4]实验中要让水和煤油在相同时间内吸收相同的热量，所以要用相同的酒精灯进行加热，相同的酒精灯每秒放出的热量相等，所以用相同酒精灯加热相同时间，表示物体吸收热量相同，因此加热用的酒精灯不可以不同。③[5]分析比较表一或表二中的第2列与第3列的数据及相关条件可知，当加热时间增加一倍时，物体升高的温度也增加一倍，因此得到的初步结论是质量相同的同种物质，吸收的热量与升高的温度成正比。④[6][7]进一步综合分析表一和表二中的数据及相关条件可知，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，升高的温度不同，吸收的热量与升高的温度的比值不同，说明不同物质的吸热本领不同。⑤[8]这是因为水的比热容较大，同样受热的情况下，吸收相同热量，由可知，水的温度变化比沙小。因此，在受太阳照射条件相同时，沙滩比海水的温度高。24．某小组同学通过实验探究液体吸收热量的多少与哪些因素有关，他们用相同的酒精灯对一定质量的水进行加热，并测出水升高的温度和相应的加热时间，实验结果如表一所示。然后他们改变水的质量继续进行探究，水升高的温度和相应的加热时间结果如表二、表三所示。（设水在相等时间内吸收的热量相等）表一100克水

实验序号升高温度（℃）加热时间（分钟二200克水实验序号升高温度（℃）加热时间（分钟）42.5155267.53表三

500克水实验序号升高温度（℃）加热时间（分钟）7558101091515（1）用相同的酒精灯加热的目的是为了确保一定质量的水在相同时间内_______；（2）分析比较实验序号1、2、3或4、5、6或7、8、9中的数据，可得出的初步结论是：质量相等的水，吸收的热量与升高温度成______；（3）分析比较实验序号______中相关实验数据，可以得出的初步结论是：当水升高相同的温度时，质量越大，吸收的热量越多；（4）进一步综合分析比较实验序号1与4或2与5或3与6中的相关实验数据，可得：当水的______相同时，吸收的热量相等；（5）为了使实验结论更有普遍性，小张认为还需进一步实验，请在表四中填入拟进行实验的数据。表四______实验序号升高温度（℃）加热时间（分钟）10______/11______/12______/【答案】

吸收相同的热量

正比

1、5、7（或2、8或3、9）

质量与升高温度的乘积

100g煤油

5

10

15【解析】（1）[1]实验中使用相同的酒精灯对液体进行加热的目的是可以使液体在相同时间内吸收相同的热量，将液体吸收热量的多少转化为加热时间的长短。（2）[2]分析比较实验序号1、2、3或4、5、6或7、8、9中的数据可知，水的质量相同，升高温度和加热时间的比值是一个定值，则可以得出结论，质量相等的水，吸收的热量与升高温度成正比。（3）[3]分析比较实验序号1、5、7（或2、8或3、9）中的实验数据可知，升高相同的温度，水的质量越大，需要加热的时间越长，吸收热量越多，可以得出的初步结论是，当水升高相同的温度时，质量越大，吸收的热量越多。（4）[4]分析比较实验序号1与4或2与5或3与6中的相关实验数据，加热时间相同，水的质量与升高温度的乘积相等，则说明当水的质量与升高温度的乘积相同时，吸收的热量相等。（5）[5][6][7][8]根据可知，液体吸收热量多少，与液体质量、物质种类和温度的变化量有关，为了使实验结论更有普遍性，还应探究吸收热量多少与物质种类的关系，因此可以在表一的基础上，更换质量相同的不同液体，升高相同的温度进行实验。25．为了研究物质的某种特性，某小组的同学利用如图所示装置的做了如下实验：他们在两只完全相同的烧杯中放入100克水和100克煤油，用两只相同酒精灯加热，利用温度计和计时器测量液体的温度随时间的变化情况。记录数据如表一、表二所示。（已知ρ水>ρ煤油）表一

100克水表二

100克煤油加热时间（分）0481216加热时间（分）02468温度（℃）2022242628温度（℃）2022242628升高温度（℃）02468升高温度（℃）02468（1）甲图烧杯中盛的液体是_______（选填“水”或“煤油”）。实验中，加热时间长短间接反映了__________；（2）分析比较表一（或表二）中的第一行和第三行的数据及相关条件，可得出的初步结论是：_____________；（3）分析比较表一和表二中_____________的数据及相关条件，可得出的初步结论：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不相等，水吸收的热量比煤油吸收的热量多；（4）小组同学进一步综合分析表一、表二数据得出以下结论：综合分析比较表一和表二中的数据及相关条件可得：同种物质，吸收热量与质量、升高温度的比值是定值。该结论是____（选填“正确完整”、“正确不完整”、“错误”）。【答案】

煤油

吸收热量的多少

给质量相同的同种液体加热时，温度升高越高，吸收热量越多

第三列

正确不完整【解析】（1）[1]由图示知，甲烧杯中所装液体的体积比乙烧杯中的大，据知，烧杯中所装质量相同的水和煤油，煤油的体积较大，所以甲烧杯装的是煤油。[2]实验中，加热时间越长，酒精灯燃烧放出的热量越多，则烧杯中液体吸收的热量也越多，所以用加热时间反映液体吸收热量的多少。（2）[3]由表一数据知，加热时间越长，水吸收的热量越多，温度升高越高，所以可得出的结论是：给相同质量的同种液体加热时，温度升高越高，吸收热量越多。（3）[4]由两表格中的第三列数据知，相同质量的水和煤油升高的温度相同，为4℃时，所需的时间不同，水所需时间更长为8min，煤油只需要4min，说明水需要吸收的热量更多。（4）[5]由表格数据一知，加热时间每变化4min时，水的温度升高为2℃，即水所吸收的热量变化量与水的温度变化量比值是定值，而在这个过程水的质量不变。由表二数据知，灯油所吸收的热量的变化量与灯油的温度变化量比值也是定值，但两个比值不相等。所以同种物质，吸收热量与质量、升高温度的比值是定值，但不同物质的比值一般不同，小明得出的结论正确，但不完整。26．小明和小华在探究物体放出热量的多少与哪些因素有关的实验时，先在两只完全相同的烧杯中分别放入100克和200克的温水，