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文档简介
2025届山东省德州市武城二中数学高二上期末综合测试试题考生请注意:1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.直线的斜率是()A. B.C. D.2.如图所示,正方形边长为2cm,它是水平放置的一个平面图形的直观图,则原图形的周长是()A.16cm B.cmC.8cm D.cm3.不等式的解集为()A. B.C. D.4.已知1与5的等差中项是,又1,,,8成等比数列,公比为,则的值为()A.5 B.4C.3 D.65.下列语句中是命题的是A.周期函数的和是周期函数吗? B.C. D.梯形是不是平面图形呢?6.设等比数列的前项和为,若,则()A. B.C. D.7.若方程表示双曲线,则()A. B.C. D.8.已知等比数列的公比为q,且,则“”是“是递增数列”的()A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件 D.既不充分也不必要条件9.如图,在长方体中,是线段上一点,且,若,则()A. B.C. D.10.如图,样本和分别取自两个不同的总体,它们的平均数分别为和,标准差分别为和,则()AB.C.D.11.已知等差数列的公差,若,,则该数列的前项和的最大值为()A.30 B.35C.40 D.4512.2021年小林大学毕业后,9月1日开始工作,他决定给自己开一张储蓄银行卡,每月的10号存钱至该银行卡(假设当天存钱次日到账).2021年9月10日他给卡上存入1元,以后每月存的钱数比上个月多一倍,则他这张银行卡账上存钱总额(不含银行利息)首次达到1万元的时间为()A.2022年12月11日 B.2022年11月11日C.2022年10月11日 D.2022年9月11日二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13.若,是双曲线与椭圆的共同焦点,点P是两曲线的一个交点,且为等腰三角形,则该双曲线的渐近线为______14.已知是首项为,公差为1的等差数列,数列满足,若对任意的,都有成立,则实数的取值范围是________15.根据如下样本数据34567402.5-0.50.5-2得到的回归方程为若,则的值为___________.16.已知为曲线:上一点,,,则的最小值为______三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.(12分)记为等差数列的前n项和,已知.(1)求的通项公式;(2)求的最小值.18.(12分)已知函数.(1)当时,讨论的单调性;(2)当时,证明:.19.(12分)如图,在四棱锥中,平面,底面是直角梯形,,,,,为侧棱包含端点上的动点.(1)当时,求证平面;(2)当直线与平面所成角的正弦值为时,求二面角的余弦值.20.(12分)已知椭圆的左、右焦点分别为,离心率为,圆:过椭圆的三个顶点,过点的直线(斜率存在且不为0)与椭圆交于两点(1)求椭圆的标准方程(2)证明:在轴上存在定点,使得为定值,并求出定点的坐标21.(12分)设命题,,命题,.若p、q都为真命题,求实数m的取值范围.22.(10分)各项都为正数的数列的前项和为,且满足.(1)求数列的通项公式;(2)求;(3)设,数列的前项和为,求使成立的的最小值.
参考答案一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】把直线方程化为斜截式即得【详解】直线方程的斜截式为,斜率为故选:D2、A【解析】由直观图确定原图形中平行四边形中线段的长度与关系,然后计算可得【详解】由斜二测画法,原图形是平行四边形,,又,,,所以,周长为故选:A3、A【解析】根据一元二次不等式的解法进行求解即可.【详解】,故选:A.4、A【解析】由等差中项的概念列式求得值,再由等比数列的通项公式列式求解,则答案可求.【详解】由题意,,则;又1,,,8成等比数列,公比为,,即,,故选:.5、B【解析】命题是能判断真假的语句,疑问句不是命题,易知为命题,故选B6、C【解析】利用等比数列前项和的性质,,,,成等比数列求解.【详解】解:因为数列为等比数列,则,,成等比数列,设,则,则,故,所以,得到,所以.故选:C.7、C【解析】根据曲线方程表示双曲线方程有,即可求参数范围.【详解】由题设,,可得.故选:C.8、B【解析】利用充分条件和必要条件的定义结合等比数列的性质分析判断【详解】当时,则,则数列为递减数列,当是递增数列时,,因为,所以,则可得,所以“”是“是递增数列”的必要不充分条件,故选:B9、A【解析】将利用、、表示,再利用空间向量的加法可得出关于、、的表达式,进而可求得的值.【详解】连接、,因,因为是线段上一点,且,则,因此,因此,.故选:A.10、B【解析】直接根据图表得到答案.【详解】根据图表:样本数据均小于等于10,样本数据均大于等于10,故;样本数据波动大于样本数据,故.故选:B.11、D【解析】利用等差数列的性质求出公差以及首项,再由等差数列的前项和公式即可求解.【详解】等差数列,由,有,又,公差,所以,,得,,,∴当或10时,最大,,故选:D12、C【解析】分析可得每月所存钱数依次成首项为1,公比为2的等比数列,其前n项和为,分析首次达到1万元的值,即得解【详解】依题意可知,小林从第一个月开始,每月所存钱数依次成首项为1,公比为2的等比数列,其前n项和为.因为为增函数,且,所以第14个月的10号存完钱后,他这张银行卡账上存钱总额首次达到1万元,即2022年10月11日他这张银行卡账上存钱总额首次达到1万元.故选:C二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13、【解析】根据给定条件求出两曲线的共同焦点,再由椭圆、双曲线定义求出a,b即可计算作答.【详解】椭圆的焦点,由椭圆、双曲线的对称性不妨令点P在第一象限,因为等腰三角形,由椭圆的定义知:,则,,由双曲线定义知:,即,,,所以双曲线的渐近线为:.故答案为:【点睛】易错点睛:双曲线(a>0,b>0)渐近线方程为,而双曲线(a>0,b>0)的渐近线方程为(即),应注意其区别与联系.14、【解析】先求得,再得出,对于任意的,都有成立,说明是中的最小项【详解】由题意,∴,易知函数在和上都是减函数,且时,,即,时,,,由题意对于任意的,都有成立,则是最小项,∴,解得,故答案为:15、-1.4##【解析】分别求出的值,即得到样本中心点,根据样本中心点一定在回归直线上,可求得答案.【详解】,则得到样本中心点为,因为样本中心点一定在回归直线上,故,解得,故答案为:16、【解析】曲线是抛物线的右半部分,是抛物线的焦点,作出抛物线的准线,把转化为到准线的距离,则到准线的距离为所求距离和的最小值【详解】易知曲线是抛物线的右半部分,如图,因为抛物线的准线方程为,是抛物线的焦点,所以等于到直线的距离.过作该直线的垂线,垂足为,则的最小值为故答案为:三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1)(2)【解析】(1)设数列的公差为d,由,利用等差数列的前n项和公式求解;(2)利用等差数列的前n项和公式结合二次函数的性质求解.【小问1详解】解:设数列的公差为d,∵,∴,解得2,∴.【小问2详解】由(1)知2,∴,,,∴当时,取得最小值-16.18、(1)在上单调递减,在上单调递增(2)证明见解析【解析】(1)当时,利用求得的单调区间.(2)将问题转化为证明,利用导数求得的最小值大于零,从而证得不等式成立.【小问1详解】当时,,且,又与均在上单调递增,所以在上单调递增.当时,单调递减;当时,单调递增综上,在上单调递减,在上单调递增.【小问2详解】因为,所以,要证,只需证当时,即可.,易知在上单调递增,又,所以,且,即,当时,单调递减;当时,单调递增,,所以.【点睛】在证明不等式的过程中,直接证明困难时,可考虑证明和两个不等式成立,从而证得成立.19、(1)证明见解析;(2).【解析】(1)连接交于,连接,证得,从而证得平面;(2)过作于,以为原点,建立空间直角坐标系,设,求面的法向量,由直线与平面所成角的正弦值为,求得的值,再用向量法求出二面角的余弦值.【详解】解:(1)连接交于,连接,由题意,∵,∴,∴,又面,面,∴面.(2)过作于,则在中,,,,以为原点,建立如图所示的空间直角坐标系.设,则,,,,,,,,设向量为平面的一个法向量,则由,有,令,得;记直线与平面所成的角为,则,解得,此时;设向量为平面的一个法向量则由,有,令,得;∴二面角的余弦值为.【点睛】本题考查了线面平行的判定与证明,用向量法求线面角,二面角,还考查了学生的分析能力,空间想象能力,运算能力,属于中档题.20、(1);(2)见解析,定点【解析】(1)先判断圆经过椭圆的上、下顶点和右顶点,令圆方程中的,得,即.再由求即可.(2)设在轴上存在定点,使得为定值,根据题意,设直线的方程为,联立可得,再运算将韦达定理代入化简有与k无关即可.【详解】(1)由圆方程中的时,的两根不为相反数,故可设圆经过椭圆的上、下顶点和右顶点,令圆方程中的,得,即有又,解得∴椭圆的标准方程为(2)证明:设在轴上存在定点,使得为定值,由(1)可得,设直线的方程为,联立可得,设,则,,要使为定值,只需,解得∴在轴上存在定点,使得为定值,定点的坐标为【点睛】本题主要考查椭圆的几何性质和直线与椭圆的位置关系,还考查了数形结合的思想和运算求解的能力,属于中档题.21、【解析】先求出命题为真时,的取值范围,再取交集可得答案.【详解】若命题,为真命题,则,解得;若命题,为真命题,则命题,为假命题,即方程无实数根,因此,,解得.又p、q都为真命题,所以实数m的取值范围是.【点睛】本题考查全称命题与特称命题的真假求参数值、一元二次函数的性质,考查函数与方程思想、转化与化归思想,考查逻辑推理能力和运算求解能力.22、(1)(2)(3)【解析】(1)直接利用数列的递推关系式,结合等差数列
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