2022届上海市高三上学期一模暨春考模拟卷一数学试题解析版

2022届高三一模暨春考数学模拟试卷一一．填空题〔本大题共12题，1-6每题4分，7-12每题5分，共54分〕1.集合，，那么__________.【答案】【解析】【分析】通过解一元二次不等式，求解函数值域，结合，，用列举法表示集合，再结合补集的定义，即得解【详解】由题意，，又又由于，又故故答案为：2.一个关于、的二元一次方程组的增广矩阵是，且，那么__________；【答案】【解析】【分析】根据增广矩阵可求出，再由求出，即可求解.【详解】由题意可知，解得，又因为，所以，故，即，故答案为：3.是虚数单位，假设复数是纯虚数，()，那么的取值范围为__________；【答案】【解析】【分析】由为纯虚数，可得，那么，即得解【详解】由题意，为纯虚数，故，即故答案为：4.假设，那么__________【答案】或【解析】【分析】根据行列式及对数的运算法那么、性质求解.【详解】因为，所以，即，解得或，故答案为：或5.在报名的8名男生和5名女生中，选取6人参加志愿者活动，假设男生甲和女生乙不同时参加，那么事件发生的概率为__________(结果用数值表示)．【答案】【解析】【分析】根据组合知识计算总的取法，再由间接法求出男生甲和女生乙不同时参加的取法，根据古典概型求解即可.【详解】13人中任选6人参加有种，再除去甲乙2人同时参加的情况有种，由古典概型可知.故答案为：6.圆锥的母线长为5，侧面积为，过此圆锥的顶点作一截面，那么截面面积最大为__________【答案】【解析】【分析】圆锥轴截面顶角〔两母线夹角〕小于等于时，轴截面面积最大，轴截面夹角大于时，母线夹角为时截面面积最大.【详解】设圆锥的底面半径为r，那么，，圆锥的高，设轴截面中两母线夹角为，那么，，所以当两母线夹角为时，过此圆锥顶点的截面面积最大，最大面积为.故答案为：7.假设二项式的展开式中的三次项的系数是168，那么__________【答案】1或【解析】【分析】利用二项式定理展开式公式可得，令可得的三次项的系数为：，解得，由等比数列前n项和公式，以及当时，，，代入即得解【详解】由二项式定理展开式公式可得展开式的通项公式为：，令可得：，那么的三次项的系数为：，据此可得：，解得：，故当时，那么当时，当时，故答案为：1或8.椭圆()的焦点、，抛物线的焦点为，假设，假设恒成立，那么的取值范围为__________；【答案】【解析】【分析】由，可得椭圆焦点在轴上，用坐标表示可得，即得解【详解】由题意，故、、三点共线，即椭圆焦点在轴上，故椭圆的焦点为，抛物线的焦点用坐标表示，有可得，即故即的取值范围为故答案为：9.设是定义在上以2为周期的奇函数，当时，，那么函数在[4，6]上的解析式是__________【答案】【解析】【分析】根据函数的周期及函数为奇函数，分段求解函数的解析式即可.【详解】因为是定义在上以2为周期的奇函数且时，，设，那么，所以，设，那么，,故.综上可得，函数在上解析式是，故答案为：10.，且满足，假设存在使得成立，那么点构成的区域面积为__________【答案】【解析】【分析】转化为，即,即，那么对应的区域为以为圆心，的圆的外部，用三角形面积减去区域内弓形的面积即可【详解】作出不等式组对应的平面区域如图：对应的区域为三角形OAB，假设存在R使得成立，那么令,那么,那么方程等价为，即，∵存在R使得成立，∴,即，那么对应的区域为以为圆心，的圆的外部，即如下图的阴影局部由,解得,即，A(4,0),那么三角形OAB的面积，直线的倾斜角为，那么,取为直线交圆所得弦的中点，那么因此三角形OAB区域内的弓形面积为：故阴影局部面积为：故答案为：11.正三棱锥的所有棱长均为1，L，M，N分别为棱的中点，那么该正三棱锥的外接球被平面所截的截面面积为________．【答案】．【解析】【分析】结合条件计算出正三棱锥外接球球心的位置，得到球心到两个面的距离相等，即可计算出截面面积.【详解】解：由条件知平面与平面平行，且点P到平面的距离之比为．设H为正三棱锥的面的中心，与平面交于点K，那么平面，平面，故．正三棱锥可视为正四面体，设O为其中心〔即外接球球心〕，那么O在上，且由正四面体的性质知．结合可知，即点O到平面等距．这说明正三棱锥的外接球被平面所截得的截面圆大小相等．从而所求截面的面积等于的外接圆面积，即．故答案为：【点睛】关键点点睛：解答此题的关键是确定正三棱锥外接球的球心位置，在解答此类题目时要注意几何体的特征，还可以考虑一些特殊位置等.12.设，满足：关于x的方程恰有三个不同的实数解，且，那么的值为_____．【答案】144．【解析】【分析】令，将方程根的问题转化为函数问题，结合函数的奇偶性和单调性进行计算，即可得到结果.【详解】解：令，那么关于t的方程恰有三个不同的实数解．由于为偶函数，故方程的三个实数解关于数轴原点对称分布，从而必有．以下求方程的实数解．当时，，等号成立当且仅当；当时，单调增，且当时；当时，单调减，且当时．从而方程恰有三个实数解．由条件知，结合得．于是．故答案为：144【点睛】关键点点睛：要求解方程的根，关键是转化为函数问题，结合函数的奇偶性和单调性进行求解，考查转化能力.二．选择题〔本大题共4题，每题5分，共20分〕13.“〞是“〞的〔〕A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件【答案】D【解析】【分析】由，结合充分条件、必要条件的定义，即可判断【详解】由题意，故“〞推不出“〞，即充分性不成立；“〞也推不出“〞，即必要性不成立故“〞是“〞的既不充分也不必要条件应选：D14.下面是关于复数的四个命题：①；②；③的共轭复数为；④的虚部为．其中正确的命题〔〕A.②③ B.①② C.②④ D.③④【答案】C【解析】【详解】，的虚部为．所以选②④，选C.15.将函数图象上的点向左平移〔〕个单位长度得到点，假设位于函数的图象上，那么〔〕A.，的最小值为 B.，的最小值为C.，最小值为 D.，的最小值为【答案】A【解析】【详解】由题意得，，可得，因为位于函数的图象上所以，可得，s的最小值为，应选A.【名师点睛】三角函数图象的变换，有两种选择：一是先伸缩再平移，二是先平移再伸缩．特别注意：①平移变换时，当自变量x的系数不为1时，要将系数先提出；②翻折变换要注意翻折的方向；③三角函数名不同的图象变换问题，应先将三角函数名统一，再进行变换.16.在平面直角坐标系中，定义为两点、的“切比雪夫距离〞，又设点及上任意一点，称的最小值为点到直线的“切比雪夫距离〞，记作，给出以下三个命题：①对任意三点、、，都有；②点和直线，那么；③定点、，动点满足〔〕，那么点的轨迹与直线〔为常数〕有且仅有2个公共点；其中真命题的个数是A.0 B.1 C.2 D.3【答案】D【解析】【详解】设，由题意可得：同理可得：,那么：，命题①成立；设点Q是直线y=2x-1上一点，且Q〔x,2x-1〕，可得，由，解得，即有，当时取得最小值；由，解得或，即有，的范围是，无最小值.综上可得，P,Q两点的“切比雪夫距离〞的最小值为.说法②正确.定点、，动点满足〔〕，那么：，显然上述方程所表示的曲线关于原点对称，故不妨设x≥0，y≥0.(1)当时，有，得：；(2)当时，有，此时无解；(3)当时，有；那么点P的轨迹是如下图的以原点为中心的两支折线.结合图象可知，点轨迹与直线〔为常数〕有且仅有2个公共点，命题③正确.综上可得命题①②③均正确，真命题的个数是3.此题选择D选项.点睛：“新定义〞主要是指即时定义新概念、新公式、新定理、新法那么、新运算五种，然后根据此新定义去解决问题，有时还需要用类比的方法去理解新的定义，这样有助于对新定义的透彻理解.对于此题中的新概念，对阅读理解能力有一定的要求.但是，透过现象看本质，它们考查的还是根底数学知识，所以说“新题〞不一定是“难题〞，掌握好三基，以不变应万变才是制胜法宝.三．解答题：17.在中，．求的取值范围．【答案】【解析】【分析】由条件得到角的值，分类讨论两种情况，然后结合两角和的正弦公式逆用求得取值范围.【详解】解：记．由条件知或．当时，，其中，此时当时，，其中，此时，其中．注意到，函数在上单调增，在上单调减，又，故．综上所述，的取值范围是．【点睛】关键点点睛：解答此题的关键是熟练运用两角和正弦公式，需要注意对角的分类讨论.18.如图，在四棱锥中，底面为直角梯形，，，，平面，，．〔1〕求点到平面的距离；〔2〕求二面角平面角的余弦值．【答案】〔1〕〔2〕【解析】【分析】〔1〕建立空间直角坐标系，计算平面PBC的法向量，由点面距离的向量公式即得解；〔2〕计算平面PCD的法向量，结合〔1〕中平面PBC的法向量，利用二面角的向量公式即得解【详解】〔1〕由题意，平面，，，以A为坐标原点，所在直线为轴建立如下图的空间直角坐标系那么P〔0，0，1〕，B〔1，0，0〕，C〔1，2，0〕，D〔0，3，0〕，设平面PBC的一个法向量为=〔x，y，z〕，=(1，0，﹣1)，=(0，2，0)，=(﹣1，1，0)，那么，取x=1，得=(1，0，1)，∴点D到平面PBC距离．〔2〕由〔1〕可得平面PBC的一个法向量为=(1，0，1)，设平面PCD的一个法向量为，，=(﹣1，1，0)，那么，取，得，设二面角的平面角为，由图得二面角为钝角故19.点、依次为双曲线〔，〕的左、右焦点，且，，．〔1〕假设，以为方向向量的直线经过，求到的距离；〔2〕假设双曲线上存在点，使得，求实数的取值范围．【答案】〔1〕；〔2〕．【解析】【分析】〔1〕由题意知，，根据的关系求出，根据向量的共线定理设出直线方程，再代入点，求出直线方程，根据点到直线的距离公式计算距离；〔2〕设出点，根据数量积公式得，再根据点在双曲线上得，联立求解以后根据代入不等式求范围即可.【详解】〔1〕依题意，，那么双曲线，，，设直线，将代入解得：，此时，到的距离为；〔2〕设双曲线上的点满足，即，又，∴，即，∵，且，∴，又因为，∴实数的取值范围是．【点睛】解答直线与双曲线的题目时，时常把两个曲线的方程联立，消去或建立一元二次方程，然后借助根与系数的关系，并结合题设条件建立有关参变量的等量关系或者不等关系求解.20.下表为函数局部自变量取值及其对应函数值，为了便于研究，相关函数值取非整数值时，取值精确到0.01.00据表中数据，研究该函数的一些性质；〔1〕判断函数的奇偶性，并证明；〔2〕判断函数在区间[0.55,0.6]上是否存在零点，并说明理由；〔3〕判断的正负，并证明函数在上是单调递减函数.【答案】〔1〕奇函数，见解析；〔2〕存在，理由见解析；〔3〕，见解析【解析】【分析】〔1〕通过代入点解得，再利用奇偶性的定义即可判断出奇偶性．〔2〕根据零点判断法那么，为连续函数，只需在区间内寻找符号相反的两个值即可．〔3〕根据〔1〕与〔2〕可知，为奇函数且在上存在零点．由此可判断在也存在零点，即可设两个零点为与，并代入点建立包含与的不等式，即可判断的符号．利用的符号采用定义法证明单调性，即证明【详解】〔1〕因为，所以，，由，所以为奇函数．〔2〕由可得，，所以在，所以在上存在零点．〔3〕因为在上存在零点，是奇函数，所以在上存在零点，所以，而，所以因为在上存在零点，所以，．设，因为；所以，又因为，所以所以在上是单调递减函数．【点睛】此题主要考查函数奇偶性、零点存在定理以及定义法证明函数的单调性，综合性比拟强，需掌握函数的有关性质．21.对于数列：，，(，)，定义“变换〞：将数列变换成数列：，，，其中()，且．这种变换“记作．继续对数列进行“变换〞，得到数列：，，，依此类推，当得到的数列各项均为0时变换结束．〔1〕试问：2，6，4经过不断的“变换〞能否结束？假设能，请依次写出经过“变换〞得到的各数列；假设不能，说明理由；〔2〕设：，，，．假设：，2，()，且的各项之和为2021．求，；〔3〕在〔2〕的条件下，假设数列再经过次“变换〞得到的数列各项之和最小，求的最小值，并说明理由．【答案】〔1〕不能，理由见解析〔2〕a＝1006，b＝1004〔3〕502，理由见解析【解析】【分析】〔1〕首先要弄清“T变换〞的特点，其次要尝试着去算几次变换的结果，看一下有什么规律，显然只有当变换到数列的三项都相等时，再经过一次“T变换〞才能得到数列的各项均为零，否那么“T变换〞不可能结束;〔2〕的解答要通过条件得出a是B数列的最大项，从而去掉绝对值符号得到数列A是单调数列，得到答案;〔3〕的解答要抓住B经过6次“T变换〞后得到的数列也是形如“b，2，b+2〞的数列，与数列B“结构〞完全相同，且最大项减少12，从而数列和减少24，经过6×83+4＝502次变换后使得各项的和最小，于是k的最小值为502．【详解】〔1〕数列A：2，6，4不能结束，各数列依次为4，2，2；2，0，2；2，2，0；0，2，2；2，0，2；…．以下重复出现，所以不会出现所有项均为0的情形．〔2〕因为B的各项之和为2021，且a≥b，所以a为B的最大项，所以|a1﹣a3|最大，即a1≥a2≥a3，或a3≥a2≥a1．当a1≥a2≥a3时，可得由a+b+2＝2021，得2〔a1﹣a3〕＝2021，即a＝1006，故b＝1004．当a3≥a2≥a1时，同理可得a＝1006，b＝1004．〔3〕方法一：由B：b，2，b+2，那么B