2024届福建省莆田市高三下学期二模物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE7莆田市2024届高中毕业班第二次教学质量检测试卷物理试卷满分100分，考试用时75分钟注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题〖答案〗后，用铅笔把答题卡上对应题目的〖答案〗标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他〖答案〗标号。回答非选择题时，将〖答案〗写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2023年5月28日上午10时32分，国产大飞机C919迎来商业首飞，标志着中国具备了自主研制大型客机的能力。某次该大飞机在机场直跑道由静止开始加速，用时30s经过2100m起飞，又经过20s达到离地高度400m处。下列说法正确的是（）A.10时32分和30s都是指时刻B.大飞机在直跑道上的平均速度为70m/sC.大飞机离地起飞时的瞬时速度为70m/sD.大飞机开始运动50s内的位移是2500m〖答案〗B〖解析〗A．10时32分指的是时刻，30s指的是时间，故A错误；B．大飞机在直跑道上的平均速度故B正确；C．根据题意无法求出大飞机离地起飞时的瞬时速度，故C错误；D．大飞机开始运动50s内的运行轨迹不是单方向的直线运动，故位移故D错误。故选B。2.汽油发动机的火花塞工作时需要一万伏左右的高压才能产生火花。一同学用12V直流电源、变压器、开关及导线若干设计点火电路，以下原理图可行的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗根据变压器原副线圈电压表等于匝数比可知副线圈匝数应远大于原线圈匝数，因为是直流电源，为了使副线圈产生感应电动势，需要把开关接在原线圈。故选A。3.如图为氢原子的能级示意图。一群处于能级的氢原子自发跃迁时向外辐射出不同频率的光子，已知蓝光光子的能量范围为2.53~2.76eV。则这群氢原子：A.辐射光子后能量增大B.从向跃迁可辐射蓝光C.从向跃迁可辐射蓝光D.最多能辐射出3种不同频率的光子〖答案〗B〖解析〗A．高能级向低能级跃迁向外放出能量，以光子形式释放出去，辐射光子后能量减小，故A错误；D．最多能放不同频率光子的种数为故D错误；B．从向跃迁辐射出的光子的能量为在蓝光光子的能量范围，可知从向跃迁可辐射蓝光，故B正确；C．从向跃迁射出的光子的能量为不在蓝光光子的能量范围，所以从向跃迁不可以辐射蓝光，故C错误。故选B。4.物理老师举行技巧挑战赛，要求用一根能承受最大拉力为50N的细绳，尽可能拉动更重的物体，如图所示。已知物体与水平面间的动摩擦因数为，取最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物体可视为质点，则理论上利用这根细绳能拉动物体的最大重量是（）A.50N B.N C.100N D.100.3N〖答案〗C〖解析〗设绳子与水平方向的夹角为时能拉动物体的最大重量为，根据平衡条件又联立可得 可知当时，重物的重量最大为100N。故选C。二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。5.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点。下列说法正确的是（）A.M点的电势大于N点的电势B.粒子在M点的电势能小于N点的电势能C.粒子在M点的动能大于在N点的动能D.粒子在M点的加速度小于在N点的加速度〖答案〗AD〖解析〗A．沿电场线方向电势降低，M点的电势大于N点的电势，故A正确；BC．由M到N电场力做正功，电势能减小，动能增加，则粒子在M点的电势能大于N点的电势能，粒子在M点的动能小于在N点的动能，故BC错误；D．电场线越密的地方电场强度越大，同一粒子所受电场力越大，由得故电场线越密的地方加速度越大，则粒子在M点的加速度小于在N点的加速度,故D正确。故选AD。6.今年是中国人民解放军航天员大队正式成立26周年，从神舟五号到神舟十七号，从载人飞船到中国空间站，已有20名中国航天员飞上太空。空间站绕地球飞行的轨道可简化为离地面高为h的圆轨道，其运行周期为T。已知地球半径为R，则（）A.空间站的运行速度大于第一宇宙速度B.空间站的运行速度为C.空间站运行的加速度为D后续补充物资后，由于质量增大，空间站运行周期将变小〖答案〗BC〖解析〗A．第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，则空间站的运行速度小于第一宇宙速度，故A错误；BC．空间站的运行速度为空间站运行的加速度为故BC正确；D．根据万有引力提供向心力可得可得可知后续补充物资后，虽然质量增大，但空间站运行周期不变，故D错误。故选BC。7.如图，等边三角形△ABC位于竖直平面内，BC边水平，三个点电荷分别固定在三角形的顶点上。已知L、M、N点分别为三条边的中点，L点的电场强度方向水平向右，M点的电场强度方向竖直向下，C处点电荷的电荷量绝对值为q，则（）A三个点电荷均带负电B.N点电场强度方向水平向左C.A处点电荷的电荷量绝对值为qD.B处点电荷的电荷量绝对值为q〖答案〗BD〖解析〗AD．A点的电荷在M点的场强沿AM所在直线，C点处点电荷和B点处点电荷在M点的场强沿CB所在直线，已知M点合电场强度方向竖直向下，则CB两点处的点电荷在M点的合场强为零，即C和B点处的点电荷为等量同种电荷，则B点处点电荷的电荷量的绝对值为q；A点处的点电荷在M点的场强方向沿AM向下，则A点处点电荷为正电荷，故A错误，D正确；B．根据对称性可知N点的电场强度方向水平向左，故B正确；C．设三角形的边长为，由几何关系得设A点电荷的电荷量为Q，A点电荷在L点的场强竖直分量的大小为方向竖直向下，B点电荷在L点的场强竖直分量的大小C点电荷在L点的场强竖直分量大小为要使得点竖直方向场强为零，则需要C点电荷在L点的场强竖直分量方向向上，B点电荷在L点的场强竖直分量方向向上，则有解得故C错误。故选BD。8.如图，劲度系数为200N/m的轻弹簧甲左端固定在墙壁上，右端刚好与静止在光滑水平面上的物块A接触；劲度系数未知的轻弹簧乙右端固定在静止的物块B上。现对A施加一水平向左、大小为3N的恒力F，使A向左运动，当速度为零时立即撤去F，之后A离开弹簧甲向右运动，从接触到弹簧乙开始，经0.2s时将弹簧乙压缩到最短，此过程物块B运动的距离为0.02m。已知A、B的质量分别为2kg和0.4kg。弹簧始终处于弹性限度内，则（）A.物块A向左移动的最大距离为0.015mB.物块A与弹簧甲分离时的动能为0.09JC.弹簧乙的最大弹性势能为0.018JD.弹簧乙的最大压缩量为0.036m〖答案〗BD〖解析〗A．A速度为零时，根据动能定理有解得物块A向左移动的最大距离为故A错误；B．物块A与弹簧甲分离时的动能为故B正确；C．根据物块A与弹簧甲分离时的速度为物块A、B共速时，弹簧乙的弹性势能最大，根据动量守恒有根据能量守恒有解得弹簧乙的最大弹性势能为故C错误；D．将弹簧乙压缩到最短的过程中，根据动量守恒有则可得解得弹簧乙的最大压缩量为故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共8题，共600分。其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14~16题为计算题。考生根据要求作答。9.湄洲岛旅游度假区是我国著名5A景区，众多游客在岛上观日出。游客看到的太阳位置比实际位置______（填“高”或“低”），这是太阳光经过大气层发生______（填“折射”或“干涉”）现象；若没有大气层，游客将更______（填“早”或“迟”）看到日出。〖答案〗高折射迟〖解析〗[1][2][3]因为太阳光经过大气层发生折射的原因，所以游客看到的太阳位置比实际位置高，若没有大气层，游客将更迟看到日出。10.如图，甲、乙分别是一列简谐横波在传播方向上相距1m的两个质点P、Q的振动图像。则这列波的周期是______s；s时，质点P、Q的振动方向______（填“相同”或“相反”）；若该波的波长大于1m，则波长为______m。〖答案〗4相反2〖解析〗[1]由图可知波的周期是T=4s[2]由图可知s时，质点P向轴负方向振动，质点Q向轴正方向振动，振动方向相反；[3]P、Q的振动方向相反，则P、Q的间距为可得该波的波长大于1m，则取时11.一定质量的理想气体经历C→A→B→C状态变化过程，如图所示，其中C→A过程为______（填“等温”“等压”或“等容”）变化过程，A→B过程中气体体积______（填“增大”“减小”或“不变”），B→C过程中气体______（填“吸收”或“放出”）热量。〖答案〗等容增大放出〖解析〗[1]由于AC的延长线过坐标原点，压强与热力学温度的比值保持不变，因此体积不变，发生等容变化；[2]A→B过程中，温度不变，根据玻意耳定律，压强减小，因此体积增大；[3]B→C过程中，压强不变，温度降低，根据盖吕萨克定理，体积减小，外界对气体做功，又由于温度降低，内能减小，根据热力学第一定理，气体放出热量。12.用如图甲所示的装置探究影响向心力大小的因素。已知小球在槽中A、B、C位置做圆周运动的轨迹半径之比为1：2：1，变速塔轮自上而下按如图乙所示三种方式进行组合，每层半径之比由上至下分别为1：1、2：1和3：1.（1）在探究向心力大小与半径的关系时，为了控制角速度相同需要将传动皮带调至第______（填“一”“二”或“三”）层塔轮，然后将两个质量相等的钢球分别放在______（填“A和B”“A和C”或“B和C”）位置，匀速转动手柄，左侧标尺露出4格，右侧标尺露出2格，则左右两球所受向心力大小之比为______；（2）在探究向心力大小与角速度的关系时，若将传动皮带调至图乙中的第三层，转动手柄，则左右两小球的角速度之比为______。为了更精确探究向心力大小F与角速度的关系，采用接有传感器的自制向心力实验仪进行实验，测得多组数据经拟合后得到图像如图丙所示，由此可得的实验结论是__________________。〖答案〗（1）一B和C（2）小球的质量、运动半径相同时，小球受到的向心力与角速度的平方成正比〖解析〗【小问1详析】[1][2]变速塔轮边缘处的线速度相等，根据在探究向心力大小与半径的关系时，需控制小球质量、角速度相同，运动半径不同，故需要将传动皮带调至第一层塔轮，将两个质量相等的钢球分别放在B和C位置。[3]左右两球所受向心力大小之比为【小问2详析】[1]变速塔轮边缘处的线速度相等，根据左右两小球的角速度之比为[2]可得的实验结论是：小球的质量、运动半径相同时，小球受到的向心力与角速度的平方成正比。13.图甲是测量某合金丝电阻率的原理图。（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径如图乙，其读数d=______mm。多次测量后，得到直径的平均值恰好与d相等；（2）图丙中滑动变阻器上少了一根连线，请用笔画线代替导线在图中将电路连接完整，使得滑片向右移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大______；（3）多次改变合金丝接入电路的长度l，调节滑动变阻器R的阻值，使电流表的示数都为0.20A时记录电压表相应示数U，作出U-l图像，如图丁所示。从图中可得图线的斜率为______V/m，由此可算出该合金丝的电阻率为______（结果保留3位有效数字）；若考虑电表内阻的影响，上述电阻率的测量值会______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。〖答案〗（1）13.1.200（2）（3）4.00不变〖解析〗【小问1详析】合金丝的直径为【小问2详析】滑片向右移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大，需将开关左端与滑动变阻器端相连，实物电路如图所示。【小问3详析】[1]图线的斜率为[2]根据欧姆定律可得根据电阻定律可得整理得图线的斜率为该合金丝的电阻率为[3]若考虑电流表内阻的影响，则整理得可知图像的斜率不变，若考虑电表内阻的影响，上述电阻率的测量值不变。14.人工智能已应用到生活的方方面面。有一款智能行李箱可以跟随主人自行运动，如图甲所示。某次行李箱在水平面上跟随主人做直线运动，因主人突然停住，行李箱立即减速直到停下来，整个过程的图像如图乙所示。已知行李箱的质量，减速过程受到的合力大小是重力的K倍，减速过程的位移，重力加速度大小取10m/s2。求（1）行李箱前5s内的位移大小；（2）比例系数K。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）由图像可知行李箱前5s内的位移为代入数据可得（2）行李箱减速过程，由运动学公式由牛顿第二定律有解得15.如图，xOy平面内有区域Ⅰ和Ⅱ，其中区域Ⅰ存在以原点O为圆心的圆形匀强磁场，区域Ⅱ存在范围足够大的匀强磁场和匀强电场：电场强度大小为E，方向沿y轴负方向；两区域磁场的磁感应强度大小均为B，方向均垂直坐标中面向里。某带电粒子以速度v0从M点沿y轴负方向射入区域Ⅰ，从N点离开区域Ⅰ并立即进入区域Ⅱ，之后沿x轴运动。已知，M点坐标为（0，0.1），粒子的比荷，不计粒子的重力。（1）求粒子的速度v0；（2）求电场强度E；（3）某时刻开始电场强度大小突然变为2E（不考虑电场变化产生的影响），其他条件保持不变，一段时间后，粒子经过P点，P点的纵坐标，求粒子经过P点的速度大小。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）带电粒子在区域Ⅰ中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有又有且联立解得（2）带电粒子区域Ⅱ中做匀速直线运动，由平衡条件有解得（3）电场强度突然变为，粒子运动到点过程，由动能定理有解得16.福建舰成功实现电磁弹射试验后，某兴趣小组设计了一个模拟电磁弹射系统，如图甲所示，系统左侧接有直流电源、单刀双掷开关S和电容为C电容器，右侧是离水平地面高为h的水平光滑平行金属导轨，导轨上放置一绝缘的助推模型，其外层固定一组金属线圈，线圈两端通过电刷与导轨连接形成回路，线圈处于导轨间的辐射状磁场中，侧视图如图乙所示。首先将开关S接至1，使电容器完全充电；然后将S接至2，模型从静止开始加速，达到最大速度后脱离导轨落在水平地面上，落地点离导轨右端点的水平距离为s。已知助推模型（含线圈、电刷）的质量为m，重力加速度为g；线圈的半径为r，匝数为n，总电阻为R，其所在处的磁感应强度大小均为B。不计空气阻力、导轨电阻、线圈中电流产生磁场和线圈自感的影响。求模型（1）在轨道上的最大速度vm；（2）离开轨道后电容器所带的电荷量q；（3）在轨道上的最大加速度am。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）助推模型达到最大速度后脱离导轨后，做平抛运动，则解得在轨道上的最大速度为（2）离开轨道后电容器两端的电势差为离开轨道后电容器两端所带的电荷量为（3）助推模型刚在轨道上运动时，加速度最大，设助推模型刚在轨道上运动时，电容器两端的电势差为，根据动量定理有其中解得根据牛顿第二定律有电流为联立解得在轨道上的最大加速度为莆田市2024届高中毕业班第二次教学质量检测试卷物理试卷满分100分，考试用时75分钟注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题〖答案〗后，用铅笔把答题卡上对应题目的〖答案〗标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他〖答案〗标号。回答非选择题时，将〖答案〗写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2023年5月28日上午10时32分，国产大飞机C919迎来商业首飞，标志着中国具备了自主研制大型客机的能力。某次该大飞机在机场直跑道由静止开始加速，用时30s经过2100m起飞，又经过20s达到离地高度400m处。下列说法正确的是（）A.10时32分和30s都是指时刻B.大飞机在直跑道上的平均速度为70m/sC.大飞机离地起飞时的瞬时速度为70m/sD.大飞机开始运动50s内的位移是2500m〖答案〗B〖解析〗A．10时32分指的是时刻，30s指的是时间，故A错误；B．大飞机在直跑道上的平均速度故B正确；C．根据题意无法求出大飞机离地起飞时的瞬时速度，故C错误；D．大飞机开始运动50s内的运行轨迹不是单方向的直线运动，故位移故D错误。故选B。2.汽油发动机的火花塞工作时需要一万伏左右的高压才能产生火花。一同学用12V直流电源、变压器、开关及导线若干设计点火电路，以下原理图可行的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗根据变压器原副线圈电压表等于匝数比可知副线圈匝数应远大于原线圈匝数，因为是直流电源，为了使副线圈产生感应电动势，需要把开关接在原线圈。故选A。3.如图为氢原子的能级示意图。一群处于能级的氢原子自发跃迁时向外辐射出不同频率的光子，已知蓝光光子的能量范围为2.53~2.76eV。则这群氢原子：A.辐射光子后能量增大B.从向跃迁可辐射蓝光C.从向跃迁可辐射蓝光D.最多能辐射出3种不同频率的光子〖答案〗B〖解析〗A．高能级向低能级跃迁向外放出能量，以光子形式释放出去，辐射光子后能量减小，故A错误；D．最多能放不同频率光子的种数为故D错误；B．从向跃迁辐射出的光子的能量为在蓝光光子的能量范围，可知从向跃迁可辐射蓝光，故B正确；C．从向跃迁射出的光子的能量为不在蓝光光子的能量范围，所以从向跃迁不可以辐射蓝光，故C错误。故选B。4.物理老师举行技巧挑战赛，要求用一根能承受最大拉力为50N的细绳，尽可能拉动更重的物体，如图所示。已知物体与水平面间的动摩擦因数为，取最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物体可视为质点，则理论上利用这根细绳能拉动物体的最大重量是（）A.50N B.N C.100N D.100.3N〖答案〗C〖解析〗设绳子与水平方向的夹角为时能拉动物体的最大重量为，根据平衡条件又联立可得 可知当时，重物的重量最大为100N。故选C。二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。5.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点。下列说法正确的是（）A.M点的电势大于N点的电势B.粒子在M点的电势能小于N点的电势能C.粒子在M点的动能大于在N点的动能D.粒子在M点的加速度小于在N点的加速度〖答案〗AD〖解析〗A．沿电场线方向电势降低，M点的电势大于N点的电势，故A正确；BC．由M到N电场力做正功，电势能减小，动能增加，则粒子在M点的电势能大于N点的电势能，粒子在M点的动能小于在N点的动能，故BC错误；D．电场线越密的地方电场强度越大，同一粒子所受电场力越大，由得故电场线越密的地方加速度越大，则粒子在M点的加速度小于在N点的加速度,故D正确。故选AD。6.今年是中国人民解放军航天员大队正式成立26周年，从神舟五号到神舟十七号，从载人飞船到中国空间站，已有20名中国航天员飞上太空。空间站绕地球飞行的轨道可简化为离地面高为h的圆轨道，其运行周期为T。已知地球半径为R，则（）A.空间站的运行速度大于第一宇宙速度B.空间站的运行速度为C.空间站运行的加速度为D后续补充物资后，由于质量增大，空间站运行周期将变小〖答案〗BC〖解析〗A．第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，则空间站的运行速度小于第一宇宙速度，故A错误；BC．空间站的运行速度为空间站运行的加速度为故BC正确；D．根据万有引力提供向心力可得可得可知后续补充物资后，虽然质量增大，但空间站运行周期不变，故D错误。故选BC。7.如图，等边三角形△ABC位于竖直平面内，BC边水平，三个点电荷分别固定在三角形的顶点上。已知L、M、N点分别为三条边的中点，L点的电场强度方向水平向右，M点的电场强度方向竖直向下，C处点电荷的电荷量绝对值为q，则（）A三个点电荷均带负电B.N点电场强度方向水平向左C.A处点电荷的电荷量绝对值为qD.B处点电荷的电荷量绝对值为q〖答案〗BD〖解析〗AD．A点的电荷在M点的场强沿AM所在直线，C点处点电荷和B点处点电荷在M点的场强沿CB所在直线，已知M点合电场强度方向竖直向下，则CB两点处的点电荷在M点的合场强为零，即C和B点处的点电荷为等量同种电荷，则B点处点电荷的电荷量的绝对值为q；A点处的点电荷在M点的场强方向沿AM向下，则A点处点电荷为正电荷，故A错误，D正确；B．根据对称性可知N点的电场强度方向水平向左，故B正确；C．设三角形的边长为，由几何关系得设A点电荷的电荷量为Q，A点电荷在L点的场强竖直分量的大小为方向竖直向下，B点电荷在L点的场强竖直分量的大小C点电荷在L点的场强竖直分量大小为要使得点竖直方向场强为零，则需要C点电荷在L点的场强竖直分量方向向上，B点电荷在L点的场强竖直分量方向向上，则有解得故C错误。故选BD。8.如图，劲度系数为200N/m的轻弹簧甲左端固定在墙壁上，右端刚好与静止在光滑水平面上的物块A接触；劲度系数未知的轻弹簧乙右端固定在静止的物块B上。现对A施加一水平向左、大小为3N的恒力F，使A向左运动，当速度为零时立即撤去F，之后A离开弹簧甲向右运动，从接触到弹簧乙开始，经0.2s时将弹簧乙压缩到最短，此过程物块B运动的距离为0.02m。已知A、B的质量分别为2kg和0.4kg。弹簧始终处于弹性限度内，则（）A.物块A向左移动的最大距离为0.015mB.物块A与弹簧甲分离时的动能为0.09JC.弹簧乙的最大弹性势能为0.018JD.弹簧乙的最大压缩量为0.036m〖答案〗BD〖解析〗A．A速度为零时，根据动能定理有解得物块A向左移动的最大距离为故A错误；B．物块A与弹簧甲分离时的动能为故B正确；C．根据物块A与弹簧甲分离时的速度为物块A、B共速时，弹簧乙的弹性势能最大，根据动量守恒有根据能量守恒有解得弹簧乙的最大弹性势能为故C错误；D．将弹簧乙压缩到最短的过程中，根据动量守恒有则可得解得弹簧乙的最大压缩量为故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共8题，共600分。其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14~16题为计算题。考生根据要求作答。9.湄洲岛旅游度假区是我国著名5A景区，众多游客在岛上观日出。游客看到的太阳位置比实际位置______（填“高”或“低”），这是太阳光经过大气层发生______（填“折射”或“干涉”）现象；若没有大气层，游客将更______（填“早”或“迟”）看到日出。〖答案〗高折射迟〖解析〗[1][2][3]因为太阳光经过大气层发生折射的原因，所以游客看到的太阳位置比实际位置高，若没有大气层，游客将更迟看到日出。10.如图，甲、乙分别是一列简谐横波在传播方向上相距1m的两个质点P、Q的振动图像。则这列波的周期是______s；s时，质点P、Q的振动方向______（填“相同”或“相反”）；若该波的波长大于1m，则波长为______m。〖答案〗4相反2〖解析〗[1]由图可知波的周期是T=4s[2]由图可知s时，质点P向轴负方向振动，质点Q向轴正方向振动，振动方向相反；[3]P、Q的振动方向相反，则P、Q的间距为可得该波的波长大于1m，则取时11.一定质量的理想气体经历C→A→B→C状态变化过程，如图所示，其中C→A过程为______（填“等温”“等压”或“等容”）变化过程，A→B过程中气体体积______（填“增大”“减小”或“不变”），B→C过程中气体______（填“吸收”或“放出”）热量。〖答案〗等容增大放出〖解析〗[1]由于AC的延长线过坐标原点，压强与热力学温度的比值保持不变，因此体积不变，发生等容变化；[2]A→B过程中，温度不变，根据玻意耳定律，压强减小，因此体积增大；[3]B→C过程中，压强不变，温度降低，根据盖吕萨克定理，体积减小，外界对气体做功，又由于温度降低，内能减小，根据热力学第一定理，气体放出热量。12.用如图甲所示的装置探究影响向心力大小的因素。已知小球在槽中A、B、C位置做圆周运动的轨迹半径之比为1：2：1，变速塔轮自上而下按如图乙所示三种方式进行组合，每层半径之比由上至下分别为1：1、2：1和3：1.（1）在探究向心力大小与半径的关系时，为了控制角速度相同需要将传动皮带调至第______（填“一”“二”或“三”）层塔轮，然后将两个质量相等的钢球分别放在______（填“A和B”“A和C”或“B和C”）位置，匀速转动手柄，左侧标尺露出4格，右侧标尺露出2格，则左右两球所受向心力大小之比为______；（2）在探究向心力大小与角速度的关系时，若将传动皮带调至图乙中的第三层，转动手柄，则左右两小球的角速度之比为______。为了更精确探究向心力大小F与角速度的关系，采用接有传感器的自制向心力实验仪进行实验，测得多组数据经拟合后得到图像如图丙所示，由此可得的实验结论是__________________。〖答案〗（1）一B和C（2）小球的质量、运动半径相同时，小球受到的向心力与角速度的平方成正比〖解析〗【小问1详析】[1][2]变速塔轮边缘处的线速度相等，根据在探究向心力大小与半径的关系时，需控制小球质量、角速度相同，运动半径不同，故需要将传动皮带调至第一层塔轮，将两个质量相等的钢球分别放在B和C位置。[3]左右两球所受向心力大小之比为【小问2详析】[1]变速塔轮边缘处的线速度相等，根据左右两小球的角速度之比为[2]可得的实验结论是：小球的质量、运动半径相同时，小球受到的向心力与角速度的平方成正比。13.图甲是测量某合金丝电阻率的原理图。（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径如图乙，其读数d=______mm。多次测量后，得到直径的平均值恰好与d相等；（2）图丙中滑动变阻器上少了一根连线，请用笔画线代替导线在图中将电路连接完整，使得滑片向右移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大______；（3）多次改变合金丝接入电路的长度l，调节滑动变阻器R的阻值，使电流表的示数都为0.20A时记录电压表相应示数U，作出U-l图像，如图丁所示。从图中可得图线的斜率为______V/m，由此可算出该合金丝的电阻率为______（结果保留3位有效数字）；若考虑电表内阻的影响，上述电阻率的测量值会______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。〖答案〗（1）13.1.200（2）（3）4.00不变〖解析〗【小问1详析】合金丝的直径为【小问2详析】滑片向右移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大，需将开关左端与滑动变阻器端相连，实物电路如图所示。【小问3详析】[1]图线的斜率为[2]根据欧姆定律可得根据电阻定律可得整理得图线的斜率为该合金丝的电阻率为[3]若考