2024年四川省南充市中考物理试题（含答案）

南充市二。二四年初中学业水平考试

物理试题

一、选择题（本大题1-10小题只有一项符合题目要求，每小题3分；1L12小题有多项符合题

目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分，共38分）

1.以下是同学们对一些常见物理量进行估测，其中符合实际的是（）

A.托起两个鸡蛋的力约为IONB.地球的直径约为63.7km

C.人的正常体温约为37cD.某中学生50m短跑成绩约为3s

【答案】C

【解析】

【详解】A.两个鸡蛋的质量约为100g,重力约为IN,故托起两个鸡蛋的力约为IN,故A不符合题意；

B.地球的直径约为12742km,半径约为6371km,故B不符合题意；

C.正常人体的体温保持在一个恒定的温度，约为37℃,故C符合题意；

D.中学生100m短跑的时间约为15s,50nl短跑的时间约为7s,故D不符合题意。

故选C。

2.关于如图所示的四个情景，下列说法正确的是（）

A.甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，主要是由于大气压强的作用

B.乙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关

C.丙图双手互搓取暖，是通过热传递方式改变手的内能

D.丁图中活塞向下运动，这是内然机的压缩冲程

【答案】B

【解析】

【详解】A.分子间存在引力，甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于分子间存在作

用力，故A错误；

B.分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，运动越距离，故乙图中红墨水在热水中比在冷水

中扩散快，说明分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关，故B正确；

C.改变内能的方式有做功和热传递，丙图双手互搓取暖，是通过做功的方式改变手的内能，故C错误;

D.丁图中火花塞放电，活塞向下运动，这是内然机的做功冲程，内能转化为机械能，故D错误。

故选B。

3.川北皮影，又称“影子戏”或“灯影戏”，是一项具有丰富历史和深厚文化底蕴的国家级非物质文化遗

产。它是用灯光将受皮影的操纵者（拦门匠）操作的人物或物件表演的影投射到屏幕上，如图甲。图①②③④

现象中与川北皮影成像原理相同的是（）

A.①图：海市蜃楼B.②图：南充清辉阁倒影

C.③图：手影游戏D.④图：鱼的实际位置在看到的“鱼”的下方

【答案】C

【解析】

【详解】皮影戏是光源发出的光射到不透明的道具上，在其背后形成的影子落到屏幕上形成的，是光的直

线传播形成的；

A.海市蜃楼是由于光在密度不均匀的空气中发生折射形成的，故A不符合题意；

B.倒影是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的，故B不符合题意；

C.手影游戏是光源发出的光射到不透明的手上，形成的影子，是光的直线传播形成的，故C符合题意；

D.由于水中的鱼反射的光从水中斜射到空气中发生折射，所以鱼的实际位置在看到的“鱼”的下方，是光

的折射形成的，故D不符合题意。

故选C。

4.用飞机向云层撒干冰进行人工降雨，出现下列物态变化，其中放热的是（）

A.干冰迅速升华成二氧化碳气体B.小冰晶在下落过程中熔化为小水珠

C.小雨滴在下落过程中部分汽化为水蒸气D.云层中的水蒸气凝华成小冰晶

【答案】D

【解析】

【详解】A.干冰迅速升华成二氧化碳气体，是升华现象，升华吸热，故A不符合题意；

B.小冰晶在下落过程中熔化为小水珠，是熔化现象，熔化吸热，故B不符合题意；

C.小雨滴在下落过程中部分汽化为水蒸气，是汽化现象，汽化吸热，故C不符合题意；

D.云层中的水蒸气凝华成小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故D符合题意。

2

故选D。

5.关于近期举行的2024年巴黎奥运会选拔赛的比赛项目，下列说法正确的是（）

A.运动员在跳鞍马过程中要助跑，是利用运动员的惯性

B.运动员在做单杠项目前，手要擦上滑石粉，是为了减小摩擦力

C.在自由体操项目中，运动员在空翻离地后到落回地面前，不受重力

D.运动员站在平衡木上静止不动，受到的重力与运动员对平衡木的压力是一对平衡力

【答案】A

【解析】

【详解】A.由于运动员具有惯性，所以运动员在跳鞍马过程中要助跑，利用运动员的惯性，能跳得更远，

故A正确；

B.运动员在做单杠项目前，手要擦上滑石粉，增大接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力，故B错误；

C.由于地球表面的物体都受到重力作用，所以在自由体操项目中，运动员在空翻离地后到落回地面前，仍

受重力，故C错误；

D.运动员站在平衡木上静止不动，受到的重力方向竖直向下，运动员对平衡木的压力方向向下，两个力方

向相同，所以不是一对平衡力，故D错误。

故选Ao

6.不戴头盔存在安全隐患，于是张明同学设计以下方案：骑行前，扫码成功后开关力闭合，指示灯L亮，

但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔

不扫码则无法骑行。下列电路符合以上设计要求的是（）

【解析】

【详解】根据题意可知，骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电机不工作，从车头取出头盔

并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时互不影响，是并联

3

的，若只戴头盔不扫码则无法骑行，则开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与电机在一条支路中。

故选C。

7.2024年5月3日17时36分搭载有嫦娥六号探测器的长征五号火箭发射升空，发射过程部分图片如下,

下列说法不正确的是（）

即将发射点火三级火箭分离

A.三级火箭与箭体的分离过程，三级火箭相对仪器舱运动

B.三级火箭分离时相对火箭点火时，嫦娥六号机械能不变

C.火箭加速上升时，喷出的气体对箭体的作用力，改变了火箭的运动状态

D,嫦娥六号进入月球轨道和在月球上工作，是通过电磁波和地面交互信息

【答案】B

【解析】

【详解】A.三级火箭与箭体的分离过程，三级火箭与仪器舱的位置发生变化，相对运动，故A正确，不

符合题意；

B.三级火箭分离时相对火箭点火时，嫦娥六号质量不变，速度增大，高度上升，动能、重力势能均变大，

机械能等于动能与重力势能之和，则机械能变大，故B错误，不符合题意；

C.火箭加速上升时，喷出的气体对箭体的作用力，使火箭的速度变快，改变了火箭的运动状态，故C正确，

不符合题意；

D.电磁波的传播不需要介质，嫦娥六号进入月球轨道和在月球上工作，是通过电磁波和地面交互信息，故

D正确，不符合题意。

故选B。

8.下图是我国古代劳动人民运送巨木的场景，通过杠杆、支架、悬绳、石块等，将巨木一端抬起，垫上圆

木，将其移到其他地方。下列说法正确的是（）

4

A.支架下垫的底面积较大的石块是为增大对地面的压强

B.横杆相当于一个动力臂大于阻力臂的杠杆，费力省距离

C.当巨木太重无法抬起时，可以让杠杆右端的人远离支架，增大动力臂

D.当巨木太重无法抬起时，可以增大横杆上悬绳与支架间的距离

【答案】C

【解析】

【详解】A.支架下端垫有底面积较大的石块是为了增大和地面的接触面积，减小支架对地面的压强，故A

错误；

B.横杆相当于一个动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力，但费距离，故B错误；

C.让杠杆右端的人远离支架，增大动力臂，阻力臂、阻力大小不变，根据杠杆平衡条件可知，动力变小，

更有利于将巨木抬起，故C正确；

D.增大横杆上悬绳与支架之间的距离，阻力臂变长，动力臂、阻力大小不变，根据杠杆平衡条件可知，动

力变大，无法将巨木抬起，故D错误。

故选C。

9.以下关于电与磁的描述中，说法正确的是（）

A,图甲：磁感线不是真实存在的，地磁场的北极在地理北极附近

B.图乙：P向右移动，能吸引更多铁钉，铁钉下端为电磁铁的S极

C.图丙：同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变

D.图丁：闭合开关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，电流表指针不发生偏转

【答案】D

【解析】

5

【详解】A.图甲中，磁场是真实存在的，磁感线是假想出来的，不适合客观存在的，地球周围存在磁场，

地磁场的北极在地理南极附近，故A错误；

B.图乙中，通电螺线管的磁性强弱与电流大小有关，P向右移动，电阻变大，电流减小，磁性变弱，能吸

引更少的铁钉，根据安培定则可知，四指指向电流方向，大拇指所指的方向即为电磁铁的N极，故铁钉上

端为N极，铁钉下端为电磁铁的S极，故B错误；

C.图丙中，通电导线在磁场中运动的方向与电流的方向和磁场的方向有关，单独改变磁场方向或电流方向，

线圈的转动方向会改变，但二者同时改变时，线圈的转动方向不变，故C错误；

D.图丁中，根据电磁感应现象可知，闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线时会产生感应电流。闭合开

关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不会产生感应

电流，故电流表指针不发生偏转，故D正确。

故选D。

10.小洋研究液体密度时，用两个完全相同的容器分别装入甲、乙两种液体，并绘制出总质量加与液体体

积厂的关系如图所示，由图像可知（）

A,容器的质量20kgB.甲液体密度是2.0g/cn?

C.乙液体密度1.2g/cm3D.密度为0.8g/cn?的液体的加-%图像应位于III

区域

【答案】D

【解析】

【详解】A.由于液体体积为零时，质量应为零，由图象可知，液体体积为零时，对应质量为20g,该质量

为容器，故容器的质量是20g,故A不符合题意；

B.由图象可知，当甲液体体积为40cm3时，甲液体质量

m甲=80g-20g=60g

甲液体的密度

加甲—60g

=1.5g/cm3

40cm3

6

故B不符合题意；

C.由图象可知，当乙液体体积为60cm3时，乙液体质量

m乙=80g_20g=60g

乙液体的密度

;加乙：60g=lg/cm3

乙V乙60cm3

故C不符合题意；

D.因密度是0.8g/cm3的液体的密度比乙的密度还小，根据公式P=歹可知，质量相同时，该液体的体积

大于乙液体的体积，故该液体的加一胃关系图象应该在ni区域，故D符合题意。

故选D。

11.如图，开关S闭合后，电流表的示数分别为/1、h,电压表的示数分别为。1、。2、。3,L1的电阻小于

A./[=12B.[＞。2C.[+。2=。3D.U,=U2=U3

【答案】AC

【解析】

【详解】由图可知，Li和L2串联，Ai、A2测量串联电路电流，Vi测量Li两端电压，V2测量L2两端电压,

V3测量电源电压。

A.根据串联电路电流规律可知，串联电路中电流处处相等，即4=4,故A正确；

B.Li的电阻小于L2的电阻，Vi测量Li两端电压，V2测量L2两端电压，根据/=2可知，Li两端的电压

R

小于L2两端的电压，即故B错误；

CD.Vi测量Li两端电压，V2测量L2两端电压，V3测量电源电压，根据串联电路电压规律可知

%+。2=。3

故C正确，D错误；

故选AC-

7

12.质量分布均匀的实心正方体甲、乙放在水平地面上，将甲、乙沿水平方向切去高度△〃，剩余部分对地

面的压强P与的关系如图所示,已知，=6xl03kg/m3,乙的边长为30cm,下列选项正确的是

()(g取10N/kg)

hA20A/z/cm

A.乙的密度2xl()3kg/m3B.未切前，甲的质量为24kg

C,图中幻=10cmD,图中P[=3xl()3pa

【答案】AD

【解析】

【详解】A.由图可知，未切去时，乙对地面的压强为6xl()3pa，则乙的密度为

3

Po6xlOPa33

。乙==2x10kg/m

gh乙ION/kgx0.3m

故A正确；

B.由图可知，甲切去高度为20cm时，对地面的压强为0,故甲的边长为20cm,即0.2m,甲的体积为

榻=(O.2m)3=8xl0-3m3

则未切去时甲的质量为

以甲=「甲4=GxlC^kg/m，xx_33=g

故B错误；

C.由图可知，当切去高度为儿时，两物体对地面的压强相等，即

夕甲=夕甲g(，甲一力/)=?乙=PzS(，乙一)

代入数据可得

3333

6xl0kg/mxION/kgx(0.2m-/?^)=2xl0kg/mxlON/kgx(0.3m-hA)

解得e=015m=15cm,故C错误;

D.由C选项分析可知，当切去高度为儿时，两物体对地面的压强为

8

甲(〃甲一①)=333

pA=p^=0g6x10kg/mx10N/kgx(0.2m-0.15m)=3x10Pa

故D正确。

故选ADo

二、填空题（本大题共6小题，每空2分，共24分）

13.“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”，这描写的是琵琶的声音，从诗文中可以看出琵琶声是由琴弦

产生，转轴可以改变琴弦的松紧度，进而改变声音的（“音调”、“响度”和“音

色”）。

【答案】①.振动②.音调

【解析】

【详解】［1］由于一切声音都是由声源振动产生的，所以琵琶声是由琴弦的振动产生的。

［2］转轴可以改变琴弦的松紧度，则琴弦振动的快慢不同，即振动频率改变了，故发出声音的音调不同。

14.作为传统燃油汽车燃料的汽油和柴油是能源（选填“可再生”“不可再生”），为了减少燃油汽车对

环境的污染，我国大力发展新能源汽车。如今，我国电动汽车的多项技术已领跑世界，某型号的国产电动

汽车的电池容量为200A・h,额定电压为400V,充满电后，它储存了kw-h的能量。

【答案】①.不可再生②.80

【解析】

【详解】［1］汽油和柴油短时间内无法再次获取，是不可再生能源。

⑵充满电后储存的能量为

Q=UIt=400Vx200Axlh=80000Wxlh=80kW-h

15.如图所示电路，若甲、乙两表为图中电流表，闭合开关S「断开开关S2,两表指针位置相同，则

4：&=；若甲、乙两表为图中电压表，闭合开关&、s2,则两表示数之比是（电表每次测

量均未超过量程）。

0

【答案】①.4：1②.5：4

【解析】

9

【详解】［1］若甲、乙两表为图中电流表，闭合开关S］,断开开关S2,4和尺2并联，甲测量通过后的电流,

乙测量干路电流，两表指针位置相同，则乙的示数大于甲的示数，故

/乙=5/甲

根据并联分流知识可知

/々2=1：4

根据/="可知，在电压相同时，电流和电阻成反比，故

R

:7?2=4:1

［2］若甲、乙两表为图中电压表，闭合开关S］、S2,4和&串联，甲测量电源电压，乙测量R两端的电压,

根据/=?可知，在电流相同时，电阻两端的电压和电阻的阻值成正比，即

R

。甲火1+R25

亡&Z

16.用四只完全相同的滑轮和两根相同的绳子组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，将重450N的货物匀速吊

起2m高。每只滑轮重为50N,绳自由端的拉力的大小分别为片和心，若不计绳重和摩擦，耳F2（选

填“大于”、“等于”或“小于”），甲滑轮组的机械效率为。

\\\\\\\\\\\\\\\\

甲乙

【答案】①大于②.90%

【解析】

【详解】［1］由甲图可知，滑轮组承担重物的绳子的段数为2,不计绳重和摩擦，可得

片=^（6物+6滑）=^^（45（^+50M=25（^

由乙图可知，滑轮组承担重物的绳子的段数为3,不计绳重和摩擦，可得

F,=g（G物+G滑）=gx（450N+50N）7166.7N

⑵甲滑轮组的机械效率

10

7=区x100%=^-x100%=450Nx2m

x100%=90%

叫邱250Nx2x2m

17.如图，木板B置于水平地面上，物块A叠放于B上。水平拉力片=70N,水平拉力乙=50N。B静

止，A沿木板B以10cm/s的速度向右匀速滑动。则拉力鸟的功率为W,地面对木板B的摩擦力

为No

^1-^—'BI

【答案】①520

【解析】

【详解】［1］物块A在水平拉力F2=50N的作用下，以10cm/s的速度向右匀速滑动，则拉力F2的功率

wFs

P=y=—=/^v=50Nxl0cm/s=50Nx0.1m/s=5W

［2］木板B置于水平地面上，处于静止状态，则木板B受到的水平向左的拉力B、物体A对木板B水平向

右的摩擦力、地面对B的水平向右的摩擦力，三个力的合力为0,由于物块A受到水平拉力为50N,则物

体A对木板B水平向右的摩擦力为50N,则地面对木板B的摩擦力

WT/X=70N-50N=20N

18.如图所示，电源电压不变，电流表的量程为0〜0.6A,定值电阻，A=30Q,火2为滑动变阻器，其

最大阻值为50。，滑动变阻器的滑片P在6端时，电流表的读数为0.3A,则电源电压为V,在保

证电路安全的情况下，滑动变阻器的功率范围为

【答案】①.243.6W-4.8W

【详解】［1］变阻器的最大阻值为500,滑动变阻器的滑片P在b端时，电路的总电阻为

Rm=R[+R,=30Q+50Q=80Q

电流表的读数为0.3A,电源电压为

U=风相、=0.3Ax80Q=24V

［2］根据尸=/2x可知，变阻器的功率可表示为

11

2

‘U'U2

P=IH=

（4+凡）2伏_&）2+轨］&（Rif

+4片

当用=&时，变阻器的功率最大，为

U2（24V）2

■^max——=-^——L=4.8W

444x30Q

根据串联电路电流规律可知，变阻器的功率可表示为

P=〃-/2氏］=—30Qxr+24Vx/

故变阻器的功率是关于电流的二次函数，由数学知识可知，当电流为电路中的最大电流0.6A时，变阻器的

功率最小，为

=24VX0.6A-30QX（0.6A）2=3.6W

故变阻器的功率范围为3.6W〜4.8W。

三、作图题（本大题共2小题，每题2分，共4分）

19.2023年9月17日，我国墨子巡天望远镜正式启用，它是北半球巡天能力最强的光学时域望远镜，如图

甲所示。一束星光入射到望远镜，经主镜反射后到达成像装置，如图乙所示，是反射光线，请画出其入

射光线并标出入射角大小（保留作图痕迹）。

成像装置

【详解】先画出法线,反射角是反射光线与法线的夹角，则反射角为

90°-53°=37°

反射角等于入射角，所以入射角是37°,根据反射角等于入射角，在法线的左侧画出入射光线，如下图所

示：

12

成像装置

20.如图，根据安全用电知识，将图中元件用笔画线代替导线连起来。注意：开关仅控制灯泡。

□

【解析】

【详解】由图可知，试电笔接触上面的线时，氤管发光，则上面的线为火线，下面的线为零线；灯泡的接

法：火线与开关串联，开关的另一端再接到灯泡顶端的金属点，零线直接在灯泡的螺旋套上；三孔插座的

接法：火线首先接熔断器，然后再进入右孔，地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔,

四、实验探究题（本大题共3小题,每空1分，共14分）

21.小明采用如图所示的装置，进行“探究液体压强与哪些因素有关”的实验:

13

乙丙T戊

（1）实验前,小明用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液面是否出现高度差，若两液面（选

填“有”“没有”）高度差，则说明U形管压强计存在漏气问题;

（2）实验中，小明通过观察来比较液体内部压强的大小，这里应用的科学方法是

（3）比较两图，可以研究液体压强与液体深度的关系。

【答案】①.没有②.U形管内液面的高度差③.转换法④.乙、丙

【解析】

【详解】（1）［1］实验前，要先检查气密性，用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液面是否出现高度

差，若两液面出现高度差，说明压强计不漏气，若两液面没有高度差，则说明U形管压强计存在漏气问题。

（2）⑵［3］实验中，通过观察U型管内液面的高度差来比较液体内部压强的大小，高度差越大表示压强越

大，这里应用的科学方法是转换法。

（3）［4］比较乙、丙两图，液体的密度相同，深度不同，压强不同，可以研究液体压强与液体深度的关系。

22.如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小;

当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。

（1）如图甲所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距

为cm；

（2）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图乙所示位置时，恰能在光屏上看到清晰（选填“放大”“等

大”“缩小”）的像，若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上（选填“能”“不能”）看到清晰

的像;

（3）在（2）中将蜡烛与光屏位置对调后的场景下，该同学取了一幅眼镜给水透镜“戴上”，如图丙所示,

发现光屏上的像变模糊，当往水透镜中加入适量的水后，发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该眼镜是

眼镜（选填“近视”“远视”）=

【答案】①9.0②.缩小③.能④.近视

14

【解析】

【详解】（1）[1]如图甲所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，该最小最

亮的光斑为焦点，则此时水透镜的焦距为

f=19.0cm-10.0cm=9.0cm

（2）⑵该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图乙所示位置时，此时物距大于像距，恰能在光屏上看到清晰缩

小的像。

[3]若仅将蜡烛与光屏位置对调，由光路可逆得，像距变为原来的物距，物距变为原来的像距，则在光屏上

能看到清晰的像。

（3）[4]在（2）中将蜡烛与光屏位置对调后的场景下，该同学取了一幅眼镜给水透镜“戴上”，如图丙所

示，发现光屏上的像变模糊，当往水透镜中加入适量的水后，水透镜变厚，会聚能力变强，发现烛焰的像

再次变得清晰，说明水透镜“戴上”眼睛后，像距变大，由此判断该眼镜是近视眼镜，对光线具有发散作

用。

23.小红想测量标有“L5V”字样小灯泡正常发光时的电阻，从实验室找来了电源、电压表、电流表、滑动

变阻器、开关和导线若干，进行了如下实验;

2

岫Q

0.6/

岸

乙

（1）用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整;

（2）检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，小灯泡不亮，电压表示数接近电源电压；造成这一故障

的原因可能是小灯泡（选填“断路”或“短路”）；

（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正

常发光时的电阻为。；接下来她又测量了几组对应的电压值和电流值，并绘制了小灯泡的/-。图

象，如图丙所示;

（4）小红认为不能利用图甲的装置探究电流与电压的关系，理由是

（5）小红还想测出另一个额定电压为。额的小灯泡正常发光时的电阻，在保证电路安全的前提下，设计了

如图丁所示的电路（电源电压恒定大于。额且未知，滑动变阻器R最大阻值未知，定值电阻阻值为&）；请

符实验步骤补充完整:

①闭合S、S2,断开Sr移动滑片P,使电流表示数为.时，小灯泡正常发光;

15

②闭合S、S],断开S2,保持滑片P位置不变，读出电流表的示数为/；

③小灯泡正常发光时的电阻网=0(用。额、/、&表示)

③.5④.灯泡的电阻随温度的增

【解析】

【详解】(1)口]实验中通过调节滑动变阻器的阻值，改变灯泡两端的电压，所以滑动变阻器与灯泡串联,

滑动变阻器连接时，按照一上一下连接，如下图所示：

(2)⑵电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联部分以

外的电路是通路，与电压表并联的部分断路，故造成这一现象的原因可能是小灯泡断路。

(3)[3]图乙中电流表选用0〜0.6A量程，分度值为0.02A,示数为0.3A,则通过小灯泡的电流为0.3A,则

小灯泡正常发光时的电阻

==L5V=5Q

/额0-3A

(4)[4]探究电流与电压的关系时，需要控制与电压表并联的电阻的阻值不变，根据图丙可知，小灯泡灯丝

的电阻是变化的，所以不能完成实验探究。

(5)①[5]闭合S、S2,断开Si,此时定值电阻与灯泡并联，电流表测量通过定值电阻的电流，为了使灯泡

正常发光，则灯泡两端电压达到。额，由于定值电阻与灯泡并联，定值电阻两端电压等于灯泡两端电压，所

以通过定值电阻的电流为2时，灯泡正常发光，所以移动滑片P使电流表示数为驾，此时灯泡正常发

光。

16

③⑹闭合S、S1，断开S2,此时定值电阻与灯泡并联，电流表测量干路中的电流，保持滑片P位置不变,

灯泡仍正常发光，读出电流表的示数为/,则通过在灯泡的电流

/灯=/.4

灯凡

则小灯泡正常发光时的电阻

R==。额=u额

L/灯因)-。额

R。

五、计算题(本大题共两小题，24题9分，25题11分，共20分。要求写出必要的文字说明、

主要的计算步骤和明确的答案)

24.如图甲所示为某品牌电热水壶。该型号电热水壶内部简化电路如图乙，额定电压为220V,具有加热、

保温两挡。保温挡的额定功率为100W,双触点开关只能在触点1和2、2和3及3和4之间切换。4、R2

是两个阻值不变的发热元件，其中尺2=60.50现将此电热水壶装入0.45L初温为20C的水，接到220V

的家庭电路中，选用加热挡加热至100℃。已知该电热水壶加热效率为80%,。水=1.0xl()3kg/m3,

3

c7X=4.2xl0J/(kg.℃)o求:

(1)电热水壶中水吸收的热量;

(2)加热挡的电功率；

(3)需要的加热时间。

【答案】(1)1,512X105J;(2)900W；(3)210s

【解析】

【详解】解：(1)水的质量为

m=pV=1.0xl03kg/m3x0.45x10-3m3=0.45kg

水吸收的热量为

。吸=cmkt=4.2xlO3J/(kg-℃)x0.45kgx(100℃-20℃)=1.512xlO5J

17

〃2

（2）由9=一可知，电阻越小时，电功率越大，故当开关接2和3时为保温挡，只有R工作，当开关

R

接3和4时，为加热挡，此时以和此并联，&的功率为

故加热功率为

6广己+娱=800W+100W=900W

（3）电热水壶加热时消耗的电能为

沙=5

a=L512xl0-=I.89X10J

780%

则加热时间为

W1.89xl05〜八

t=—=-----------=210s

P900W

答：（1）电热水壶中水吸收的热量为1.512xl05j；

（2）加热挡的电功率为900W；

（3）需要的加热时间为210s。

25.科创小组设计利用电流表测量质量的装置如图。现截取适当长度的电阻片R（它的阻值随长度上的变化

图像如图乙）作为滑动变阻器接入电路，如图甲所示。如图甲中，电源电压6V恒定不变，电流表量程为

0〜0.6A。当滑片P在最下端时，电流表示数为0.6A。装置中托盘与圆柱形实心塑料浮筒M通过硬质绝

缘细杆固定连接，整体漂浮在装有足够深水的柱形薄壁容器中，且只能竖直移动。托盘的质量为027kg；

M高22cm,底面积为300cm2,质量为0.33kg；容器的底面积为400cm托盘通过滑杆带动滑片P