山东省德州市2025届高三数学第一次4月模拟考试试题含解析

PAGE21-山东省德州市2025届高三数学第一次（4月）模拟考试试题（含解析）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷1-3页，第Ⅱ卷3-4页，共150分，测试时间120分钟.留意事项：选择题每小题选岀答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在测试卷上.第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：（本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.设集合，，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析】计算，，再计算交集得到答案【详解】，，故.故选：.【点睛】本题考查了交集计算，意在考查学生的计算实力.2.已知复数满意（为虚数单位），则复数在复平面内对应的点在第（）象限.A.一 B.二 C.三 D.四【答案】A【解析】【分析】化简得到，故，得到答案.【详解】，则，故，对应的点在第一象限.故选：.【点睛】本题考查了复数的化简，共轭复数，复数对应象限，意在考查学生的计算实力.3.设命题随意常数数列都是等比数列.则是（）A.全部常数数列都不是等比数列 B.有的常数数列不是等比数列C.有的等比数列不是常数数列 D.不是常数数列的数列不是等比数列【答案】B【解析】【分析】干脆依据命题的否定的定义得到答案.【详解】全称命题的否定是特称命题，命题：随意常数数列都是等比数列，则：有的常数数列不是等比数列.故选：.【点睛】本题考查了命题的否定，意在考查学生的推断实力.4.在正方体中，点是的中点，且，则实数的值为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】化简得到，得到，，得到答案.【详解】，故，，.故选：.【点睛】本题考查了空间向量的运算，意在考查学生的计算实力和空间想象实力.5.函数在区间上大致图象为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】推断函数为奇函数解除，计算解除，得到答案.【详解】，，故函数为奇函数，解除；，解除.故选：.【点睛】本题考查了函数图像的识别，确定函数为奇函数是解题的关键.6.某赛季甲、乙两名篮球运动员每场竞赛得分用茎叶图表示，茎叶图中甲得分的部分数据丢失（如图），但甲得分的折线图完好，则下列结论正确的是（）A.甲得分的极差是11B.乙得分的中位数是18.5C.甲运动员得分有一半在区间上D.甲运动员得分的平均值比乙运动员得分的平均值高【答案】D【解析】【分析】依据茎叶图和折线图依次推断每个选项得到答案.【详解】A.甲得分的极差是，错误；B.乙得分的中位数是，错误；C.甲运动员得分在区间上有3个，错误；D.甲运动员得分的平均值为：，乙运动员得分的平均值为：，故正确.故选：.【点睛】本题考查了茎叶图和折线图，意在考查学生的计算实力和理解实力.7.已知三棱锥的全部顶点都在球的球面上，平面，，，，，则球的体积为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】计算，依据正弦定理得到，，得到答案.【详解】依据余弦定理：，故，依据正弦定理：，故，为三角形外接圆半径，设为三棱锥外接球的半径，故，故.故选：.【点睛】本题考查了三棱锥的外接球问题，意在考查学生的计算实力和空间想象实力.8.已知函数，若关于的方程有且只有两个不同实数根，则的取值范围是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】确定函数的单调区间，画出函数图像，变换，得到和，依据函数图像得到答案.【详解】当时，，则，，函数在上单调递增，在上单调递减，画出函数图像，如图所示：，即，当时，依据图像知有1个解，故有1个解，依据图像知.故选：.【点睛】本题考查了函数的零点问题，画出函数图像，变换是解题的关键.二、多选题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合要求，全部选对得满分，部分选对得3分，错选得0分）9.某市教体局对全市高三年级的学生身高进行抽样调查，随机抽取了100名学生，他们的身高都处在，，，，五个层次内，依据抽样结果得到统计图表，则下面叙述正确的是（）A.样本中女生人数多于男生人数 B.样本中层人数最多C.样本中层次男生人数为6人 D.样本中层次男生人数多于女生人数【答案】ABC【解析】【分析】依据直方图和饼图依次推断每个选项的正误得到答案.【详解】样本中女生人数为：，男生数为，正确；样本中层人数为：；样本中层人数为：；样本中层人数为：；样本中层人数为：；样本中层人数为：；故正确；样本中层次男生人数为：，正确；样本中层次男生人数为：，女生人数为，错误.故选：.【点睛】本题考查了统计图表，意在考查学生的计算实力和应用实力.10.1970年4月24日，我国放射了自己的第一颗人造地球卫星“东方红一号”，从今我国起先了人造卫星的新篇章.人造地球卫星绕地球运行遵循开普勒行星运动定律：卫星在以地球为焦点的椭圆轨道上绕地球运行时，其运行速度是改变的，速度的改变听从面积守恒规律，即卫星的向径（卫星与地球的连线）在相同的时间内扫过的面积相等.设椭圆的长轴长、焦距分别为，A.卫星向径的取值范围是B.卫星在左半椭圆弧的运行时间大于其在右半椭圆弧的运行时间C.卫星向径的最小值与最大值的比值越大，椭圆轨道越扁D.卫星运行速度在近地点时最大，在远地点时最小【答案】ABD【解析】【分析】依据椭圆的定义和性质和面积守恒规律，依次推断每个选项得到答案.【详解】依据椭圆定义知卫星向径的取值范围是，正确；当卫星在左半椭圆弧的运行时，对应的面积更大，面积守恒规律，速度更慢，正确；，当比值越大，则越小，椭圆轨道越圆，错误.依据面积守恒规律，卫星在近地点时向径最小，故速度最大，在远地点时向径最大，故速度最小，正确.故选：.【点睛】本题考查了椭圆的定义和性质，意在考查学生的理解实力和应用实力.11.已知函数，下列命题正确的为（）A.该函数为偶函数 B.该函数最小正周期为C.该函数图象关于对称 D.该函数值域为【答案】BCD【解析】【分析】化简函数，得到函数图像，计算，，探讨，，计算得到答案.【详解】当时，，当时，，画出函数图像，如图所示：依据图像知：函数不是偶函数，错误；，该函数最小正周期为，正确；，故该函数图象关于对称，正确；依据周期性，不妨取，，，，故值域为.故选：.【点睛】本题考查了三角函数的奇偶性，周期，对称性，值域，意在考查学生对于三角函数学问的综合应用实力.12.如图，已知点是的边的中点，为边上的一列点，连接交于，点满意，其中数列是首项为1的正项数列，是数列的前项和，则下列结论正确的是（）A. B.数列是等比数列C. D.【答案】AB【解析】【分析】化简得到，依据共线得到，即，计算，依次推断每个选项得到答案.【详解】，故，共线，故，即，，故，故.，正确；数列是等比数列，正确；，错误；，故错误.故选：.【点睛】本题考查了向量运算，数列的通项公式，数列求和，意在考查学生的计算实力，转化实力和综合应用实力.第Ⅱ卷（共90分）三、填空题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在答题纸中的横线上）13.某校三个爱好小组的学生人数分布如下表（每名学生只参与一个小组，单位：人）.篮球组书画组乐器组高一4530a高二151020学校要对这三个小组的活动效果进行抽样调查，用分层抽样的方法，从参与这三个爱好小组的学生中抽取30人，结果篮球组被抽出12人，求a的值.【答案】【解析】【分析】依据三个小组抽取的总人数为人表示出抽样比，该抽样比就等于篮球组被抽取的人数除以篮球组总人数，由此计算出的值.【详解】因为抽样比为：，所以结合题意可得：，解得.【点睛】本题考查分层抽样的简洁应用，难度较易.分层抽样的抽样比等于每一层抽取的比例.14.如图，在棱长为1的正方体中，点、是棱、的中点，是底面上（含边界）一动点，满意，则线段长度的最小值为__________.【答案】【解析】【分析】如图所示：连接，，故平面，故在线段上，计算得到答案.【详解】如图所示：连接，，易知，，故，，故平面，故，，故平面，故在线段上，故线段长度的最小值为.故答案为：.【点睛】本题考查了立体几何中线段的最值问题，意在考查学生的计算实力和空间想象实力.15.已知双曲线的左、右焦点分别为、.（1）若到渐近线的距离是3，则为__________.（2）若为双曲线右支上一点，且的角平分线与轴的交点为，满意，则双曲线的离心率为__________.【答案】(1).3(2).【解析】【分析】干脆利用点到直线的距离公式计算得到答案；，则，故，，再利用余弦定理计算得到答案.【详解】取渐近线方程为，即，到直线的距离为，故；，则，，故，，依据余弦定理：，整理得到：，故.故答案为：；.【点睛】本题考查了双曲线的渐近线问题，离心率问题，意在考查学生的计算实力和转化实力.16.若函数在存在唯一极值点，且在上单调，则的取值范围为__________.【答案】【解析】【分析】，故，依据周期得到，故，解得答案.【详解】，则，故，解得，，故，，即，，则，故，则，解得；综上所述：.故答案为：.【点睛】本题考查了依据三角函数的极值点和单调性求参数范围，意在考查学生的计算实力和综合应用实力.四、解答题：（解答应写出文字说眀，证明过程或演算步骤.本大题共6小题，共70分）17.在条件①，②，③中任选一个，补充到下面问题中，并给出问题解答.已知的内角，，的对边分别是，，，且，，__________.求边上的高【答案】【解析】【分析】依次计算选择①②③的状况，依据正弦定理和余弦定理，三角恒等变换计算得到，，再利用等面积法计算得到答案.【详解】若选①因为，由正弦定理得：，即，，因为，所以.由余弦定理得：，所以，化简得：，所以（舍去）或者，从而.设边上的高是，所以，所以；若选②由题设及正弦定理，，因为，所以，由，可得，故，因为，故，因此，下同选①；若选③由已知得，故由正弦定理得.由余弦定理得.因为，所以，下同选①.故答案：.【点睛】本题考查了正弦定理和余弦定理，三角恒等变换，意在考查学生的计算实力和应用实力.18.已知数列的前项和为，数列满意，（1）求数列、的通项公式；（2）求.【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1），，代入计算得到，得到答案.（2）探讨和两种状况，计算得到答案.【详解】（1），当时，，当时，也满意，所以，又数列满意，所以.（2）当，时，；当，时，.所以，，即.【点睛】本题考查了等差数列，等比数列通项公式，意在考查学生对于数列公式方法的综合应用.19.如图，在四棱锥中，，，，、分别为棱、的中点，.（1）证明：平面平面；（2）若二面角的大小为45°，求直线与平面所成角的正弦值.【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）证明，得到答案.（2）以与垂直的直线为轴，所在直线为轴，所在直线为轴建立空间直角坐标系，面的法向量记为，面的法向量为，依据夹角得到，平面的法向量，计算得到答案.【详解】（1）因为点为的中点，，，所以四边形为平行四边形，即.因为、分别为棱、的中点，.，所以平面平面.（2）如图所示因为，，与为相交直线，所以平面，不妨设，则.以与垂直的直线为轴，所在直线为轴，所在直线为轴建立空间直角坐标系，设，，，，，从而，，面的法向量记为，则，可得，令，则，，又面的法向量为，二面角的大小为45°.，解得，所以，，，所以，，，设平面的法向量为，则，可得：.令，则，.所以.设直线与平面所成角为，则.【点睛】本题考查了面面平行，二面角，线面夹角，意在考查学生的计算实力和空间想象实力.20.已知抛物线的焦点为，圆的方程为：，若直线与轴交于点，与抛物线交于点，且.（1）求出抛物线和圆的方程.（2）过焦点的直线与抛物线交于、两点，与圆交于、两点（，在轴同侧），求证：是定值.【答案】（1）抛物线，圆（2）证明见解析【解析】【分析】（1）设，则，代入方程计算得到答案.（2）设直线的方程是：，，，联立方程得到，，，，计算得到答案.【详解】（1）设，由得，所以，将点代入抛物线方程得，所以抛物线，圆.（2）抛物线的焦点，设直线的方程是：，，，有，则，且，.由条件可知圆的圆心为，半径为1，圆心就是焦点，由抛物线的定义有，，则，，.即为定值，定值为1.【点睛】本题考查了抛物线方程，圆方程，定值问题，意在考查学生的计算实力和综合应用实力.21.医院为筛查某种疾病，须要血检，现有份血液样本，有以下两种检验方式：方式一：逐份检验，须要检验次；方式二：混合检验，把每个人的血样分成两份，取个人的血样各一份混在一起进行检验，假如结果是阴性，那么对这个人只作一次检验就够了；假如结果是阳性，那么再对这个人的另一份血样逐份检验，此时这份血液的检验次数总共为次.（1）假设有6份血液样本，其中只有2份样本为阳性，若采纳逐份检验的方式，求恰好经过3次检验就能把阳性样本全部检验岀来的概率；（2）假设在接受检验的血液样本中，每份样本的检验结果是阳性还是阴性都是相互独立的，且每份样本是阳性结果的概率为.现取其中（且）份血液样本，记采纳逐份检验方式，样本须要检验的总次数为，采纳混合检验方式，样本须要检验的总次数为.①运用概率统计的学问，若，试求关于的函数关系式；②若，且采纳混合检验方式可以使得样本须要检验的总次数的期望值比逐份检验的总次数期望值更少，求的最大值.参考数据：，，.【答案】（1）（2）①②的最大值为12.【解析】【分析】（1）记恰好经过3次检验就能把阳性样本全部检验出来为事务，计算概率得到答案.（2）①计算，，依据，