新教材高中物理第四章运动和力的关系专题2板块模型课件新人教版必修-1

02专题2板块模型专题2板块模型刷难关C解析关键点拨木板在水平方向受到木块向左的滑动摩擦力f1和地面水平向右的静摩擦力f2，f1＝μ1m1g，由平衡条件得f2＝f1＝μ1m1g，故A错误，C正确；木板相对地面的静摩擦力达到最大时木板所受摩擦力大小等于μ2(m1＋m2)g，故B错误；由题分析可知，木块对木板的摩擦力f1不大于地面对木板的最大静摩擦力，当F改变时，f1不变，则木板不可能运动，故D错误．故选C.以木板为研究对象，分析受力情况，求出地面对木板的静摩擦力．解题关键是当改变F的大小时，分析木块对木板的摩擦力能否大于地面对木板的最大静摩擦力，从而判断木板能否运动．专题2板块模型刷难关(1)1.6m/s2

(2)0.5s

(3)F2>12N解析(1)小铁块受到的最大静摩擦力fm＝μmg＝0.2×1.0×10N＝2N，小铁块最大加速度为am＝

＝μg＝0.2×10m/s2＝2m/s2，假设小铁块相对木板静止，根据牛顿第二定律有a＝

＝m/s2＝1.6m/s2<am，所以小铁块不会相对长木板滑动，小铁块运动的加速度大小a＝1.6m/s2.(2)木板和小铁块发生相对运动，对小铁块，根据牛顿第二定律，有μmg＝ma1，解得a1＝μg＝0.2×10m/s2＝2m/s2，根据位移关系有x板－x铁＝L，即a板t2－a1t2＝L，代入数据解得t＝0.5s.(3)对木板分析有F2－μmg－μ(M＋m)g＝Ma′板，木板从铁块下抽出条件为a′板>am，代入数据得a′板＝m/s2>2m/s2，解得F2>12N.专题2板块模型刷难关

(2)2.625m

(3)3.6m专题2板块模型刷难关解析(1)小物块的加速度a1＝

m/s2＝1m/s2，长木板的加速度a2＝

m/s2＝－5m/s2，对小物块受力分析，受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有μ1mg＝ma1，木板水平方向受物块向左的摩擦力和地面向左的摩擦力，根据牛顿第二定律，有－μ1mg－μ2(M＋m)g＝Ma2，解得μ1＝0.1，μ2＝0.3；(2)v－t图线与时间轴包围的面积表示位移大小，1s内小物块相对于木板向左运动的位移大小Δx1＝

×6×1m＝3m；小物块受到的摩擦力大小f1＝μ1mg＝2N，木板受到地面的滑动摩擦力大小f2＝μ2(M＋m)g＝18N，1s后木板与小物块均做减速运动，由分析知，小物块的加速度a′1＝

＝－1m/s2，木板的加速度a′2＝

＝－4m/s2，1s后木板的位移xM＝

m＝0.125m，1s后小物块的位移xm＝

m＝0.5m，1s后小物块相对于木板的位移Δx′＝xm－xM＝0.375m；故小物块最终停在距木板右端Δx1－Δx′＝3m－0.375m＝2.625m处；(3)在t＝1s时，使小物块的速度突然反向，则小物块受到向右的摩擦力，一直到速度减小为零；木板受向左的两个摩擦力，一直到速度减为零；小物块相对木板向左运动，加速度为am＝

＝1m/s2，木板的加速度aM＝－

＝－5m/s2,小物块的位移x1＝

m＝－0.5m，木板的位移x2＝

m＝0.1m，故第2s内的相对位移大小Δx″＝x2－x1＝0.6m，故木板的长度L＝Δx″＋Δx1＝0.6m＋3m＝3.6m.专题2板块模型刷素养(1)1m

(2)见解析4.[江苏扬州2019高一上月考]如图所示，质量为M＝1kg的木板静止在水平地面上，质量为m＝1kg、大小可以忽略的铁块静止在木板的右端．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，木板与地面间的动摩擦因数为μ1＝，铁块与木板之间的动摩擦因数为μ2＝，取g＝10m/s2.现给铁块施加一个水平向左的力F.(