甘肃省兰州市第一中学2025届高三理综冲刺模拟考试试题一

PAGE27-甘肃省兰州市第一中学2025届高三理综冲刺模拟考试试题（一）留意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。3.考试结束后，将答题卡交回。可能用到的相对原子质量：H-1C-12N-14O-16Fe-56Cd-112第=2\*ROMANI卷（选择题共126分）一、选择题:本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列关于转化的叙述中，正确的是A．光合作用中ATP与ADP相互转化，发生在光反应阶段B．细胞膜与细胞内的生物膜可以发生转化C．血糖和肝糖原、肌糖原之间可以相互转化，保证人体内血糖浓度的相对稳定D．R型肺炎双球菌转化成S型菌，必需将其与活的S型菌混合2．下列与细胞相关的叙述，错误的是A．动物体内的激素调整须要体液运输才能完成B．叶肉细胞中有氧呼吸作用的其次阶段发生在线粒体基质中C．癌细胞是动物体内具有自养实力并快速增殖的细胞D．细胞凋亡是由基因确定的细胞自动结束生命的过程3．关于同一个体中细胞有丝分裂和减数第一次分裂的叙述，正确的是A．两者前期染色体数目相同，染色体行为和DNA分子数目不同B．两者中期染色体数目不同，染色体行为和DNA分子数目相同C．两者后期染色体行为和数目不同，DNA分子数目相同D．两者末期染色体行为和数目相同，DNA分子数目不同4．有一个随机交配的种群，在没有迁移等条件下，两年内该种群的基因型频率的变更如下表，依据现代生物进化理论，在这两年中，与这对基因有关的推断，正确的是年份AA（％）Aa（％）aa（％）13040302255025A．该种群将朝着Aa增多的方向进化B．该种群没有表现诞生物的进化C．该种群的生活环境有较大的变更D．该种群将较简单发生基因突变5．关于生态系统的相关叙述，正确的是A．负反馈调整是生态系统具有自我调整实力的基础B．生态系统“遭到破坏，复原原状”属于反抗力稳定性C．草原生态系统的稳定性应高于农田生态系统D．森林生态系统对水土的保持作用属于生物多样性的干脆价值6．某种遗传病受一对等位基因限制，下图为该遗传病的系谱图。下列叙述正确的是A．若该病为伴X染色体隐性遗传病，Ⅱ1为纯合子B．若该病为伴X染色体显性遗传病，Ⅱ4为纯合子C．若该病为常染色体隐性遗传病，Ⅲ2为杂合子D．若该病为常染色体显性遗传病，Ⅱ3为纯合子7．化学与生活、生产、能源、环境和社会可持续发展等亲密相关。下列说法正确的是A．废旧电池属于有害垃圾，因含有重金属，故采纳深挖填埋的方式进行处理B．以高纯硅制成的光导纤维内窥镜可干脆窥视有关器官部位的变更C．“梨花淡自柳深青，柳絮飞时花满城”中柳絮的主要成分和棉花相同D．国产大型客机C919上采纳了大量先进复合材料、铝锂合金等，其中铝锂合金属于金属材料，是将金属铝、锂混合后在空气中熔合制得的O8．有机物G（）能添加在牙膏、口香糖中以增加香气。下列关于G的说法错误的是OA．分子式为C11H14OB．一氯代物有8种（不考虑立体异构）C．能发生取代、加成、氧化反应D．全部碳原子可能在同一平面上9．NA是阿伏加德罗常数的值，下列说法不正确的是A．2gH2分别与足量的Cl2和N2充分反应后转移的电子数均为2NAB．1.4gCO和N2的混合气体中含有的质子数为0.7NAC．14.0gFe发生吸氧腐蚀生成Fe2O3·xH2O，电极反应转移的电子数为0.5NAD．常温下，1L0.1mol·L1NH4NO3溶液中含有的氮原子数为0.2NA10．用下列试验操作或装置进行相应试验，正确的是甲乙丙丁A．用图甲所示操作所示操作配制银氨溶液B．用图乙所示操作测定NaOH溶液的浓度C．用图丙所示操作分别沸点不同的液体混合物D．用图丁所示操作汲取HC1气体，能够防止倒吸11．短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加，K、L、M均是由这些元素组成的二元化合物，甲、乙分别是元素X、Y的单质，甲是常见的固体，乙是常见的气体。K是无色气体，是主要的大气污染物之一，0.05mol/L丙溶液的pH为l，上述物质的转化关系如图所示。下列说法正确的是A．原子半径：W<X<YB．元素的非金属性：Z>Y>XC．化合物XZ2中全部原子均满意8电子稳定结构D．X、Z的单质分别干脆与Y的单质反应，都能生成两种氧化物12．某废水含Na、K、Mg2、Cl和等离子。利用微生物电池进行废水脱盐的同时处理含OCN的酸性废水，装置如图所示。下列说法错误的是A．好氧微生物电极N为正极B．膜1、膜2依次为阴离子、阳离子交换膜C．通过膜1和膜2的阴离子总数肯定等于阳离子总数D．电极M的电极反应式为2OCN－6e＋2H2O2CO2↑＋N2↑＋4H13．25℃时，向10mL0.1mol·L－1一元弱碱XOH溶液中逐滴滴加0.1mol·L－1的盐酸，溶液的AG[AG＝lg]变更如图所示(溶液混合时体积变更忽视不计)。下列说法错误的是A．若a＝－8，则Kb(XOH)=10－5B．M点表示盐酸和XOH恰好完全反应C．M点到N点，水的电离程度先增大后减小D．R点溶液中可能存在c(X＋)＋c(XOH)＝c(Cl－)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.下列说法正确的是A.是核裂变反应B.20个的原子核经过两个半衰期后剩下5个C.在中子轰击下生成和的过程中，原子核中的平均核子质量变小D.原子从一种定态跃迁到另一种定态时，肯定辐射出肯定频率的光子15.如图所示的v-t图象中，直线表示甲物体从A地向B地运动的v-t图象；折线表示同时起先运动的乙物体由静止从A地向B地运动的v-t图象．下列说法正确的是A.在t=4s时，甲、乙两物体相遇B.在t=4s时，甲、乙两物体相距最远C.在0~2s内，甲、乙两物体的加速度大小相等D.在2~4s内，乙物体处于静止状态16．某水电站，用总电阻为2.5Ω的输电线输电给500km外的用户，其输出电功率是3×106kW，现用500kV电压输电，则下列说法正确的是A．输电线上输送的电流大小为2.0×105AB．输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC．若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108kWD．输电线上损失的功率为ΔP＝eq\f(U2,r)，U为输电电压，r为输电线的电阻17．如图所示，横截面为直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球Q上，系统处于静止状态，当力F增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是A．斜劈P所受合外力增大B．球Q对地面的压力不变C．墙面对斜劈P的摩擦力增大D．斜劈P对竖直墙壁的压力增大18.有两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，Ⅰ中的磁感应强度是Ⅱ中的k倍．两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动．与Ⅰ中运动的电子相比，Ⅱ中的电子()A．加速度的大小是Ⅰ中的k倍 B．运动轨迹的半径是Ⅰ中的k倍C．做圆周运动的角速度与Ⅰ中的相等 D．做圆周运动的周期是Ⅰ中的k倍19.如图，水平向右的匀强电场中，一带电粒子从A点以竖直向上的初速度起先运动，经最高点B后回到与A在同一水平线上的C点，粒子从A到B过程中克服重力做功2J，电场力做功3J，则A.粒子在B点的动能比在A点多1JB.粒子在C点的电势能比在B点少3JC.粒子在C点的机械能比在A点多12JD.粒子在C点的动能为6J20.如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽视．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则A．平行板电容器的电容将变小B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将削减D．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变21.如图所示，质量为M的木板静止在光滑水平面上，木板左端固定一轻质挡板，一根轻弹簧左端固定在挡板上，质量为m的小物块从木板最右端以速度v0滑上木板，压缩弹簧，然后被弹回，运动到木板最右端时与木板相对静止。已知物块与木板之间的动摩擦因数为，整个过程中弹簧的形变均在弹性限度内，则A．木板先加速再减速，最终做匀速运动B．整个过程中弹簧弹性势能的最大值为C．整个过程中木板和弹簧对物块的冲量大小为D．弹簧压缩到最短时，物块到木板最右端的距离为第=2\*ROMANII卷三、非选择题：共174分。第22～32题为必考题，每个试题考生都必需作答。第33～38题为选考题，考生依据要求作答。（一）必考题：共129分。22.(7分)某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在________方向（填“水平”或“竖直”）．（2）弹簧自然悬挂，待弹簧______时，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表表：表中有一个数值记录不规范，代表符号为_______．由表可知所用刻度尺的最小分度为______．（3）如图是该同学依据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与____________的差值（填“或”）．（4）由图可知弹簧的劲度系数为_________N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为_________g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）．23.(8分)（1）某同学用多用电表欧姆挡粗测一电阻Rx的阻值。选择“×1”挡时，指针指示如图甲所示，则示数为____Ω。（取一位有效数字）（2）为精确的测量Rx的阻值，现取来两节干电池（总电动势为3V，总内阻为0.4Ω）、开关和若干导线及下列器材：A．电压表（0~3V，内阻约10kΩ）B．电流表（0~0.6A，内阻很小，可不计）C．电流表（0~3A，内阻很小，可不计）D．滑动变阻器（0~5Ω，额定电流为0.5A）E．滑动变阻器（0~10Ω，额定电流为1A）（i）电流表应选____；（填序号字母）（ii）要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器应选____；（填序号字母）（iii）试验中该同学的实物连线如图乙所示，其中有一处不妥，不妥处为____。（填①至⑧的序号）（3）该同学将（2）中的错误订正并测出Rx的阻值后，又进行了以下试验：将导线③连接在电池负极的一端改为连接在开关的右端，闭合开关，当滑片P移到某位置c（图乙中未标出）时，读出电压表示数为2.2V，电流表示数为0.4A，则变阻器的ca与cb段的电阻之比Rca：Rcb=____。24.(12分)如图所示，矩形斜面ABCD的倾角θ=30°，在其上放置一矩形金属框abcd，ab的边长l1=1m，bc的边长l2=0.6m，金属框的质量m=1kg，电阻R=0.1Ω，金属框与斜面间的动摩擦因数，金属框通过轻质细线绕过定滑轮与重物相连，细线与斜面平行且靠近，重物质量m0=2kg，斜面上efgh区域是有界匀强磁场，磁感应强度的大小B=0.5T，方向垂直于斜面对上，已知ef到gh的距离为0.6m。现让金属框由静止起先运动(起先时刻，cd与AB边重合)，在重物到达地面之前，发觉金属框匀速穿过匀强磁场区域，不计滑轮摩擦，g取10m/s2，求：(1)金属框进入磁场前细线所受拉力的大小；(2)金属框从静止起先运动到ab边刚进入匀强磁场所用的时间；(3)金属框abcd在穿过匀强磁场过程中产生的焦耳热。25.(20分)如图所示为某种弹射装置的示意图，该装置由三部分组成，传送带左边是足够长的光滑水平面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量M=6.0kg的物块A。装置的中间是水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接。传送带的皮带轮逆时针匀速转动，使传送带上表面以u=2.0m/s匀速运动。传送带的右边是一半径R=1.25m位于竖直平面内的光滑圆弧轨道。质量m=2.0kg的物块B从圆弧的最高处由静止释放。已知物块B与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，传送带两轴之间的距离l=4.5m。设第一次碰撞前，物块A静止，物块B与A发生碰撞后被弹回，物块A、B的速度大小均等于B的碰撞前的速度的一半。取g=10m/s2。求：(1)物块B滑到圆弧的最低点C时对轨道的压力；(2)物块B与物块A第一次碰撞后弹簧的最大弹性势能；(3)假如物块A、B每次碰撞后，物块A再回到平衡位置时弹簧都会被马上锁定，而当它们再次碰撞前锁定被解除，求物块B经第一次与物块A碰撞后在传送带上运动的总时间。26．（15分）试验室可利用环己醇的氧化反应制备环己酮，反应原理和试验装置（部分夹持装置略）如下：有关物质的物理性质见下表。物质沸点（℃）密度（g·cm−3，20℃）溶解性环己醇161.1（97.8）*0.96能溶于水和醚环己酮155.6（95.0）*0.95微溶于水，能溶于醚水100.01.0*括号中的数据表示该有机物与水形成的具有固定组成的混合物的沸点。试验通过装置B将酸性Na2Cr2O7溶液加到盛有10mL环己醇的A中，55~60℃进行反应。反应完成后，加入适量水，蒸馏，收集95~100℃的馏分，得到主要含环己酮粗品和水的混合物。（1）装置D的名称为。（2）试验时加入沸石的作用，若加热后发觉未加沸石，应实行的正确操作是。（3）蒸馏不能分别环己酮和水的缘由是。（4）环己酮的提纯须要经过以下一系列的操作：a．蒸馏、除去乙醚后，收集151~156℃馏分b．水层用乙醚(乙醚沸点34.6℃，易燃烧)萃取，萃取液并入有机层c．过滤d．往液体中加入NaCl固体至饱和，静置，分液e．加入无水MgSO4固体，除去有机物中少量的水①上述提纯步骤的正确依次是；②b中水层用乙醚萃取的目的是；③上述操作c、d中运用的玻璃仪器除烧杯、锥形瓶、漏斗外，还须要的玻璃仪器有，操作d中，加入NaCl固体的作用是。（5）复原至室温时，分别得到纯产品5.7g，则环已酮的产率（计算结果精确到0.1%）。27．（14分）废旧锌锰电池含有锌、锰元素，主要含有ZnO、ZnMn2O4、MnO、Mn2O3、Mn3O4、MnO2。利用废旧锌锰电池回收锌和制备二氧化锰、硫酸的工艺流程如图：回答下列问题：（1）步骤②“粉碎”的主要目的是。（2）步骤③“酸浸”发生了一系列反应：ZnO+H2SO4=ZnSO4+H2OMnO+H2SO4=MnSO4+H2OZnMn2O4+2H2SO4=ZnSO4+MnSO4+2H2O+MnO2MnO2+H2SO4+H2C2O4=MnSO4+2CO2↑+2H2O推想Mn2O3与硫酸反应的离子方程式为。（3）如图分别表示“酸浸”时选用不同浓度硫酸和草酸对Zn、Mn浸出率的影响。①为保证Zn、Mn的浸出率均大于90%，步骤③需限制的c(H2SO4)=mol/L。H2C2O4浓度对Mn的浸出率影响程度大于Zn，其缘由是。②假设“酸浸”所得溶液中Zn2+、Mn2+浓度相等。当c(H2C2O4)>0.25mol/L时，Zn、Mn的浸出率反而下降、且Zn的浸出率下降先于Mn，其缘由可能是(填序号)。a．随着反应进行c(H+)降低b．Zn2+、Mn2+与C2Oeq\o\al(2−,4)生成沉淀c．溶解度：ZnC2O4＜MnC2O4（4）步骤⑤用惰性电极电解ZnSO4、MnSO4的混合溶液，除生成Zn、MnO2、H2SO4外，还可能生成H2、O2或其混合物。①生成MnO2的电极反应式为。②若n(H2)∶n(O2)=2∶1，则参与反应的n(Zn2+)∶n(Mn2+)=。③该工艺流程中可循环利用的物质是。28.（14分）氨是工农业生产中重要的基础物质，探讨合成氨及氨的应用具有重要意义。（1）已知：N2(g)+3H2(g)=2NH3(g)ΔH=92kJ/mol，N2(g)+3H2(g)2NH3(g)的活化能为508kJ/mol。则2NH3(g)N2(g)+3H2(g)的活化能为kJ/mol（2）我国科研人员研制出Ti-H-Fe双温区催化剂（Ti-H区与Fe区温差可超过100℃）。Ti-H-Fe双温区催化合成氨的反应历程如下图一，其中吸附在催化剂表面的物种用“*”标注。图一下列说法中正确的是。A．①为的断裂过程B．①②③在高温区发生，④⑤在低温区发生C．④为N原子由Fe区域向Ti-H区域的传递过程D．运用Ti-H-Fe双温区催化剂时合成氨反应转变为吸热反应（3）以氨和CO2为原料合成尿素的反应为2NH3(g)＋CO2(g)CO(NH2)2(l)＋H2O(g)。工业生产时，须要原料气带有水蒸气，图二中曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ表示在不同水碳比n(H2O)n(CO2①曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ对应的水碳比最大的是，推断依据是。②测得M点氨气的平衡转化率为40%，则x1＝______。（4）将氨氧化法制硝酸过程中氨经催化氧化后的气体（高于800℃）急剧冷却到100℃以下，一方面除去大量的H2O，使NO(g)和O2(g)发生反应，另一方面温度低有利于生成NO2(g)。2NO(g)＋O2(g)2NO2(g)的反应历程分两步：Ⅰ.2NO(g)N2O2(g)(反应快，瞬间达到平衡)ΔH1＜0，v1正＝k1正c2(NO)v1逆＝k1逆c(N2O2)；Ⅱ.N2O2(g)＋O2(g)2NO2(g)(反应慢)ΔH2＜0，v2正＝k2正c(N2O2)c(O2)v2逆＝k2逆c2(NO2)。其中k1、k2是速率常数，随温度上升而增大。则肯定温度下，反应2NO(g)＋O2(g)2NO2(g)达到平衡状态，请写出用k1正、k1逆、k2正、k2逆表示的平衡常数表达式K＝，上升温度，K值_______(填“增大”“减小”或“不变”)。29.（12分）某小组用黑藻进行光合作用的试验，他们将一枝黑藻浸在加有相宜培育液（其中添加有稀NaHCO3，在肯定时间内可维持培育液中CO2浓度的相对稳定）的广口瓶中（室温25℃），可视察到光下叶片放出气泡（不考虑O2在水中的溶解）。他们以太阳灯（冷光源，产生热量忽视不计）作为光源，移动太阳灯使之与广口瓶的距离不同，结果如图1中的曲线，请回答：（1）该试验探讨的是对光合速率的影响，除了变更太阳灯与广口瓶的距离外，还可以在不变更太阳灯与广口瓶的距离的状况下通过变更来完成这一试验，以作为观测光合速率指标。（2）A点时液滴（左移、右移、不动）。（3）有同学用缺镁发黄的黑藻重复上述试验，图1A点（左移、右移、不动）；缘由是。30.（9分）人体通过神经调整、体液调整和免疫调整对各种应激刺激(如寒冷刺激、病菌入侵等)做出反应。（1）某人全身突然被冰水浇湿，躯干、四肢的骨骼肌会产生战栗，此反射的神经中枢位于________，在该过程中皮肤感受器受到刺激产生兴奋，兴奋以________的形式沿着传入神经传导，并在________完成信号转换后传递给下一个神经元。（2）食物经胃肠道消化汲取，使血糖浓度增加，刺激胰岛B细胞分泌__________，导致血糖浓度降低，维持血糖稳定。（3）严峻腹泻失水过多时，细胞外液渗透压上升，位于____________的渗透压感受器受刺激产生兴奋，该兴奋一方面传至____________，引起口渴感；另一方面可使抗利尿激素释放增多，从而促进________________。（4）儿童按安排免疫接种卡介苗以预防结核病，机体会产生抗体、记忆T细胞和记忆B细胞等，此后当外界结核杆菌侵入机体，机体启动特异性免疫，一方面由___________产生特异性抗体进行体液免疫；另一方面进行细胞免疫，主要过程是_____________，并与宿主细胞结合导致其裂解死亡。31．（8分）如图表示草原上某野兔种群数量的变更（K0表示野兔种群在无天敌进入时的环境容纳量），请分析回答相关问题。（1）图中0→b时段内野兔的诞生率（填“大于”“等于”或“小于”）死亡率，详细缘由是___________________________。（2）某种天敌在图中标注的某个时间点迁入，一段时间后，野兔种群数量达到相对稳定状态，则该时间点最可能是。在捕食压力下，野兔种群的环境容纳量降在之间。（3）用标记重捕法调查该草原上某区域的种群数量时，若部分标记个体迁出，则导致调查结果_______（“偏高”或“偏低”）；对捕获的野兔进行性别比例调查，发觉其雌雄比例稍大于1，该比例_____（“有利”或“不利”）于种群增长。（4）该草原随着环境的不断变更，此后可能渐渐长出小灌木丛，甚至有可能接着演替出森林，整个过程属于。演替过程中不断出现新的优势种群，这主要体现了不同植被物种对___________的竞争实力不同。32．（10分）果蝇的眼色与位于两对同源染色体上的两对等位基因R、r和T、t有关。眼色色素的产生必需有显性基因R存在，能产生色素的个体眼色呈红色或紫色，不产生色素的个体眼色呈白色。显性基因T使果蝇眼色呈紫色，而该基因为隐性时，果蝇的眼色为红色。两个纯系杂交，结果如下：（1）等位基因R、r位于染色体上，等位基因T、t位于染色体上。（2）F1的基因型是。（3）让F1雄果蝇杂交得到F2杂交过程无配子致死现象，全部个体均正常发育。F1中红眼果蝇的概率是，F2中白眼果蝇的基因型是。（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。并用2B铅笔在答题卡上将所选题目对应的题号方框涂黑。按所涂题号进行评分，不涂、多涂均按每科所答第一题评分；多答按每科所答第一题评分。33．【选修3－3】(15分)(1)关于热现象，下列说法正确的是()A.两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，引力和斥力都随着分子间距离的增大而减小B.液晶像液体一样具有流淌性，其光学性质与某些晶体相像，具有各向同性C.处于失重状态的宇宙飞船中，由于消退了重力的影响，一大滴水银的表面将收缩到最小面积——球面，水银滴成为球形D.液面上部的蒸汽达到饱和时，就没有液体分子从液面飞出，所以从宏观上看液体不再蒸发E.热量可以自发地从高温物体向低温物体传递，但要从低温物体向高温物体传递，必需有第三者的介入(2)(10分)一U形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞.初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示.用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止.求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离.已知玻璃管的横截面积到处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p0＝75.0cmHg.环境温度不变.(保留三位有效数字)34．【选修3－4】(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是()A.机械波的频率等于波源的振动频率，与介质无关B.爱因斯坦狭义相对论指出，真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的C.光纤通信是一种以光波为传输介质的通信方式，光波按波长长短，依次可分为红外线、可见光和紫外线，但红外线和紫外线属于不行见光，它们都不行用来传输信息D.依据麦克斯韦电磁场理论，电磁波中的电场和磁场相互垂直，电磁波是横波E.宇宙红移现象表示宇宙正在膨胀，这可以用多普勒效应来揭示，说明我们接收到的遥远恒星发出的光比恒星实际发光频率偏小(2)(10分)如图(a)，一列简谐横波沿x轴传播，实线和虚线分别为t1＝0时刻和t2时刻的波形图，P、Q分别是平衡位置为x1＝1.0m和x2＝4.0m的两质点．图(b)为质点Q的振动图象，求：①波的传播速度和t2的大小；②质点P的位移随时间变更的关系式．35．[化学——选修3：物质结构与性质]（15分）据世界权威刊物《自然》最近报道，我国科学家选择碲化锆（ZrTe2）和砷化镉（Cd3As2）为材料验证了三维量子霍尔效应，并发觉了金属-绝缘体的转换。回答下列问题：（1）基态碲原子的价层电子排布式为。（2）硫和碲位于同主族，H2S的分解温度高于H2Te，其主要缘由是______________________。在硫的化合物中，H2S、CS2都是三原子分子，但它们的键角（立体构型）差别很大，用价层电子对互斥理论说明______________________，CS2中心原子的杂化类型为________。（3）Cd2+与NH3等配体形成配离子。[Cd(NH3)4]2+中2个NH3被2个Cl替代只得到1种结构，它的立体构型是___________。1mol[Cd(NH3)4]2+含σ键的数目为___________。（4）砷与卤素形成多种卤化物。AsCl3、AsF3、AsBr3的熔点由高到低的排序为____________________。（5）锆晶胞如图1所示，1个晶胞含________个Zr原子；这种积累方式称为______________。（6）镉晶胞如图2所示。已知：NA是阿伏加德罗常数的值，晶体密度为dg·cm3。在该晶胞中两个镉原子最近核间距为______nm（用含NA、d的代数式表示），镉晶胞中原子空间利用率为________（用含π的代数式表示）。36．[化学——选修5：有机化学基础]（15分）化合物J是一种重要的医药中间体，其合成路途如图：回答下列问题：（1）G中官能团的名称是____________；③的反应类型是____________；B的结构简式__________。（2）通过反应②和反应⑧推知引入—SO3H的作用是____________________。（3）碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳。写出F与足量氢气反应生成产物的结构简式，并用星号（*）标出其中的手性碳___________。（4）写出⑨的反应方程式_______________________。（5）写出D的苯环上有三个不同且互不相邻的取代基的同分异构体结构简式_____________（任写一种）。（6）写出以对硝基甲苯为主要原料（无机试剂任选），经最少步骤制备的合成路途。37.【生物——选修模块1：生物技术实践】（15分）(1)为了获得能降解氯苯的微生物，可在被氯苯污染的土壤中取样，并应选用以________为碳源的培育液进行选择培育。除碳源外，培育液还应含有________等养分物质。(2)将获得的3种待选微生物甲、乙、丙分别接种在1L含20mg氯苯的相同培育液中培育，其他养分物质充裕、条件相宜，观测从试验起先到微生物停止生长所用的时间，甲、乙、丙分别为33h、15h、46h，则应选择微生物________作为菌种进行后续培育。(3)若要测定培育液中选定菌种的菌体数，既可以在显微镜下用________干脆计数，也可选用________法统计活菌数目。(4)对选定的菌种进行细胞学检测，发觉它没有具膜的细胞器，则该菌种与________(选填：乳酸菌、醋酸菌、酵母菌)结构相像，其产生的降解氯苯的酶蛋白可以用________法进行分别。38.【生物——选修模块3：现代生物科技专题】（15分）=1\*ROMANI.植物细胞工程技术被广泛应用于作物新品种的培育，常见的有单倍体育种和突变体的利用。（1）单倍体育种是通过获得的单倍体植株，再用（填试剂名称）或（填方法）处理使其染色体加倍。已知某二倍体植物体细胞染色体数为24条，则单倍体育种得到的志向植株的体细胞染色体数为条。（2）在植物组织培育过程中，由于细胞始终处于状态，因此简单受到培育条件和外界压力的作用而产生突变，可以为培育新品种供应原材料，为了防止突变体后代发生性状分别，通常选择的方式繁殖后代，若要生产人工种子，需在上包上人工种皮。=2\*ROMANII.脐带血是胎儿娩出、脐带结扎并离断后残留在胎盘和脐带中的血液，脐带血中含有的造血干细胞，可以代替骨髓进行移植，用人体自己的造血干细胞进行移植可以避开，体外培育造血干细胞的培育液成分中加入肯定量的来防止杂菌污染，保存造血干细胞须要在的条件下，从而降低。兰州一中2024年高考物理冲刺模拟题(一)物理参考答案题号1415161718192021答案CBBDBDACACDAB14.答案C【解析】A选项是衰变方程；原子核的半衰期是一个统计规律，只对大量的原子核才适用，所以B错误；eq\o\al(235,92)U在中子轰击下生成eq\o\al(94,38)Sr和eq\o\al(140,54)Xe的过程中，原子核中的平均核子质量变小，所以该反应过程会产生质量亏损，从而放出核能，C正确；原子从一种定态跃迁到另一种定态时，可能辐射出肯定频率的光子，也可能会汲取肯定频率的光子，所以D错误。15.答案B【解析】AB．据图象与坐标轴所围成的面积表示位移，可得t=4s时，甲的位移和乙的位移不相等，刚起先甲的速度最大，故是乙追甲，当两者速度相等时，甲、乙相距最远，A错误B正确；C．依据加速度的定义可得，在0~2s内，甲物体的加速度为乙物体的加速度为两者的加速度在这段时间内不相等，选项C错误；D．在2~4s内，乙物体处于匀速运动状态，D错误．故选B.16．答案B【解析】输电线上输送的电流I＝eq\f(P,U)＝eq\f(3×106kW,500kV)＝6000A，A错；输电线上损失的电压为ΔU＝Ir＝6000×2.5V＝1.5×104V＝15kV，B对；若改用5kV的电压输电，则输电线上输送的电流I′＝eq\f(P,U′)＝eq\f(3×106kW,5kV)＝6×105A，输电线上损失的功率ΔP＝I′2r＝(6×105)2×2.5W＝9×108kW，表明电能将在线路上损耗完，则输电线上损失的功率为3×106kW，C错；D项中输电线上损失的功率ΔP＝eq\f(U2,r)，U应为输电线上损耗的电压，而不是输电电压，D错．17．答案D【解析】球Q和斜劈P受力如图。对球Q：由平衡条件得F＝FN2sinθFN1＝FN2cosθ＋GQ随着F的增大，FN2和FN1均增大。对斜劈P，由于处于静止状态，其合外力始终为零。随着FN2的增大，FN2′增大，FN3增大，但由于不知最初摩擦力的方向，所以摩擦力的大小变更不能确定。故只有答案D正确。18.答案BD解析设电子的质量为m，速率为v，电荷量为q，B2＝B，B1＝kB则由牛顿其次定律得：qvB＝eq\f(mv2,R)① T＝eq\f(2πR,v)②由①②得：R＝eq\f(mv,qB)，T＝eq\f(2πm,qB)所以eq\f(R2,R1)＝k，eq\f(T2,T1)＝k依据a＝eq\f(v2,R)，ω＝eq\f(v,R)可知eq\f(a2,a1)＝eq\f(1,k)，eq\f(ω2,ω1)＝eq\f(1,k)所以选项B、D正确．19.答案AC【解析】从A→B依据动能定理可得W电AB－mgh＝ΔEk，即ΔEk＝1J，即粒子在B点的动能比在A点多1J，故选项A正确；设在A点初速度为v0，粒子在竖直方向只受重力，做加速度为g的匀变速运动，故从A→B和从B→C的时间相等，而水平方向只受到电场力作用，设从A→B的水平分位移为x1，从B→C的水平分位移为x2，则可知eq\f(x1,x2)＝eq\f(1,3)，则W电BC＝3W电AB＝9J，由于电场力做正功，则粒子在C点的电势能比在B点少9J，故选项B错误；依据功能关系可知，从A→C机械能增加量为ΔE＝W电AB＋W电BC＝12J，由于重力势能不变，故从A→C动能增加12J，即粒子在C点的机械能比在A点多12J，故选项C正确；粒子在A点初动能大于0，则粒子在C点的动能大于12J，故选项C正确，D错误。20.答案ACD【解析】将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离时，两极板的正对面积S不变，间距d变大，依据关系式C＝eq\f(εS,4πkd)∝eq\f(S,d)可知，电容C减小，选项A正确；因为静电计指针的变更表征了电容器两极板电势差的变更，题中电容器两极板间的电势差U不变，所以静电计指针张角不变，选项B错误；U不变，极板间距d变大时，板间场强E＝U/d减小，带电油滴所处位置的电势φP＝EdP增大，其中dP为油滴到下极板的距离，又因为油滴带负电，所以其电势能将削减，选项C正确；若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则电容器带电荷量Q不变，极板间距d变大，依据Q＝CU，E＝U/d和C＝eq\f(εS,4πkd)可知E∝Q/S，可见，极板间场强E不变，所以带电油滴所受电场力不变，选项D正确．21.答案AB【解析】物块接触弹簧之前，物块减速运动，木板加速运动；当弹簧被压缩到最短时，摩擦力反向，直到弹簧再次复原原长，物块接着减速，木板接着加速；当物块与弹簧分别后，物块水平方向只受向左的摩擦力，所以物块加速，木板减速；最终，当物块滑到木板最右端时，物块与木板共速，一起向左匀速运动。所以木板先加速再减速，最终做匀速运动，所以A正确；当弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，此时物块与木板第一次共速，将物块，弹簧和木板看做系统，由动量守恒定律可得，得；从起先运动到弹簧被压缩到最短，由能量守恒可得从起先运动到物块到达木板最右端，由能量守恒可得，则最大的弹性势能为，所以B正确；依据动量定理，整个过程中物块所受合力的冲量大小为，所以是合力的冲量大小，不是木板和弹簧对物块的冲量大小，所以C错误；由题意可知，物块与木板之间的摩擦力为，又系统克服摩擦力做功为则即弹簧压缩到最短时，物块到木板最右端的距离为，所以D错误。故选AB。22.(5分)【答案】竖直；稳定；；；；4.9；10；【解析】试题分析：①将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向．②表中有一个数值记录不规范，尺的最小分度值为1mm，所以长度应为33．40cm，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm．③在砝码盘中每次增加10g砝码，所以弹簧的形变量应当是弹簧长度与的差值．④充分利用测量数据，通过图和表可知所以砝码盘的质量为23.(10分)【答案】（1）6（2）BE⑦（3）4：1或1：4【解析】（1）由表盘读出指针示数为6，又档位选择“×1”挡，故电阻的大小为Rx=6×1=6.0Ω；（2）（i）利用欧姆定律，测量电路最大电流约为，故电流表应选B；（ii）要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器电流要超过0.5A，故滑动变阻器应选E（iii）因为电流表内阻可以不计，故测量电路电流表应选择内接法，故⑦处连接不妥；（3）设滑动变阻器连入电路电阻为R，则由闭合电路欧姆定律，得：，滑动变阻器两部分并联连入电路，由并联电路电阻关系，有：，联立代入数据解得：，或，，故或。24.(12分)答案(1)12N(2)1.2s(3)14.4J【解析】(1)金属框进入磁场前，对金属框和重物分别由牛顿其次定律得：FT-mgsinθ-μmgcosθ=mam0g-FT=m0a解得：FT=12N(2)因金属框匀速穿过匀强磁场区域，对重物和金属框整体依据平衡条件可得：m0g=mgsinθ+μmgcosθ+BIl1I=Bl解得：t=1.2s(3)在金属框穿过匀强磁场的过程中，依据功能关系可得：2m0gl2=2mgl2sinθ+2μmgl2cosθ+Q解得：Q=14.4J。(20分)【答案】（1）60N，竖直向下（2）12J（3）8s【解析】(1)设物块B沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为v0，由机械能守恒定律得：代入数据解得：v0=5m/s在圆弧最低点C，由牛顿其次定律得：代入数据解得：F=60N由牛顿第三定律可知，物块B对轨道的压力大小：F′=F=60N，方向：竖直向下；(2)在传送带上，对物块B，由牛顿其次定律得：μmg=ma设物块B通过传送带后运动速度大小为v，有代入数据解得：v=4m/s由于v＞u=2m/s，所以v=4m/s即为物块B与物块A第一次碰撞前的速度大小，设物块A、B第一次碰撞后的速度分别为v2、v1，两物块碰撞过程系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：mv=mv1+Mv2由机械能守恒定律得：解得：物块A的速度为零时弹簧压缩量最大，弹簧弹性势能最大，由能量守恒定律得：(3)碰撞后物块B沿水平台面对右匀速运动，设物块B在传送带上向右运动的最大位移为l′，由动能定理得解得：l′=2m＜4.5m所以物块B不能通过传送带运动到右边的曲面上，当物块B在传送带上向右运动的速度为零后，将会沿传送带向左加速运动，可以推断，物块B运动到左边台面时的速度大小为v1′=2m/s，继而与物块A发生其次次碰撞。设第1次碰撞到第2次碰撞之间，物块B在传送带运动的时间为t1。由动量定理得：解得：设物块A、B第一次碰撞后的速度分别为v4、v3，取向左为正方向，由动量守恒定律和能量守恒定律得：代入数据解得：当物块B在传送带上向右运动的速度为零后，将会沿传送带向左加速运动，可以推断，物块B运动到左边台面时的速度大小为v3′=1m/s，继而与物块A发生第2次碰撞，则第2次碰撞到第3次碰撞之间，物块B在传送带运动的时间为t2．由动量定理得：解得：同上计算可知：物块B与物块A第三次碰撞、第四次碰撞…，第n次碰撞后物块B在传送带运动的时间为构成无穷等比数列，公比，由无穷等比数列求和公式当n→∞时，有物块B经第一次与物块A碰撞后在传送带运动的总时间为33．(1)答案ACE【解析】两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，引力和斥力都随着分子间的距离的增大而减小，选项A正确；液晶像液体一样具有流淌性，其光学性质与某些晶体相像，具有各向异性，选项B错误；处于失重状态的宇宙飞船中，由于消退了重力的影响，一大滴水银的表面将收缩到最小面积——球面，水银滴成为球形，选项C正确；液面上部的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中，从宏观上看，液体不再蒸发，故D错误；热量可以自发地从高温物体向低温物体传递，但要从低温物体向高温物体传递，必需有第三者的介入，选项E正确.(2)(10分)答案144cmHg9.42cm【解析】设初始时，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2＝p0，长度为l2.活塞被下推h后，右管中空气柱的压强为p1′，长度为l1′；左管中空气柱的压强为p2′，长度为l2′.以cmHg为压强单位.由题给条件得p1＝p0＋(20.0－5.00)cmHg＝90cmHgl1＝20.0cm①l1′＝(20.0－eq\f(20.0－5.00,2))cm＝12.5cm②由玻意耳定律得p1l1S＝p1′l1′S③联立①②③式和题给条件得p1′＝144cmHg④依题意p2′＝p1′⑤l2′＝4.00cm＋eq\f(20.0－5.00,2)cm－h＝11.5cm－h⑥由玻意耳定律得p2l2S＝p2′l2′S⑦联立④⑤⑥⑦式和题给条件得h≈9.42cm.34．(1)(5分)答案ADE【解析】机械波的频率与波源振动的频率相同，与传播介质无关，A正确；在全部的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值c，这叫做光速不变原理，B错误；只要是光波，就能够在光导纤维中传播，不管是可见光还是不行见光，都可以用来传输信息，故C错误；依据麦克斯韦电磁场理论，电磁波中的电场和磁场相互垂直，电磁波是横波，D正确；依据多普勒效应可知，宇宙红移现象表示宇宙正在膨胀，说明我们接收到的遥远恒星发出的光比恒星实际发光频率偏小，故E正确.(2)(10分)答案(1)ABC(2)①40m/s(0.2n＋0.