2024年山东省枣庄市薛城中考三模物理试题

2024年山东省枣庄市薛城区薛城区第三次调研考试三模物理试题一、选择题（每题3分，共45分。每小题给出的四个选项中只有一项是正确答案，请将正确答案填写在下面的表格中）1．（3分）小明五次测量物理课本的宽度，结果分别为18.52cm、18.52cm、18.10cm、18.50cm、18.51cm，下列说法正确的是（）A．小明所用刻度尺的分度值是1cm B．18.50cm中最后一位“0”无意义，可以去掉 C．多次测量的目的是消除误差 D．最后结果应记作18.51cm2．（3分）将某种金属制成的勺放入15℃的水中，金属勺没有熔化；将该金属勺放入45℃的水中，发现金属勺逐渐熔化。该金属的熔点可能是（）A．10℃ B．30℃ C．50℃ D．60℃3．（3分）某同学探究凸透镜成像规律时，光屏上得到了烛焰清晰的像（像未画出），如图所示。下列说法正确的是（）A．光屏上的像是正立的 B．光屏上的像是放大的 C．投影仪是利用此成像原理制成的 D．撤去光屏，烛焰的像仍然在原处4．（3分）从冰箱里取出一袋冰块，过一段时间后，冰块全部化成水。则冰块熔化成水后，下列说法正确的是（）A．质量变大，密度变小 B．质量变小，密度变大 C．质量不变，密度变大 D．质量不变，密度不变5．（3分）小浩站在滑板车上不断蹬地让车沿水平方向运动，下列说法正确的是（）A．不断蹬地才使车持续运动，说明物体的运动需要力维持 B．蹬地时，地面对脚的摩擦力方向是向前的 C．停止蹬地后，车由于受到惯性力作用不会立即停止 D．小车运动到某一时刻，若所受的力全部消失，它将静止6．（3分）有市民在湿地劳动时不慎陷入淤泥无法脱身，救援者将宽大的木板平绑在鞋底，顺利走到受困者身边，如图所示。受困者的质量为50kg、对淤泥的压强为p1，救援者连同木板的总质量为80kg、对淤泥的压强为p2，淤泥处处相同，则（）A．p1＜p2 B．p1＞p2 C．p1＝p2 D．数据不全，无法比较7．（3分）近期交警部门加大对电动车安装遮阳伞的检查拆除力度，遮阳伞虽能遮挡阳光，但存在安全隐患，当电动车快速行驶时，如图所示，下列说法正确的是（）A．遮阳伞上边空气流速小，压强小，伞面被向下压 B．遮阳伞下边空气流速大，压强小，伞面被向上吸 C．遮阳伞上边空气流速大，压强大，伞面被向下压 D．遮阳伞下边空气流速小，压强大，伞面被向上吸8．（3分）如图所示，重为500N的物体在F＝125N的拉力作用下，使物体沿水平地面向左匀速直线运动了1m，已知物体与地面间的滑动摩擦力为150N，在此过程中下列选项正确的是（）A．绳子自由端移动了3m B．拉力做的有用功为500J C．拉力做的额外功为150J D．滑轮组的机械效率为60%9．（3分）夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低。下列说法正确的是（）A．饮料将温度传递给冰箱中的空气 B．饮料放出热量后自身所含热量减少 C．饮料温度降低的过程伴随着内能的转移 D．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多10．（3分）水的比热容大这一特性在生活中有着广泛的应用，下列生活实例不是利用水的比热容大这一特性的是（）A．甲图，海边的昼夜温差较小 B．乙图，空调房里放盆水可以增加湿度 C．丙图，冬天暖气设备用热水供暖 D．丁图，用水冷却汽车发动机11．（3分）为了节约电能，小聪利用“声控开关”（有声音时自动闭合，无声音时自动断开）和“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开），设计了一个只有在天黑且有声音时灯才亮的楼道照明电路。下列电路图符合要求的是（）A． B． C． D．12．（3分）如图所示，电源电压恒定，先只闭合开关S1，两电表均有示数；再断开S1，同时闭合S2和S3，此过程中（）A．电压表示数变大，电流表示数变小 B．电压表示数变小，电流表示数不变 C．电压表示数与电流表示数乘积变大 D．电压表示数与电流表示数比值不变13．（3分）小亮在学习了“电和磁”的知识后，用甲、乙两个直流电动机设计了如图所示的装置，闭合开关S后甲开始转动，同时用皮带带动乙转动，小灯泡发光。下列说法不正确的是（）A．在此过程中，甲装置将电能转化为机械能 B．乙的工作原理是磁场对电流的作用 C．动圈式话筒的工作原理与乙相同 D．对调电源正负极可使甲的转动方向与原来相反14．（3分）如图所示，图甲是某款即热式电热水龙头，图乙是它的电路原理图，R1和R2是阻值分别为22Ω和44Ω的电热丝。通过旋转手柄改变与开关S接触的两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡的切换。则（）A．开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是热水 B．开关S接触3、4触点时，电热丝R1、R2串联 C．水龙头在温水挡正常工作时的电流是15A D．水龙头在热水挡正常工作时的功率是3300W15．（3分）图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P移动过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A．电源电压为5V B．R的最大阻值为20Ω C．R＝10Ω时，其功率最大 D．R＝15Ω时，电路消耗的功率为1.8W二、填空题（每空1分，共20分）16．（2分）如图所示，某同学在跳绳时听到“呜……呜……”声，这是绳子引起周围空气而产生的；绳子转动越快，声音的（选填“音调”“响度”或“音色”）越高。17．（2分）如图甲、乙是瑞瑞同学在探究水的沸腾实验中所观察到的气泡上升的不同剪影，其中图是水沸腾时的情景。若在珠穆朗玛峰上做该实验，测得水的沸点却只有72℃，是因为高山上的低导致水的沸点较低的缘故。18．（2分）小华用托盘天平称量物体的质量时，将天平放在水平台上，游码归零后，发现指针位置如图甲所示，她应该向（选填“左”或“右”）调节平衡螺母。测量物体质量时，右盘砝码及游码示数如图乙，则物体质量为g。19．（2分）如图老师在做托里拆利实验时（当地气压为标准大气压），试管的顶端混入了部分空气，实验时测得管内水银柱的高度（选填“大于”“等于”“小于”）760mm；如果将试管顶端开一个孔，管内水银柱将（选填“会”“不会”）喷出来。20．（2分）丝绸与玻璃棒摩擦时，玻璃棒因（选填“失去”或“得到”）电子而带上正电荷，如图所示，甲、乙两个轻小的物体见面时相互吸引，则甲物体（选填“一定”或“可能”）带电。21．（2分）如图所示是单缸四冲程汽油机某一冲程工作示意图，该冲程是冲程。若汽油燃烧不充分时，汽油的热值将（选填“变大”“变小”或“不变”）。22．（2分）如图是我国独立自主研制的火星探测器“天问一号”沿椭圆轨道绕火星运动的情景，不考虑空气阻力，当它从近火点向远火点运动时，探测器的速度（选填“变大”、“变小”或“不变”）；在2023年“中国航天日”主场活动启动仪式上，我国相关部门发布了由“天问一号”获取的火星全球影像图。影像信息通过从遥远的火星传递到地面接收站的。23．（2分）1988年，中国“核潜艇之父”黄旭华设计的第一代核潜艇成功下潜至水下300m处，核潜艇是利用（选填“核裂变”或“核聚变”）提供动力的；当核潜艇匀速下潜时，坐在潜艇座位上的潜艇兵相对于潜艇是的。24．（2分）一个重为200N的箱子，放在水平面上，受8N的水平推力，箱子未动，这时箱子受到的摩擦力（选填“大于”、“等于”或“小于”）8N．当水平推力增大到12N时，箱子恰好做匀速直线运动。当水平推力增大到20N时，箱子受到的摩擦力为N。25．（2分）小鹏家的电能表铭牌上标有“220V10（40）A”、“1500r/kW•h”字样，则他家同时工作用电器的总功率不能超过W。将电热水器单独接入电路，正常工作3min，电能表的转盘转150转，电热水器的功率为W。三、作图题（2分）26．（2分）如图所示，用瓶起子起瓶盖时，瓶起子是一个杠杆，O是它的支点，F2是它受到的阻力。请你在图中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂L1。四、实验探究题（每问1分，共18分）27．（6分）小聪首先用如图甲、乙的装置探究“光的反射定律”。平面镜水平放置，附有量角器的白纸板由E、F两部分构成，始终竖直立在平面镜上，可以绕ON翻折。（1）如图甲，E、F在同一平面上，改变入射光的方向，多测几组入射角∠i和反射角∠r，分析比较二者大小关系可得出结论：（用字母符号表示）；（2）若光沿BO入射，经O反射后沿OA射出。这表明：在光的反射现象中，光路是的；（3）如图乙，把F向前或向后翻折，则在F上（选填“能”或“不能”）看到反射光，这说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；（4）探究完光的反射规律后，小聪紧接着又利用如图丙所示的实验装置探究平面镜成像的特点。①选择玻璃板代替平面镜的目的是便于确定的位置；②将与A完全相同、未点燃的蜡烛B放到玻璃板后面与像重合，比较像与蜡烛的大小关系。这里采用的科学方法是；③如图所示的光现象中，其成因与平面镜成像原理相同的是。A．“弯折”的筷子B．水中倒影C．海市蜃楼D．雨后彩虹28．（6分）如图，小丽利用弹簧测力计、实心圆柱体物块等器材探究浮力的大小跟哪些因素有关，提出了以下猜想：猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；猜想b：浮力大小与物体排开液体的体积有关；猜想c：浮力大小与液体的密度有关。（1）如图A所示，可知圆柱体重N；B步骤中圆柱体受到水的浮力为N；（2）分析C步骤与（填字母）步骤的数据，可以验证猜想a是错误的；（3）比较B步骤与E步骤的数据，不能得出浮力的大小与液体密度的关系，其原因是；（4）进一步学习了阿基米德原理之后，利用如图的测量数据，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知）。下列物理量中不能计算出的是；A．物块的体积B．物块的密度C．盐水的体积D．盐水的密度（5）另一组的小明发现液体密度改变，而圆柱体受到的浮力变化却不明显，他想出下列三种实验改进方案，其中不可行的是（填序号）。A．利用现有器材进行多次实验B．换用体积更大的同种圆柱体C．换用密度比水小得多的液体29．（6分）小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。（1）他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；（2）电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为V；（3）当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片。（4）小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：。（5）小明又设计了图丙所示的电路测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，电源电压保持不变，定值电阻的阻值为R0，实验步骤如下：①闭合S、S2，调节滑片使电流表的示数为；②保持滑片位置不变，断开S2，闭合S1，读出电流表的示数I1；③小灯泡正常发光时的阻值为（用已知物理量和测得量字母表示）。五、计算题（30题8分，31题7分，共15分）30．（8分）国产055新型导弹驱逐舰的服役，使中国海军的装备又一次得到提升。该型号驱逐舰满载时质量为1.25×104t在海面上以恒定功率做直线运动，其牵引力F随时间t的变化关系如图甲所示，其运动速度v随时间t的关系如图乙所示。求该驱逐舰：（1）在水下5m处有一面积为204cm2的观察窗口，窗口受到水的压力大小。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）（2）满载时，在匀速航行的过程中所受浮力的大小；（3）发动机的恒定功率；（4）在0～34s内完全燃烧10.625kg柴油的过程中发动机的效率（q柴油＝4.0×107J/kg）。31．（7分）如图甲、乙是某物理兴趣小组，设计的简易坐位体前屈测试仪的测试示意图、简化原理图。在测试中，测试的同学向前推动测试仪的滑块实际上是移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数用来反映被测试者的成绩。电源电压恒为6V，电压表量程0～3V，电流表量程0～0.6A，小灯泡标有“6V2.4W”字样（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），滑动变阻器R1标有“20Ω1A”，滑片P每移动1cm，R1的电阻变化0.2Ω。求：（1）小灯泡的电阻；（2）闭合开关，当滑片P位于中点时，小灯泡消耗的实际功率；（3）在测试时，为保证电路各元件的安全，滑片P移动时连入电路的电阻线长度的变化范围？

参考答案与试题解析一、选择题（每题3分，共45分。每小题给出的四个选项中只有一项是正确答案，请将正确答案填写在下面的表格中）1．（3分）小明五次测量物理课本的宽度，结果分别为18.52cm、18.52cm、18.10cm、18.50cm、18.51cm，下列说法正确的是（）A．小明所用刻度尺的分度值是1cm B．18.50cm中最后一位“0”无意义，可以去掉 C．多次测量的目的是消除误差 D．最后结果应记作18.51cm【分析】（1）在进行读数时要估读到分度值的下一位，根据题目中给出的数据，找出分度值；（2）估读值不能去掉；（3）为减小测量误差，常用的方法是多次测量取平均值；（4）在进行求平均值时，要将错误的数据去掉，平均值应保留与测量值相同的位数。【解答】解；A．长度测量时要估读到分度值的下一位，由测量数据可知，小明所用的刻度尺的分度值为1mm，故A错误；B．18.50cm中最后一位“0”是估读的，反映了刻度尺的精确程度，不可以去掉，故B错误；C．用刻度尺测物理课本的长度需要多次测量，多次测量的目的是取平均值减小误差，故C错误；D．测量数据中18.10cm与其它数据相差过大，是错误的，应该剔除，最后结果为故D正确。故选：D。【点评】本题考查学生对数据的处理、减小误差的方法等知识点，难度不大。2．（3分）将某种金属制成的勺放入15℃的水中，金属勺没有熔化；将该金属勺放入45℃的水中，发现金属勺逐渐熔化。该金属的熔点可能是（）A．10℃ B．30℃ C．50℃ D．60℃【分析】晶体熔化的条件：达到熔点，继续吸收热量。【解答】解：将某种金属制成的勺放入15℃的水中，金属勺没有熔化，说明金属勺的熔点大于15℃；将该金属勺放入45℃的水中，发现金属勺逐渐熔化，说明金属勺的熔点小于45℃；所以，金属勺的熔点在15℃到45℃之间。故选：B。【点评】本题考查了熔点的理解和掌握，属于基础性题目。3．（3分）某同学探究凸透镜成像规律时，光屏上得到了烛焰清晰的像（像未画出），如图所示。下列说法正确的是（）A．光屏上的像是正立的 B．光屏上的像是放大的 C．投影仪是利用此成像原理制成的 D．撤去光屏，烛焰的像仍然在原处【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；（2）实像可以用光屏承接，虚像不能用光屏承接。【解答】解：ABC、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的，故ABC错误；D、由于此时成的是实像，所以即使实验中撤去光屏，烛焰的像仍然在原处，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。4．（3分）从冰箱里取出一袋冰块，过一段时间后，冰块全部化成水。则冰块熔化成水后，下列说法正确的是（）A．质量变大，密度变小 B．质量变小，密度变大 C．质量不变，密度变大 D．质量不变，密度不变【分析】①物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、位置和温度无关；②单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度，密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与质量、体积、形状无关。【解答】解：冰熔化成水后，只是状态发生了变化，水的多少没有变，故质量不变；但冰变成水后，体积变小，由ρ＝可知，冰块熔化成水后密度变大。故选：C。【点评】熟知质量、密度的概念及其特性是解此类题的基础，再进一步分析冰变成水，是否会引起质量、变化的改变。从而判断体积的密度。5．（3分）小浩站在滑板车上不断蹬地让车沿水平方向运动，下列说法正确的是（）A．不断蹬地才使车持续运动，说明物体的运动需要力维持 B．蹬地时，地面对脚的摩擦力方向是向前的 C．停止蹬地后，车由于受到惯性力作用不会立即停止 D．小车运动到某一时刻，若所受的力全部消失，它将静止【分析】（1）物体的运动不需要力来维持；（2）摩擦力的方向与物体相对运动的方向或相对运动趋势的方向相反；（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；（4）根据牛顿第一定律可做出判断。【解答】解：A、沿水平方向运动的滑板车，如果我们不断蹬地才使车持续运动，不蹬地，车会在阻力的作用下停止运动，说明力是改变物体运动的原因，物体的运动不需要力来维持，故A错误；B、蹬地时，脚相对于地面有向后运动的趋势，由于力的作用是相互的，所以地面对脚的摩擦力方向是向前的，故B正确；C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不能说受到惯性力的作用，故C错误；D、运动中的车如果所受的力全部消失，根据牛顿第一定律，它的速度将不会改变，将一直做匀速直线运动，故D错误。故选：B。【点评】本题围绕滑行车运动，考查了运动和力的关系、摩擦力方向的判断、惯性、牛顿第一定律的应用等，有一定综合性。6．（3分）有市民在湿地劳动时不慎陷入淤泥无法脱身，救援者将宽大的木板平绑在鞋底，顺利走到受困者身边，如图所示。受困者的质量为50kg、对淤泥的压强为p1，救援者连同木板的总质量为80kg、对淤泥的压强为p2，淤泥处处相同，则（）A．p1＜p2 B．p1＞p2 C．p1＝p2 D．数据不全，无法比较【分析】根据压力作用效果进行分析。【解答】解：由图可知，受困者比救援者对淤泥的作用效果明显，所以受困者比救援者对淤泥的压强大，即p1＞p2。故选：B。【点评】本题主要考查学生对压力作用效果即压强的理解，难度不大。7．（3分）近期交警部门加大对电动车安装遮阳伞的检查拆除力度，遮阳伞虽能遮挡阳光，但存在安全隐患，当电动车快速行驶时，如图所示，下列说法正确的是（）A．遮阳伞上边空气流速小，压强小，伞面被向下压 B．遮阳伞下边空气流速大，压强小，伞面被向上吸 C．遮阳伞上边空气流速大，压强大，伞面被向下压 D．遮阳伞下边空气流速小，压强大，伞面被向上吸【分析】液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。【解答】解：伞面“上凸下平”，当电动车快速行驶时，伞上方空气流速大，压强小；伞下方空气流速小，压强大，伞就受到一个向上的压强、压力差，使伞面向上吸；故D正确。故选：D。【点评】此题考查流体压强和流速的关系在实际生活中的应用，既考查了学生对物理知识的掌握情况，又提高了学生的安全意识，是一道与生活联系非常密切的好题。8．（3分）如图所示，重为500N的物体在F＝125N的拉力作用下，使物体沿水平地面向左匀速直线运动了1m，已知物体与地面间的滑动摩擦力为150N，在此过程中下列选项正确的是（）A．绳子自由端移动了3m B．拉力做的有用功为500J C．拉力做的额外功为150J D．滑轮组的机械效率为60%【分析】（1）由图可知，动滑轮上的绳子股数，根据s＝ns物求绳子自由端移动的距离；B．水平使用滑轮组时，克服物体所受地面的摩擦力做的功为有用功，根据W有＝fs物求有用功；C．根据W总＝Fs求拉力做的总功，根据W总＝W有+W额求拉力做的额外功；D．根据求滑轮组的机械效率。【解答】解：A．由图可知，动滑轮上的绳子股数n＝2，物体沿水平地面向左匀速直线运动了1m，因此绳子自由端移动的距离：s＝ns物＝2×1m＝2m，故A错误；B．水平使用滑轮组时，克服物体所受地面的摩擦力做的功为有用功，即：W有＝fs物＝150N×1m＝150J，故B错误；C．拉力做的总功：W总＝Fs＝125N×2m＝250J，拉力做的额外功：W额＝W总﹣W有＝250J﹣150J＝100J，故C错误；D．滑轮组的机械效率：，故D正确。故选：D。【点评】本题考查水平使用滑轮组时有关绳子距离、功和机械效率的计算，明确有用功是关键之一。9．（3分）夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低。下列说法正确的是（）A．饮料将温度传递给冰箱中的空气 B．饮料放出热量后自身所含热量减少 C．饮料温度降低的过程伴随着内能的转移 D．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多【分析】（1）改变物体内能的方法：做功和热传递：热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体或从物体的高温部分向低温部分转移的过程；（2）热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有；（3）热传递的条件是有温度差，内能的影响因素：质量、温度和状态。【解答】解：A、饮料放进冰箱后，温度较高的饮料放出热量、温度降低，饮料将热量传递给冰箱中的空气，而不是将温度传递给冰箱中的空气，故A错误；B、热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故B错误；C、是通过热传递的方式改变物体的内能，热传递是能的转移过程，故C正确；D、饮料放热是因为饮料的温度比冰箱中空气的温度高，内能的影响因素：质量、温度和状态，无法比较内能多少，故D错误。故选C。【点评】本题考查了温度、热量与内能的关系、改变物体内能的方法（做功和热传递）等，属于基础题目。10．（3分）水的比热容大这一特性在生活中有着广泛的应用，下列生活实例不是利用水的比热容大这一特性的是（）A．甲图，海边的昼夜温差较小 B．乙图，空调房里放盆水可以增加湿度 C．丙图，冬天暖气设备用热水供暖 D．丁图，用水冷却汽车发动机【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。【解答】解：A、沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小，故A不符合题意；B、空调房里放盆水可以增加湿度，是利用了水的汽化，使空气中的水蒸气含量增加，增大湿度，与水的比热容无关，故B符合题意；C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天暖气设备用水供暖，故C不符合题意；D、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水冷却汽车发动机，故D不符合题意。故选：B。【点评】本题考查了蒸发吸热、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。11．（3分）为了节约电能，小聪利用“声控开关”（有声音时自动闭合，无声音时自动断开）和“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开），设计了一个只有在天黑且有声音时灯才亮的楼道照明电路。下列电路图符合要求的是（）A． B． C． D．【分析】先确定“光控开关”、“声控开关”的连接方式，而这两个开关与灯串联，且开关接在火线与灯之间。【解答】解：只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，两个开关串联，并且两个开关要接在火线与灯之间，故A正确。故选：A。【点评】本题考查了声光控开关与灯的连接方法。确定声光控开关的连接方式是关键。12．（3分）如图所示，电源电压恒定，先只闭合开关S1，两电表均有示数；再断开S1，同时闭合S2和S3，此过程中（）A．电压表示数变大，电流表示数变小 B．电压表示数变小，电流表示数不变 C．电压表示数与电流表示数乘积变大 D．电压表示数与电流表示数比值不变【分析】由电路图可知，闭合S1，断开S2和S3，两电阻串联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；再断开S1，同时闭合S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源的电压，电流表测R1的电流；根据串并联电路的电流、电压的特点和欧姆定律得出答案。【解答】解：由电路图可知，只闭合开关S1时，两电阻串联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；再断开S1，同时闭合S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源的电压，电流表测R1的电流；由于电源电压不变，所以电压表示数不变；两电阻串联时，总电阻大于R1的阻值，根据I＝可知，通过R1的电流变大，即电流表示数变大；则电压表示数与电流表示数乘积变大，电压表示数与电流表示数比值变小，综上可知，C正确，ABD错误。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分清开关闭合和断开时电路的连接情况。13．（3分）小亮在学习了“电和磁”的知识后，用甲、乙两个直流电动机设计了如图所示的装置，闭合开关S后甲开始转动，同时用皮带带动乙转动，小灯泡发光。下列说法不正确的是（）A．在此过程中，甲装置将电能转化为机械能 B．乙的工作原理是磁场对电流的作用 C．动圈式话筒的工作原理与乙相同 D．对调电源正负极可使甲的转动方向与原来相反【分析】（1）（2）通电导体在磁场中受力运动，此过程电能转化为机械能。电动机是根据这个原理工作的。（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这种现象是电磁感现象，发电机和动圈式话筒都是根据电磁感应现象制成的。（4）通电导体在磁场中运动方向跟电流方向和磁场方向有关。【解答】解：A、闭合开关，甲装置转动，甲是一个电动机，电动机工作，电能转化为机械能，故A正确。B、甲电动机的转动带动乙装置转动，由于乙装置的转动，使小灯泡发光，所以乙装置相当于发电机，发电机是根据电磁感应现象工作的，故B错误。C、乙装置相当于发电机，发电机和动圈式话筒都是根据电磁感应现象制成的，故C正确。D、通电导体在磁场中运动方向跟电流方向和磁场方向有关，对调电源正负极，改变电流方向，磁场方向不变，通电导体的运动方向改变，所以对调电源正负极可使甲的转动方向与原来相反，故D正确。故选：B。【点评】电动机和发电机的主要区别在于电动机的电路中有电源，发电机的电路中没有电源。14．（3分）如图所示，图甲是某款即热式电热水龙头，图乙是它的电路原理图，R1和R2是阻值分别为22Ω和44Ω的电热丝。通过旋转手柄改变与开关S接触的两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡的切换。则（）A．开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是热水 B．开关S接触3、4触点时，电热丝R1、R2串联 C．水龙头在温水挡正常工作时的电流是15A D．水龙头在热水挡正常工作时的功率是3300W【分析】（1）当开关S接触1、2触点时，电路不通电，电热丝不工作，水龙头放出的是冷水；（2）当开关S接触2、3触点时，电路中只有R2电热丝工作，根据I＝可知，此时的电功率：P＝UI＝U•＝，由此可以求出此时电功率的大小；（3）当开关S接触3、4触点时，电路中R1、R2电热丝并联，根据I＝可知，此时的电功率：P＝UI＝U•＝＝，可以求出此时的电功率大小（4）比较可知，开关S接触不同位置时的状态。【解答】解：（1）当开关S接触1、2触点时，电路不通电，电热丝不工作，水龙头放出的是冷水；（2）当开关S接触2、3触点时，电路中只有R2电热丝工作，根据I＝可知，此时的电功率：P＝UI＝U•＝＝＝1100W；此时电路的电流：I＝＝＝5A；（3）当开关S接触3、4触点时，电路中R1、R2电热丝并联，根据I＝可知，此时的电功率：P′＝UI′＝U•＝＝＝＝2200W+1100W＝3300W；（4）比较可知，当开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是温水，当开关S接触3、4触点时，水龙头放出的是热水；根据以上分析可知，ABC错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查并联电路的特点和电功率公式的应用，结合实际电路分析用电器的工作状态是解答此题的关键。15．（3分）图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P移动过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A．电源电压为5V B．R的最大阻值为20Ω C．R＝10Ω时，其功率最大 D．R＝15Ω时，电路消耗的功率为1.8W【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）读出图中滑动变阻器的电阻和其两端的电压，根据欧姆定律算出其电阻，根据电源电压相等列等式算出定值电阻的阻值，进而求出电源电压；（2）由图乙可知滑动变阻器的最大值；（3）R0与R串联接入电路，电路的总功率等于各部分功率之和，则R的功率为：PR＝P﹣P0，代入数据结合抛物线的性质可知当电路为多少时R的功率最大，根据欧姆定律计算此时电路的总电阻，根据串联电路电阻规律计算滑动变阻器接入电路的电阻；（4）根据串联电路电阻规律求出总电阻，再由P＝求出此时电路中消耗的功率。【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A、由图乙可知，当滑动变阻器的电阻为5Ω时，其两端的电压为3V，通过电路的电流为：I1＝＝＝0.6A，则电源电压为：U＝U1+I1R0＝3V+0.6A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；滑动变阻器的电阻为10Ω时，其两端的电压为4V，通过电路的电流为：I2＝＝＝0.4A，则电源电压为：U＝U2+I2R0＝4V+0.4A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；联立①②得，R0＝5Ω，U＝3V+0.6A×5Ω＝6V，故A错误；B、由图乙可知滑动变阻器的最大值大于20Ω，故B错误；C、R0与R串联接入电路，电路的总功率等于各部分功率之和，则R的功率为：PR＝P﹣P0＝UI﹣I2R0，即PR＝6V×I﹣I2×5Ω，由抛物线的性质可知当I＝＝0.6A时，R的功率最大，此时电路的总电阻：R总＝＝＝10Ω，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则滑动变阻器接入电路的电阻为：R＝R总﹣R0＝10Ω﹣5Ω＝5Ω，故C错误；D、当R＝15Ω时，电路中总能电阻为：R总＝R+R0＝15Ω+5Ω＝20Ω，则电路消耗的功率为：P＝＝＝1.8W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析、欧姆定律及电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。二、填空题（每空1分，共20分）16．（2分）如图所示，某同学在跳绳时听到“呜……呜……”声，这是绳子引起周围空气振动而产生的；绳子转动越快，声音的音调（选填“音调”“响度”或“音色”）越高。【分析】物体发声时一定振动，振动停止，发声停止，声音是由于物体振动产生的；发声体的音调与物体振动的频率有关，频率越大，音调越高。【解答】解：某同学在跳绳时听到“呜……呜……”声，这是绳子引起周围空气振动而产生的；绳子转动越快，频率越大，声音的音调越高。故答案为：振动；音调。【点评】理解声音的产生条件，区分声音的三个特征，可解答此题。17．（2分）如图甲、乙是瑞瑞同学在探究水的沸腾实验中所观察到的气泡上升的不同剪影，其中图甲是水沸腾时的情景。若在珠穆朗玛峰上做该实验，测得水的沸点却只有72℃，是因为高山上的大气压低导致水的沸点较低的缘故。【分析】（1）水沸腾前，上层水温比较低，气泡在上升过程中，遇冷的水液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器的水温度相同，气泡在上升过程中，水不断汽化成水蒸气，气泡越来越大；（2）根据海拔和气压的关系，液体的沸点与气压的关系，海拔越高气压越低，沸点越低。【解答】解：甲图中气泡在上升过程中，体积逐渐增大，所以是沸腾时的现象；乙图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象；珠穆朗玛峰海拔高，气压低，根据液体的沸点与气压的关系可知，气压越低，水的沸点越低。故答案为：甲；大气压。【点评】此题主要考查了能根据现象判断水是否沸腾、影响气压的因素，比较简单。18．（2分）小华用托盘天平称量物体的质量时，将天平放在水平台上，游码归零后，发现指针位置如图甲所示，她应该向左（选填“左”或“右”）调节平衡螺母。测量物体质量时，右盘砝码及游码示数如图乙，则物体质量为26.4g。【分析】调节天平平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。【解答】解：把天平放在水平桌面上，游码移到标尺的零刻度线处，发现指针右偏，说明天平的右端下沉，平衡螺母向上翘的左端移动；物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，m＝20g+5g+1.4g＝26.4g。故答案为：左；26.4。【点评】本题考查了质量的测量，属于基础知识。19．（2分）如图老师在做托里拆利实验时（当地气压为标准大气压），试管的顶端混入了部分空气，实验时测得管内水银柱的高度小于（选填“大于”“等于”“小于”）760mm；如果将试管顶端开一个孔，管内水银柱将不会（选填“会”“不会”）喷出来。【分析】（1）试管的顶端混入了部分空气，这些空气会对管内水银柱有个向下的压强，据此判断；（2）当在管顶开一个小孔，就构成了一个连通器，据此分析判断，【解答】解：在托里拆利实验中，如果管内是真空，则玻璃管内外水银面的高度差代表了外界大气压强的大小，如果管内进入少量空气，产生向下的压强，使得水银柱下降，所以实验时测得管内水银柱的高度小于760mm。如果将试管顶端开一个孔，此时玻璃管与水银槽构成一个连通器，管内水银柱将下降，最终管内外液面会相平，所以管内水银柱将不会喷出来。故答案为：小于；不会。【点评】本题考查大气压的测量实验，属于基础题。20．（2分）丝绸与玻璃棒摩擦时，玻璃棒因失去（选填“失去”或“得到”）电子而带上正电荷，如图所示，甲、乙两个轻小的物体见面时相互吸引，则甲物体可能（选填“一定”或“可能”）带电。【分析】由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同．当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，且带电体具有吸引轻小物体的性质。【解答】解：摩擦起电的实质是电子的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。所以用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻璃棒失去电子。甲、乙两个轻小的物体见面时相互吸引，乙带正电，则甲可能带负电，也可能不带电。故答案为：失去；可能。【点评】此题考查了摩擦起电及电荷间的相互作用，属于基础知识。21．（2分）如图所示是单缸四冲程汽油机某一冲程工作示意图，该冲程是压缩冲程。若汽油燃烧不充分时，汽油的热值将不变（选填“变大”“变小”或“不变”）。【分析】（1）由图可知，热机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，故可判断是压缩冲程；（2）根据热值是燃料的一种属性可得出结论。【解答】解：（1）由图可知，该热机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，所以该冲程是压缩冲程；（2）燃料完全燃烧放出的热量与燃料质量之比叫作燃料的热值，热值是燃料的一种属性，故汽油燃烧不充分时，汽油的热值仍然不变。故答案为：压缩；不变。【点评】本题考查了热机的冲程判断及对热值的理解。22．（2分）如图是我国独立自主研制的火星探测器“天问一号”沿椭圆轨道绕火星运动的情景，不考虑空气阻力，当它从近火点向远火点运动时，探测器的速度变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）；在2023年“中国航天日”主场活动启动仪式上，我国相关部门发布了由“天问一号”获取的火星全球影像图。影像信息通过电磁波从遥远的火星传递到地面接收站的。【分析】动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关；电磁波可以在真空中传播。【解答】解：火星探测器“天问一号”从近火点向远火点运动时，动能转化为重力势能，动能减小，所以速度变小。电磁波可以在真空中传播，影像信息通过电磁波从遥远的火星传递到地面接收站。故答案为：变小；电磁波。【点评】此题考查了机械能的转化和电磁波的应用，属于基础知识。23．（2分）1988年，中国“核潜艇之父”黄旭华设计的第一代核潜艇成功下潜至水下300m处，核潜艇是利用核裂变（选填“核裂变”或“核聚变”）提供动力的；当核潜艇匀速下潜时，坐在潜艇座位上的潜艇兵相对于潜艇是静止的。【分析】（1）目前的核电站是利用核裂变释放的核能来工作的。（2）物体相对于参照物的位置变化了，物体是运动的；物体相对参照物的位置不变，物体是静止的。【解答】解：目前人类对于核能的可控利用仅限于核裂变，核潜艇是利用核裂变提供动力的。坐在潜艇座位上的潜艇兵与核潜艇一起同速度下潜，潜艇兵相对潜艇位置不变，是相对静止的。故答案为：核裂变；静止。【点评】本题考查的是核电站的基本原理；知道运动和静止的相对性。24．（2分）一个重为200N的箱子，放在水平面上，受8N的水平推力，箱子未动，这时箱子受到的摩擦力等于（选填“大于”、“等于”或“小于”）8N．当水平推力增大到12N时，箱子恰好做匀速直线运动。当水平推力增大到20N时，箱子受到的摩擦力为12N。【分析】（1）二力平衡条件，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；（2）影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度。【解答】解：箱子8N的水平推力，箱子未动，说明箱子处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力，等于8N；当水平推力增大到12N时，箱子恰好做匀速直线运动，所以此时摩擦力与推力是一对平衡力，大小等于12N；当水平推力增大到20N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为12N。故答案为：等于；12。【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，是一道基础性题目。25．（2分）小鹏家的电能表铭牌上标有“220V10（40）A”、“1500r/kW•h”字样，则他家同时工作用电器的总功率不能超过8800W。将电热水器单独接入电路，正常工作3min，电能表的转盘转150转，电热水器的功率为2000W。【分析】（1）220V表示电能表的工作电压，10（40）A表示电能表的标定电流是20A，额定最大电流是40A，根据P＝UI求出电路中允许接入用电器的最大总功率；（2）1500r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗kW•h电能，电能表的转盘转过1500r，据此求出电能表的转盘转150r，电热水器消耗的电能，利用P＝求出电热水器的电功率。【解答】解：由题可知，电能表的工作电压为220V，允许通过的最大电流为40A，所以他家同时使用的工作用电器的最大总功率P大＝UI大＝220V×40A＝8800W；用电器在3min内消耗的电能为；电热水器的功率为。故答案为：8800；2000。【点评】本题考查对电能表参数的理解以及电功率的计算，正确理解电能表的相关参数的含义是解题的关键。三、作图题（2分）26．（2分）如图所示，用瓶起子起瓶盖时，瓶起子是一个杠杆，O是它的支点，F2是它受到的阻力。请你在图中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂L1。【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1L1＝F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。【解答】解：由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂L1最长；由于阻力使杠杆逆时针方向转动，所以动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力F1的示意图，如图所示：。【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。四、实验探究题（每问1分，共18分）27．（6分）小聪首先用如图甲、乙的装置探究“光的反射定律”。平面镜水平放置，附有量角器的白纸板由E、F两部分构成，始终竖直立在平面镜上，可以绕ON翻折。（1）如图甲，E、F在同一平面上，改变入射光的方向，多测几组入射角∠i和反射角∠r，分析比较二者大小关系可得出结论：∠r＝∠i（用字母符号表示）；（2）若光沿BO入射，经O反射后沿OA射出。这表明：在光的反射现象中，光路是可逆的；（3）如图乙，把F向前或向后翻折，则在F上不能（选填“能”或“不能”）看到反射光，这说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；（4）探究完光的反射规律后，小聪紧接着又利用如图丙所示的实验装置探究平面镜成像的特点。①选择玻璃板代替平面镜的目的是便于确定像的位置；②将与A完全相同、未点燃的蜡烛B放到玻璃板后面与像重合，比较像与蜡烛的大小关系。这里采用的科学方法是等效替代法；③如图所示的光现象中，其成因与平面镜成像原理相同的是B。A．“弯折”的筷子B．水中倒影C．海市蜃楼D．雨后彩虹【分析】（1）根据光的反射定律可知，反射角等于入射角。（2）在光的反射现象中，光路是可逆的。（3）反射光线、入射光线和法线在同一平面内。（4）①玻璃板有透光性，玻璃板既能成像，又能看见玻璃板后的物体，应选择玻璃板来研究平面镜成像特点，这样做的目的是确定像的位置。②本实验用等效替代法确定确定像的位置。③平面镜成像是光的反射形成的。A．“弯折”的筷子是水中筷子反射的光斜入空气中发生折射形成的；B．水中倒影属光的反射形成的；C．海市蜃楼是光在不均匀的空气中发生折射形成的；D．雨后彩虹是太阳光经过小水珠组成的三棱镜分解成七种颜色的光，属于光的色散。【解答】解：（1）根据光的反射定律可知，反射角等于入射角，所以量角器上显示入射角和反射角的大小，可得出：∠r＝∠i；‘（2）若光沿BO入射，这时的入射角为原来的反射角，这时的反射角为原来的入射角，所以光线经O反射后沿OA射出。这表明在光的反射现象中，光路是可逆的。（3）如图乙，把F向前或向后翻折，此时E、F不在同一平面上，则在F上不能看到反射光，这说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。（4）①玻璃板可以透光，也可以成像，玻璃板代替平面镜可以确定像的位置。②把与蜡烛A相同的蜡烛B放到玻璃板后，并移动直至蜡烛B与蜡烛A的像A'完全重合，这种确定像与物大小的方法是等效替代法。③平面镜成像是光的反射形成的。A．“弯折”的筷子是水中筷子反射的光斜入空气中发生折射形成的，故A不符合题意；B．水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B符合题意；C．海市蜃楼是光在不均匀的空气中发生折射形成的，故C不符合题意；D．雨后彩虹是太阳光经过小水珠组成的三棱镜分解成七种颜色的光，属于光的折射现象，故D不符合题意。故选：B。故答案为：（1）∠r＝∠i；（2）可逆；（3）不能；（4）像；等效替代法；B。【点评】本题探究光的反射定律及平面镜成像特点，同时考查对光现现象的识别。28．（6分）如图，小丽利用弹簧测力计、实心圆柱体物块等器材探究浮力的大小跟哪些因素有关，提出了以下猜想：猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；猜想b：浮力大小与物体排开液体的体积有关；猜想c：浮力大小与液体的密度有关。（1）如图A所示，可知圆柱体重2.4N；B步骤中圆柱体受到水的浮力为0.4N；（2）分析C步骤与D（填字母）步骤的数据，可以验证猜想a是错误的；（3）比较B步骤与E步骤的数据，不能得出浮力的大小与液体密度的关系，其原因是未控制圆柱体排开液体的体积相同；（4）进一步学习了阿基米德原理之后，利用如图的测量数据，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知）。下列物理量中不能计算出的是C；A．物块的体积B．物块的密度C．盐水的体积D．盐水的密度（5）另一组的小明发现液体密度改变，而圆柱体受到的浮力变化却不明显，他想出下列三种实验改进方案，其中不可行的是A（填序号）。A．利用现有器材进行多次实验B．换用体积更大的同种圆柱体C．换用密度比水小得多的液体【分析】（1）根据弹簧测力计的分度值和指针对应的刻度读数，即为圆柱体的重力。根据称重法测浮力求出B步骤中圆柱体受到水的浮力。（2）根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与物体浸没深度的关系，要控制液体密度和排开液体的体积相同，改变物体浸没的深度。（3）根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同。（4）根据称重法测浮力和阿基米德原理逐一分析每个选项，找出符合题意的答案。（5）根据阿基米德原理逐一分析每个选项，找出符合题意的答案。【解答】解：（1）在图A中，弹簧测力计的分度值为0.2N，此时测力计的示数为2.4N，即圆柱体的重力为G＝2.4N，在图B中，测力计的示数为FB＝2N，由称重法测浮力可知，此时圆柱体受到的浮力为F浮B＝G﹣FB＝2.4N﹣2N＝0.4N。（2）探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关，应控制液体密度和物体排开液体的体积相同，改变物体浸没在液体中的深度，与C步骤这两个因素相同的是D步骤，在这两个步骤中，测力计的示数相同，根据F浮＝G﹣F示可知，在深度不同时，圆柱体受到的浮力不变，说明浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，即猜想a是错误的。（3）浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关，要验证浮力大小与液体的密度有关，应控制物体排开液体的体积相同，比较B、E步骤可知，液体种类不同的同时，圆柱体排开液体的体积也不同，虽然测力计示数不同，即物体受到的浮力不同，但由于未控制圆柱体排开液体的体积相同，故不能得出：“浮力的大小与液体密度有关”的结论。（4）A．由图甲中的A步骤可知，物块的重力G＝2.4N。由图甲中D步骤可知弹簧测力计的示数为1.4N。根据称重法测浮力可知，D步骤中圆柱体物块受到水的浮力为F浮＝G﹣FD＝2.4N﹣1.4N＝1N，物体排开液体的体积等于自身的体积，由F浮＝ρ水V排g可得，物块的体积为，故A能计算得到；B．物块的质量为，物块的密度为，故B能计算得到；CD．由图甲中的步骤A、E可知，物块在盐水中受到的浮力为F浮盐＝G﹣FE＝2.4N﹣1.3N＝1.1N，由F浮盐＝ρ盐V排g可得盐水的密度为，因无法知道盐水的质量，故盐水的体积无法计算得出。故C不能计算得到，D能计算得到。故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。（5）当物体两次都浸没时V排2＝V排1＝V，浮力变化ΔF浮＝ρ液gV排2﹣ρ水gV排1＝ΔρgV，要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积，选项B、C可行；多次实验并不能使实验现象更明显，故A不可行。故A符合题意，BC不符合题意。故选A。故答案为：（1）2.4；0.4；（2）D；（3）未控制圆柱体排开液体的体积相同；（4）C；（5）A。【点评】本题探究浮力的大小跟哪些因素有关，考查弹簧测力计读数、称重法测浮力、阿基米德原理和控制变量法的应用。29．（6分）小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。（1）他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；（2）电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是滑动变阻器（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为2V；（3）当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向右（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片。（4）小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比。（5）小明又设计了图丙所示的电路测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，电源电压保持不变，定值电阻的阻值为R0，实验步骤如下：①闭合S、S2，调节滑片使电流表的示数为；②保持滑片位置不变，断开S2，闭合S1，读出电流表的示数I1；③小灯泡正常发光时的阻值为（用已知物理量和测得量字母表示）。【分析】（1）在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；（2）电流表和电压表均无示数，说明电路中出现了断路；根据电流表选用量程确定分度值读数，利用欧姆定律求出定值电阻两端电压；（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；（4）根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；（5）要测小灯泡正常发光时的阻值，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为；时，由并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，灯正常发光；保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据R＝写出小灯泡正常工作时电阻的表达式。【解答】解：（1）图中电流表和电阻并联，电压表串联在电路中，是错误的，实验中应将电流表串联接入电路，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：（2）电流表无示数，说明电路断路，而电压表也无示数，说明电压表连到电源的部分断路，则故障为滑动变阻器断路。由图乙可知电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A，根据欧姆定律可得U＝IR＝0.4A×50Ω＝2V，电压表示数为2V；（3）实验时需控制电阻两端电压不