广东省惠州市惠城区惠南学校2023-2024学年九年级（下）入学物理试卷

第=page11页，共=sectionpages11页2023-2024学年广东省惠州市惠城区惠南学校九年级（下）入学物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共21分。1.下列粒子中，全部带正电的是(

)A.原子核；中子 B.原子核；质子 C.电子；原子核 D.电子；质子2.关于温度、热量、内能，以下说法正确的是(

)A.物体从外界吸收了热量，温度一定升高

B.物体内能减少，温度有可能不变

C.热传递过程中，内能大的物体一定放出热量

D.物体从外界吸收了热量，内能一定增大3.周末，小丽跟妈妈去千佛山游玩，如图所示，小丽和妈妈乘坐缆车匀速上山时，她们的(

)A.势能减小

B.势能增大

C.动能减小

D.动能增大4.如图所示是一个利用电磁继电器的温度自动控制装置。关于该装置，下列说法不正确的是(

)A.装置中的温度计使用的水银是导体 B.电铃响说明温度低于

C.电铃响说明温度高于 D.灯亮说明温度低于5.如图所示，再闭合开关后，电路中变小的是(

)A.电路中的总电阻

B.电流表A的示数

C.电阻两端的电压

D.电路消耗的总功率

6.如图所示的是探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置。通电前，A、B两个形管内的液面相平，通过、的电流分别为、，通电一定时间后(

)

A.，A管中的液面较低 B.，A管中的液面较高

C.，A管中的液面较低 D.，A管中的液面较高7.两个定值电阻、并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则在相同的时间内，，产生的热量之比为(

)

A.2：1 B.1：2 C.4：1 D.1：4二、填空题：本大题共7小题，共21分。8.萧敏同学用电饭煲做饭，片刻后听到“噗-噗-噗”的响声，走近一看，发现水蒸气冲动了锅盖。他用学过的物理知识解释了这一现象：水蒸气对锅盖______，水蒸气的内能______，内能转化为锅盖的______。9.龙羊峡水电站拦河大坝使上游水位升高，提高了水的______能。水从大坝的上游流下时冲击水轮机发电，水的能量最终转化为______能，电能是______选填“一次能源”、“二次能源”。10.汽油机作为汽车的“心脏”，是汽车行驶的核心。如图是单缸汽油机构造示意图，在压缩冲程结束时，______填部件名称产生电火花，使燃料猛烈地燃烧，将______能转化成______能。

11.谢康宇同学用如题图所示的装置探究通电螺线管外部的磁场情况。他选用小磁针是为了显示______选填“电流的方向”或“磁场的方向”，实验过程中他把电池的正负极位置对调，这样操作是为了研究通电螺线管外部的______跟______是否有关。

12.随着科技发展，太阳能的利用越来越广泛。太阳能是______选填“可再生”或“不可再生”能源，来自于太阳内部的______选填“核聚变”或“核裂变”。太阳发出的光在真空中约以______的速度传播。13.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，电压表测______选填“”或“”两端的电压；当的滑片P向右移动时，电压表的示数将______，电流表的示数将______。后两空均选填“变大”、“变小”或“不变”

14.如图甲是通过小灯泡L的电流与其两端电压的关系图象。现将小灯泡L与电阻R连入如图乙所示的电路中。闭合开关S，小灯泡的实际功率为，电压表示数为3V。则，电源电压为______V，电阻R的阻值为______，电路消耗的总功率为______W。

三、作图题：本大题共3小题，共7分。15.为了探究滑轮组的机械效率是否与滑轮组中细绳的绕法有关，根据探究目的测算出如图所示的滑轮组的机械效率后，请你在图乙中画出下一步实验所需的组装图。

16.如图所示的电路，螺线管右端放置一个小磁针，闭合开关后，用“+”“-”标出电路中电源右端的极性；用“N”“S”标出小磁针静止时右端的磁极。

17.根据如图1所示的电路实物图，请在图2方框内画出正确电路图图中要标出、、、。

四、实验探究题：本大题共4小题，共26分。18.如图1甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同的容器分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热：

①两种液体吸收热量的多少可通过______选填“液体升高的温度”或“加热时间”来比较。

②根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图1乙所示，分析图象可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，______选填“A”或“B”吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______选填“A”或“B”升温较高。

③冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择______选填“A”或“B”。

在测量小灯泡电功率的实验中，如图2所示是某次实验中电表的示数，电流表的示数为______A，电压表的示数为______V，此时小灯泡的电功率为______W。19.如图1所示，是小军组探究“动能大小与物体质量的关系”的实验装置。所用实验器材：斜面、木板、质量不同的钢球、木块、天平等。

①要想准确完成实验，还需要的测量工具是______。

②实验中所探究的动能是指______选填“钢球”或“木块”的动能。

要探究“动能的大小与速度的关系”，小军组又设计了图2所示的实验方案，他将两个小钢球从不同高度由静止开始释放，通过观察木块滑行的距离来判断小球动能的大小。这种方法的错误之处是未控制______和______相同

为了探究“动能大小与物体质量的关系”时，有同学将实验装置改成图3所示，利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块。该实验方案是否可行？答：______。若他按此方案操作，他会看到的现象是：______。20.志斌同学根据如图甲所示电路完成“伏安法测量定值电阻”的实验。

根据图甲，将图乙中的实物电路连接完整，连接电路时，开关要______。

连接电路后，闭合开关，发现电流表和电压表的示数都偏大，这说明小敏在实验操作上存在的问题是______。

排除以上故障后，调节滑动变阻器，把测量的几组数据绘成如图丙所示的图象，则该电阻的阻值______。

若将图乙中的电阻R换成一个额定电压为，阻值约为的小灯泡，若要测出该小灯泡的额定功率，则原实验电路中必须改变的是______。

A.电源电压

B.电压表量程

C.电源电压和电压表量程21.为了探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小红同学用漆包线表面涂有绝缘漆的导线在大铁钉上绕若干匝，制成简单的电磁铁，如图中甲、乙、丙、丁为实验中观察到的四种情况。

可通过观察______来判断电磁铁磁性的强弱。实验发现被电磁铁吸引的大头针下端是分散的，其原因是大头针被磁化后，同名磁极互相______。

比较______两图可知：电磁铁通电时有磁性，断电时没磁性。

比较乙、丙两图可知：线圈匝数相同时，电流越______，磁性越______。

利用图丁可探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，将两电磁铁串联的目的是______。

利用上述结论分析图戊，下列措施中能使图中电磁铁磁性增强的是______。

A.滑片P向右移动，其他条件不变

B.滑片P向左移动，其他条件不变

C.开关S由1扳到2，其他条件不变

D.电源的正负极对调，其他条件不变五、计算题：本大题共4小题，共25分。22.小明参加社区志愿服务，利用斜面将箱子匀速推到车上，如图甲所示。已知斜面高，长3m，箱子的重力为300N，小明施加的沿斜面向上的推力是200N，箱子沿斜面向上运动的图象如图乙所示。求：

小明对箱子做的有用功；

推力做功的功率；

斜面对箱子摩擦力的大小。

23.如图甲是小红家里具有加热和保温功能的电热饮水机，其电路图如图乙所示，为温控开关，额定电压为220V，加热功率为保温功率为、均为加热电阻丝假设电阻不变，请解答下列问题：

电阻丝的阻值是多少？

某一次小红家中只使用了饮水机，在加热状态下她观察到电能表上的指示灯在5分钟内闪烁了54次，她家电能表上标有“”的字样，此时，饮水机的实际功率和实际电压是多少？

24.电热水壶由于使用方便、高效，已成为家庭常用的电器之一。

把装有一定质量水的电热水壶接在电路中，使其正常工作。已知该电热水壶的额定功率为，水壶内水的质量为m，水的比热容为，请你设计实验测量该电热水壶正常工作时的热效率水吸收的热量与消耗的电能之比。

①用温度计测出壶中水的初温为；

②让电水壶在额定电压下工作，并把水加热，同时用______填测量仪器记录加热时间为t，用温度计测出壶中水的末温为；

③电热水壶正常工作时的热效率______用题目已知的物理量符号表示；

④分析此实验过程，______选填“需要”或“不需要”在1个标准大气压下，______选填“要”或“不要”把水加热至沸腾。

某实验小组开展制作“电热水壶”的项目化学习，设计一款既有加热功能又有保温功能的电热水壶，利用了两个不同阻值的电阻，其中方案一如图所示。利用方案一中的器材，请你将方案二的电路补充完整要求和不是并联连接。25.

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：原子由带正电的原子核和带负电的电子构成，原子核又由带正电的质子和不带电的中子构成；由于原子核所带正电荷数与核外电子所带负电荷数相同，故原子对外不显电性，呈中性。

由此可知，全部带正电的是原子核和质子，故B正确，ACD错误。

故选：B。

根据对粒子带电情况的掌握分析答题。

掌握物质结构的知识，即可正确解题，要理解并熟记相关知识点。2.【答案】B

【解析】解：

A、物体吸收热量，温度不一定会升高，比如晶体熔化过程，虽然吸收热量，但温度不变，故A错误；

B、物体的内能减少，温度可能不变，比如晶体在凝固过程中放热、内能减少，但是温度保持不变，故B正确；

C、热传递过程中，热量从温度高的物体传向温度低的物体，所以温度高的物体放出热量，温度低的物体吸收热量，故C错误；

D、物体从外界吸收了热量，如果不对外做功，内能一定增大，故D错误。

故选：B。

晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度不变；

晶体凝固过程中，放热，内能减小，但温度不变；

发生传递的条件是存在温度差；

做功和热传递都可以改变物体的内能。

本题考查温度、热量、内能之间的关系，热传递以及改变内能的方式，难度不大。3.【答案】B

【解析】解：小丽和妈妈乘坐揽车匀速上升时，她们的质量不变，速度不变，动能不变；质量不变，高度升高，重力势能增加。

故选：B。

影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。

此题考查学生对动能和重力势能大小的正确判断能力，在具体判断过程中不能只考虑一个，而忽视另外一个因素，应两个因素同时考虑。4.【答案】B

【解析】解：A、装置中的温度计使用的水银是导体，故A正确；

BD、当控制电路中的温度没有达到时，控制电路断开，电磁铁中没有电流，电磁铁失去磁性，弹簧将衔铁拉起来，动触点上移，接通电灯电路，灯亮，故B错误，D正确。

C、当控制电路中的温度达到以上时，控制电路接通，电磁铁中有了电流，电磁铁有了磁性，吸下衔铁，动触点下移，接通电铃电路，电铃响，故C正确；

故选：B。

温度计中使用的水银是导体；

当控制电路中的温度达到以上时，控制电路接通，电磁铁中有了电流，电磁铁有了磁性，吸下衔铁，动触点下移，接通电铃电路；

当控制电路中的温度没有达到时，控制电路断开，电磁铁中没有电流，电磁铁失去磁性，弹簧将衔铁拉起来，动触点上移，接通电灯电路。

知道电磁继电器的基本原理以及它在温控电路中的实际应用。5.【答案】A

【解析】解：由电路图可知，开关S闭合，开关断开时，电路为定值电阻的简单电路，电流表测量电路电流；开关闭合后，定值电阻、并联，电流表测量干路电流；

AB、因并联电路中总电阻的倒数等各支路电阻倒数之和，所以开关S闭合后电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，即电流表A的示数变大，故A正确；B错误；

C、开关S断开时，定值电阻两端电压等于0，开关S闭合后，并联电路两端电压等于电源电压，因此电阻两端的电压等于电源电压，示数变大了，故C错误。

B、由可知，电压不变，总电流变大，电路消耗的总功率变大，故D错误。

故选：A。

由电路图可知，开关S闭合，开关断开时，电路为定值电阻的简单电路，电流表测量电路电流；开关闭合后，定值电阻、并联，电流表测量干路电流；根据并联电路电阻规律可知电路总电阻的变化；根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据可知电路消耗总功率的变化；根据并联电路电压规律可知两种情况下电阻两端电压的变化。

本题考查并联电路的特点、欧姆定律以及电功率计算公式的应用，关键明确开关S闭合前后电路的连接方式。6.【答案】D

【解析】解：容器内两电阻大小相同，根据并联电路电流的规律，通过的电流大于通过的电流，，通电时间也相同，根据焦耳定律可知，左边容器中电阻产生的热量多，由转换法，A管中的液面较高，只有D正确。

故选：D。

电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；

由焦耳定律结合转换法和串联电路电流的规律分析。

本题探究“电流产生的热量与电阻大小的关系”，考查转换法和控制变量法的运用及串联电路的规律及焦耳定律的运用。7.【答案】A

【解析】解：由图可知，该电路为并联电路，电压是相同的，由图乙可知，电压相同，通过、的电流之比为2：1；根据可知，、的电阻之比为1：2；

通电时间相同，电压相同，则根据焦耳定律公式可知，产生的热量与电阻成反比，故热量之比为2：1。

故选：A。

根据图象利用欧姆定律判定、的阻值关系；根据焦耳定律公式判定产生热量的比值。

本题考查了欧姆定律、焦耳定律公式的应用，能判定电阻的比值是解题的关键。8.【答案】做功；减小；机械能

【解析】解：水蒸气把锅盖顶起，对锅盖做功，这样水蒸气的内能减小，水蒸气的内能转化为锅盖的机械能；

故答案为：做功，减小，机械能。

解决此题要知道物体对外做功，内能减小，此过程是内能转化为机械能。

解决此类题目要结合能量转化分析内能的变化。9.【答案】重力势

电

二次能源

【解析】解：龙羊峡水电站拦河大坝使上游水位升高，水的质量变大，高度变大，水的重力势能变大；水从上游流下来时水的重力势能减小，动能增加，重力势能转化为动能；冲击水轮机的叶轮，使水的动能转移到叶轮上；水轮机的叶轮，带动发电机发电，将叶轮上的机械能转化成电能。电能是二次能源。

故答案为：重力势；电；二次能源。

动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。

重力势能大小的影响因素：质量和物体被举高的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。

一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源，例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源，例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。

掌握动能、重力势能的影响因素以及能量的循环转化是解题的关键。10.【答案】火花塞

化学

内

【解析】解：汽油机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程结束时，火花塞产生电火花，燃料燃烧，此过程中化学能转化为内能。

故答案为：火花塞；化学；内。

汽油机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，压缩冲程结束时，火花塞产生电火花，燃料燃烧是化学能转化为内能；做功冲程将内能转化成机械能。

本题考查了内燃机冲程的能量转化以及熟悉每个冲程的特征，是比较基本的问题，要重点掌握。11.【答案】磁场方向

磁场方向

电流方向

【解析】解：因为小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同，所以实验中使用小磁针是为了指示磁场方向，从而判断该点的磁场方向；

把电池正负极对调，改变了电流方向，闭合开关后，会发现小磁针指示磁场方向改变了，此现象说明磁场方向和电流方向有关。因此这样操作是为了研究通电螺线管外部磁场方向和电流方向是否有关。

故答案为：磁场方向；磁场方向；电流方向。

小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同；

通电直螺线管的磁场方向可能也跟电流方向有关，所以要改变电流方向，观察小磁针受力情况。

本实验是电磁学中的综合性实验，考查的知识较多，既有转换法的运用，也有控制变量法的研究，是物理学中较典型的实验之一，是我们应该掌握的。12.【答案】可再生

核聚变

【解析】解：由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每刻进行的核聚变反应。

太阳能可以从自然界中源源不断的得到，因此它属于可再生能源。

光在真空中的传播速度为。

故答案为：可再生；核聚变；。

能够从自然界中源源不断的得到的能源叫可再生能源。太阳的能量来自于它内部发生的核聚变。光在真空中的传播速度为。

本题考查了太阳的能量来自于核聚变、可再生能源以及光速，知识点较简单，要记住。13.【答案】

变小

变小

【解析】解：闭合开关时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表接在的两端，与并联，测量的是两端的电压。

当的滑片P向右移动时，的电阻变大，电路总电阻变大，由于总电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小，由可知，定值电阻两端电压变小，故电压表示数变小。

故答案为：；变小；变小。

由图可知，电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量两端的电压；当的滑片P向右移动时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化和欧姆定律判定电路中电流的变化和电压表示数的变化。

本题考查了电路的动态分析和欧姆定律的应用，属于基础题。14.【答案】

【解析】解：闭合开关，电阻R和灯泡L串联，电压表测量R两端的电压；

小灯泡的实际功率为，由图甲根据可知，此时通过灯泡的电流为，灯泡两端的电压为6V，电压表示数为3V，则电阻R两端的电压为3V，

根据串联电路的电压特点可知，电源电压：；

根据串联电路的电流特点可知，通过电阻R的电流与通过灯泡的电流相等均为，由可知，电阻R的阻值：，

电路消耗的总功率：。

故答案为：9；10；。

闭合开关，电阻R和灯泡L串联，电压表测量R两端的电压；

小灯泡的实际功率为，从图甲且根据可知通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，电压表示数为3V，则R两端的电压为3V，根据串联电路的电压特点可知电源电压；

根据串联电路的电流特点求通过电阻R的电流；

根据欧姆定律可知R的阻值；

根据得出电路消耗的总功率。

本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度适中。15.【答案】解：

探究滑轮组的机械效率是否与滑轮组中细绳的绕法有关时，应控制装置不变，改变滑轮组中细绳的绕法，

甲图从定滑轮绕起，所以要改变滑轮组的绕线方式，乙图需从动滑轮绕起，如下图所示：

【解析】探究滑轮组的机械效率是否与滑轮组中细绳的绕法有关时，应控制装置不变，改变滑轮组中细绳的绕法；

滑轮组的绕线方式：可以从动滑轮或定滑轮绕起。首先要确定甲图的绕线方法是从定滑轮绕起的，所以乙图要从动滑轮绕起。

本题考查了滑轮组的阻值，是一道较为简单的作图题。16.【答案】解：根据电流表的电流是从正接线柱流入，从负接线柱流出，得出电源的右端为正极；

电流是由螺线管的右边流入的，根据安培定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，大拇指所指的方向--通电螺线管的左端为N极，右端为S极；

根据磁极间的相互规律，靠近通电螺线管右端极的为小磁针的N极，则小磁针的右端为S极，如图所示：

【解析】由电流表的接法得出电流的方向，由右手螺旋定则得出通电螺线管的极性，由磁极间的相互作用规律得出小磁针的极性。

本题考查了电流表的连接、安培定则的使用、磁极间的相互作用规律，仔细分析即可。17.【答案】解：根据实物图可知，电流从电源正极流出，分两条支路，一支路经灯泡、开关；另一支路经灯泡；然后汇合经过开关回到电源负极，如图所示：

【解析】从实物图中可以看出，两只灯泡并联，开关在干路上，开关在所在的支路；据此画出电路图。

本题考查根据实物图画电路图，关键是会判断两灯泡的连接方式和开关的位置。18.【答案】加热时间

【解析】解：根据转换法，实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较因要用酒精灯的外焰加热，故实验前，按自下而上的顺序组装器材；

根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高；

由图乙可知，B的吸热能力强，在降低相同的温度时，B放热多，供热效果好，故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择B；

图2所示是某次实验中电表的示数，电流表的分度值为，示数为，电压表的分度值为，示数为，此时小灯泡的电功率为：。。

故答案为：加热时间；；B；；；；。

我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；

根据图乙分析回答；

根据比较物质吸热能力的方法使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强确定哪种物质的吸热能力强即比热容大，再根据分析在其它条件相同时放热的多少；

根据电表的分度值读数，根据求出此时小灯泡的电功率。

本题比较不同物质的吸热能力和测功率实验，考查转换法、比较吸热能力的方法及电功率公式的运用。19.【答案】刻度尺

钢球

钢球的质量

水平滑道的粗糙程度

不可行

木块会被推出同样远

【解析】解：本实验是通过比较钢球推动木块移动的距离来判断钢球动能的大小的，所以实验中需要用刻度尺测量木块移动的距离；

在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，“物体动能”指的是小球刚滚到水平面时的动能；

要探究“动能的大小与速度的关系”，需要可知质量相同，速度不同；小军他将两个小钢球从不同高度由静止开始释放，让质量相同的小钢球撞击相同情况下的木块；由图可知，木块的接触面发生了变化，所以实验中没有钢球的质量相同、水平滑道的粗糙程度相同；

将实验装置改进成图乙所示，利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度静止释放，弹簧的弹性势能相同，推动铁球运动，铁球的动能相同，铁球推动木块运动，木块动能相同，木块运动距离相同，所以方法不可行。

故答案为：刻度尺；钢球；钢球的质量；水平滑道的粗糙程度；不可行；木块会被推出同样远。

①实验中通过比较钢球推动木块移动的距离来判断钢球动能的大小；②本实验的研究对象是小球；

动能的决定因素有两个：质量和速度，对于这类多因素问题应结合控制变量法进行分析；

弹簧的弹性势能转化为铁球的动能，铁球的动能转化为木块的动能，木块获得的动能相同，木块运动距离相等。

此类实验题目是考查对控制变量法和转换法的掌握情况，及如何正确的对实验现象进行分析，归纳出正确的结论。20.【答案】断开

开关闭合前，未将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处

3C

【解析】解：电压表与电阻并联，因为电源由2节干电池组成，所以可选择的量程；

由电路图知，滑片向左移动，电阻减小，所以滑动变阻器应接下面的A接线柱，如图所示：；连接电路时，开关要断开；

电流表和电压表的示数都很大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻很小，这说明开关闭合前，滑动变阻器的滑片未移至最大阻值处；

由图丙知，图像是一条直线是，通过导体的电流和电压成正比，说明电阻不变，当电压为时，电流为，所以；

若将图乙中的电阻R换成一个额定电压为，则应该增加电源电压，并将电压表改接大量程，故选C；

故答案为：见上图；断开；开关闭合前，未将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；；。

电压表与电阻R并联，根据电源电压来判断电压表的量程；滑动变阻器要接一上一下，其接法要与电路图一致；

在闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处，否则电路中的电流和电阻两端的电压会很大；

根据图像确定一组对应的电流和电压值，根据计算出电阻；

若换用额定电压为的灯泡，应考虑电源电压及电压表的量程是否合适。

此题是“伏安法测量定值电阻”的实验，考查了电压表、滑动变阻器的连接，电路问题的分析，同时考查了电阻的计算，注意从图像获取对用的电压和电流值。21.【答案】电磁铁吸引大头针的数目多少

排斥

甲、乙

大

强

控制通过两个电磁铁的电流相同

B

【解析】解：根据转换法，可通过观察电磁铁吸引大头针的数目多少来判断电磁铁磁性的强弱。

实验发现被电磁铁吸引的大头针下端是分散的，其原因是大头针被磁化后，同名磁极互相排斥。

比较甲、乙两图可知：电磁铁通电时有磁性，断电时没磁性。

比较乙、丙两图，丙图滑动变阻器接入电路的阻值较小，总电阻较小，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路电流较大，且电磁铁吸引的大头针数目较多，可知：线圈匝数相同时，电流越大，磁性越强。

探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，应控制电流相同，线圈匝数不同，将两电磁铁串联的目的是控制通过两个电磁铁的电流相同。

、其他条件不变，滑片右移，电路中的电阻增大，电流减小，电磁铁的磁性会减弱，故不符合题意；

B、其他条件不变，滑片左移，电路中的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性会增强，故符合题意；

C、其他条件不变，开关S由1扳到2时，线圈的匝数减少，电磁铁的磁性会减弱，故不符合题意；

D、其他条件不变，电源的正负极对调只会改变电流的方向和电磁铁的磁极，对电磁铁的磁性不会有影响，故不符合题意；

故选：B。

故答案为：电磁铁吸引大头针的数目多少；排斥；甲、乙；大；强；控制通过两个电磁铁的电流相同；。

根据转换法，可通过观察电磁铁吸引大头针的数目多少来判断电磁铁磁性的强弱。同名磁极互相排斥。

根据电磁铁通电时有磁性，断电时没磁性，选择合适的对照实验。

比较乙、丙两图，丙图滑动变阻器接入电路的阻值较小，总电阻较小，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路电流较大，且从图中可知电磁铁吸引的大头针数目较多。

探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，应控制电流相同，线圈匝数不同。

电磁铁磁性的强弱受电流的大小、线圈的匝数、以及铁芯的有无等因素的影响，从这一角度，对照各选项可进行针对性地分析。

本题为探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关的实验，考查控制变量法和转换法的使用等知识。22.【答案】解：

根据可得小明对箱子做的有用功：；

由图乙可知，小明推动箱子沿斜面向上匀速运动，小明推动箱子的速度：；

推力做功的功率：；

小明沿斜面向上推动箱子，小明对箱子的推力做的功是总功，克服箱子重力做的功是有用功，克服斜面对箱子的摩擦力做的功是额外功，斜面对箱子的支持力不做功，

推力做的总功：，

有用功：，

额外功：，

斜面对箱子的摩擦力。

答：小明对箱子做的有用功360J；

推力做功的功率是60W；

斜面对箱子的摩擦力是80N。

【解析】根据可得小明对箱子做的有用功；

由图乙可知，小明推动箱子沿斜面向上匀速运动，可求出小明推动箱子的速度，利用可求出推力做功的功率；

小明沿斜面向上推动箱子，小明对箱子的推力做的功是总功，克服箱子重力做的功是有用功，克服斜面对箱子的摩擦力做的功是额外功，斜面对箱子的支持力不做功，故可以先利用计算出推力做的总功，利用计算出有用功，利用计算出额外功，再利用计算