黄金卷02（解析版）-【赢在高考·黄金8卷】备战2024年高考生物模拟卷（福建专用）

【赢在高考•黄金8卷】备战2024年高考生物模拟卷(福建专用)生物黄金卷02(满分100分，考试时间75分钟。)注意事项∶1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共16小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。第1-12题每小题2分，第13-16题每小题4分，共40分。1．下列有关细胞中化合物的叙述正确的是()A．碳是构成细胞的最基本的元素，细胞中的化合物都含有碳B．在细胞代谢过程中，糖类、脂质和核酸均可以作为能源物质C．等质量脂肪氧化分解比糖类释放能量多是因为脂肪分子中氧含量多D．RNA具有信息传递、催化反应、物质转运等功能1.【答案】D【解析】A、碳是构成细胞的最基本的元素，水中不含碳，A错误；B、一般来说，核酸不是生物体的能源物质，核酸是遗传信息的携带者，B错误；C、等质量脂肪氧化分解比糖类释放能量多是因为脂肪分子中氢含量多，C错误；D、RNA具有信息传递、催化反应、物质转运等功能，D正确。2．细胞膜主要由磷脂和蛋白质构成，可与周围环境发生信息交流、物质运输与能量转化。下列相关叙述错误的是()A．动物细胞膜除含有磷脂和蛋白质外，还含有胆固醇B．磷脂双分子层的疏水性有利于维持细胞内外离子的浓度差C．细胞膜上的水通道蛋白是水分子进出细胞的唯一通道和途径D．细胞膜上部分脂质和糖类结合形成的糖脂可参与信息传递2.【答案】C【解析】A、动物细胞膜除含有磷脂和蛋白质外，还含有胆固醇，胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，A正确；B、多种离子和分子在细胞膜内外有一定的浓度差，磷脂双分子层的疏水性有利于维持细胞内外离子的浓度差，B正确；C、细胞膜上的水通道蛋白不是水分子进出细胞唯一的途径，还有自由扩散途径，C错误；D、部分脂质和糖类在细胞膜外表面结合形成糖脂，可参与信息传递，D正确。3．广义上的同工酶是指能催化相同化学反应而分子结构不同的酶，例如鲤鱼与鲫鱼体内的葡萄糖磷酸异构酶。同工酶可因编码基因的不同、转录或翻译后加工过程的不同而产生差异，酶的活性又会受到各种因素影响。下列相关叙述正确的是()A．探究过氧化氢酶的高效性时，可选用清水和肝脏研磨液作为实验材料B．探究pH对酶活性的影响时，可选用淀粉和淀粉酶作为实验材料C．鲤鱼体内控制葡萄糖磷酸异构酶表达的相关基因与鲫鱼体内的完全相同D．基因工程中能连接黏性末端的T4DNA连接酶和E.coliDNA连接酶是同工酶3.【答案】D【解析】A、探究过氧化氢酶的高效性时，要有条件对照，如加入无机催化剂组，A错误；B、探究pH对酶活性的影响时，不可选用淀粉和淀粉酶为实验材料，因为淀粉在酸性条件下本身会水解，B错误；C、由题干同工酶结构产生差异的不同的原因推测：鲤鱼体内控制葡萄糖磷酸异构酶表达的相关基因与鲫鱼体内的不一定相同，C错误；D、同工酶是指生物体内催化相同化学反应而分子结构不同的酶，基因工程中能连接黏性末端的T4DNA连接酶和E.coliDNA连接酶是同工酶，D正确。4．某研究小组用5种植物材料进行质壁分离实验。在相同的放大倍数下，记录视野中的细胞数目，然后滴加蔗糖溶液，记录从滴加蔗糖溶液到发生“初始质壁分离”的平均时间，绘制成下图。下列说法正确的是()A．据图分析可知，5种植物材料中山茶细胞最小B．该实验在观察质壁分离现象时，没有设计对照实验C．若在发生质壁分离后滴加清水，则5种材料复原时间都不同D．5种材料中，红花檵木发生质壁分离的速度最快4.【答案】D【解析】A、在相同的放大倍数下，视野中山茶的细胞数目最少，说明其细胞最大，观察到的红花檵木细胞数目最多，说明其细胞最小，A错误；B、蔗糖溶液滴加之前和之后形成前后自身对照，B错误；C、若在发生质壁分离后滴加清水，则不能确定5种材料复原时间，C错误；D、5种材料中，红花檵木从滴加蔗糖溶液到发生“初始质壁分离”的平均时间最短，发生质壁分离的速度最快，D正确。5．下图表示有丝分裂和减数分裂不同时期的染色体与核DNA数目比的变化关系。下列有关分析不正确的是()A．AB段中有关蛋白质的合成量明显增加B．BC段中DNA稳定性较差，易出现碱基增添、缺失或替换C．CD段中可发生同源染色体的分离过程D．EF段中细胞内染色体数与正常体细胞中染色体数始终相等5.【答案】D【解析】A、根据题图可知，AB段表示DNA复制之前，该时期进行RNA的合成和相关蛋白质的合成，A正确；B、BC段正在进行DNA的复制，该时期由于DNA的双链解开，其稳定性最差，易发生基因突变，B正确；C、CD段表示复制之后，染色体以染色单体形式存在，包括分裂间期、有丝分裂前、中期和减数分裂Ⅰ全过程及减数分裂Ⅱ前、中期，同源染色体分离发生在减数分裂Ⅰ后期，C正确；D、如果该图表示有丝分裂，则EF段表示有丝分裂后期和末期，细胞内染色体数与正常体细胞中染色体数相比加倍或相等，但如果表示减数分裂，则该段表示减数分裂Ⅱ后期和末期，细胞内染色体数与正常体细胞中染色体数相比相等或减半，D错误。6．高盐饮食后一段时间内，虽然通过调节饮水和泌尿可以使细胞外液渗透压回归Na＋摄入前的水平，但机体依旧处于正钠平衡(总Na＋摄入多于排泄)状态。下列叙述错误的是()A．细胞外液渗透压主要来源于Na＋和Cl－B．细胞外液渗透压回归与主动饮水、抗利尿激素分泌增加有关C．细胞内液不参与细胞外液渗透压的调节D．细胞外液渗透压回归但机体处于正钠平衡时，细胞外液总量和体液总量均增多6.【答案】C【解析】A、细胞外液渗透压的90%以上来源于Na＋和Cl－，A正确；B、高盐饮食一段时间后，细胞外液渗透压会升高，机体可以通过主动饮水和抗利尿激素分泌的增加降低细胞外液渗透压，从而使细胞外液渗透压回归Na＋摄入前的水平，B正确；C、细胞内液可以与细胞外液相互交换成分，因此，细胞内液参与细胞外液渗透压的调节，C错误；D、细胞外液渗透压回归但机体处于正钠平衡时，通过调节饮水和泌尿可以使细胞外液渗透压回归Na＋摄入前的水平，饮水和抗利尿激素分泌增加均会增加细胞外液总量，体液由细胞外液和细胞内液组成，故体液的总量也会增多，D正确。7.通过花药离体培养获得的个体可为新品种选育提供原材料，如图是水稻花药离体培养的操作流程。下列相关叙述错误的是()A.图中X表示愈伤组织，Y理论上是单倍体幼苗B.操作过程中需要对水稻花药、培养基及操作工具进行灭菌处理C.过程①和②所用培养基中激素用量的比例不同D.水稻花药离体培养的过程体现了生殖细胞的全能性7.【答案】B【解析】A、花药离体培养要经过脱分化和再分化两个过程，因此①过程是脱分化形成愈伤组织，②过程是再分化形成胚状体，最后炼苗移栽形成单倍体植株(幼苗)，A正确；B、灭菌处理会杀死细胞，因而只能对水稻花药进行消毒处理，防止杂菌污染，B错误；C、植物激素调节细胞分化，当激素中生长素含量较高时，易生根，当细胞分裂素含量较高时，易长芽，所以过程①和②所用培养基中激素用量的比例是不一样的，C正确；D、花药离体培养应用的是植物组织培养技术，其理论基础是细胞的全能性，因为该过程使用的是花粉，所以体现了生殖细胞的全能性，D正确。8．某种苍蝇体内的一种酶(PM)能够分解某种杀虫剂。为了探究PM活性与该苍蝇死亡率之间的关系，科学家进行了几组实验，实验结果如图。下列判断正确的是()A．实验中，抗性苍蝇死亡率可能高于无抗性苍蝇B．抗性苍蝇和无抗性苍蝇属于不同物种C．苍蝇抗性的产生是由于杀虫剂的诱导D．苍蝇抗性的产生与PM的高活性等因素有关8.【答案】D【解析】A、据图可知，抗性苍蝇死亡率低于无抗性苍蝇，A错误；B、抗性苍蝇和无抗性苍蝇之间无生殖隔离，属于同一物种，B错误；C、“抗性”变异在使用杀虫剂之前就存在，杀虫剂只起到选择作用，不是诱导作用，C错误；D、某种苍蝇体内的一种酶(PM)能够分解某种杀虫剂，苍蝇抗性的产生与PM的高活性等因素有关，D正确。9.研究人员欲从土壤中筛选获得以有害化合物A为唯一碳源的细菌菌株，筛选的主要步骤如图所示，①为土壤样品。下列叙述错误的是()A.若要用稀释涂布平板法计算其活菌数，用某稀释度的菌落平均数÷培养所用的稀释液体积B.②过程的目的是让细菌与营养物质充分接触，增加其密度C.③中培养基的制备过程为原料称量→溶解→调节pH→灭菌→倒平板D.计算细菌数目时可选择⑥中菌落形态、数目稳定时进行计数9.【答案】A【解析】A、每克土壤样品活菌数=某稀释倍数的菌落平均数÷细菌培养时所用的稀释液体积×稀释倍数，A错误；B、②为选择培养液，属于液体培养基，目的是让细菌与营养物质充分接触，增加其密度，B正确；C、③中培养基的制备过程应该为原料称量→溶解→调节pH→灭菌→倒平板，C正确；D、通过⑥以进行微生物计数，选择在形态、数目稳定时计数，D正确。10．蚜虫是麦田危害最严重的害虫之一，为了更好地防治蚜虫，研究人员建立小型麦田种植蛇床草(能够为瓢虫提供保育所)，研究种植蛇床草对蚜虫和异色瓢虫(蚜虫的天敌，具有迁飞习性)数量的影响，结果如下图(5月25日—6月24日为蚜虫爆发期)。相关叙述错误的是()A．可分别用样方法和标记重捕法调查蚜虫和异色瓢虫的种群密度B．种植蛇床草可为异色瓢虫提供繁殖场所，从而提高异色瓢虫的种群密度C．5月25日—6月9日期间气温升高导致蚜虫爆发，种群数量呈“J”形增长D．麦田种植蛇床草既能较好地防治蚜虫又能减少农药的使用，提高经济效益10.【答案】C【解析】A、样方法多用于植物、某些昆虫卵、作物植株上的蚜虫、跳蝻等种群的种群密度调查；异色瓢虫活动能力强、活动范围广，调查其种群密度采用标记重捕法，A正确；B、由题意可知，蛇床草能够为瓢虫提供保育所，所以种植蛇床草可为异色瓢虫提供繁殖场所，从而提高异色瓢虫的种群密度，B正确；C、由题意可知，5月25日～6月24日期间蚜虫爆发，数量增加较快，但存在环境因素的影响，种群数量不会呈“J”形曲线增长，C错误；D、分析题图可知，蚜虫爆发期，麦田种植蛇床草的蚜虫密度远低于对照组，说明麦田种植蛇床草既能较好地防治蚜虫，又能减少农药使用，提高经济效益，D正确。11.大赛前足球队运动员经常会到高原地区进行集训，下图是运动员剧烈运动时肌肉细胞能量代谢曲线，其中曲线B、C是有氧或者无氧呼吸提供能量情况。以下说法错误的是()A.肌肉收缩最初的能量主要来自存量ATPB.B曲线代表的呼吸类型是无氧呼吸C.适度高原训练的目的是适应高原缺氧的环境，提高比赛时剧烈运动状态下无氧呼吸的效率D.B、C曲线代表的呼吸类型可以通过是否产生CO2来区分11.【答案】C【解析】A、肌肉收缩最初的能量主要来自存量ATP的直接水解，此时ATP含量急剧下降，A正确；B、曲线B是在较短时间内提供能量，但随着运动时间的延长无法持续提供能量，为无氧呼吸，B正确；C、适度进行高原训练可以提高血液中红细胞的含量，从而提高血液的运氧能力，使机体的有氧呼吸功能增加，有助于提高运动员的运动能力，C错误；D、曲线B是无氧呼吸，产物为乳酸，曲线C为有氧呼吸，产物是CO2和水，因此通过检测是否产生CO2可区分曲线B、C的呼吸类型，D正确。12．如图是吲哚乙酸(IAA)诱导豌豆茎切段伸长生长的典型剂量反应曲线，图中将对照组(不加IAA)的伸长生长设为“0”。据图分析，下列叙述正确的是()A．在M点对应的IAA浓度下，切段不发生伸长生长B．IAA对切段伸长生长的促进作用与IAA的浓度呈正相关C．IAA浓度高于10－4mol/L后，随着浓度升高，其抑制伸长生长的作用越来越弱D．不同浓度的IAA对切段伸长生长的作用可能相同12.【答案】D【解析】A、M点对应的IAA浓度下，切段的伸长生长与对照组相同，并不是切段不发生伸长生长，A错误；B、据图分析，IAA浓度在10－7mol/L至10－5mol/L之间，随IAA浓度的增加，促进伸长生长的作用增强，IAA浓度在10－5mol/L至10－3mol/L之间，随IAA浓度的增加，促进伸长生长的作用减弱，IAA浓度大于10－3mol/L时，抑制伸长生长，B错误；C、IAA浓度高于10－3mol/L后，才是抑制伸长生长，C错误；D、在最适浓度(10－5mol/L)左右，不同浓度的IAA对切段伸长生长的作用可能相同，D正确。13．接触抗原的B细胞会将抗原片段呈现在细胞表面，活化的辅助性T细胞具有的相应受体会与B细胞表面的抗原特异性结合，并激活B细胞，过程如图所示。下列分析错误的是()A．物质X可能是细胞因子B．图中过程体现了细胞膜的信息交流功能C．B细胞激活后能增殖分化成记忆细胞D．T细胞和B细胞都能分泌免疫活性物质13.【答案】D【解析】A、物质X是T细胞分泌的细胞因子，能够促进B细胞增殖分化，A正确；B、图中过程体现了T细胞和B细胞之间的信息交流功能，B正确；C、B细胞激活后能增殖分化成记忆细胞和浆细胞，C正确；D、B细胞增殖分化成的浆细胞能合成和分泌抗体，B细胞没有分泌免疫活性物质的能力，D错误。14.下图的基因模型为控制某种酶的基因内部和周围的DNA片段情况。距离以千碱基对(kb)表示，但未按比例画出，基因长度共8kb，人为划分a～g共7个区间，转录直接生成的mRNA中d区间所对应的区域会被加工切除，成为成熟的mRNA．下列分析正确的是()A.图中成熟mRNA的长度是3．1kbB.起始密码子对应位点是RNA聚合酶结合的位点C.终止密码子是最后一个氨基酸结合到核糖体的位点D.mRNA上某一特定位点需要的氨基酸可以由几种特定的tRNA将它转运到核糖体上14.【答案】A【解析】A、mRNA是转录的产物，由RNA聚合酶与DNA上的转录起点结合到转录终点结束，所以转录直接生成的mRNA长度为7.5-1.2=6.3kb，但要形成成熟的mRNA需要切除d对应的区段，因此实际长度为6.3-(5.2-2.0)=3.1kb，A正确；B、启动子对应位点是RNA聚合酶结合的位点，起始密码子对应位点是安放第一个氨基酸的位置，B错误；C、终止密码子不表示氨基酸，是终止翻译的信息位点，C错误；D、mRNA上某一特定位点需要的氨基酸只能由一种特定的tRNA将它转运到核糖体上，D错误。15．研究人员将1个含14N-DNA的大肠杆菌转移到以15NH4Cl为唯一氮源的培养液中，培养24h后提取子代大肠杆菌的DNA。将DNA解开双螺旋，变成单链；然后进行密度梯度离心，试管中出现两种条带(如图)。下列说法正确的是()A．由结果可推知该大肠杆菌的细胞周期大约为6hB．根据条带的数目和位置可以确定DNA的复制方式C．解开DNA双螺旋的实质是破坏核苷酸之间的磷酸二酯键D．若直接将子代DNA进行密度梯度离心也能得到两条条带15.【答案】D【解析】A、由于14N单链∶15N单链＝1∶7，说明DNA复制了3次，因此可推知该细菌繁殖一次的时间大约为24÷3＝8(h)，A错误；B、由于DNA经过热变性后解开了双螺旋变成单链，所以根据条带的数目和位置只能判断DNA单链的标记情况，无法判断DNA的复制方式，B错误；C、解开DNA双螺旋的实质是破坏核苷酸之间的氢键，C错误；D、经上述分析可知，DNA复制3次，有2个DNA分子含有15N和14N，为中带，有6个DNA分子只含15N，为重带，所以直接将子代DNA进行密度梯度离心也可以得到两条条带，D正确。16．人体在饥饿和进食等不同状态下会发生不同的生理反应，进食可刺激小肠的K细胞分泌一种多肽(GIP)，GIP可作用于胰岛细胞和脂肪细胞，引起血糖浓度降低，其作用机理如图所示(①～④代表细胞膜上的结构)。下列推断正确的是()A．通过口服胰岛素可以治疗因结构②受损导致的糖尿病B．与注射相比，口服葡萄糖会使体内胰岛素水平较低C．GIP与①结合可能促进葡萄糖进入脂肪细胞转化为脂肪D．图中①②③④均为细胞膜上的受体，①与④的结构相同16.【答案】C【解析】A、分析题图可知，进食可刺激小肠K细胞分泌多肽GIP，GIP作用于胰岛细胞使该细胞分泌胰岛素；GIP和胰岛素分别通过结构①②作用于脂肪细胞，促进葡萄糖进入细胞并转化为脂肪，从而降低血糖水平；图中结构①～④是细胞膜上和信息分子结合的受体。胰岛素属于蛋白质，不能口服只能注射，A错误；B、与注射相比，口服后葡萄糖通过消化系统进入血浆，而消化系统中小肠K细胞可分泌GIP促进胰岛素分泌，注射的葡萄糖直接进入血浆，不会引起该反应，B错误；C、由图可知，进食后，GIP和胰岛素分别通过结构①②作用于脂肪细胞，促进葡萄糖进入细胞并转化为脂肪，C正确；D、图中①②③④都表示受体，受体具有特异性，其结构不同，D错误。二、非选择题：共60分。本题共5小题，共60分。17.(10分)某同学为探究CO2浓度和光照强度对植物品系X光合速率的影响，将生长状态一致的若干该品系植株分为六组，其中一组为对照组，剩下五组为实验组，在其他条件相同且适宜的条件下测量各组的CO2吸收量，各组实验处理和结果如表所示(假设呼吸速率不变)：对照组第一组第二组第三组第四组第五组实验处理CO2浓度/(mg·L－1)0.50.50.50.60.70.8光照强度/klx400500600600600600结果净光合速率/[mg·(dm2·h)－1]12.115.218.318.619.019.0回答下列相关问题：(1)由表中实验结果可知，在一定范围内，光照强度增大可提高植株的净光合速率，这是因为位于叶绿体________中的光合色素主要吸收的________光增多，加快了光反应速率。若提取上述植株叶片中的色素，为防止色素被破坏，则研磨时可加入适量的________。(2)由表可知，在________条件相同的组别中，第二组的净光合速率最高。为了提高第五组的光合速率，能否采取增加CO2浓度的措施？________。(3)该同学根据表中数据得出“第四组光合速率是第一组光合速率的1.25倍”的结论，你认为该结论是否正确并说明理由：_______________________________________________________________________。17.(10分)【答案】(1)类囊体薄膜(或基粒)(1分)红光、蓝紫(1分)CaCO3(1分)(2)CO2浓度(2分)不能(2分)(3)不正确(1分)；表中数据反应的是净光合速率，欲计算两组光合速率的比值，还需要呼吸速率的数值(2分)【解析】(1)叶绿体类囊体薄膜(或基粒)中含有光合色素，主要吸收红光和蓝紫光。提取叶片中的色素实验中，研磨时加入CaCO3可起到保护色素的作用。(2)CO2浓度相同的组别有对照组、第一组和第二组，通过比较可知，第二组的净光合速率最高。光照强度相同的组别为第二组至第五组，其中随第二组至第四组CO2浓度增加，净光合速率增大，第五组CO2浓度增加，但净光合速率不再变化，说明此时植物吸收CO2已达到饱和，不能通过增加CO2浓度来提高第五组的光合速率。(3)根据表中数据可知，第四组净光合速率是第一组净光合速率的19.0/15.2＝1.25倍，而光合速率＝净光合速率＋呼吸速率，所以第四组光合速率除以第一组光合速率的值会小于1.25。18.(10分)回答下列有关动物生命活动调节的问题：(1)如图1是测量枪乌贼轴突静息电位的示意图。据图可知，静息电位是指________。图1(2)在哺乳动物体内发现一种星形神经胶质细胞，它和其他神经细胞的联系如图2所示。Glu(谷氨酸)是可使下一个神经元兴奋的神经递质，GABA(γ－氨基丁酸)是可使下一个神经元抑制的神经递质，二者在星形神经胶质细胞中发生如图2所示代谢过程。图2①图2所示代谢过程中，________起到了细胞间物质交换的媒介作用。某些条件下，谷氨酸会瞬间异常大量释放，星形神经胶质细胞存在的意义是__________________________________。②人们发现星形神经胶质细胞没有轴突且不能产生动作电位。据此推测其____________(填“不具有”或“具有”)传递神经冲动的功能。③人脑内星形神经胶质细胞往往还能起呈递抗原的作用，这种功能类似于免疫系统中________细胞的作用。18.(10分,每空2分)【答案】(1)神经细胞未受刺激时，膜内和膜外的电位差(2)①组织液维持神经递质含量稳定，保证神经细胞间兴奋正常传递②不具有③吞噬【解析】(1)静息电位是指神经细胞未受刺激时，膜内和膜外的电位差，静息电位表现为内负外正，是由K+外流造成；(2)①在图示代谢过程中，突触间隙充满了组织液，说明组织液起到了细胞间物质交换的媒介。某些条件下，谷氨酸会瞬间异常大量释放，会造成下一个神经元异常兴奋，分析图中可知，星型细胞有谷氨酸转运体，可以转运多余的谷氨酸，所以形神经胶质细胞存在的意义是维持神经递质含量稳定，保证神经细胞间兴奋正常传递。②由于神经胶质没有轴突且不能产生动作电位，说明神经胶质不具有传递神经冲动的功能。③人脑内星形神经胶质细胞往往还能起呈递抗原的作用，这种功能类似于免疫系统中吞噬细胞的作用。19.(16)以下两对基因与鸡羽毛的颜色有关：芦花羽基因B对全色羽基因b为显性，位于染色体上，而W染色体上无相应的等位基因：常染色体上基因T的存在是B或b表现的前提，tt时为白色羽。各种羽色表型见图。请回答下列问题：(1)基因型为TtZbZb的个体进行减数分裂Ⅱ后期的两个次级精母细胞每一极基因型分别为___________、___________(位于性染色体上的基因请注明性染色体，不考虑变异)。(2)杂交组合TtZbZb×ttZBW子代中芦花羽雄鸡所占比例为____________，用该芦花羽雄鸡与ttZBW杂交，预期子代中芦花羽雌鸡所占比例为____________。(3)一只芦花羽雄鸡与ttZBW杂交，子代表型及其比例为芦花羽：全色羽=1：1，则该雄鸡基因型为____________。(4)一只芦花羽雄鸡与一只全色羽雌鸡交配，子代中出现了2只芦花羽、3只全色羽和3只白色羽鸡，两个亲本的基因型为____________，其子代中芦花羽雌鸡所占比例理论上为____________。(5)“牝鸡司晨”是一种性反转现象，即母鸡变成公鸡。利用这只性反转后的公鸡与正常母鸡交配，子代公鸡与母鸡的比例是____________。19.(16分，每空2分)【答案】(1)TZb；tZb(2)1/4；1/8(3)TTZBZb(4)TtZBZb、TtZbW；3/16(5)1：2【解析】(1)减数第一次分裂后期同源染色体分离，T、t和Zb、Zb均分别分离到两个次级精母细胞中，减数第二次分裂后期着丝粒分裂，姐妹染色单体分离，移向细胞两极，因此进行减数第二次分裂后期的两个次级精母细胞每一极基因型分别为TZb、tZb。(2)杂交组合TtZbZb×ttZBW子代中芦花羽雄鸡为TtZBZb，所占比例为1/2×1/2=1/4。用该芦花羽雄鸡与ttZBW杂交，预期子代中芦花羽雌鸡为TtZBW，所占比例为1/2×1/4=1/8。(3)一只芦花羽雄鸡与ttZBW杂交，子代表型不出现白色羽，但出现全色羽，说明芦花羽雄鸡基因型为TTZBZb。(4)一只芦花羽雄鸡与一只全色羽雌鸡交配，子代表现型既出现白色羽，又出现全色羽，说明两个亲本均为杂合子，两个亲本的基因型为TtZBZb、TtZbW。其子代中芦花羽雌鸡T__ZBW所占比例理论上为3/4×1/4=3/16。(5)利用这只性反转后的公鸡与正常母鸡交配，即ZW×ZW，子代公鸡与母鸡的比例是1(ZZ)：2(ZW)。20.(13分)某地推广“猪—沼—果”生态果园模式，将果树生产、牧草种植与生猪养殖、沼气建设结合起来，从而实现以果带牧、以牧促沼、以沼促果、果牧结合的良性循环。请回答下列相关问题：(1)若果园中草固定的能量为a，猪摄入的能量为b，猪用于自身生长、发育、繁殖的能量为c，猪粪便中的能量为d，则草→猪的能量传递效率为________×100%。这种“猪—沼—果”生态果园模式实现了对能量的________，大大提高了________。(2)调查生态果园中土壤小动物类群丰富度时，不宜采用样方法或标记重捕法，理由是__________________。土壤小动物属于生态系统组成成分中的________。(3)实践表明，果园种植牧草后，瓢虫、小花蝽等捕食性天敌增多，同时一些传粉昆虫增多，果园产量提高，这主要体现了生态系统的信息传递能________。(4)若生态果园疏于管理、杂草丛生，长期下去将会发生________演替。在此过程中，灌木将取代杂草，理由是__________________________________________。从能量流动的角度分析，果农应进行除草除虫的意义是_____________________。20.(13分，除标记外，每空1分)【答案】(1)(b-d)/a(2分)多级利用能量利用率(2)土壤小动物有较强的活动能力,而且身体微小消费者或分解者(2分)(3)调节生物的种间关系,维持生态系统的平衡与稳定(2分)(4)次生灌木较高大,在竞争阳光中更有优势(2分)合理地调整能量流动关系、使能量持续高效地流向对人类最有益的部分(2分)【解析】(1)果园中草固定的能量为a,猪摄入的能量为b,猪用于自身生长、发育、繁殖的能量为c,猪粪便中的能量为d,则猪的同化量为(b-d),草一猪的能量传递效率为(b-d)/aX100%。(2)由于土壤小动物有较强的活动能力，而且身体微小，调查其丰富度时,不宜采用样方法或标记重捕法。土壤小动物在生态系统中属于消费者或分解者。(3)瓢虫、小花蝽与害虫之间存在捕食关系，同时一些传粉昆虫增多,果园产量提高.该现象主要体现了生态系统的信息传递能调节生物的种间关系,维持生态系统的平衡与稳定。(4)果园疏于管理、杂草丛生，根据演替起点可知，发生的演替