广东省2024年高考物理模拟试卷及答案15

广东省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．得分1．在2023年10月28日举行的首届国际天然铀产业发展论坛中，我国宣布，通过“天空地深”一体化勘查技术发现了一批万吨至十万吨级铀矿床．天然铀中主要有铀238和铀235，其中，铀235的裂变方程为：92235A．铀235裂变可以自发进行 B．反应方程中A=144，Z=53C．3689Kr的比结合能大于92235U2．2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆．当返回舱距离地面1.2m时，返回舱的速度为8m/s，此时返回舱底部的4台反推火箭点火工作，使返回舱触地前瞬间速度降至2m/A．3×104N B．7.5×103．2022年10月，我国成功将“夸父一号”卫星发射升空。该卫星绕地球的运动看成匀速圆周运动距地面高度约为720km。如图所示，“夸父一号”随地球绕太阳公转过程中，需要其轨道平面始终地球公转轨道与太阳保持固定的取向，使太阳光能照射到“夸太阳父一号”。下列说法正确的是（）A．“夸父一号”有部分时间处于“黑夜”之中，完全不能接收到太阳光B．“夸父一号”在任意时刻的加速度相同C．“夸父一号”绕地球转动的线速度小于地球的第一宇宙速度D．“夸父一号”绕地球转动的周期大于地球自转的周期4．汽车的点火线圈是脉冲变压器．某型号点火线圈部分剖面结构如图，其初级线圈与次级线圈匝数之比为1：100，已知汽车电瓶是电动势为12V的蓄电池．下列说法正确的是（）A．点火线圈的输出电压始终为1200V B．汽车电瓶不能使点火线圈工作C．点火线圈的初级线圈应和汽车电瓶相连 D．提高初级线圈匝数，可以增加点火线圈的输出电压5．如图甲所示，计算机键盘为电容式传感器，每个键下面由相互平行、间距为d的活动金属片和固定金属片组成，两金属片间有空气间隙，两金属片组成一个平行板电容器，如图乙所示．其内部电路如图丙所示，则下列说法正确的是（）A．按键的过程中，电容器间的电场强度减小B．按键的过程中，电容器储存的电能增多C．按键的过程中，图丙中电流方向从a经电流计流向bD．按键的过程中，电容器上极板电势低于下极板电势6．如图是小魔术“浮沉子”的模型．在密封的矿泉水瓶中，一开口向下、导热良好的小瓶置于矿泉水瓶中，小瓶中封闭一段空气，可看作理想气体．现用手挤压矿泉水瓶，小瓶下沉到底部；松开矿泉水瓶后，小瓶缓慢上浮，上浮过程中小瓶内气体温度保持不变，则上浮过程中小瓶内气体（）A．体积不变，内能不变 B．体积不变，压强不变C．对外界做正功，并放出热量 D．体积增大，对外界做正功7．以下四幅图中，相关叙述正确的是（）A．如图甲，人造地球卫星经过地面跟踪站上空，地面接收到信号频率先增大后减小B．如图乙，A、B两灯均发亮，若断开开关，A灯和B灯都会立即熄灭C．如图丙，高频感应炉是利用炉外线圈产生的热量使炉内的金属熔化D．如图丁，利用该装置验证向心力与角速度的关系时，要保持皮带连接的两个塔轮半径相同阅卷人二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．得分8．某型号降噪耳机工作原理如图所示，降噪过程包括如下几个环节：首先，由微型麦克风采集环境中的中、低频噪声；接下来，将噪声信号传至降噪电路；在降噪电路处理完成后，通过扬声器向外发出声波来抵消噪声；最后，我们耳朵就会感觉到噪声减弱甚至消失．对该降噪耳机相关说法正确的是（）A．耳机降噪利用了声波的多普勒效应 B．抵消声波的频率与噪声的频率应该相等C．抵消声波与噪声的相位差为零 D．抵消声波和环境噪声在空气中传播的速度相等9．如图所示，我国排球主攻手朱婷在某次垫球训练中将下落的排球从垫击面上垫出后，排球竖直向上运动，之后又落回到原位置，假设整个运动过程中排球所受空气阻力大小不变，下列说法正确的是（）A．球上升阶段处于超重状态B．球上升阶段重力做的功多于下降阶段重力做的功C．球上升阶段动量的变化率大于下降阶段动量的变化率D．球从接触手臂到离开手臂的时间内，手臂对排球的冲量不为零10．某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗过程中，来自质子源的质子（初速度为零）先被电场加速到具有较高的能量，然后被磁场引向轰击肿瘤，杀死其中恶性细胞，如图所示．若加速电场可看成单个匀强电场，质子的加速长度为L，加速的末速度为v，质子质量为m，电荷量为e，下列说法正确的是（）A．质子在加速过程中电场力对其做正功，电势能减少B．该加速电场的电场强度大小为E=C．若要提高质子飞出时的动能，可在其他条件不变的情况下提高加速电压D．质子击中肿瘤时的速度大于质子进入磁场时的速度阅卷人三、非选择题：共54分．得分11．在探究气体压强与体积关系实验中，某兴趣小组设计如图实验装置．已知重力加速度为g，注射器气密性和导热良好且外界环境温度保持不变，不计一切摩擦．（1）用刻度尺测得注射器刻度上40mL到50mL的长度为1cm，注射器活塞的横截面积为S=cm（2）取下沙桶，向右拉动活塞一段距离后，用橡胶套堵住注射孔，此时的气体压强为大气压p0（3）挂上沙桶，稳定后，测出此时的气体体积V和沙桶的总质量m，则气体压强的表达式p2=；（请选用（4）在沙桶内适量添加沙子，重复步骤（3）；（5）以沙桶的总质量m为纵轴，以1V为横轴，绘制m−1V图像，其图像如图乙所示，图中横轴截距为a，纵轴截距为b，可求得未悬挂沙桶时注射器内气体的体积V0=12．由于实验室没有提供电流表，某实验小组利用两个电压表测量电阻Rx（1）请根据电路图连接图2中的实物图；（2）闭合开关S前，滑动变阻器的滑片移动到最端（选填“左”或“右”）；（3）闭合开关S，适当调节滑动变阻器的滑片，记录电压表V1、V2的示数U1（4）重复步骤（3），测量多组U1和U（5）根据测量数据作出U2−U1的关系图线如图3所示，求得直线的斜率为k，可以得到R（6）因电压表V1、V2非理想电表，用该方法测得的Rx13．实验小组要测量某透明液体的折射率，如图所示，组员找到一个底面直径为d，高为d2的圆柱形玻璃槽，现给槽内注满该液体，O为液面的中心。一单色光源由槽底A沿AO方向射入，光束与液面夹角为60°，恰好在B点接收到该光束。已知B点在槽边缘正上方d（1）求该液体的折射率n；（2）若将光源移动到槽边缘C处，光束仍对准O点射入，请通过计算说明能否在液面上方接收到该光束。14．饭卡是学校等单位最常用的辅助支付手段，其内部主要部分是一个多匝线圈，当刷卡机发出电磁信号时，置于刷卡机上的饭卡线圈的磁通量发生变化，产生电信号．其原理可简化为如图甲所示，设线圈匝数n=600，每匝线圈的面积均为S=10cm2，线圈总电阻r=0.（1）0~（2）0~0.15．台球是深受大众喜爱娱乐健身活动。如图，运动员采用“点杆”击球法（当球杆杆头接触母球的瞬间，迅速将杆抽回，母球离杆后与目标球发生对心正碰，视为弹性碰撞）击打母球，使得目标球被碰撞后经CD边反弹进入球洞A，这种进球方式被称为“翻袋”进球法。已知两球质量均为0.2kg，且可视为质点，球间距离为0.9m，目标球与CD挡壁间虚线距离为0.3m，目标球被CD挡壁反弹后向A球洞运动方向与AC挡壁间夹角为30°，AC=33（1）求母球在桌面做直线运动时的加速度大小；（2）若某次击打后母球获得的初速度为1m/s，且杆头与母球的接触时间为（3）若击打后母球获得速度v0（4）若能到达球洞上方且速率小于6m/

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．铀235的裂变需要中子轰击才能发生，故A错误；B．根据反应过程满足质量数和电荷数守恒可知A=235+1−89−3=144，Z=92−36=56故B错误；C．核裂变会释放能量，则反应后的产物3689Kr的比结合能大于D．半衰期不随温度变化而变化，故D错误。故选C。【分析】根据质量数守恒和电荷数守恒判断原子核的种类；半衰期是对大量放射性元素的统计规律，与外界条件无关；质量数为质子数和中子数之和，质量数越大结合能越大。2．【答案】D【解析】【解答】根据运动学公式可得v解得加速度大小为a=根据牛顿第二定律可得F−mg=ma解得F=1故选D。【分析】根据匀变速直线运动规律计算加速度，再根据牛顿第二定律计算推力3．【答案】C【解析】【解答】A．根据题意可知“夸父一号”始终能接收到太阳光，故A错误；B．“夸父一号”在任意时刻的加速度大小相等，但是方向不相同，故B错误；CD．根据万有引力提供向心力可得GMm可得v=GMr可知卫星轨道越高，线速度越小，周期越大，则“夸父一号”绕地球转动的线速度小于地球的第一宇宙速度，“夸父一号”绕地球转动的周期小于同步卫星的周期，即小于地球自转的周期，故C正确，D错误。故选C。【分析】根据万有引力提供向心力，结合向心力不同的表达方式求解第一宇宙速度和周期的表达式4．【答案】C【解析】【解答】D．根据变压器变压比U可知，增加初级线圈的匝数，次级线圈两端电压减小，故D错误；AB．汽车蓄电池是直流电源，但在点火启动瞬间，穿过两线圈的磁通量发生变化，也能点火线圈正常工作，所以只在点火瞬间，点火线圈的输出电压始终为1200V，故AB错误；C．点火线圈的初级线圈应和蓄电池相连，次级线圈中产生高压将汽车启动，故C正确；故选C。【分析】根据变压器初级、次级线圈电压之比等于匝数比，结合磁通量的变化特点分析求解。5．【答案】B【解析】【解答】AB．根据C=QU按键的过程中，由于电压U不变，d减小，则电容C增大，电容器间的电场强度E增大，电容器所带电荷量Q增大，则电容器储存的电能增多，故A错误，B正确；CD．按键的过程中，由于电容器所带电荷量Q增大，电容器充电，图丙中电流方向从b经电流计流向a，电容器上极板电势高于下极板电势，故CD错误。故选B。【分析】根据电容器的定义式、决定式以及电场强度与电势差关系，结合按键的过程中，由于电压U不变，d减小分析求解6．【答案】D【解析】【解答】上浮过程中小瓶内气体温度不变，压强逐渐减小，根据玻意耳定律可得：

pV=C

可知气体体积变大，因此气体对外界做功，根据热力学第一定律

ΔU=W+Q

其中

ΔU=0，W＜0

可知

Q＞0

可知瓶内气体从外界吸热，故ABC错误，D正确；

故选：D。

【分析】根据一定质量的理想气体状态方程得出气体状态参量的变化，结合热力学第一定律分析出气体的吸放热情况。7．【答案】A【解析】【解答】A．图甲中人造地球卫星先靠近跟踪站，然后远离跟踪站，根据多普勒效应，人造地球卫星先靠近跟踪站时地面接收到信号频率先增大，远离跟踪站时地面接收到信号频率减小，故A正确；

B．图乙中，断开开关时，线圈与灯泡A组成自感回路，B灯会先熄灭，因为电感L的自感作用，A灯会延迟熄灭，故B错误；

C．图丙中，高频感应炉是利用涡流，在被冶炼金属内部产生的热量使炉内的金属熔化，故C错误；

D．图丁中，因为皮带连接的两个塔轮线速度大小相等，塔轮半径不同，才能研究向心力与不同角速度的关系，故D错误。

故选：A。

【分析】根据多普勒效应分析，当波源与观察者有相对运动时会发生多普勒效应；根据自感现象分析；用来冶炼合金钢的真空冶炼炉，炉外有线圈，线圈中通入反复变化的电流，炉内的金属中产生涡流。涡流产生的热量使金属熔化；根据向心力与角速度、半径的关系分析。8．【答案】B,D【解析】【解答】A．耳机降噪利用了声波的干涉原理，频率相同的波才能发生干涉，即声波的叠加，相位相反时则可以相互抵消，抵消声波与噪声的相位差并不为零，故B正确，AC错误；

D．声波是靠介质传播，同一介质中传播速度相等，故D正确。

故选：BD。

【分析】根据文中的图，结合“通过音频接收器和抗噪芯片来接收和分析外界噪声的频率，并产生与其相位相反频率相同的声波，相互减弱或抵消”可得出结论；同一介质中传播速度相等。9．【答案】C,D【解析】【解答】A．球上升阶段，加速方向向下，处于失重状态，故A错误；B．根据W=mgℎ可知球上升阶段重力做的功等于下降阶段重力做的功，故B错误；C．根据动量定理可得F可得Δp由于球上升阶段受到的合力大于下降阶段受到的合力，则球上升阶段动量的变化率大于下降阶段动量的变化率，故C正确；D．球从接触手臂到离开手臂的时间内，手臂对排球的作用力不为0，则手臂对排球的冲量不为零，故D正确。故选CD。【分析】根据加速度的方向判断超重或失重；根据功的公式判断；根据题意求出上升阶段与下降阶段排球动量的变化量即可解题；根据冲量定义判断。10．【答案】A,B,C【解析】【解答】A．质子在加速过程中，速度增大，电场力对其做正功，电势能减少，故A正确；B．根据动能定理有eEL=解得E=故B正确；C．根据动能定理可知eU=则若要提高质子飞出时的动能，可在其他条件不变的情况下提高加速电压，故C正确；D．质子进入磁场，洛伦兹力不做功，则质子的速度不变，所以质子击中肿瘤时的速度等于质子进入磁场时的速度，故D错误；故选ABC。【分析】质子做加速运动，电场力对其做正功，质子的电势能减少；根据动能定理求解电场强度大小；根据动能定理分析只提高加速电压U，质子飞出时的动能如何变化；质子进入磁场后，受到的洛伦兹力不做功，质子的速率不变。11．【答案】（1）10（2）无（3）p（4）无（5）1a；【解析】【解答】（1）注射器活塞的横截面积为S=（3）根据受力平衡可得p解得气体压强的表达式为p（5）根据玻意耳定律可得p整理可得m=−结合m−1p0S解得V0=【分析】（1）根据体积公式计算；（3）根据平衡条件计算；（5）根据玻意耳定律推导图像函数表达式结合图像判断12．【答案】（1）（2）右（3）无（4）无（5）R（6）偏小【解析】【解答】（1）根据电路图，实物连接如图所示（2）闭合开关S前，为了保护电表安全，滑动变阻器的滑片移动到最右端。（5）根据欧姆定律可得U整理可得U可知U2k=解得R（6）考虑到电压表的分流，流过R0的电流等于流过Rx和电压表U整理可得U可知实际上U2k=则有R可知测得的Rx【分析】（1）根据电路图连接实物图；（2）滑动变阻器采用分压式接法，闭合开关前，滑动变阻器的滑动片位于分压电压为零的那一端；（5）根据串联、并联电路的特点结合欧姆定律求解U2-U1函数，结合图像斜率求解作答；（6）实验误差来源于电压表V1的分流作用，根据串联、并联电路的特点，结合欧姆定律求U2-U1函数，结合图像斜率的含义分析作答。13．【答案】（1）光路如图所示sini=sin所以sinθ=液体对光的折射率n=（2）将光源移动到槽边缘C点入射时，设入射角为αtan可得α=45°恰好发生全反射时sin所以C=45°此时入射角α=C，光束恰好在O点处发生了全反射，所以液面上方不能接收到光束。【解析】【分析】（1）根据折射规律作出光路图，由几何知识求出入射角的正弦与折射角的正弦，再由折射定律求解液体的折射率；

（2）若将光源移动到槽边缘C处，光束仍对准O点射入，根据几何关系求出入射角，结合发生全反射的条件判断。14．【答案】（1）根据楞次定律“增反减同”可知0~根据法拉第