吉林省松原市前郭县第五中学2024-2025学年高二数学下学期期末备考试题理

PAGE10吉林省松原市前郭县第五中学2024-2025学年高二数学下学期期末备考试题理留意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔干脆答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合，，则（）A． B． C． D．2．已知，则“”是“z为纯虚数”的（）A．充分非必要条件 B．必要非充分条件 C．充要条件 D．既非充分又非必要条件3．某部门为了解某平台“直播带货”商品销售反馈状况，随机抽取了这8类商品，收集了这几类商品分别在新规实施前后的消费者评价得分，绘制成如图所示的雷达图．依据统计图推断，下面的叙述肯定不正确的是（）A．新规实施后，类商品的评价得分提升幅度最大B．新规实施后，类商品的评价得分低于新规实施前C．这类商品评价得分的平均分高于新规实施前的平均分D．有类商品的评价得分高于新规实施前4．在中，角，，所对的边分别为，，，，，若满意条件的三角形有且只有一个，则边的取值不行能为（）A．3 B．4 C． D．5．设，，，则，，的大小关系为（）A． B． C． D．6．一次表彰大会上，支配支配这5名优秀学生代表上台发言，这5名优秀学生分别来自高一、高二和高三三个年级，其中高一、高二年级各2名，高三年级1名．发言时若要求来自同一年级的学生不相邻，则不同的排法共有（）种．A．36 B．48 C．72 D．1207．已知，将图象向左平移个单位（）得到函数的图象，函数的一个对称轴为，则下列说法正确的是（）A．最小正周期为 B．为奇函数C． D．8．函数及，则及的图象可能为（）A． B．C． D．9．已知，，，设函数，当时，取得最小值，则在方向上的投影为（）A． B． C． D．10．数列满意且对随意，，，则（）A． B． C． D．11．已知双曲线的上焦点为，过作一条直线与直线垂直，若与双曲线的上､下支均有公共点，则双曲线的离心率的取值范围是（）A． B． C． D．12．已知定义在上的偶函数，其导函数为，若，，则不等式的解集是（）A． B． C． D．第Ⅱ卷（非选择题）二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．13．若的绽开式中只有第六项的二项式系数最大，则绽开式中的常数项是_________．14．正三棱台上下底面棱长分别为3和6，侧棱长为2，则正三棱台的体积为______．15．已知圆及点，点P、Q分别是直线和圆C上的动点，则的最小值为__________．16．如图所示的数阵中，第20行第2个数字是________．1三、解答题：本大题共6个大题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（12分）在中，内角，，的对边分别为，，，且．（1）求角的大小；（2）若，求最大值．18．（12分）如图，在四棱锥，底面，，，，为棱上一点．（1）确定点E的位置，使得直线平面；（2）若二面角的正弦值为，求直线与平面所成角的余弦值．19．（12分）随着时代发展和社会进步，老师职业越来越受青睐，考取老师资格证成为不少人的就业规划之一．当前，中小学老师资格考试分笔试和面试两部分．已知某市2024年共有10000名考生参与了中小学老师资格考试的笔试，现从中随机抽取100人的笔试成果（满分视为100分）作为样本，整理得到如下频数分布表：笔试成果人数51025302010（1）假定笔试成果不低于90分为优秀，若从上述样本中笔试成果不低于80分的考生里随机抽取2人，求至少有1人笔试成果为优秀的概率；（2）由频数分布表可认为该市全体考生的笔试成果近似听从正态分布，其中近似为100名样本考生笔试成果的平均值（同一组中的数据用该组区间的中点值代替），，据此估计该市全体考生中笔试成果不低于85.9的人数；（结果四舍五入精确到个位）（3）考生甲为提升综合素养报名参与了某拓展学问竞赛，该竞赛要回答3道题，前两题是哲学学问，每道题答对得3分，答错得0分；最终一题是心理学学问，答对得4分，答错得0分．已知考生甲答对前两题的概率都是，答对最终一题的概率为，且每道题答对与否相互独立，求考生甲的总得分的分布列及数学期望．（参考数据：；若，则，，．）20．（12分）已知椭圆的离心率为，且过点，直线l与椭圆相交于M、N两点，过点的直线、分别与椭圆相交于另外两点A、B，且直线的斜率为2．（1）求椭圆C的方程；（2）求证：直线l恒过定点．21．（12分）已知函数，．（1）探讨函数的单调性；（2）若恒成立，求实数的取值范围．请考生在22、23两题中任选一题作答，假如多做，则按所做的第一题记分．22．（10分）【选修4-4：坐标系与参数方程】在平面直角坐标系中，直线的参数方程为(其中为参数)､在以为极点轴的非负半轴为极轴的极坐标系(两种坐标系的单位长度相同)中，曲线的极坐标方程为．（1）求直线的一般方程和曲线的直角坐标方程；（2）设点的直角坐标为，直线与曲线交于两点，弦的中点为是曲线上异于的点，求面积的最大值．23．（10分）【选修4-5：不等式选讲】已知函数的最大值为．（1）求；（2）若均为正数，且满意，求证：．理科数学答案第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．【答案】C【解析】，，所以，故选C．2．【答案】B【解析】为纯虚数，是错的，比如，z不是纯虚数，故充分性不成立；z为纯虚数，故必要性成立，故答案选B．3．【答案】D【解析】对于A，由雷达图知，类商品在新规实施前后的评价得分差最大，A正确；对于B，由雷达图知，新规实施后，类商品的评价得分均低于新规实施前，B正确；对于C，新规实施后，除类商品外，其余类商品的评价得分均高于新规实施前，且增长幅度超过评价得分下降幅度，则类商品评价得分的平均分高于新规实施前，C正确；对于D，两类商品评价得分低于新规实施前，其余类商品评价得分高于新规实施前，D错误，故选D．4．【答案】B【解析】由已知，到直线的距离为，所以当或时，即或时，满意条件的三角形有且只有一个．所以对于A，符合，故三角形有一解；对于B：当时，符合，故三角形有两解；对于C：符合，故三角形有一解；对于D：符合，故三角形有一解，故选B．5．【答案】D【解析】指数函数分别是R上的增函数和减函数，，则，对数函数在上单调递增，，则，所以有，即，故选D．6．【答案】B【解析】先排高一年级学生，有种排法，①若高一年级学生中间有高三学生，有种排法；②若高一学生中间无高三学生，有种排法，所以共有种排法，故选B．7．【答案】D【解析】，将图象向左平移个单位（）得到函数，函数的一个对称轴为，，即，，，时，，，，，为偶函数，，综上可知ABC错误，D正确，故选D．8．【答案】B【解析】当时，单调递减，单调递减，所以单调递增且定义域为，此时与y轴的截距在上，解除C；当时，单调递减，单调递增，所以单调递减且定义域为，此时与y轴的截距在上，∴当时，单调递增；当时，单调递减，故只有B符合要求，故选B．9．【答案】D【解析】，由题意，，解得，所以在方向上的投影为，故选D．10．【答案】B【解析】因为数列满意且对随意，，，所以，，所以，所以是以2为公比的等比数列，所以，则，当时，，解得，所以，故选B．11．【答案】B【解析】依题意，直线的斜率为，则的方程为．设与双曲线上､下支的交点分别为，，联立直线与双曲线方程，消去得，由与双曲线上､下支均有交点，得，且，由韦达定理得，则，即，则，可得且，解得，所以离心率的取值范围是，故选B．12．【答案】A【解析】构造函数，，当时，，故，在上单调递增，又为偶函数，为偶函数，所以为偶函数，在单调递减．，则，；，当时，即，，所以；当时，即，，所以，综上所述，，故选A．第Ⅱ卷（非选择题）二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．13．【答案】180【解析】，由题意，此不等式组只有一解，因此（）．，，所以常数项为，故答案为180．14．【答案】【解析】如下图，正三棱台，将其补全为三棱锥，为其高，∴正三棱台的体积，由题设易知，∴设，则，即三棱锥的高，故的高为1，∴，故答案为．15．【答案】3【解析】作出点A关于直线的对称点，如图：设点，则有，解得，即，而C(2，0)，由圆的性质知：圆外点P与圆C上点Q距离满意(当且仅当Q是线段PC与圆C的交点时取“=”)，连接交直线于点O，P为直线上随意一点，连接(线段PC交圆C于点Q)，则，当且仅当点P在线段上，即与点O重合时取“=”，所以的最小值为3，故答案为3．16．【答案】【解析】不妨令，，，，，，将以上各式相加得，所以，所以第20行的第2个数是，故答案为．三、解答题：本大题共6个大题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．【答案】（1）；（2）4．【解析】（1）由，依据正弦定理有，所以，所以，即，因为，所以，所以，因为，所以．（2）由（1）知，所以，则，由正弦定理，得，所以，．所以．因为，所以，所以当时，的最大值为4．18．【答案】（1）为的中点；（2）．【解析】（1）为的中点．取PA的中点F，连接EF､FD，E为PB的中点，即，，又，，则四边形CDFE为平行四边形，故，，，故面．（2）以为坐标原点，以，，分别为轴正方向，建立空间直角坐标系，如图所示，则，设，则，，在棱上，可设()，故，解得，即．设平面的法向量为，，，，即，取，则；设平面的法向量，，，，即，取，则，二面角的正弦值为，则余弦值为，，即，即．又，解得，即，，轴平面，平面的一个法向量为，设与平面所成角为，则，故与平面所成角的余弦值为．19．【答案】（1）；（2）人；（3）分布列见解析，期望值为．【解析】（1）由已知，样本中笔试成果不低于80分的考生共30人，其中成果优秀10人，∴．（2）由表格数据知，，又，即，∴，由此可估计该市全体考生笔试成果不低于85.9分的人数为人．（3）考生甲的总得分的全部可能取值为0，3，4，6，7，10．；；；；；，的分布列为：0346710．20．【答案】（1）；（2）证明见解析．【解析】（1）由已知得，解得，所以椭圆方程为．（2）设M、N两点的坐标分别为，，A、B的坐标分别为，，直线l的方程为，则直线的方程分别为，直线的方程分别为，由消去，整理得①由题意可知，方程①有两个不同的解，且，则，代入，得，即A点坐标为；同理可得到B点坐标为，因为直线的斜率为2，所以，即，则，整理得，则，所以，则直线恒过点．21．【答案】（1）答案见解析；（2）．【解析】（1）函数的定义域为，且．①当时，，若，则；若，则，此时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为；②当时，，令，可得（舍）或．若，则；若，则，此时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为；③当时，．（i）若，即当时，对随意的，，此时，函数在上为增函数；（ii）若，即当时，由，可得或，且．由，可得或；由，可得，此时，函数的单调递减区间为，单调递增区间为，，综上所述，当时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为；当时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为；当时，函数的单调递减区间为，单调递增区间为，；当时，函数在上为增函数．（2）由，可得，即对随意的恒成立，令，其中，，令，其中，则，．所以，函数在上单调递减，则，所以，函数在上单调递减，故，所以，当时，，此时函数在上单调递增；当时，，此时函数在上单调递减，所以，，，因此，实数