高考化学人教版（2019）一轮复习课件 考点精讲 化学计算的常用方法

第7讲化学计算的常用方法1.进一步理解物质的量在化学计算中的“桥梁”作用。2.了解化学计算的常用方法。3.初步建立化学计算的思维模型。复习目标内容索引类型一差量法计算及应用类型二关系式法计算及应用类型三守恒法计算及应用类型四列方程组进行二元混合物的计算课时精练差量法计算及应用><类型一1.差量法是指根据化学反应前后有关物理量发生的变化找出“理论差量”。

这种差量可以是质量、物质的量、气态物质的体积或压强、反应过程中的热效应等。2.差量法解题的关键是找准“理论差量”，

把化学方程式中的对应差量(理论差量)跟差量(实际差量)列成比例，然后求解。如：2C(s)＋O2(g)===2CO(g)

Δm(固)/Δn(气)/ΔV(气)2mol1mol2mol24g

1mol

22.4L(标况)为了检验某含有NaHCO3杂质的Na2CO3样品的纯度，现将

w1g样品加热，其质量变为

w2g，请列式计算该样品中Na2CO3的质量分数。答案样品加热发生的反应为168

106

62m(NaHCO3)

(w1－w2)g一、气体差量法应用1.标准状况下，将20LCO2和CO的混合气体全部通过足量的Na2O2粉末，在相同状况下，气体体积减少到16L，则原混合气体中CO的体积为A.4L B.8L C.12L D.16L√混合气体中只有CO2和Na2O2反应，设二氧化碳的体积为V(CO2)，2CO2＋2Na2O2===2Na2CO3＋O2

ΔV44.8L

22.4L

22.4LV(CO2)

(20－16)L44.8L∶22.4L＝V(CO2)∶(20－16)L，解得V(CO2)＝8L，则V(CO)＝(20－8)L＝12L。2.在一个容积为6L的密闭容器中，放入3LX(g)和2LY(g)，在一定条件下发生反应：4X(g)＋nY(g)

2Q(g)＋6R(g)，反应达到平衡后，容器内温度不变，混合气体的压强比原来增大了5%，X的浓度减小

，则该反应中的n值为A.2 B.3 C.4 D.5√根据题意，平衡时混合气体的压强比原来增大了5%，说明正反应为气体总体积增大的反应，则有：4＋n＜2＋6，所以n＜4，C、D项错误；温度、容积不变，气体压强之比等于其物质的量之比，故压强增大5%，说明气体的体积增加了5L×5%＝0.25L，由于平衡时X浓度减少了

，所以X减少了1L，根据差量法，4X(g)＋nY(g)

2Q(g)＋6R(g)

ΔV4 4－n1L 0.25L二、热重差量法的应用3.(2022·全国乙卷，11改编)NH4B5O8·4H2O的热重曲线如图，在200℃以下热分解时无刺激性气体逸出。请判断下列说法的正误。(1)100～200℃阶段热分解失去4个H2O(

)×(2)500℃热分解后生成固体化合物B2O3(

)√4.[2019·全国卷Ⅰ，27(5)]采用热重分析法测定硫酸铁铵晶体样品所含结晶水数，将样品加热到150℃时失掉1.5个结晶水，失重5.6%。硫酸铁铵晶体的化学式为___________________。NH4Fe(SO4)2·12H2O5.[2019·江苏，20(1)]CaC2O4·H2O热分解可制备CaO，CaC2O4·H2O加热升温过程中固体的质量变化如图。①写出400～600℃范围内分解反应的化学方程式：______________________________。M(CaC2O4·H2O)＝146g·mol－1，取1molCaC2O4·H2O，质量为146g，当剩余质量为128g时，质量减少了18g，即减少1molH2O，结合题图知，在400℃时，固体的化学式为CaC2O4；当剩余质量为100g时，质量又减少了28g，即减少1molCO，CaC2O4失去1个CO后变成CaCO3，所以在400℃至600℃时发生的反应为CaC2O4CaCO3＋CO↑。②与CaCO3热分解制备的CaO相比，CaC2O4·H2O热分解制备的CaO具有更好的CO2捕集性能，其原因是________________________________________________________。CaC2O4·H2O热分解放出更多的气体，制得的CaO更加疏松多孔6.[2022·江苏，14(3)]FeS2、FeS在空气中易被氧化，将FeS2在空气中氧化，测得氧化过程中剩余固体的质量与起始FeS2的质量的比值随温度变化的曲线如图所示。800℃时，FeS2氧化成含有两种元素的固体产物为____________________________________________________________________________________________________________________________________________________________(填化学式，写出计算过程)。Fe2O3；设FeS2氧化成含有两种元素的固体产物化学式为FeOx，M(FeS2)＝120g·mol－1，则M(FeOx)＝120g·mol－1×66.7%＝80.04g·mol－1，则56＋16x＝80.04，x≈，即固体产物为Fe2O3返回关系式法计算及应用><类型二1.关系式法是物质间的一种简化的式子，它可以把始态的反应物与终态的生成物之间“量”的关系表示出来，把多步计算简化成一步计算。2.关系式法解题的关键是建立关系式，建立关系式的方法有：①利用化学方程式中化学计量数间的关系；②利用原子守恒关系；③利用得失电子守恒关系；④利用化学方程式的加和等。200吨含硫40%的黄铁矿，用接触法可以制得95%的硫酸(不考虑中间过程的损耗)的质量为多少吨？答案257.9t根据反应前后硫原子数不变，可得关系式：2S～FeS2～2H2SO4即：S～

H2SO4

32

98

200t×40%

95%·x

32∶98＝(200t×40%)∶(95%·x)x≈257.9t。关系式法在滴定计算中的应用1.[2020·海南，15(5)]用K2Cr2O7滴定分析法测定还原铁粉纯度。实验步骤：称取一定量样品，用过量稀硫酸溶解，用标准K2Cr2O7溶液滴定其中的Fe2＋。反应式：

＋6Fe2＋＋14H＋===2Cr3＋＋6Fe3＋＋7H2O；某次实验称取0.2800g样品，滴定时消耗浓度为0.03000mol·L－1的K2Cr2O7溶液25.10mL，则样品中铁含量为________%。90.362.[2017·全国卷Ⅱ，26(4)]草酸钙沉淀经稀H2SO4处理后，用KMnO4标准溶液滴定，通过测定草酸的量可间接获知钙的含量，滴定反应为

＋H＋＋H2C2O4―→Mn2＋＋CO2＋H2O。实验中称取0.400g水泥样品，滴定时消耗了0.0500mol·L－1的KMnO4溶液36.00mL，则该水泥(主要成分为Co、SiO2等)样品中钙的质量分数为________。45.0%根据化合价升降法、电荷守恒和质量守恒配平可得：2＋6H＋＋5H2C2O4===2Mn2＋＋10CO2↑＋8H2O，设含钙的物质的量为xmol，由反应方程式和钙元素守恒可得关系式：5Ca2＋～5H2C2O4～25mol

2molxmol

0.0500mol·L－1×36.00×10－3L解得x＝4.5×10－3，则0.400g水泥样品中钙元素的质量为4.5×10－3mol×40g·mol－1＝0.180g，故该水泥样品中钙的质量分数为

×100%＝45.0%。3.[2017·北京，27(1)④]尿素溶液的浓度影响NO2的转化，测定溶液中尿素(M＝60g·mol－1)含量的方法如下：取ag尿素溶液，将所含氮完全转化为NH3，所得NH3用过量的V1mLc1

mol·L－1H2SO4溶液吸收完全，剩余H2SO4用V2mLc2mol·L－1NaOH溶液恰好中和，则尿素溶液中溶质的质量分数是_______________(已知尿素[CO(NH2)2]水溶液热分解为NH3和CO2)。4.[2021·山东，18(3)节选]利用碘量法测定WCl6产品纯度，实验如下：①称量：将足量CS2(易挥发)加入干燥的称量瓶中，盖紧称重为m1g；开盖并计时1分钟，盖紧称重为m2g；再开盖加入待测样品并计时1分钟，盖紧称重为m3g，则样品质量为____________g(不考虑空气中水蒸气的干扰)。m3＋m1－2m2返回守恒法计算及应用><类型三1.守恒法是一种整合的思维方法，就是物质在发生“变化”或两物质在发生“相互作用”的过程中某些物理量的总量保持“不变”，分析时淡化中间过程，关注最终组成，利用守恒关系进行整体分析。2.守恒法解题的关键是找准研究对象的始态和终态或相互间的关系，列出对应守恒表达式，常见守恒关系有元素守恒、电荷守恒、得失电子守恒等。注：得失电子守恒见第4讲考点二电子守恒法计算及应用。一、元素守恒1.(2022·浙江1月选考，27)某同学设计实验确定Al(NO3)3·xH2O的结晶水数目。称取样品7.50g，经热分解测得气体产物中有NO2、O2、HNO3、H2O，其中H2O的质量为3.06g；残留的固体产物是Al2O3，质量为1.02g。计算：(1)x＝__(写出计算过程)。9答案计算过程：2[Al(NO3)3·xH2O]～Al2O32(213＋18x)g

102g7.50g

1.02g解得x＝9

(2)气体产物中n(O2)＝__________mol。0.01002.[2022·福建，11(2)]取5.0g某粉煤灰(其中含质量分数为30%的Al2O3)，加硫酸酸浸Al3＋，一段时间后，过滤、干燥后得到3.0g浸渣(分析知含质量分数为8%的Al2O3)，Al2O3的浸出率为_____。84%3.[2022·湖南，15(6)]某实验小组以BaS溶液为原料制备BaCl2·2H2O，并用重量法测定产品中BaCl2·2H2O的含量。设计了如下实验方案：①称取产品0.5000g，用100mL水溶解，酸化，加热至近沸；②在不断搅拌下，向①所得溶液逐滴加入热的0.100mol·L－1H2SO4溶液；③沉淀完全后，60℃水浴40分钟，经过滤、洗涤、烘干等步骤，称量白色固体，质量为0.4660g。产品中BaCl2·2H2O的质量分数为________(保留三位有效数字)。97.6%二、电荷守恒(电中性原则)4.对PM2.5样本用蒸馏水处理制成待测试样。若测得该试样所含水溶性无机离子的化学组分及其平均浓度如下表：离子K＋Na＋Cl－浓度/(mol·L－1)4×10－66×10－62×10－54×10－53×10－52×10－5根据表中数据判断PM2.5的酸碱性为______，试样的pH＝____。酸性4√返回列方程组进行二元混合物的计算><类型四计算中的数学思想：在两种物质组成的混合物中，一般可设两个未知数x、y，题目中通常也会给出两个已知量(设为A、B)，寻找x、y与A、B的数学关系，由此建立二元一次方程组进行联解：1.取10.80g某无机矿物盐X(仅含四种元素)，将X在惰性气流中加热至完全分解，得到6.40g固体FeO、CaO的混合物和气体CO2，且无机矿物盐X能与稀盐酸反应生成CO2气体。X的化学式是__________________________，在惰性气流中加热X至完全分解的化学方程式为_________________________________。CaCO3·FeCO3[或CaFe(CO3)2]2.(2018·浙江11月选考，29)某红色固体粉末可能是Fe2O3、Cu2O或二者混合物，为探究其组成，称取mg该固体粉末样品，用足量的稀H2SO4充分反应后，称得固体质量为ag。已知：Cu2O＋2H＋===Cu＋Cu2＋＋H2O(1)若a＝___(用含m的最简式表示)，则红色固体粉末为纯净物。若红色固体粉末只是Fe2O3，则与稀H2SO4充分反应后，无固体剩余，所以红色固体若为纯净物，只能是Cu2O，根据Cu2O＋2H＋===Cu＋Cu2＋＋H2O(2)若a＝

，则红色固体粉末中Fe2O3的物质的量为______mol(用含m的最简式表示)。设Fe2O3、Cu2O的物质的量分别为xmol、ymol。Fe2O3＋6H＋===2Fe3＋＋3H2Ox

2xCu2O＋2H＋===Cu2＋＋Cu＋H2Oy

y

y2Fe3＋＋Cu===2Fe2＋＋Cu2＋2x

x返回课时精练1.将aLNH3通过灼热的装有铁触媒的硬质玻璃管后，气体体积变为bL(气体体积均在同温同压下测定)，该bL气体中NH3的体积分数是12345678910111213√12345678910111213设参加反应的氨气体积为x，则2NH3N2＋3H2

ΔV2L

2Lx

(b－a)L解得x＝(b－a)L2.将12g铁片放入150mL的CuSO4溶液中，当溶液中的Cu2＋全部被还原时，铁片质量增加0.3g，则原CuSO4溶液的物质的量浓度是A.0.125mol·L－1 B.0.175mol·L－1C.0.25mol·L－1 D.0.50mol·L－1√12345678910111213设原溶液中硫酸铜的物质的量为xmol，则：Fe＋CuSO4===FeSO4＋Cu

Δm1mol

8gxmol

0.3g1mol∶xmol＝8g∶0.3g123456789101112133.常温下，某氮的气态氧化物15.6L与过量的氢气混合，在一定条件下反应，使之生成液态水和无污染的气体单质。恢复到原状态，反应后气体体积比反应前气体体积减小了46.8L，则原氮的氧化物的化学式为A.N2O3 B.NO2 C.NO D.N2O√1234567891011121312345678910111213设该氮氧化合物的分子式为N2Ox，化学方程式为N2Ox＋xH2===N2＋xH2O，相同条件下参加反应的气体的体积之比等于其物质的量之比也等于其化学计量数之比，

N2Ox＋xH2===N2＋xH2O

ΔV1

x

15.6L

46.8L则1∶x＝15.6L∶46.8L，x＝3，所以其化学式为N2O3。4.将15mL2mol·L－1Na2CO3溶液逐滴加入到40mL0.5mol·L－1MCln盐溶液中，恰好将溶液中的Mn＋完全沉淀为碳酸盐，则MCln中n值是A.4 B.3 C.2 D.1√12345678910111213M的化合价为＋n，Na2CO3与MCln反应对应的关系式为2Mn＋～2

n0.04L×0.5mol·L－1

0.015L×2mol·L－1解得n＝3。5.用足量的CO还原13.7g某铅氧化物，把生成的CO2全部通入过量的澄清石灰水中，得到的沉淀干燥后质量为8.0g，则此铅氧化物的化学式是A.PbO B.Pb2O3 C.Pb3O4 D.PbO2√12345678910111213设此铅氧化物的化学式为PbxOy，PbxOy～y[O]～yCO～yCO2～yCaCO316y

100ym(O)＝1.28g

8.0g所以m(Pb)＝13.7g－1.28g＝12.42g，123456789101112136.在氧气中燃烧0.22g硫和铁组成的混合物，使其中的硫全部转化为二氧化硫，把这些二氧化硫全部氧化成三氧化硫并转变为硫酸，这些硫酸可用10mL0.5mol·L－1氢氧化钠溶液完全中和，则原混合物中硫的百分含量为A.72% B.40% C.36% D.18%√12345678910111213123456789101112137.某同学设计如下实验测定绿矾样品(主要成分为FeSO4·7H2O)的纯度，称取11.5g绿矾产品，溶解，配制成1000mL溶液；分别量取25.00mL待测溶液于锥形瓶中，用硫酸酸化的0.01000mol·L－1高锰酸钾溶液滴定至终点，消耗高锰酸钾溶液的平均体积为20.00mL。根据数据计算该绿矾样品的纯度约为A.94.5% B.96.1%C.96.7% D.97.6%√12345678910111213123456789101112138.向一定量的Fe、FeO、Fe2O3、Fe3O4的混合物中加入150mL4mol·L－1的稀硝酸，恰好使混合物完全溶解，放出2.24LNO(标准状况)，往所得溶液中加入KSCN溶液，无红色出现。若用足量的H2在加热条件下还原相同质量的混合物，所得到的铁的物质的量为A.0.25mol B.0.2molC.0.3mol D.0.35mol√12345678910111213123456789101112139.向100mL的FeBr2溶液中通入Cl2(标准状况下)3.36L，所得溶液中Cl－和Br－的物质的量浓度相等，则原FeBr2溶液的物质的量浓度为A.0.75mol·L－1 B.1mol·L－1C.1.5mol·L－1 D.2mol·L－1√12345678910111213在溶液中微粒反应的顺序是Fe2＋＞Br－，n(Cl2)＝

＝0.15mol；n(Cl－)＝0.3mol；假设FeBr2溶液的浓度是xmol·L－1，则在原溶液中n(Fe2＋)＝0.1xmol，n(Br－)＝0.2xmol；方法一：得失电子守恒，由题意可得：0.1x＋(0.2x－0.3)＝0.15×2，解得x＝2。方法二：电荷守恒，反应后主要离子为Fe3＋、Cl－和Br－可知：3×0.1x＝0.3＋0.3，解得x＝2。也可依据分步反应或总反应求解。1234567891011121310.[2019·北京，26(7)改编]化学小组用如下方法测定经处理后的废水中苯酚的含量(废水中不含干扰测定的物质)。Ⅰ.用已准确称量的KBrO3固体配制一定体积的amol·L－1KBrO3标准溶液。Ⅱ.取V1mL上述溶液，加入过量KBr，加H2SO4酸化，溶液颜色呈棕黄色。Ⅲ.向Ⅱ所得溶液中加入V2mL废水。Ⅳ.向Ⅲ中加入过量KI。Ⅴ.用bmol·L－1Na2S2O3标准溶液滴定Ⅳ中溶液至浅黄色时，滴加2滴淀粉溶液，继续滴定至终点，共消耗Na2S2O3溶液V3mL。12345678910111213已知：①I2＋2Na2S2O3===2NaI＋Na2S4O6②Na2S2O3和Na2S4O6溶液颜色均为无色③＋3Br2―→↓＋3HBr计算废水中苯酚的含量为______________g·L－1(苯酚摩尔质量：94g·mol－1)。12345678910111213123456789101112131234567891011121311.过氧化钙晶体(CaO2·8H2O)可用于改善地表水质、处理含重金属粒子废水、应急供氧等。(1)已知：

，测定制备的过氧化钙晶体中CaO2的含量的实验步骤如下：第一步：准确称取ag产品放入锥形瓶中，再加入过量的bgKI晶体，加入适量蒸馏水溶解，再滴入少量2mol·L－1的H2SO4溶液，充分反应。第二步：向上述锥形瓶中加入几滴淀粉溶液。第三步：逐滴加入浓度为cmol·L－1的Na2S2O3溶液发生反应，滴定达到终点时出现的现象是_____________________________________。若滴定消耗Na2S2O3溶液VmL，则样品中CaO2的质量分数为______________(用字母表示)。12345678910111213溶液由蓝色变无色，且30s内不恢复蓝色12345678910111213(2)已知过氧化钙加热至350℃左右开始分解放出氧气。将过氧化钙晶体(CaO2·8H2O)在坩埚中加热逐渐升高温度，测得样品质量随温度的变化如图所示，则350℃左右所得固体物质的化学式为_____。12345678910111213CaOCaO2·8H2O的摩尔质量为216g·mol－1，故2.16g过氧化钙晶体为0.01mol,350℃左右所得固体质量为0.56g，根据钙原子守恒，可知为CaO。12.(1)[2022·辽宁，17(7)]取2.50gH2O2产品，加蒸馏水定容至100mL摇匀。取20.00mL于锥形瓶中，用0.0500mol·L－1酸性KMnO4标准溶液滴定。平行滴定三次，消耗标准溶液体积分别为19.98mL、20.90mL、20.02mL。假设其他杂质不干扰结果，产品中H2O2质量分数为_____。1234567891011121317%根据得失电子守恒可得关系式2KMnO4～5H2O2。三组数据中20.90mL偏差较大，舍去，故消耗酸性高锰酸钾标准溶液的平均体积为20.00mL，H2O2的质量分数w(H2O2)＝

×100%＝17%。(2)[2017·全国卷Ⅰ，26(5)改编]取某甘氨酸(C2H5NO2)样品mg，将其中的氮转化成铵盐，再经反应转化为NH3·H3BO3，然后用盐酸滴定进行测定(已知：NH3·H3BO3＋HCl===NH4Cl＋H3BO3)，滴定时消耗浓度为cmol·L－1的盐酸VmL，则样品中氮的质量分数为________%，样品的纯度≤________%。1234567891011121312345678910111213处理后，甘氨酸(C2H5NO2)样品中的氮元素全部转入NH3·H3BO3中。