全国I卷2025届高三理综第二次模拟考试题四

PAGE好教化云平台二模测试卷第=*2-111页（共=sectionPages9*218页）好教化云平台二模测试卷第=page6*212页（共=sectionPages9*218页）PAGE27（全国I卷）2025届高三理综其次次模拟考试题（四）留意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔干脆答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。相对原子质量：H1C12N14O16Cl35.5Fe56Mn55Ba137第Ⅰ卷（选择题，共126分）一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．生物大分子之间的相互结合在生物体的生命活动中发挥重要作用。下列叙述正确的是A．蛋白质与DNA结合后都能调控基因表达B．RNA聚合酶与起始密码子结合启动转录的起始C．RNA与蛋白质的结合在细胞生物中普遍存在D．DNA与RNA的结合可发生在HIV中2．动物细胞的溶酶体内含有磷脂酶、蛋白酶、核酸酶等多种酶。溶酶体内的pH约为5，细胞质基质pH约为7。下列叙述错误的是A．失活的蛋白质借助载体蛋白进入溶酶体B．溶酶体膜与高尔基体膜的化学成分相像C．溶酶体酶在pH为5左右时，活性较高D．经溶酶体酶消化后的产物并非全部排出细胞3．羟胺可使胞嘧啶转化为羟化胞嘧啶而与腺嘌呤配对，假如一个精原细胞在进行DNA复制时，一个DNA分子的两个胞嘧啶碱基发生羟化，不行能出现的现象是A．减数分裂产生的四个精子中，两个精子的DNA序列变更，两个没有变更B．产生的初级精母细胞中可能有四条姐妹染色单体含有羟化胞嘧啶C．DNA序列发生变更的精子与正常卵细胞结合并发育成具有突变性状的个体D．DNA序列发生变更的精子与正常卵细胞结合发育成的个体没有该性状的变更4．一位30岁男性患者，2天前因不洁饮食出现腹痛、腹泻，入院后被诊断为细菌性痢疾，部分检查结果如表所示。下列叙述错误的是生理指标测定值正常值腋下体温（℃）38.936.0~37.4白细胞计数（L−1）13.5×109（4～10）×109血钠浓度（mmol·L−1）180140～160A．患者的体温维持在38.9℃时，产热量等于散热量B．发病期间患者会因为腹泻出现脱水，因此血钠浓度上升C．发病期间患者细胞外液渗透压上升，体内抗利尿激素增多，尿量削减D．患者的体温上升是由体温调整中枢功能障碍所致5．草方格沙障是用干的麦草、稻草、芦苇等扎成方格形态固定于沙中，并在方格中播撒固沙植物的种子，用来防风固沙、涵养水分的一种治沙方法。某地用该方法治理正在沙化的土地并取得良好效果，下列说法错误的是A．草方格能蓄积降水促进固沙植物生长B．微生物对草方格材料的分解改善了土壤结构C．该过程变更了演替速度但没有变更演替方向D．该方法可增大治理区域的物种丰富度6．果蝇中一对同源染色体的同源区段同时缺失的个体叫作缺失纯合子，只有一条发生缺失的个体叫作缺失杂合子。已知缺失杂合子可育，而缺失纯合子具有致死效应。探讨人员用一只棒眼雌果蝇和正常眼雄果蝇多次杂交，统计F1的性状及比例，结果是棒眼雌果蝇∶正常眼雌果蝇∶棒眼雄果蝇=1∶1∶1。在不考虑X、Y染色体同源区段的状况下，下列有关分析错误的是A．亲本雌果蝇发生了染色体片段缺失，且该果蝇是缺失杂合子B．正常眼是隐性性状，且缺失发生在X染色体的特有区段上C．让F1中雌雄果蝇自由交配，F2雄果蝇中棒眼∶正常眼=2∶1D．用光学显微镜视察，能推断F1中正常眼雌果蝇的染色体是否缺失了片段7．化学与生活、生产、社会可持续发展亲密相关。下列说法错误的是A．牙膏中添加的Na2PO3F、NaF所供应的氟离子浓度相等时，它们防治龋齿的作用相同B．“光化学烟雾”“硝酸型酸雨”的形成都与氮氧化合物有关C．用聚氯乙烯代替木材，生产快餐盒，以削减木材的运用D．碳纳米管比表面积大，可用作新型储氢材料8．设NA为阿伏加德罗常数值。如图表示N2O在Pt2O+表面与CO反应转化成无害气体的过程。下列说法正确的是A．N2O转化成无害气体时的催化剂是Pt2Oeq\o\al(+,2)B．每1molPt2O+转化为Pt2Oeq\o\al(+,2)得电子数为3NAC．将生成的CO2通人含大量SiOeq\o\al(2−,3)、Na+、Cl−的溶液中，无明显现象D．1gCO2、N2O的混合气体中含有电子数为0.5NA9．地奥司明片是治疗静脉淋巴功能不全相关的各种症状（腿部沉重、难受、晨起酸胀不适感）的主要治疗药物，下图为合成地奥司明片重要中间体，下列有关说法正确的是A．分子式为C18H20O6B．该中间体是高分子化合物C．该中间体可发生水解反应生成乙醇D．该中间体分子在肯定条件下可以发生取代、加成、氧化反应10．短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W是地壳中含量最高的元素，X的原子半径是全部短周期主族元素中最大的，非金属元素Y的原子序数是Z的最外层电子数的2倍。下列叙述不正确的是A．Y单质的熔点高于X单质 B．W、Z的氢化物沸点W>ZC．X、W、Z能形成具有强还原性的XZW D．X2YW3中含有共价键11．pH=0的某X溶液中，除H+外，还可能存在Al3+、Fe2+、NHeq\o\al(+,4)、Ba2+、Cl−、COeq\o\al(2−,3)、SOeq\o\al(2−,4)、NOeq\o\al(−,3)中的若干种，现取适量X溶液进行如下一系列试验：下列有关推断不正确的是A．生成气体A的离子方程式为：3Fe2++4H++NOeq\o\al(−,3)=3Fe3++NO↑+2H2OB．生成沉淀H

的离子方程式为：AlOeq\o\al(−,2)+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+HCOeq\o\al(−,3)C．溶液X中肯定没有的离子仅为：COeq\o\al(2−,3)、Ba2+D．溶液X中肯定含有的离子是：H+、Fe2+、SOeq\o\al(2−,4)、NHeq\o\al(+,4)、Al3+12．2024年诺贝尔化学奖授予对锂离子电池探讨有突出贡献的科学家。一种“大气固碳”的锂离子电池工作原理如图所示，该电池在充电时，通过催化剂的选择性限制，只有Li2CO3被氧化，释放出CO2和O2。下列说法不正确的是A．该电池应选用无水电解质B．该电池放电时的正极反应为4Li++3CO2+4e−=C+2Li2CO3C．充电时若电极A质量增加14g，则聚合物电解质膜上通过电子2molD．该电池放电、充电各一次且都转移4mole−时，理论上能固定1molCO213．25℃时，向0.1L0.1mol·L−1CH3COOH溶液中渐渐加入NaOH固体，复原至原温度后溶液中离子浓度关系如下图所示(忽视溶液体积变更)。下列有关叙述正确的是A．25℃，CH3COOH的Ka数量级为10−4B．B点：加入的NaOH的物质的量为0.005molC．A点：c(CH3COO−)+c(OH−)+c(CH3COOH)-c(H+)>0.1mol·L−1D．A到C的过程中不考虑温度变更：增大二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。第19～21题有多选项题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。14．如图所示细线的上端系在墙上的A点，下端连一光滑小球B（视为质点），eq\f(1,4)圆柱体静置于粗糙水平地而上细线恰好与eq\f(1,4)圆柱体相切于B。现对eq\f(1,4)圆柱体施加一水平向右的拉力，使之沿地面缓慢向右移动，直至小球B到达C点则在该过程中()A．细线的拉力增大B．eq\f(1,4)圆柱体对小球的支持力增大C．地面对eq\f(1,4)圆柱体的支持力不变D．地面对eq\f(1,4)圆柱体的摩擦力不变15．如图所示，志向变压器原、副线圈的匝数之比为2∶1，电阻R1＝R2＝55Ω，D1、D2为志向二极管，A为志向电流表。原线圈接u＝220eq\r(2)sin(100πt)V的沟通电，则()A．二极管的反向耐压值应大于110VB．副线圈中沟通电频率为100HzC．电流表示数为2AD．志向变压器输入功率为440W16．夜空中我们观测到的亮点，其实大部分并不是单一的一颗恒星，而是多星系统。在多星系统中，双星系统又是最常见的，双星系统是两颗恒星在相互之间的万有引力作用下，连线上的某点做周期相同的匀速圆周运动的天体系统。设双星系统中其中一颗恒星的线速度大小为v，加度大小为a，周期为T，所受的向心力为F，它们之间的距离为r，不计其他天体的影响，两颗恒星的质量不变。下列各图可能正确的是()17．如图所示，竖直光滑杆上穿有两个弹性小球A、B，其质量关系满意mA>>mB，彼此间隔一小段距离，将两个球从距底座高为h（h远大于小球半径）处由静止同时释放，全部碰撞时间极短且无机械能损失，则A、B第一次碰撞后B球上升的最大高度最接近()A．4hB．6hC．8hD．9h18．如图所示，空间中存在水平方向的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向左，磁场方向垂直纸面对里。一带电小球恰能以速度v0做直线运动，其轨迹如图虚线所示，虚线与水平方向成30°角，小球最终穿过一轴线沿小球运动方向且固定摆放的光滑绝缘管道（管道内径略大于小球直径），下列说法正确的是()A．小球肯定带负电B．磁场和电场的大小关系为E＝eq\r(3)v0BC．小球可能是从管道的乙端运动到甲端D．若小球刚进入管道时撤去磁场，小球将在管道中做匀速直线运动19．真空中静止点电荷Q1、Q2所产生的电场线分布如图所示，图中A、B两点关于点电荷Q2水平对称。某带电粒子（仅受电场力作用）在电场中的运动轨迹如图中虚线所示，C、D是轨迹上的两个点。以下说法正确的是()A．A、B两点的场强大小相等B．A点的电势大于B点电势C．该粒子带正电，在C点的加速度小于D点的加速度D．该粒子带负电，在C点的加速度大于D点的加速度20．如图所示，物块与圆环通过光滑轻质定滑轮用细绳连结在一起，圆环套在光滑的竖直杆上。起先时连接圆环的细绳水平，竖直杆与滑轮间的距离为L。某时刻圆环由静止释放，依次经过竖直杆上的A、B两点，在A点处细绳与竖直杆成53°，圆环下落到B点时，速度达到最大，此时细绳与竖直杆成37°。已知圆环的质量为m，重力加速度为g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，空气阻力不计，下列推断正确的是()A．物块的质量为eq\f(5,4)mB．在A位置时，圆环的加速度大小为eq\f(1,4)gC．圆环下落的最大速度为eq\f(2,3)eq\r(gL)D．圆环下落的最大距离为21．如图所示，在直角坐标系xOy第一象限内x轴上方存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面对里的匀强磁场，在y轴上S处有一粒子源，它可向右侧纸面内各个方向射出速率相等的质量大小均为m，电荷量大小均为q的同种带电粒子，全部粒子射出磁场时离S最远的位置是x轴上的P点。已知OP＝eq\r(3)OS＝eq\r(3)d，粒子带负电，粒子重力及粒子间的相互作用均不计，则()A．粒子的速度大小为B．从O点射出的粒子在磁场中的运动时间为C．沿平行x轴正方向射入的粒子离开磁场时的位置到O点的距离为eq\f(1,2)dD．从x轴上射出磁场的粒子在磁场中运动的最长时间与最短时间之比为9∶4第Ⅱ卷（非选择题，共174分）三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必需作答。第33题～第38题为选考题，考生依据要求做答)(一)必考题(共129分)(7分)多用电表是电学试验中常用的电学工具，其内部的部分电路如图所示，则：(1)将B和C两端点连接红黑表笔可以测电路的__________（填“电压”或“电流”），转换开关S接__________（填“a”或“b”）的量程更大。(2)用多用电表探究黑箱内的电路，电路由四个阻值均为1Ω的相同电阻构成，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，测得1、2接线柱之间的电阻为1Ω，2、3接线柱之间的电阻为1.5Ω，1、3接线柱之间的电阻为2.5Ω。请在虚线框中画出黑箱中电阻连接方式。23．(8分)某爱好试验小组的同学利用如图甲所示装置测定物块与木板AD、DE间的动摩擦因数μ1、μ2；两块粗糙程度不同的木板AD、DE对接组成斜面和水平面，两木板在D点光滑连接（物块在此处运动不损失机械能），且AD板能绕D点转动。现将物块在AD板上某点由静止释放，滑块将沿AD下滑，最终停在水平板的C点；变更倾角，让物块从不同的高度由静止释放，且每次释放点的连线在同一条竖直线上（以保证图中物块水平投影点B与接点D间距s不变），用刻度尺量出释放点与DE平面的竖直高度差h、释放点与D点的水平距离s、D点与最终静止点C的水平距离x，利用多次测量的据绘出x－h图象，如图乙所示，则：(1)下列说法正确的是______。A．物块在AD板上受到的摩擦力大小随θ增大而减小B．从起点到D的过程中摩擦力对A做的功可能随θ增大而增大C．物块在D点的速度大小随θ增大而增大D．物块在D点的速度大小随θ增大而减小(2)写出x－h的函数表达式：__________________（用μ1、μ2、h及s表示）。(3)若试验中s＝0.4m，x－h图象的横轴截距a＝0.2纵轴截距b＝0.6，则μ1＝______，μ2＝______。（计算结果均保留2位有效数字）24．(13分)如图所示，质量为m、带电荷量为－q(q＞0)的小物块静止在墙壁A处，A处有一个弹射器（未画出），可让小物块瞬间获得动能，并向右运动，AB是长度为4R的绝缘水平轨道，B端与半径为R的光滑绝缘半圆轨道BCD相切，半圆的直径BD竖直，且BD的右侧空间有水平向右的匀强电场（图中未画出），电场强度，g为重力加速度。小物块与AB间的动摩擦因数μ＝0.5。若小物块恰能通过半圆轨道，求：(1)小物块在A点获得的动能Ek；(2)小物块运动到半圆轨道最高点D时对轨道的压力大小。25．(19分)如图所示，一滑块放在水平轨道上，下方用绝缘杆固定一边长L＝0.4m、匝数为10匝的正方形金属线框，已知线框的总阻值R＝1.0Ω，线框、绝缘杆以及滑块的总质量M＝2kg，滑块与水平轨道之间的的动摩擦因数μ＝0.5。水平轨道的正下方有长为4L、宽为L的长方形磁场区域，磁场方向垂直纸面对里，且线框的上边缘刚好与磁场区域的中心线重合。现给滑块施加一水平向右的外力F，使整个装置以恒定的速度v＝0.4m/s通过磁场区域，从线框进入磁场瞬间起先计时，磁感应强度随时间的变更规律如图乙所示，重力加速度g＝10m/s2。(1)正方形线框刚要全部进入磁场时外力应为多大？(2)正方形线框从刚进入磁场到刚好离开磁场的过程中，外力做的功为多少？26．锰酸锂(LiMn2O4)可作为锂离子电池的正极材料，在工业上可利用软锰矿浆(主要成分为MnO2，含少量Fe2O3、FeO、Al2O3、SiO2等杂质)汲取含硫烟气(主要成分SO2)制备锰酸锂，生产流程：已知：①软锰矿浆在汲取含硫烟气的过程中酸性渐渐增加。②在此流程中部分金属阳离子生成氢氧化物沉淀的pH如表：沉淀物Fe(OH)3Fe(OH)2Al(OH)3Mn(OH)2起先沉淀2.77.63.47.7完全沉淀3.79.64.79.8(1)含硫烟气在通入软锰矿浆前须要先冷却，冷却的缘由是____________________。(2)滤液1中所含金属阳离子有_____________(填离子符号)。(3)在实际生产中，Li2CO3与MnO2按物质的量之比1∶4混合匀称加热制取LiMn2O4，反应过程：①升温到515℃时，Li2CO3起先分解产生CO2和碱性氧化物A，写出A的名称________，此时比预料Li2CO3的分解温度(723℃)低得多，可能缘由是_______________。②升温到566℃时，MnO2起先分解产生另一种气体X，X恰好与①中产生的CO2物质的量相等，同时得到固体B，固体B是______。③升温到720℃时，第三阶段反应起先，固体质量渐渐增加，当质量不再增加时，得到高纯度的锰酸锂。请写出该阶段反应的化学方程式_________________。(4)由“滤液1”得到“滤液2”同时回收Al(OH)3的试验方案如下：边搅拌边向滤液1中加入_____________，再加入NaOH溶液调整pH范围为____________，过滤得到滤液2和滤渣，向滤渣中加入NaOH溶液pH≥12，搅拌、过滤，再向所得滤液中通入过量的CO2过滤、洗涤、低温烘干得Al(OH)3。(5)工业上，将Li2CO3粗品制备成高纯Li2CO3部分工艺：a．将Li2CO3溶于盐酸作电解槽的阳极液，LiOH溶液做阴极液，两者用离子选择透过膜隔开，用惰性电极电解。b．电解后向LiOH溶液中加入少量NH4HCO3溶液并共热，过滤、烘干得高纯Li2CO3。①a中，阳极的电极反应式是__________，宜选用_____(“阳”或“阴”)离子交换膜。②b中，生成Li2CO3反应的化学方程式是__________________。27．工业制得的氮化铝(AlN)产品中常含有少量Al4C3、Al2O3、C等杂质。某同学设计如下试验分别测定氮化铝(AlN)样品中AlN和Al4C3的质量分数。已知①Al4C3与硫酸反应可生成CH4；②AlN溶于强酸产生铵盐，溶于强碱生成氨气(忽视NH3在强碱性溶液中的溶解)；③该试验条件下的气体摩尔体积为VmL/mol，试验装置如下(量气管为碱式滴定管改装)试验过程：连好装置后，检验装置的气密性；称得装置D的初始质量为ag；称取bgAlN样品置于装置B的锥形瓶中，各装置中加入相应药品，重新连好装置；读取量气管中液面的初始读数为xmL(量气装置左右液面相平)。(1)①若先测量Al4C3质量分数，对K1、K2、K3三个活塞的操作是关闭活塞______，打开活塞______。②当_____时，说明反应已经结束。读取读数之前，应对量气管进行的操作为____________

；若量气管中的液面高于右侧球形容器中的液面，所测气体体积______(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。③记录滴定管的读数为ymL，则Al4C3的质量分数为_________(用可能含a、b、x、y、Vm的代数式表示)。④若无恒压管，对所测Al4C3质量分数的影响是______(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。(2)若先测量AlN质量分数：首先关闭活塞K1，打开活塞K3，通过分液漏斗加入过量的某物质，写出AlN与过量的某物质发生反应的离子方程式为__________；反应完成后，__________(填该步应进行的操作)，最终称得装置D的质量为cg，进而测量AlN的质量分数。28．CO和H2是工业上最常用的合成气，该合成气的制备方法很多，它们也能合成很多重要的有机物。回答下列问题：(1)制备该合成气的一种方法是以CH4和H2O为原料，有关反应的能量变更如图所示。CH4(g)与H2O(g)反应生成CO(g)和H2(g)的热化学方程式为。(2)工业乙醇也可用CO和H2合成，常含肯定量甲醇，各国严禁运用成本低廉的工业酒精勾兑食用酒，但一般定性的方法很难检测出食用酒中的甲醇。有人就用硫酸酸化的橙色K2Cr2O7溶液定量测定混合物中甲醇的含量，甲醇与酸性K2Cr2O7溶液反应生成CO2、Cr2(SO4)3等物质，写出其化学方程式___________。(3)为了检验由CO和H2合成气合成的某有机物M的组成，进行了如下测定：将1.84gM在氧气中充分燃烧，将生成的气体混合物通过足量的碱石灰，碱石灰增重4.08g，又知生成CO2和H2O的物质的量之比为3∶4。则M中碳、氢、氧原子个数之比为____。(4)CO2和H2合成甲醇涉及以下反应：CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)∆H=-49.58kJ/mol。在反应过程中可以在恒压的密闭容器中，充入肯定量的CO2和H2，测得不同温度下，体系中CO2的平衡转化率与压强的关系曲线如图所示：①反应过程中，表明反应达到平衡状态的标记是______。A．生成3molO-H键，同时断裂3molH-H键B．容器中气体的压强不再变更C．容器中气体的平均摩尔质量不变D．CH3OH的浓度不再变更②比较T1与T2的大小关系：T1___T2(填“<”、“=”或“>”)。③在T1和P2的条件下，向密闭容器中充入1molCO2和3molH2，该反应在第5min时达到平衡，此时容器的容积为2.4L，则该反应在此温度下的平衡常数为____，保持T1和此时容器的容积不变，再充入1molCO2和3molH2，设达到平衡时CO2的总转化率为a，写出一个能够解出a的方程或式子___(不必化简，可以不带单位)。29．（9分）植物甲为常见阳生植物，植物乙为常见阴生植物，阳生植物的光补偿点（光合速率与呼吸速率相等时环境中的光照强度）一般大于阴生植物，回答下列问题：（1）叶绿素分布于植物乙叶绿体基粒的＿＿＿薄膜上，光反应阶段产生的ATP和NADPH将干脆参加暗反应阶段中的过程。（2）试验过程中，给植物甲浇灌H2l8O，发觉叶肉细胞中出现了（CH218O）。分析其最可能的转化途径是_________________________，植物乙净光合速率为0时，植物甲净光合速率_____________（填“大于0”“等于0”“小于0”）。（3）若将植物甲密闭在无O2、但其他条件相宜的小室中，遮光培育一段时间后，发觉该植物细胞无氧呼吸过程中除第一阶段有少量ATP生成外，其次阶段并未有ATP生成，缘由是___________________________。30．（8分）哺乳动物胃的内分泌细胞分泌的Ghrelin可与分布于下丘脑的受体GHSR-1α结合，形成Ghrelin-下丘脑GHSR信号通路，促进生长激素分泌，调整摄食行为和糖脂代谢。为了探究有氧运动对高脂饮食诱发的高血糖的影响，按图1所示方案开展试验，最终测定各组小鼠空腹血糖、空腹胰岛素、胃组织Ghrelin蛋白和下丘脑GHSR-1α蛋白的水平，计算相对含量，结果如图2（NC组各指标水平设置为1）。回答下列问题：（1）胰岛素是___________细胞分泌的激素。（2）GHSR-1α所在的细胞为Ghrelin的___________。（3）HC组空腹血糖水平高于NC组，从胰岛素角度分析缘由可能是__________。（4）试验依据__________原则设置两组比照，其中HC组的作用是__________。（5）HC组小鼠血糖水平上升时，Ghrelin蛋白水平下降，降低了饥饿感、削减了摄食量，从而限制血糖进一步上升，这属于机体的__________调整。（6）由试验结果推想，___________的生活方式有助于保持血糖水平正常。31．（10分）某探讨小组从当地湖泊距水面3m深的C处取一桶水样，分装于一对黑（不透光）白（透光）瓶中，剩余的水样测得初始溶解氧含量为10mg/L，然后将这对黑白瓶同时放入C处，24小时后测得这对黑白瓶中溶解氧含量分别是黑瓶3mg/L，白瓶24mg/L。请回答下列问题（1）依据上面数据__________（填“能”或“不能”）测出距水面3m深处生产者的呼吸量，缘由是_________________________。（2）该湖泊C处的生态系统，其能量将逐新______（填“增加”、“不变”或“削减”），理由是__________________________。（3）市政为实施“种青引鸟”工程，在湖边他滩涂引种某植物。科研人员对该湖湿地中多个典型植物群落的昆虫多样性作了连续调查。调查结果如下表主要植被类型昆虫种类数昆虫密度当地物种A5013.2只/m2当地物种B4714只/m2芦苇6514.7只/m2引种某植物302.3只/m2①科研人员调查该湿地生态系统昆虫密度运用的方法是______________，同时留意调查不同物种的_____________状况，以获得群落的垂直结构。②从图中数据分析引种某植物________（填“能”成”不能”）达到“种青引鸟”的目的，请分析缘由____________________________。32．（12分）大麦是高度自交植物，配制杂种相当困难。育种工作者采纳染色体诱变的方法培育获得三体品系，该品系的一对染色体上有紧密连锁的两个基因，一个是雄性不育基因（ms），使植株不能产生花粉，另一个是黄色基因（r），限制种皮的颜色。这两个基因的显性等位基因Ms能形成正常花粉，R限制茶褐色种皮，带有这两个显性基因的染色体片段易位连接到另一染色体片段上，形成一个额外染色体，成为三体，该品系的自交后代分别出两种植株，如下图所示。请回答下列问题：（1）已知大麦的体细胞染色体是7对，育成的新品系三体大麦体细胞染色体为_________________条。（2）三体大麦减数分裂时，若其他染色体都能正常配对，唯有这条额外的染色体，在后期随机分向一极，其中花粉中有额外染色体的配子无授粉实力。下图为三体大麦减数分裂的图片，Ms与ms都处于同一极的分裂图像有_____________，减数分裂Ⅰ细胞两极染色体数之比为____________。减数分裂结束后可产生的配子基因组成是___________和__________。（3）三体大麦自花授粉后，____________种皮的个体为雄性不育，_____________种皮的个体与亲本一样，雄性可育。由于种皮颜色不同，可采纳机选方式分开，便利好用，在生产中采纳不育系配制杂种的目的是______________。（4）三体大麦自花授粉，子代黄色种皮的种子和茶褐色种皮的种子的理论比值为____________，但在生产实践中发觉，大多数种子为黄色种皮，这是因为____________。（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。假如多做。则每学科按所做的第一题计分。33．【物理—选修3-3】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．依据热力学定律知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体B．当分子间距离变小时，分子间的作用力可能减小，也可能增大C．墨汁滴入水中，墨汁的扩散运动是由于碳粒和水分子产生化学反应而引起的D．在宇宙飞船中的水滴呈球形是因为失重的水的表面张力作用的结果E．石墨和金刚石的物理性质不同，是由于组成它们的物质微粒排列结构不同(2)(10分)肯定质量的志向气体，从状态A到状态B，再到状态C，最终回到状态A，如图所示，气体在状态B时热力学温度为T0，求：(i)气体处在状态A和状态C时的温度；(ii)气体在A→B→C→A的循环中，气体是吸热还是放热，热量是多少？34．【物理—选修3-4】(15分)(1)(6分)1801年，托马斯·杨用双缝干涉试验探讨光波的性质。菲涅耳利用双面镜同样得到了杨氏双缝干涉的结果，即菲涅耳双面镜干涉试验，试验装置及光路如图所示，将两块边缘磨光的平面镜M1和M2的边缘对齐，之后倾斜微小的角度θ，用单色光源S向它们照耀，则在双面镜对面的光屏L上会出现干涉条纹(D为遮光板，使光源S发出的光不能干脆照耀到光屏上，S刚好位于M1与M2夹角的角平分线上)。依据试验装置及光路回答下列问题：若增大线光源S到O点的距离，其余条件不变，则屏上相邻两条亮纹(暗纹)中心的距离将______（填“增大”或“减小”）；若换用光子能量较小的单色光，则光屏上相邻两条亮纹(暗纹)中心的距离将______（填“增大”或“减小”）。(2)(9分)一列简谐横波沿x轴传播，a、b为x轴上相距0.5m的两质点，如图甲所示。两质点的振动图象分别如图乙、丙所示。(i)当该波在该介质中传播的速度为2.5m/s时，求该波的波长；(ii)若该波的波长大于0.3m，求可能的波速。35.【化学——选修3：物质结构与性质】过渡金属元素的单质及化合物在科学探讨和工业生产中具有很多用途，依据所学学问回答下列问题：（1）基态Ni2+的核外电子排布式_______________；协作物Ni(CO)4常温下为液态，易溶于CCl4，苯等有机溶剂，固态Ni(CO)4，属于_______________晶体；镍的羰基协作物Ni(CO)4是获得高纯度纳米镍的原料，该协作物中镍原子的价电子排布为3d10，则其杂化轨道类型为_______________，Ni(CO)4是_______________（填“极性”或“非极性”）分子。（2）氯化亚铜是一种白色固体，试验测得其蒸气密度是同条件下氢气密度的99.5倍，则氯化亚铜的分子式为_______________；氯化亚铜的盐酸溶液可定量汲取CO形成协作物Cu2(CO)2Cl2·2H2O（结构如图所示），该反应可用于测定空气中CO的含量，每个Cu2(CO)2Cl2·2H2O分子中含_______________个配位键。（3）铜能与类卤素(SCN)2反应生成Cu(SCN)2，(SCN)2分子中含有σ键与π键的数目比为__________；类卤素(SCN)2对应的酸有两种，理论上硫氰酸（H-S-C≡N）的沸点低于异硫氰酸（H-N=C=S）的沸点，其缘由是_______________。（4）立方NiO（氧化镍）晶体的结构如图所示，其晶胞边长为apm，列式表示NiO晶体的密度为_______________g/cm3（不必计算出结果，阿伏加德罗常数的值为NA）。人工制备的NiO晶体中常存在缺陷（如图）：一个Ni2+空缺，另有两个Ni2+被两个Ni3+所取代，其结果晶体仍呈电中性，但化合物中Ni和O的比值却发生了变更。已知某氧化镍样品组成Ni0.96O，该晶体中Ni3+与Ni2+的离子个数之比为_______________。36．【化学——选修5：有机化学基础】苯丁酸氮芥是氮芥类抗癌药的代表物，其合成路途如图所示：回答下列问题：(1)反应①所需的试剂和条件是______________，B中的官能团名称是______________。(2)C的结构简式为______________。(3)写出具有苯环结构，既能发生银镜反应又能发生水解反应的D的同分异构体的结构简式______________。(不考虑立体异构，只需写出3个)(4)②的反应类型是______________。(5)写出F到G的反应方程式______________。(6)设计由苯和制备的合成路途(无机试剂任选)。______________37．【生物——选修1：生物技术实践】啤酒生产需经过制麦、糖化、发酵等主要环节。糖化主要是将麦芽中的淀粉等有机物水解为小分子的过程。主要工艺流程如下图所示，请回答下列问题：（1）大麦是啤酒发酵的重要碳源，针对制麦及糖化步骤，下列说法正确的有_________（填序号）。①大麦萌发时仅产生淀粉酶，几乎不产生蛋白酶②用赤霉素处理大麦，可诱导淀粉酶的合成③酵母不能干脆利用淀粉，须要淀粉酶等将淀粉转化成酵母可利用的糖④糖化采纳的温度越高，淀粉水解速度越快（2）啤酒发酵时具有活力的酵母需达到肯定的数量，故在菌种活化的过程中，需定时取样，检测酵母的生长状况。若某次样品经2次10倍稀释后，经台盼蓝染色（体积不计），在25×16型血细胞计数板上计数_________色细胞，5个中格中的细胞数为244个，该样品中活酵母细胞的密度为_________个细胞/mL。（3）敲除酿酒酵母中的蛋白酶基因，削减发酵液中蛋白的水解，有助于增加啤酒泡沫的稳定性，从而改善啤酒的品质。以下是某科研小组的试验：①已知编码酵母蛋白酶A(PEP4)的基因序列如下(为非模板链)：编码该酶的mRNA，起始端的三个密码子依次为________，终止密码子为________。②Cas9蛋白可在人为设定的RNA序列（gRNA）引导下，在选定位点切断相应的DNA链（如右图），在DNA自我连接的修复过程中产生突变。DNA序列中含NGG的位点具有较高的编辑效率（N为随意碱基）。上述PEP4序列虚线框中有________处可作为Cas9的优选剪切位点。Cas9的剪切位点在其NGG识别位点的________________侧。（填“5"”或“3'”）③用酪蛋白固体培育基筛选突变体，野生型可以水解酪蛋白，在菌落四周形成透亮圈。须要筛选透亮圈________的菌落，表明其蛋白酶活性__________。38．【生物——选修3：现代生物科技专题】“露露”和“娜娜”是一对基因编辑婴儿，其诞生引发了巨大的争议。基因编辑过程的实质是用特别的引导序列将“基因剪刀—Cas9酶”精准定位到所需修饰的基因上然后进行编辑。回答下列问题：(1)科学家用___________法将特别的引导序列与“基因剪刀—Ca9酶”导入目的细胞，上述实例中目的细胞为___________。(2)“露露”与“娜娜”其实也是试管婴儿，试管婴儿需让成熟且___________的精子与成熟的卵细胞结合形成受精卵，然后进行早期胚胎培育。该时期所用培育液中含有的物质有无机盐和有机盐类、氨基酸、维生素、___________、___________、水和血清等。(3)一个处于囊胚期的早期胚胎经过___________技术可形成两个甚至多个胚胎，该技术操作的关键是要做到将___________，若科学家想在早期胚胎时就知道“露露”的性别，可通过_____________________实现。理综答案第Ⅰ卷（选择题，共126分）一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.【答案】C【解析】A．DNA和DNA水解酶结合后无法调控基因表达，A错误；B．RNA聚合酶是结合在启动子上的，从转录复合体组装起先转录，B错误；C．RNA主要分为：mRNA，tRNA和rRNA，rRNA与蛋白质组成核糖体，在翻译过程中mRNA、tRNA都至少与核糖体结合，所以RNA与蛋白质的结合在细胞生物中普遍存在，C正确；D．HIV是艾滋病病毒，病毒没有细胞结构，是异养生物，病毒只有寄生在其他生物的活细胞中利用宿主细胞内的代谢系统和养分物质才能进行生命活动，所以DNA与RNA的结合发生在宿主细胞中，D错误；故选C。2.【答案】A【解析】A．失活的蛋白质空间结构已经变更，但还是大分子，通过胞吞方式进入溶酶体，不须要借助载体蛋白，A错误；B．溶酶体来源于高尔基体，溶酶体膜与高尔基体膜的化学成分相像，主要含有脂质和蛋白质，B正确；C．溶酶体内的pH约为5，该pH下溶酶体内的酶活性较高，C正确；D．被溶酶体分解后的产物被细胞重新利用或者解除细胞外，D正确；故选A。3.【答案】B【解析】一个精原细胞在进行DNA复制时，若一个DNA分子的每条链上的一个胞嘧啶碱基发生羟化，依据半保留复制和减数分裂过程，初级精母细胞的一对同源染色体上的四个DNA分子中，会有两个DNA序列变更，所以减数分裂产生的4个精子中，两个精子的DNA序列变更，两个没有变更，A正确；B错误；由于基因突变不肯定引起生物性状的变更，所以DNA序列发生变更的精子和卵细胞结合可能发育成具有突变性状的个体（即出现新的性状），也可能发育成没有突变性的个体，CD正确。4.【答案】D【解析】A．由于患者体温始终维持在38.9℃相对稳定，因此产热量=散热量，A正确；B．患者因腹泻出现脱水，体液因此削减，导致血钠浓度上升，B正确；C．患者因腹泻出现脱水，体液削减，细胞外液渗透压上升，抗利尿激素分泌也随之增多，患者尿液会削减，C正确；D．由于患者体温维持不变，说明其体温调整中枢仍旧发挥作用，因为患者被诊断为细菌性病疾，其体温上升是机体对疾病的反应，有利于免疫系统正常工作，是一种病理性体温上升，不是体温调整中枢功能障碍所致，D错误；故选D。5.【答案】C【解析】由题意可知，草方格是将麦草、稻草、芦苇等榨成方格固定于沙中，其蓄积降水，进而促进方格内植物的生长，A正确；微生物可将方格内的麦草、稻草和芦苇等分解，进而改善方格内的土壤环境，B正确；草方格可以治理沙化土地，变更了该区域群落演替的速度和方向，C错误；草方格内种植了固沙植物，可以增加该地物种数量，从而增加物种丰富度，D正确。6.【答案】C【解析】依据题干已知，母本发生了染色体片段缺失，且该果蝇是缺失杂合子，A正确；依据以上分析已知，棒眼是显性性状，正常眼是隐性性状，限制该性状的基因位于X染色体特有的片段上，且该片段发生了缺失，B正确；F1中雌果蝇中棒眼为杂合子，正常眼为缺失杂合子，因此其产生的棒眼基因与正常眼基因的比例为1∶2，则让F1中雌雄果蝇自由交配，F2雄果蝇中棒眼∶正常眼=1∶2，C错误；依据以上分析可知，F1中正常眼雌果蝇的染色体应当发生了缺失，属于染色体结构的变异，可以在光学显微镜下视察到，D正确。7.【答案】C【解析】A．防治龋齿的有效成分是氟离子，则在牙膏中添加Na2PO3F、NaF等均能防治龋齿，当供应的氟离子浓度相等时，它们防治龋齿的作用是相同的，A正确，不选；B．以一氧化氮和二氧化氮为主的氮氧化物是形成“光化学烟雾”“硝酸型酸雨”的形成的一个重要缘由，B正确，不选；C．聚氯乙烯不能用于食品包装，塑料含有的化学品都有毒性，含铅盐的聚氯乙烯会使铅分子扩散到油脂中去，另外，聚氯乙烯塑料制品在较高温度下会分解出有毒气体，C错误，符合题意；D．碳纳米管自身重量轻，具有中空的结构，可以作为储存氢气的优良容器，D正确，不选。答案为C。8.【答案】D【解析】A．依据转化关系，N2O转化N2时，Pt2O+转化为Pt2Oeq\o\al(+,2)，则该过程的催化剂是Pt2O+，故A错误；B．依据转化关系，结合得失电子守恒，N2O转化N2时，Pt2O+转化为Pt2Oeq\o\al(+,2)，氧化还原反应方程式为：N2O+Pt2O+=N2+Pt2Oeq\o\al(+,2)，反应中氮元素由+1价得电子变为0价，1molN2O转化为N2得到2mol电子，则每1molPt2O+转化为Pt2Oeq\o\al(+,2)失电子为2mol，数目为2NA，故B错误；C．将生成的CO2通人含大量SiOeq\o\al(2−,3)、Na+、Cl−的溶液中，碳酸的酸性大于硅酸，SiOeq\o\al(2−,3)+CO2(少量)+H2O=COeq\o\al(2−,3)+H2SiO3↓，有白色沉淀生成，故C错误；D．CO2和N2O的摩尔质量都为44g/mol，一个分子中含有电子数都为22个，则1gCO2、N2O的混合气体的物质的量为mol，含有电子数为mol×22×NA=0.5NA，故D正确；答案选D。9.【答案】D【解析】A．依据碳四价可数得其每个分子中含有18个氢原子，A项错误；B．一般来说，高分子化合物要求相对分子质量至少过万，B项错误；C．因该物质结构中含有酯基，所以可以发生水解反应，但产物有乙酸，没有乙醇，C项错误；D．因该物质结构中有酚羟基、酯基等，可发生取代反应，因结构中有苯环，可发生催化加氢反应，因含有酚羟基或可以燃烧，因而能发生氧化反应，D项正确；所以答案选择D项。10.【答案】C【解析】依据分析可知，W为O，X为Na，Y为Si，Z为Cl元素。A．Na形成晶体为金属晶体，其熔点较低，而Si形成晶体为原子晶体，具有较高熔点，则单质熔点：Y＞X，故A正确；B．水分子间形成氢键，沸点较高，W、Z的氢化物沸点W>Z，故B正确；C．X、W、Z能形成具有强氧化性的NaClO，而不是还原性，故C错误；D．Na2SiO3中含有Si-O共价键，故D正确；故选C。11.【答案】C【解析】A．溶液X中应含有Fe2+，酸性条件下与硝酸根离子反应生成气体NO，反应的离子方程式为：3Fe2++4H++NOeq\o\al(−,3)=3Fe3++NO↑+2H2O，选项A正确；B．生成沉淀H的离子方程式为：AlOeq\o\al(−,2)+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+HCOeq\o\al(−,3)，选项B正确；C．溶液X中肯定没有的离子为：COeq\o\al(2−,3)、Ba2+、NOeq\o\al(−,3)，选项C错误；D．溶液X中肯定含有的离子是：H+、Fe2+、SOeq\o\al(2−,4)、NHeq\o\al(+,4)、Al3+，选项D正确；故答案选C。12.【答案】C【解析】A．Li能与水反应，因此选用无水电解质，故A正确；B．放电时，正极上CO2得电子生成C和Li2CO3，则电极反应式为4Li++3CO2+4e−=C+2Li2CO3，故B正确；C．充电时若电极A质量增加14g，Li的物质的量为=2mol，发生的电极反应式为Li++e−=Li，外电路转移电子2mol，但聚合物电解质膜上通过Li+的物质的量为2mol，故C错误D．电池每放、充电各一次转移4mol电子就有1mol二氧化碳还原生成碳，即理论上能固定1molCO2，故D正确；故答案为C。13.【答案】D【解析】A．25℃，依据A点坐标可知，当pH=2.85时，lgKa+pH=-1.85，即Ka=10−4.7，CH3COOH的Ka数量级为10−5，A错误；B．B点时，醋酸和醋酸根浓度相等，原CH3COOH溶液0.1L0.1mol·L−1，即B点时n(CH3COOH)+n(CH3COO−)=0.01mol，依据电荷守恒可知，c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO−)+c(OH−)，n(Na+)=n(CH3COO−)+n(OH−)-n(H+)=0.005+n(OH−)-n(H+)，环境pH＜7，加入的NaOH的物质的量小于0.005mol，B错误；C．A点时，依据物料守恒可知，c(CH3COOH)+c(CH3COO−)=0.1mol/L，pH＜7，溶液显酸性，即c(CH3COO−)+c(OH−)+c(CH3COOH)-c(H+)＜0.1mol·L−1，C错误；D．依据醋酸根的水解方程可知，醋酸根水解常数Kb=，A到C的过程中不考虑温度变更，水解常数不变，加入的氢氧化钠固体增大，钠离子浓度不断增大，增大，D正确。答案为D。二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。第19～21题有多选项题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。14．【答案】B【解析】小球B的受力状况如图所示，在B缓慢沿弧面上移的过程中，细线与竖直方向的夹角增大，圆柱体对小球的支持力与竖直向上方向的夹角θ减小，故细线的拉力T减小，圆柱体对小球的支持力N增大，A错误，B正确；B对圆柱体的压力N′（N′与N大小相等）的竖直分力大小Ny＝N′cosθ，当θ减小时Ny增大，使得地面对圆柱体的支持力增大，C错误；地面对圆柱体的摩擦力大小f＝μ(Ny＋G)，其中G为圆柱体的重量，可知地面对圆柱体的摩擦力增大，D错误。15．【答案】C【解析】依据eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，副线圈两端电压的最大值U2M＝110eq\r(2)V，故二极管的反向耐压值应大于110eq\r(2)V，A错误；变压器可以变更电压和电流的值，但不能变更频率，因此副线圈中沟通电频率仍为50Hz，B错误；由于二极管的作用，副线圈两个电阻交替工作，与没有二极管一个电阻R始终工作完全相同，因此电流表的示数，志向变压器输入功率等于电阻消耗的功率P＝U2I2＝220W，C正确，D错误。16．【答案】B【解析】依据＝m1ω2r1＝m2ω2r2，可知m1r1＝m2r2，又r1＋r2＝L，得，，依据，可知，故v与r不是线性关系，A错误；依据，解得，故a－r2图线是过原点的直线，B正确；依据，解得，T与r2不是线性关系，C错误；依据，可知F－r2图线为曲线，D错误。17．【答案】D【解析】由于A球做自由落体运动，由v2＝2gh可知，A球与地面碰撞前的速度大小为v＝eq\r(2gh)，A、B彼此间隔一小段距离，可认为B球与A球碰撞前的速度大小也为v＝eq\r(2gh)，两球发生弹性碰撞，系统动量守恒、机械能守恒，设碰撞后小球的速度大小为v1，大球速度大小为v2，选向上方向为正方向，由动量守恒定律得mAv－mBv＝mBv1＋mAv2，由机械能守恒定律得eq\f(1,2)mAv2＋eq\f(1,2)mBv2＝eq\f(1,2)mBv12＋eq\f(1,2)mAv22，解得，当mA>>mB时v1＝3v，小球B上升的高度，故D正确，ABC错误。18．【答案】D【解析】小球做匀速直线运动，当带正电时，电场力水平向左，重力竖直向下，从甲端运动到乙端时，洛伦兹力垂直于虚线斜向右上三力恰好平衡，能保证小球沿图中虚线运动；当小球带负电时，电场力水平向右，重力竖直向下，从甲端运动到乙端时或者从乙端运动到甲端时，洛伦兹力垂直于虚线斜向左上或者右上，均不能使小球沿直线运动，故AC错误；由A项可知，电场力和洛伦兹力关系为，得，故B错误；未撤磁场时，小球三力平衡，其中电场力和重力沿虚线方向的合力为零，当撤去磁场时，在管道中所受重力和电场力均没有变更，故沿虚线方向（管道方向）合力仍为零。而管道的支持力垂直于管道，即小球合力仍为零，做匀速直线运动，故D正确。19．【答案】BC【解析】依据电场线的方向，点电荷Q1带正电，Q2带负电。电场线的疏密表示电场的强弱，所以A处电场较强，A错误；在Q2的电场中，A、B两点的电势相等，在Q1的电场中，A点的电势大于B点电势，所以综合来看，A点的电势大于B点电势，B正确；电场力指向凹面，所以该粒子带正电，C点电场线较疏，电场较弱，电场力较小，加速度较小，所以在C点的加速度小于D点的加速度，C正确，D错误。20．【答案】AD【解析】由题意知圆环到达B点时速度最大，则加速度为0，即mg＝Mgsin37°，解得M＝eq\f(5,4)m，A正确；在A位置时圆环的加速度，由于重物加速上升，F≠Mg，故圆环的加速度大小a≠eq\f(1,4)g，B错误；下滑过程中系统机械能守恒，可得，解得，C错误；设圆环下落的最大距离为x，则，解得，D正确。21．【答案】AB【解析】由OP＝eq\r(3)OS＝eq\r(3)d，可得SP＝2d，如图所示，结合“在轨迹圆中，轨迹的直径为最长的弦”和题中“全部粒子射出磁场时离S最远的位置是x轴上的P点”可知SP是其中一个轨迹的直径，由qvB＝meq\f(v2,r)，可得r＝d，则v＝，A正确；粒子在磁场中运动的周期T＝eq\f(2πm,qB)，由几何学问可得从O点射出的粒子，轨迹所对的圆心角为60°，在磁场中的运动时间t＝eq\f(1,6)T＝，B正确；沿平行x轴正方向射入的粒子，圆心在原点处，运动轨迹为四分之一圆，离开磁场时的位置到O点的距离为d，C错误；从x轴上射出磁场的粒子，从原点射出时在磁场中运动时间最短，运动轨迹与x轴相切时运动时间最长tm＝eq\f(3,4)T＝，则tm∶t＝9∶2，D错误。第Ⅱ卷（非选择题，共174分）三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题～第25题为必考题，每个试题考生都必需作答。第33题～第34题为选考题，考生依据要求做答)(一)必考题(共129分)(7分)【答案】(1)电流a(2)见解析图【解析】(1)将B和C两端点连接红黑表笔可以测电路的电流，转换开关S接a时电流计上并联的电阻较小，则量程更大。(2)依据黑盒子内表现出的外部现象，可推断内部结构如图。23．(8分)【答案】(1)AC(2)(3)0.500.33【解析】(1)物块在AD板上受到的摩擦力为滑动摩擦力，大小为f＝μmgcosθ，随着θ的增大，f减小，故A正确；从起点到D的过程中摩擦力对A做的功，可知摩擦力对A做的功不变，故B错误；依据动能定理可知，物体运动整个过程中克服摩擦力做功相等，θ越大，h越大，重力做功越大，末速度越大，故C正确，D错误。(2)由动能定理得mgh－μ1mgcosθ‧AD－μ2mgx＝0，即。(3)比照图象，带入数值可知μ1＝0.50，μ2＝eq\f(1,3)＝0.33。24．(13分)【解析】(1)设小物块在半圆轨道上的P点时，电场力与重力的合力指向半圆轨道的圆心。由题意知小物块恰能通过半圆轨道，说明小物块在P点的向心力由电场力与重力的合力供应，如图所示，则：由牛顿其次定律有：探讨小物块从A到P的过程，由动能定理有：联立解得：。(2)探讨小物块从A到D的过程，由动能定理有：设小物块在D点受到轨道向下的支持力，大小为F，则有：联立解得：F＝eq\f(3,4)mg依据牛顿第三定律知，小物块运动到半圆轨道最高点D时对轨道的压力大小为eq\f(3,4)mg。25．(19分)【解析】(1)正方形线框刚进入磁场时，由法拉第电磁感应定律得则线框中的电流正方形线框全部进入磁场所用的时间在此时间内，磁感应强度不变，均为B＝0.5T，线框将要全部进入磁场时，右边导线受到向左的安培力，大小为线框的上边所受的安培力向下，大小为则滑块所受滑动摩擦力为故外力。(2)正方形线框刚进入磁场时的外力大小为线框全部进入过程中外力所做的功为线框整体在磁场中运动的时间为则1～3s内有线框中有沿顺时针方向的电流，电流大小为线框完全进入磁场瞬间，磁感应强度发生变更，线框的上边受到向上的安培力，大小为则1～3s内外力做的功3s后线框中无电流，此时直到线框完全离开磁场，外力做的功故整个过程外力做的总功为。26.【答案】(1)提高含硫烟气中SO2的汲取率(2)Mn2+、Al3+、Fe2+(3)氧化锂MnO2对Li2CO3分解有催化作用Mn2O32Li2O+4Mn2O3eq\o(,\s\up7(720℃))4LiMn2O4(4)足量H2O24.7≤pH<7.7(5)2Cl−-2e−=Cl2↑阳2LiOH+NH4HCO3eq\o(,\s\up7(△))Li2CO3+2H2O+NH3↑【解析】(1)含硫烟气在通入软锰矿浆前须要先冷却，是由于降低温度可提高含硫烟气中SO2的汲取率；(2)SO2溶于水得到H2SO3，H2SO3具有酸性，可溶解金属氧化物Fe2O3.FeO、Al2O3，使它们转化为相应的金属阳离子，同时SO2具有还原性，会将得到的Fe3+还原为Fe2+，SO2与MnO2发生氧化还原反应，得到Mn2+，而SiO2是酸性氧化物，不溶于酸，所以滤渣1为SiO2，滤液1含Al3+、Mn2+、Fe2+；(3)①升温到515℃时，Li2CO3起先分解产生CO2和Li2O，故分解得到的碱性氧化物A的名称是氧化锂；此时比预料Li2CO3的分解温度（723℃）低得多，说明MnO2对Li2CO3的分解有催化剂的作用；②升温到566℃时，MnO2起先分解产生另一种气体X，依据元素在室温下的存在状态可知X为O2，X恰好与①中产生的CO2物质的量相等，同时得到固体B，1molLi2CO3分解产生1molCO2气体，4molMnO2分解产生1molO2，则依据元素守恒可知此过程发生的化学反应方程式4MnO2eq\o(,\s\up7(566℃))2Mn2O3+O2↑，B为Mn2O3；③升温到720℃时，A、B反应，固体质量渐渐增加，当质量不再增加时，得到高纯度的锰酸锂。该发生的化学反应方程式为：2Li2O+4Mn2O3eq\o(,\s\up7(720℃))4LiMn2O4；(4)由于滤液1含Al3+、Mn2+、Fe2+，由于Mn2+、Fe2+形成沉淀的pH比较接近，所以由“滤液1”得到“滤液2”同时回收Al(OH)3的试验方案如下：边搅拌边向滤液1中加入足量H2O2，可以将Fe2+氧化为Fe3+，然后再加入NaOH溶液调整pH，使Al3+转化Al(OH)3沉淀，而Mn2+仍旧以离子形式存在于溶液，由于Fe3+完全沉淀的pH=3.7，Al3+完全沉淀的pH=4.7，而Mn2+起先形成Mn(OH)2沉淀的pH=7.7，所以调整溶液pH范围为4.7≤pH<7.7，过滤得到滤液2和滤渣，滤渣中含有Al(OH)3、Fe(OH)3，向滤渣中加入NaOH溶液pH≥12，溶液显碱性，Al(OH)3与碱反应转化为NaAlO2，而Fe(OH)3不溶解，搅拌、过滤，再向所得滤液中通入过量的CO2，NaAlO2与CO2及水反应产生Al(OH)3沉淀，经过滤、洗涤、低温烘干得Al(OH)3；(5)依据题给信息可知：①a中是LiCl溶液，阳极上溶液中的Cl−失去电子，发生氧化反应，电极反应式是2Cl−-2e−=Cl2↑，溶液中阴离子不断放电使阳离子浓度增大，为维持溶液电中性，宜选用阳离子交换膜；②b中LiOH与NH4HCO3反应生成Li2CO3，反应的化学方程式为：2LiOH+NH4HCO3eq\o(,\s\up7(△))Li2CO3+2H2O+NH3↑。27.【答案】(1)K2.K3K1量气管中液面不再变更调整量气管高度，使左右两边液面相平偏小偏大(2)AlN+OH−+H2O=AlOeq\o\al(−,2)+NH3↑打开K2，通入一段时间空气【解析】(1)①通过分液漏斗加入稀硫酸，硫酸与样品中Al4C3完全反应，量取生成的甲烷气体，从而测得Al4C3的百分含量，故应关闭活塞K2、K3，打开活塞K1。②当量气管中液面不再变更时，说明反应已经结束。利用连通器原理，读取读数之前，应对量气管进行的操作为调整量气管高度，使左右两边液面相平；若量气管中的液面高于右侧球形容器中的液面，说明气体的压强大于大气压，所测气体体积偏小。③甲烷的体积为(x-y)mL，物质的量为，依据碳原子的守恒，Al4C3的物质的量等于甲烷的物质的量的三分之一，所以Al4C3的质量为，Al4C3的质量分数为=。④若无恒压管，最终量气管读数偏大，依据上题公式，对所测Al4C3质量分数的影响是偏大。(2)若先测量AlN质量分数：首先关闭活塞K1，打开活塞K3，AlN溶于强酸产生铵盐，溶于强碱生成氨气，通过分液漏斗加入氢氧化钠，发生反应的离子方程式为AlN+OH−+H2O=AlOeq\o\al(−,2)+NH3↑；反应完成后，打开K2，通入一段时间空气，平衡气压，最终称得装置D的质量为cg，进而测量AlN的质量分数。28.【答案】(1)CH4(g)+H2O(g)=CO(g)+3H2(g)ΔH=+(-p+3n+m)kJ·mol−1(2)CH3OH+K2Cr2O7+4H2SO4=CO2+K2SO4+Cr2(SO4)3+6H2O(3)3∶8∶3CD＜3【解析】(1)依据三个能量关系图像写出对应的热化学方程式：CO(g)+O2(g)=CO2(g)ΔH1=-mkJ·mol−1；H2(g)+O2(g)=H2O(g)ΔH2=nkJ·mol−1；CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(g)ΔH3=-pkJ·mol−1；由盖斯定律得：CH4(g)+H2O(g)=CO(g)+3H2(g)ΔH=ΔH3-3ΔH2-ΔH1=+(-p+3×n+m)kJ·mol−1；(2)甲醇与酸性K2Cr2O7溶液反应生成CO2、Cr2(SO4)3，Cr的化合价降低3，碳的化合价上升6，依据电荷守恒，物料守恒可得CH3OH+K2Cr2O7+4H2SO4=CO2+K2SO4+Cr2(SO4)3+6H2O；(3)依据1.84gM中含Cxmol，含Hymol，据题意有，解得x=0.06，y=0.16；则1.84gM中含氧物质的量z==0.06mol，1molM中含C、H、O分别为3、8、3，则M中碳、氢、氧原子个数之比为3∶8∶3；(4)①A．断裂3molH—H键就意味着消耗了3molH2，CH3OH和H2O中均有H—O键，即反应生成了3molO-H键，均表明正反应速率的变更关系，所以不能说明v正=v逆，故A错误；B．由于反应过程中容器的压强始终保持不变，故“压强不再变”的时刻也不能说明v正=v逆，故B错误；C．容器中反应物、生成物均为气体，气体总质量m始终保持不变，但反应前后气体物质的量差Δn≠0，即只有当反应达到平衡状态时，体系的总物质的量n才不再变更，故由M=知“平均摩尔质量不变”能够表明反应达到平衡状态，故C正确；D．“CH3OH的浓度不再变更”表明，单位时间内生成和消耗的CH3OH的浓度相等，即v正=v逆，反应达到平衡状态，故D正确；答案选CD；②由ΔH=-49.58kJ·mol−1＜0，知正反应为放热反应，在同一压强下，温度上升可使CO2的转化率降低，再由图像可知T1＜T2；③由图1知，在T1和p2的条件下，平衡时CO2的转化率为60%。消耗的CO2为1mol×60%=0.6mol，故有如下关系：结合容器的体积(2.4L)有，平衡体系中各物质的浓度为c(CO2)=mol·L−1，c(H2)=mol·L−1，c(CH3OH)=mol·L−1，c(H2O)=mol·L−1，则该条件下的平衡常数为；由于再充入原料气时，反应温度没变，即K不变。设达到平衡时CO2的总转化率为a，则整个过程中反应的CO2为2amol，同理有如下关系：。29.【答案】(1)类囊体三碳化合物的还原(2)有氧呼吸（其次阶段）生成二氧化碳（Cl8O2），二氧化碳（Cl8O2）再参加暗反应（光合作用）生成有机物(CH218O)小于0(3)ATP的合成须要原料ADP、Pi及能量。植物细胞中有ADP、Pi，无氧呼吸第一阶段有少量能量释放出来，所以可以合成少量ATP，无氧呼吸其次阶段没有能量产生，因此没有ATP生成【解析】（1）叶绿素分布于真核细胞叶绿体类囊体的薄膜上，光反应阶段产生的ATP和NADPH将干脆参加暗反应阶段中的三碳化合物的还原过程；（2）H2l8O先进行有氧呼吸（其次阶段）生成二氧化碳（Cl8O2），二氧化碳（Cl8O2）再参加暗反应（光合作用）生成有机物(CH218O)。由于阳生植物的光补偿点大于阴生植物，因此植物乙净光合速率为0时，植物甲净光合速率小于0；（3）植物甲密闭在无O2、遮光培育的环境中，其进行无氧呼吸，无氧呼吸第一阶段有少量能量的产生，而植物细胞中有ADP，Pi，则可以少量合成ATP，但无氧呼吸的其次阶段无能量的产生，因此没有ATP的生成。30.【答案】（1）胰岛B细胞（2）靶细胞（3）HC组空腹胰岛素水平高，说明产生了胰岛素反抗，胰岛素受体失活，导致空腹血糖水平高于NC组（4）单一变量作为HE的比照组，探究有氧运动对高脂饮食诱发高血糖的影响；与NC组比照证明高脂饮食可诱发高血糖（5）反馈（6）低脂饮食、有氧运动【解析】（1）胰岛素是胰岛B细胞分泌产生的唯一能降低血糖的激素。（2）激素具有作用于靶器官、靶细胞的特点，Ghrelin属于内分泌细胞分泌的激素，则GHSR-1α所在的细胞为Ghrelin的靶细胞。（3）HC组的胰岛素含量高于NC组，但血糖浓度却高于NC组，可能缘由是长时间的高脂饮食产生了胰岛素反抗，胰岛素受体失活，导致空腹血糖水平高于NC组。（4）依据题干信息探究有氧运动对高脂饮食诱发的高血糖的影响，试验要遵循单一变量原则设置比照，HC组别的设置是作为HE的比照组，探究有氧运动对高脂饮食诱发高血糖的影响，又与NC组比照证明高脂饮食可诱发高血糖。（5）当血糖浓度上升时，机体通过Ghrelin蛋白水平下降，降低了饥饿感、削减了摄食量来限制血糖进一步提高，这体现了机体的反馈调整。（6）依据图中数据显示，低脂饮食和有氧运动都有利于维持血糖平衡，因此建议提倡低脂饮食和有氧运动的生活方式。31.【答案】(1)不能黑白瓶中的生物既有自养型又有异养型（2分）(2)增加C处生态系统的能量输入大于输出，有能量积累（2分）(3)①样方法空间上的分布（分层）②不能很多种类的鸟的食物是昆虫，昆虫种类越多、密度越大鸟类越多，而引种植物群落中昆虫种类和密度都明显低于其他群落【解析】（1）由于黑白瓶中生物既有自养型的生产者，也有异养型的消费者和分解者，所以黑瓶中呼吸作用耗氧量指的是全部生物的耗氧量；白瓶中增氧量是自养型生物（生产者）的产氧量与全部生物的耗氧量只差（即净产氧量），所以依据题干信息不能测出距水面3m深处生产者的呼吸耗氧量。（2）依据该湖泊C处一天24小时测得的溶氧量净增24mg/L，说明C处生态系统光合作用速率大于呼吸作用消耗速率，对应说明该处的能量输入大于输出，有能量积累。（3）①由于昆虫活动范围小，活动实力弱，所以科研人员常采纳样方法调查该湿地生态系统昆虫密度；为了获得群落的垂直结构体现其分层现象，应留意调查不同物种的垂直分层状况。②由于很多种类的鸟的食物是昆虫，只有昆虫种类越多、密度越大鸟类才越多，而从图中数据分析引种植物群落中昆虫种类和密度都明显低于其他群落，所以不能通过引种植物达到“种青引鸟”的目的。32.【答案】（1）15（2）丙7∶8MsmsRrmsr（3）黄色茶褐色不用进行去雄环节降低劳动成本（4）1∶1花粉中有额外染色体的配子无授粉实力使茶褐色种子数量削减【解析】（1）依据题意，育成的新品系三体大麦体细胞中染色体比正常个体体细胞额外多一条，因此育成的新品系三体大麦体细胞染色体为15条。（2）依据题意，三体大麦减数分裂时，若其他染色体都能正常配对，唯有这条额外的染色体，在后期随机分向一极，两极染色体数比为7∶8，Ms与ms都处于同一极的分裂图像为丙，又由于ms、r两极均有，而Ms、R仅一极有，所以配子基因型为MsmsRr和msr。（3）依据题意，该三体大麦的基因型为MsmsmsRrr，能产生2种类型的雌配子msr和MsmsRr，1种类型的雄配子msr，因此该三体大麦自花授粉后，msmsrr为黄色雄性不育，MsmsmsRrr为茶褐色雄性可育。由于种皮颜色不同，可采纳机选方式分开，便利好用，在生产中采纳不育系配制杂种的目的是不用进行去雄环节降低劳动成本。（4）依据题意，该三体大麦的基因型为MsmsmsRrr，能产生2种类型的雌配子msr和MsmsRr，1种类型的雄配子msr，因此该三体大麦自花授粉，子代黄色种皮msmsrr的种子和茶褐色种皮MsmsmsRrr的种子的理论比值为=1：1。但在生产实践中发觉，大多数种子为黄色种皮，这是因为花粉中有额外染色体的配子无授粉实力使茶褐色种子数量削减。（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。假如多做。则每学科按所做的第一题计分。33．【物理—选修3-3】(15分)(1)(5分)【答案】BDE【解析】热力学其次定律可以知道热量能够从高温物体传到低温物体，但也能从低温物体传到高温物体但引起其他变更，故A错误；分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力，当分子间距离比较大时表现为引力，当分子间距离减小时，分子引力先增大后减小；当表现为斥力时分子间距离变小时分子力增大，故B正确；墨汁的扩散运动是因为微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡引起的，故C错误；在宇宙飞船中的水滴呈球形是因为失重的水的表面张力作用的结果，故D正确；石墨和金刚石的物理性质不同是因为组成它们的物质微粒排列结构不同造成的，故E正确。(2)(10分)【解析】(i)气体从状态A到状态B，由状态方程得解得气体从状态B等压到状态C，由盖吕萨克定律得解得。(ii)在p-V图像中，气体做功即为图像的面积，所以得：从状态A到状态B，气体被压缩，