甘肃省白银市靖远县第一中学2018-2019学年高一下学期开学考试物理试卷

甘肃省白银市靖远一中20182019学年高一（下）期开学考试物理试卷一、单选题1.如图所示，物体静止于水平桌面上，则A.物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一种力B.物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C.桌面对物体的支持力的大小等于物体的重力，这两个力是一对平衡力D.物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对平衡的力【答案】C【解析】【详解】A、压力不是重力，压力的施力物体是物体，受力物体是桌面，作用点在桌面上，而重力的施力物体是地球，受力物体是物体本身，作用点在物体上，故A错误；

B、重力和物体对地球的吸引力是一对作用力与反作用力，物体的重力是作用在物体上的力，支持力也是作用在这个物体上的力，这两个力大小相等、方向相反且作用在同一直线上，所以这两个力是一对平衡力，故B错误，C正确；

D、物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，故D错误。2.如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的物块以某一初速度沿劈的光滑斜面向上滑，至速度为零的过程中，物体M始终保持静止，则在物块m上滑动的过程中（）A.斜劈形物体M受到重力、支持力、B.斜劈形物体M受到重力、支持力、沿斜面向下的惯性力C.斜劈形物体M受到重力、支持力、摩擦力、垂直斜面向下的压力D.斜劈形物体M受到重力、支持力、摩擦力【答案】C【解析】【分析】隔离斜劈，根据受力分析的一般步骤分析.【详解】物块上滑的过程中，斜劈受到物块的垂直斜劈向下的压力、除此之外还受重力、地面的支持力以及向左的摩擦力作用，故选C.3.两质点甲与乙，同时由同一点向同一方向做直线运动，它们的速度-时间图象如图所示。则下列说法中正确的是A.第4s末甲、乙将会相遇B.在第2s末甲、乙将会相遇C.在2s内，甲的平均速度比乙的大D.在第2s末甲、乙相距最近【答案】A【解析】【分析】v-【详解】A、由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知：在第4s末甲对应的速度为：v=at乙的位移为：x乙=4×10m=40m，故A正确；

B、0～2s内甲的速度一直比乙小，故甲、乙之间的距离越来越大，2～4【点睛】本题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动规律，然后根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进行分析处理。4.某物体做直线运动，t=A.第2sB.第3sC.第3sD.第4s【答案】C【解析】试题分析：由图像可知，0∼3s内，物体向东做匀减速运动，故第2s末加速度向西，故A错误；整体物体做匀变速直线运动，故加速度不为零，则合力不为零，故B错误；0∼3s考点：匀变速直线运动的图像【名师点睛】本题是速度时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移。5.目前，我市每个社区均已配备了公共体育健身器材，图示器材为一秋千，用两根等长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上等高的两点。由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，如图中虚线所示，但两悬挂点仍等高，座椅静止时F表示所受合力的大小，F1表示单根轻绳对座椅拉力的大小，与倾斜前相比（）A.F不变，F1变大 B.F不变，F1变小C.F变小，F1变小 D.F变大，F1变大【答案】B【解析】木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即F=0，根据共点力平衡条件，有2F1cosθ=mg，解得F【点睛】在解析力的动态平衡问题时，一般有两种方法，一种是根据受力分析，列出力和角度三角函数的关系式，根据角度变化进行分析解题，一种是几何三角形相似法，这种方法一般解决几个力都在变化的情况，列出力与三角形对应边的等式关系，进行解题分析．v1，小船在静水中的速度为v2，且A.①②B.④⑤C.①⑤D.②③【答案】B【解析】试题分析：根据题意，由运动的独立性可知，当船头垂直河岸渡河时，垂直河岸方向速度最大，渡河时间最短即t=dv考点：运动的合成和分解【名师点睛】本题考查了运动的合成与分解的应用小船渡河模型；要注意合运动与分运动间的独立性及等时性的应用。7.如图，用相同材料做成的质量分别为m1、m2的两个物体中间用一轻弹簧连接。在下列四种情况下，相同的拉力F均作用在m1上，使m1、m2作加速运动：①拉力水平，m1、m2在光滑的水平面上加速运动。②拉力水平，m1、m2在粗糙的水平面上加速运动。③拉力平行于倾角为θ的斜面，m1、m2沿光滑的斜面向上加速运动。④拉力平行于倾角为θ的斜面，mA.△L2>△L1【答案】D【解析】【分析】以整体为研究对象根据牛顿第二定律研究加速度，再以m2【详解】根据牛顿第二定律得

①以整体为研究对象，a1=Fm1+m2，对对m2：kΔL2−μm2g对m2：kΔL3−m2gsinθ=m2a3，则：kΔL3=m2gsinθ+m【点睛】本题是连接体问题，关键是选择研究对象，采用隔离法和整体法结合求解，得到的结论是：弹簧伸长的长度与粗糙情况无关。8.如图所示，一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态，若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是（）A.只将绳的左端移向A′点，拉力变小B.只将绳的左端移向A′点，拉力变大C.只将绳的右端移向B′点，拉力变大D.只将绳的右端移向B′点，拉力不变【答案】BC【解析】【分析】根据“一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点”，“缓慢移动细绳的端点”可知，本题考查动态平衡问题，以滑轮为研究对象，根据共点力平衡条件，关键是根据几何知识分析α与绳子的长度和B点到墙壁距离的关系，也可以运用图解法，作图分析拉力的变化情况。【详解】设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为α，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，得：sinα＝S/L…①以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得：2Fcosα＝mg得：F＝mgAB、当只将绳的左端移向A′点，S和L均不变，则由②式得知，F不变。故A错误，B错误；CD、当只将绳的右端移向B′点，S增大，而L不变，则由①式得知，α增大，cosα减小，则由②式得知，F增大。故C正确，D错误。故选：C。【点睛】根据平衡条件列出绳子拉力的表达式。只将绳的左端移向A′点，细绳与竖直方向的夹角不变；只将绳的右端移向B′点，细绳与竖直方向的夹角增大。二、多选题9.如图所示，大三角劈C置于粗糙水平面上，小三角劈B置于斜面上，B的上面又放一个小木块A，在A、B一起共同加速下滑的过程中，C静止不动，下列说法正确的是（）A.木块A受到方向向左的摩擦力B.木块A对B的压力小于A的重力C.B与C之间的滑动摩擦系数μD.水平地面对C没有摩擦力作用【答案】ABC【解析】A、B一起沿斜面向下做匀加速运动，加速度沿斜面向下，将加速度分解为水平和竖直两个方向，对A分析受力情况，如图．根据牛顿第二定律分析：A有水平向左的分加速度，水平方向的摩擦力必定向左．故A正确．根据牛顿第二定律得：对A：mAgNA=mAasinα＞0，由B对A的支持力NA＜mAg；由牛顿第二定律得知木块A对B的压力小于A的重力．故B正确．对AB整体研究，受力如左图．由Mgsinα＞μMgcosα，得到μ＜tanθ．故C正确．对AB二个物体整体用牛顿第二定律得：水平方向加速度为acosα；那么水平地面对C摩擦力fC=macosα≠0，方向水平向左．故D错误．故选ABC．10.两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一路标，在描述两车运动的v﹣t图中（如图），直线a、b分别描述了两车在0～20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是A.在0～10s内两车逐渐远离B.在10～20s内两车逐渐远离C.在0～10s内两车的总位移相等D.在0～20s内两车的总位移相等【答案】AD【解析】【分析】根据两车的速度大小关系分析它们之间的间距如何变化．根据图象的“面积”分析两车的位移关系．【详解】A、在0～10s内，b的速度大于a的速度，b车在甲的前方，则两车逐渐远离；故A正确.B、在10～20s内，b车在a的前方，b的速度小于a的速度，则两车逐渐靠近；故B错误.C、根据图象的“面积”等于物体的位移大小，可以看出，在t=10s时b车的位移大于a车的位移；故C错误.D、在0～20s内两车图线与坐标轴所围的“面积”相等，则两车通过的总位移相等；故D正确.故选AD.【点睛】本题根据速度图象分析两车的运动情况，抓住“面积”等于位移大小，确定两车的位置关系，两图线的交点表示速度相等，两车相距最远．11.如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则A.a对绳的拉力大小一定不变B.c对b的摩擦力方向一定平行斜面向上C.地面对c的摩擦力方向一定向左D.地面对c的摩擦力一定减小【答案】CD【解析】【分析】b受到c的摩擦力的变化情况，与两物体的重力、斜面的倾角有关．对bc整体研究，由平衡条件分析水平面对c的摩擦力方向和支持力的大小．【详解】A、a处于平衡状态，合力为零，对a受力分析可知，a绳对a的拉力等于a的重力，在a中的沙子缓慢流出的过程中，绳对a的拉力逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，a对绳的拉力大小逐渐减小，故A错误；B、设a、b的重力分别为Ga、Gb．若Ga=Gbsinθ，b受到c的摩擦力为零，若Ga≠Gbsinθ，b受到c的摩擦力不为零，若Ga＜Gbsinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向上，若Ga＞Gbsinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向下，所以c对b的摩擦力方向可以沿斜面向上，也可以沿斜面向下，故B错误；C、D、以bc整体为研究对象，分析受力如图：根据平衡条件得知，水平面对c的摩擦力f=Tcosθ=Gacosθ，方向水平向左；在a中的沙子缓慢流出的过程中，则摩擦力在减小；故C，D正确.故选CD.【点睛】本题采用隔离法和整体法研究两个物体的平衡问题及B所受的摩擦力，要根据B所受的拉力与重力沿斜面向下的分力大小关系，分析摩擦力的大小和方向．12.某同学为了探究物体与斜面间的动摩擦因数，进行了如下实验：取一质量为m的物体，使其在沿斜面方向的推力作用下向上运动，如图甲所示，通过力传感器得到推力随时间变化的规律如图乙所示，通过频闪照相处理后得出速度随时间变化的规律如图丙所示，若已知斜面的倾角α＝30°，若取重力加速度g＝10m/s2，则由此可得（）A.物体的质量为4kgB.物体与斜面间的动摩擦因数为3C.撤去推力F后，物体将做匀减速运动，最后可以静止在斜面上D.撤去推力F后，物体下滑时的加速度为103m/s【答案】BD【解析】【分析】根据“推力随时间变化的规律如图乙所示”、“速度随时间变化的规律如图丙所示，”可知，本题考查牛顿第二定律的应用，根据v﹣t图象与F﹣t图象获取所需信息、对物体正确受力分析，应用牛顿第二定律列式计算。【详解】A、由图丙所示图象可知，0～2s内，物体加速度a＝12m/s2＝/s2，由图乙所示，此段时间内的推力为：F1＝21.5N，由牛顿第二定律得：F1﹣mgsin30°﹣μmgcos30°＝ma…①，由图丙所示可知，2s以后物体做匀速直线运动，由图乙所示图象可知，此时推力为：F2＝20N，由平衡条件得：F2＝mgsin30°+μmgcos30°…②，由①②解得：m＝3kg，μ＝39C、物体与斜面间的滑动摩擦力为：f＝μmgcos30°＝39×30×32＝5N，重力沿斜面向下的分力为：GD、撤去推力物体下滑时，由牛顿第二定律得：μmgcos30°﹣mgsin30°＝ma，a＝103m/s2故选：BD。【点睛】读懂图象是正确解题的前提与关键。由图象求出物体做匀速直线运动时的推力，由平衡条件求出动摩擦因数；由v﹣t图象求出物体的加速度，然后由牛顿第二定律求出物体的质量；根据静摩擦力与重力沿斜面向下的分力关系判断物体是否能静止在斜面上；再由牛顿第二定律求出撤去外力后的加速度。三、实验题探究题13.在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码依次挂在竖直悬挂的弹簧下端，进行了相关的测量。根据所测数据，他们利用描点法作出了所挂钩码的总重力G与弹簧长度L的关系图像（如图）。请根据图像回答以下问题：(1)弹簧的原长为_____m.(2)弹簧的劲度系数为_______N/m.(3)关于该实验，以下说法错误的是______A.弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时，应保证弹簧竖直悬挂C.测量弹簧长度L时，应保证弹簧和钩码均处于平衡状态D.实验可得出的结论是：弹簧的弹力与弹簧长度L成正比【答案】(1).(2).1000(3).D【解析】(1)当弹簧下端所挂钩码的重力G为0时，弹簧的拉力也为0，此时弹簧长度即为原长，由图示图象可知，弹簧的原长为;(2)由图示图象可知，弹簧的劲度系数为k(3)实验时，弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时，应保证弹簧竖直悬挂，测量弹簧长度L时，应保证弹簧和钩码均处于平衡状态；实验可得出的结论是：在弹性限度内，弹簧产生的弹力大小与弹簧的伸长量成正比；故ABC正确，D错误；说法错误的是故选D。14.某实验小组用图甲所示的装置“探究加速度与合外力的关系”，图中小车质量为M，砂桶和砂的总质量为m。实验中通过改变m来改变小车所受的合外力大小，小车的加速度a可由打点计时器和纸带测出，绳的拉力F可由弹簧测力计测出。现保持小车质量M不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量m，进行多次实验，得到多组a、F值.(1)为了减小实验误差，下列做法正确的是______A.先释放小车，后接通打点计时器的电源B.该实验不需要平衡小车所受的摩擦力C.该实验砂桶和砂的总质量不需要远小于小车的质量D.滑轮摩擦要足够小，绳的质量要足够轻(2)某同学根据实验数据画出了图乙所示的一条过坐标原点的倾斜直线，其中纵轴为小车的加速度大小a，横轴应________（填选项前的字母）。A.1MB.1mC.F(3)当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，图线将____________（填选项前的字母）。A.偏向纵轴B.保持原方向不变C.偏向横轴(4)图丙为上述实验中打下的一条纸带，A、B、C、D、E为选出的五个计数点，每相邻两点间还有四个计时点未画出，测得AB=s1,DE=s【答案】(1).C(2).C(3).B(4).(【解析】(1)实验时，先接通打点计时器的电源，后释放小车，为了减小实验误差，实验需要平衡小车所受的摩擦力，实验砂桶和砂的总质量需要远小于小车的质量，滑轮摩擦要足够小，绳的质量要足够轻；故C正确，ABD错误；(2)对小车分析，应有F=ma，解得：a=1MF，由于图线经过坐标原点，所以横轴应为F(3)由于图象的斜率为k=1M，所以增大沙和沙桶质量，k(4)根据匀变速直线运动的推论公式Δx=aT2可得：BC四、计算题15.一小球从空中h＝20m处自由下落，与水平地面碰撞后以碰前速度的60%竖直反弹到某一高度．取g＝10m/s2，不计空气阻力．求：（1）小球第一次落地时的速度大小．（2）反弹的高度．（3）从开始下落到第二次落地，经过多长时间．【答案】（1）20m/s；（2）7.2m；（3）4.4s．【解析】【分析】根据“自由下落”、“竖直反弹到某一高度”可知，本题主要考查了自由落体运动、竖直上抛运动的简单应用，根据自由落体运动和竖直上抛运动的速度时间关系、位移时间关系，列方程计算。【详解】（1）小球第一次落地时有：v解得：v1=g（2）反弹的速度v2＝60%v1＝12m/s反弹的高度：h2=（3）第一次下落的时间t1＝v反弹后做竖直上抛运动，运用整体法有h′＝v2t2﹣1落地时h′＝0，得t2＝2故从开始下落到第二次落地的时间t＝t1+t2＝2s+2.4s＝4.4s答：（1）小球第一次落地时的速度大小为20m/s；（2）反弹的高度是7.2m；（3）经过4.4s时间．16.质量为10kg的物体在F=200N的水平推力作用下，从粗糙固定斜面的底端由静止开始沿斜面向上运动，斜面足够长且与水平地面的夹角θ=370，力F作用2s后撤去，物体在斜面上继续上滑了后，速度减为零。(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s²).求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数μ；(2)物体上滑的总路程x；(3)物体速度减为零后能否在斜面上静止?若能，请说明理由；若不能，请求出物体返回底端时速度的大小。【答案】（1）0.25（2）16.25m（3）/s【解析】（1）设加速的加速度为a1，末速度为v，减速时的加速度大小为a2，撤去F前，对物体受力分析如图所示，由牛顿第二定律得有FN=Fsinθ+mgcosθFcosθ﹣Ff﹣mgsinθ=