安徽省六安中学2024-2025学年高二物理下学期期末考试试题含解析

PAGE15-安徽省六安中学2024-2025学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）（时间90分钟满分100分）第I卷（选择题)一、单选题（每小题只有一个选项符合题意，每题4分，共40分）1.下列说法不正确的是.A.在探讨某学生骑车返校的速度时可将其视为质点，而对这位学生骑车姿态进行生理学分析时不行将其视为质点B.在探讨物体的运动时，引入了“质点”的概念，是采纳建立志向物理模型的方法C.伽利略猜想自由落体速度与下落的时间成正比，并干脆用试验进行了验证D.时刻是指运动过程中的某一瞬间、对应着一个位置，时间是两个时刻之间的间隔、对应着一个运动过程．【答案】C【解析】【详解】A．用来代替物体的有质量的点叫质点．要把物体看作质点，就要看所探讨问题的性质，假如运动物体的形态和大小跟它所探讨的问题相比可忽视不计，物体就可视为质点．在探讨某学生骑车返校的速度时，学生的形态和大小能忽视可将其视为质点；对这位学生骑车姿态进行生理学分析时，学生的形态和大小不能忽视不行将其视为质点．故A正确，不符合题意；B．在探讨物体的运动时，引入了“质点”的概念，是采纳建立志向物理模型的方法．故B正确，不符合题意；C．伽利略猜想自由落体速度与下落的时间成正比，并未干脆进行验证，而是在斜面试验的基础上进行志向化推理．故C错误，符合题意；D．时刻是指运动过程中的某一瞬间、对应着一个位置，时间是两个时刻之间的间隔、对应着一个运动过程．故D正确，不符合题意。故选C。2.汽车在水平面上刹车，其位移与时间的关系是，则它在前3s内的平均速度为（）A.8m/sB.10m/sC.12m/sD.14m/s【答案】A【解析】【分析】本题为汽车刹车问题，故应先依据位移表达式求出初速度及加速度；由速度公式求得静止所须要的时间；明确3s内的位移，再由平均速度公式求出平均速度．【详解】由位移与时间的关系可知，v0=24m/s；a=-12m/s2；则由v=v0+at可知，汽车在2s末即静止；故3s内的位移2s内的位移，故x=3s内汽车的位移x=24×2-6×4=24m；则汽车的平均速度．故应选：A．【点睛】本题为易错题，许多同学忽视了汽车刹车问题，故干脆代入3s而求出错误的位移；遇到汽车刹车问题应首先分析汽车静止所须要的时间，然后再进行分析．3.如图所示，已知用光子能量为2.82eV的紫光照耀光电管中的金属涂层时，毫安表的指针发生了偏转．若将电路中的滑动变阻器的滑头P向右移动到某一位置时，毫安表的读数恰好减小到零，电压表读数为1V，（已知电子质量me=9.11×10-31kg，普朗克常量h=6.63×10-34J•s，1eV=1.60×10-19J），则该金属涂层的极限频率约为（）A.4.4×1014Hz B.5.7×1014HzC.4.4×1016Hz D.5.7×1016Hz【答案】A【解析】【详解】毫安表的读数恰好减小到零说明逸出的电子的动能恰好能克服电场力做功EK=eU=1eV，由公式E=W+EK知W=2.82-1=1.82eV=2.912×10-19J依据解得故A正确。故选A。4.下列关于图的说法中正确的是A.原子中的电子绕原子核高速运转时，运行轨道的半径是随意的B.发觉少数α粒子发生了较大偏转，说明原子的质量绝大部分集中在很小的空间范围C.光电效应试验说明白光具有波动性D.射线甲由α粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷【答案】B【解析】【详解】依据玻尔理论可以知道，电子绕原子核运动过程中是沿着特定轨道半径运动的，A错；依据卢瑟福的α粒子散射试验现象，发觉少数α粒子发生了较大偏转，说明原子的质量绝大部分集中在很小的空间范围，则B对；光电效应表明白光的粒子性，C错；依据左手定则可以推断射线甲带负电，是电子流，D错．故选B.5.依据热学学问可以推断，下列说法正确的是（）A.载重汽车卸去货物的过程中，外界对汽车轮胎内的气体做正功B.气体的摩尔质量为M，分子质量为m，若1摩尔该气体的体积为V，则该气体分子的体积为C.肯定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加D.空调的压缩机制冷时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以这一过程不遵守热力学其次定律【答案】C【解析】【详解】A．载重汽车卸去货物的过程中，轮胎体积变大，则汽车轮胎内的气体对外界做正功，故A错误；B．若1摩尔该气体的体积为V该气体分子所占空间的体积为由于气体分子的体积远小于该气体分子所占空间的体积，故B错误；C．对的，因为在水蒸发要汲取能量，蒸发过程中温度恒定，也就是说分子动能不变，能量转化到分子势能中，故分子之间的势能增加，故C正确；D．空调机压缩机制冷时，空气压缩机做功，消耗电能，制冷过程不是自发的进行的，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以这一过程遵守热力学其次定律，故D错误。故选C。6.如图甲所示，单匝闭合线圈固定在匀强磁场中，t=0时刻磁感线垂直线圈平面对里，磁感应强度随时间改变如图乙所示，线圈面积S=0.1m2，电阻．在0~2s时间内，下列说法正确的是（）A.线圈中的感应电流沿逆时针方向B.线圈中的感应电动势大小为0.5VC.线圈中产生的焦耳热为0.05JD.通过线圈横截面的电荷量为0.1C【答案】D【解析】【详解】AB．由楞次定律知线圈中的感应电流沿顺时针方向，依据法拉第电磁感应定律：，故AB错误；C．线圈中产生的焦耳热：，代入数据解得：Q=0.5J，故C错误；D．通过线圈横截面的电荷量：，代入数据得：q=0.1C，故D正确．7.如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦沟通电的图像，当调整线圈转速后，所产生的正弦沟通电的图像如图b所示，以下关于这两个正弦沟通电的说法中正确的是（）A.线圈先后两次转动的角速度之比为2:3B.沟通电a的电压有效值为C.沟通电b的电压瞬时值为D.沟通电a在图中t=0.1s时刻穿过线圈的磁通量改变率为零【答案】C【解析】【详解】由图可知，周期Ta=0.4s，Tb=0.6s，依据,则线圈先后两次角速度之比ωa：ωb=Tb：Ta=3：2．故A错误．由图电压最大值Um=10V，沟通电a电压有效值，故B错误；由电动势的最大值Em=NBSω，则两个电压最大之值比Uma：Umb=ωa：ωb=3：2，则沟通电b电压的最大值为V；周期Tb=0.6s，，沟通电压b的瞬时值表达式为，故C正确；沟通电a在图中t=0.1s时刻感应电动势最大，磁通量改变率最大，故D错误；故选C．8.如图所示，志向变压器的原线圈接有频率为f、电压为U的沟通电，副线圈接有光敏电阻R1、用电器R．下列说法正确的是A.当光照增加时，变压器的输入功率减小B.当滑动触头P向上滑动时，用电器消耗的功率减小C.当U增大时，用电器消耗功率减小D.当f减小时，变压器的输入功率减小【答案】B【解析】【详解】A．当光照增加时，光敏电阻的电阻值减小，故变压器的输出功率增加，故输入功率也增加，故A错误；B．当滑动触头P向上滑动时，原线圈匝数增加，依据，变压器的输出电压减小；依据功率表达式，输出功率减小，故输入功率也减小，故B正确；C．当U增大时，依据，变压器的输出电压增加；依据功率表达式，用电器消耗的功率增大；故C错误；D．当减小时，输入电压和输出电压不变，输出功率不变，故变压器的输入功率不变，故D错误。9.如图，一光滑平行金属轨道平面与水平面成θ角，两导轨上端用一电阻R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面对上．质量为m的金属杆ab，以初速度v0从轨道底端向上滑行，滑行到某一高度h后又返回究竟端．若运动过程中，金属杆保持与导轨垂直且接触良好，并不计金属杆ab的电阻及空气阻力，则()A.上滑过程中安培力的冲量比下滑过程安培力的冲量大B.上滑过程通过电阻R的电量比下滑过程多C.上滑过程通过电阻R产生的热量比下滑过程多D.上滑过程的时间比下滑过程长【答案】C【解析】【详解】ACD．由于导体棒切割磁感线产生感应电流，棒的机械能不断削减，经过同一位置时下滑的速度小于上滑的速度，则下滑阶段的平均速度大于下滑阶段的平均速度，而上滑阶段的位移与下滑阶段的位移大小相等，所以上滑过程的时间比下滑过程短；下滑时棒受到的安培力小于上滑所受的安培力，则下滑过程安培力的平均值小于上滑过程安培力的平均值，所以上滑导体棒克服安培力做功大于下滑过程克服安培力做功，故上滑过程中电阻R产生的热量大于下滑过程中产生的热量多；依据冲量定义上滑过程中安培力的冲量与下滑过程安培力的冲量相等，故AD错误，C正确；B．依据感应电量公式知，上滑过程和下滑过程磁通量的改变量相等，则通过电阻R的电量相等，故B错误；故选C。二、多选题（每小题有多个选项符合题意，选全对得4分，选不全得2分，错选得0分，共3题，总分12分）10.a、b两物体沿同始终线运动，运动的位置一时间（）图像如图所示。分析图像可知（）A.时刻两物体的运动方向相同 B.时间内的某时刻两物体的速度相等C.时间内a、b两物体运动的路程不等 D.时刻b物体从后面追上a物体【答案】BCD【解析】【详解】A．图像的切线斜率表示速度，时刻a的速度为正、b的速度为负，运动方向相反，选项A错误；B．如图所示，时间内有一点N，在这一点b图像的斜率与a图像的斜率相等，即二者速度相等（临界点），选项B正确。C．时刻和时刻，二者位置坐标均相等，则时间内两物体位移相等。但该过程中，a始终正向运动，b先负向、后正向运动，则二者运动的路程不等，选项C正确。D．时刻两物体在同一位置，之前一段时间二者速度方向相同，且b的速度大于a的速度，则b从后面追上a。选项D正确；故选BCD.11.A、B两球用长为L的细线相连，现提着B从肯定高处由静止释放，A、B两球落地时间差为△t1速度差为△v1：若再从稍高处自由释放，两球落地时间差为△t2，速度差为△v2，不计空气阻力，则()A.△t1<△t2 B.△t1>△t2 C.△v1<△v2 D.△v1>△v2【答案】BD【解析】【详解】AB．设细线的长度为L，第一个小球着地后，另一个小球运动的位移为L，在L内运动的时间，即为两球落地的时间差，第一个球着地的速度为另一个小球在位移L内的初速度．高度越高，落地的速度越大，知高度越高，另一个小球在位移L内的初速度越大，依据L=v0t+gt2初速度越大，时间越短．所以△t1＞△t2故B正确，A错误。CD．依据△v=g△t可知△v1＞△v2故D正确，C错误。故选BD。12.肯定质量的志向气体，状态改变过程如V－T图像中ABC图线所示，由图线可知A.A→B过程，气体吸热、压强增大B.B→C过程，气体放热、压强增大C.C→A过程，分子密度减小D.C→A过程，分子在单位时间内撞击单位面积容器壁的次数增加【答案】BC【解析】【详解】A．志向气体的内能只由温度确定，A→B过程，等压膨胀，内能增大，气体吸热，A错误；B．B→C过程，等温压缩，内能不变，对气体做功，气体放热、压强增大，B正确；CD．C→A过程，体积增大，分子密度减小，分子在单位时间内撞击单位面积容器壁的次数削减，C正确；D错误。故选BC。第II卷（非选择题)三、试验题（每空2分，共计8分）13.在“探讨匀变速直线运动”的试验中，打点计时器接在50Hz的低压沟通电源上．某同学在打出的纸带上按打点的先后依次选取A、B、C、D、E、F六个计数点（每相邻两个计数点间还有四个点），从A点起先在每一个计数点处将纸带剪开分成五段（分别为a、b、c、d、e段），将这五段纸带由长到短紧靠但不重叠地粘在xOy坐标系中，如图所示．（1）将每一段纸带的右上端连接起来，得到一条倾斜的直线，如图所示，可知该物体做_______直线运动，若直线与–x方向的夹角越大，说明物体运动的加速度_____（填“越大”或“越小”）．（2）从第一个计数点A起先计时，为求出0.25s时刻物体的瞬时速度，须要测出哪一段纸带的长度？答：____________段纸带（填“a”“b”“c”“d”或“e”）．（3）若测得a段纸带的长度为8.00cm，e段纸带的长度为2.00cm，则可求出加速度的大小为_______m/s2．【答案】(1).匀减速(2).越大(3).c(4).1.5【解析】【详解】解：(1)纸带剪接后，水平方向每条宽度相同，正好与时间对应，竖直长度为相邻相等时间的位移，由于，纸带长度差相等，改变规律恰好与速度一样，图线可看作图象，即速度匀称削减，该物体做匀减速直线运动；直线与方向的夹角越大，图象斜率越大，加速度越大；(2)求0.25s的速度，即求0.2∼0.3s内的平均速度，0.2∼0.3s内的位移恰好是纸带段对应的长度；(3)利用，即，则有，所以加速度的大小为．四、解答题（写出必要的文字说明和解题步骤，只写结果不得分）14.冰壶运动是冬奥会上关注度极高的一个项目,竞赛场地示意图如图,圆心离投掷线的距离为．竞赛时,运动员从起滑架处推着冰壶动身,在投掷线处放手让冰壶以肯定的速度滑出,使冰壶的停止位置尽量靠近圆心．为使冰壶滑行得更远,运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面,使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小．设不用毛刷擦冰面时,冰壶匀减速的加速度大小是,用毛刷擦冰面时,冰壶匀减速的加速度大小是．(1)若运动员乙不用毛刷擦冰壶运行前方的冰面,为使冰壶能够沿虚线运动恰好停止在圆心点,运动员甲应当在投掷线处以多大的速度将冰壶沿虚线推出?(2)在某一局竞赛中,运动员甲使冰壶在投掷线的中点处以的速度沿虚线推出,推出后,感觉速度偏小,冰壶运动了后,运动员乙立即从今处起先用毛刷擦冰面至点处,则冰壶最终所停的位置距投掷线的距离为多大?【答案】（1）（2）26m【解析】【详解】(1)依据得(2)前内,冰壶以加速度做匀减速运动,发生位移此时速度为接下来冰壶以加速度接着做匀减速运动直至停止,发生位移所以最终冰壶停止的位置距距离为．【点睛】正确理解冰壶的运动并结合运动学公式求解即可．15.在如图所示的电路中，螺线管上线圈的匝数n=1500匝，横截面积，螺线管上线圈的电阻r=1.0Ω，定值电阻、，电容器的电容C=30mF，在一段时间内，螺线管中磁场的磁感应强度B按如图所示的规律改变。（1）求螺线管中产生的感应电动势；（2）闭合开关S，电路中的电流稳定后，求电阻的电功率。【答案】（1）1.2V；（2）【解析】【详解】（1）依据法拉第电磁感应定律得（2）依据闭合电路欧姆定律得电阻的电功率16.如图为某高压锅结构示意图，锅盖上有两个气孔，气孔1使锅内与外界连通，此时锅内气体与外界大气压强相等。当锅内温度达到40℃时，气孔1会封闭，将锅内外隔离。若锅内温度接着上升，锅内气体压强增大，当压强增大到设计的最大值时，气体会顶起气孔2上的限压阀。已知限压阀的质量为20g，气孔2的横截面积为，锅的容积为，现在锅内放入20℃、极少量的水，然后盖好锅盖加热，很快水完全汽化后气孔1封闭。求：（气体可视为志向气体，大气压强）(1)气孔2上的限压阀被顶起时，锅内气体的温度是多少？(2)从气孔1封闭到温度升到120℃，漏出的气体占气孔1封闭时锅内气体的百分比。【答案】(1)118.25℃；(2)0.50%【解析】【详解】(1)气体在气孔1封闭到气孔2上的限压阀被顶起的过程中，据查理定律限压阀解得(2)密封气体在限压阀顶起至升温到120℃进行等压改变，据盖吕萨克定律漏出的气体的占气孔1封闭后锅内气体的百分