专题36 函数综合压轴题（27题）（解析版）-2024年中考数学真题分类汇编

PAGE13PAGE14专题36函数综合压轴题（27题）一、解答题1．（2024·黑龙江齐齐哈尔·中考真题）综合与探究：如图，在平面直角坐标系中，已知直线与x轴交于点A，与y轴交于点C，过A，C两点的抛物线与x轴的另一个交点为点，点P是抛物线位于第四象限图象上的动点，过点P分别作x轴和y轴的平行线，分别交直线于点E，点F．(1)求抛物线的解析式；(2)点D是x轴上的任意一点，若是以为腰的等腰三角形，请直接写出点D的坐标；(3)当时，求点P的坐标；(4)在（3）的条件下，若点N是y轴上的一个动点，过点N作抛物线对称轴的垂线，垂足为M，连接，则的最小值为______．【答案】(1)(2)(3)(4)【分析】本题主要考查了求函数解析式、二次函数与几何的综合等知识点，掌握数形结合思想成为解题的关键．（1）先根据题意确定点A、C的坐标，然后运用待定系数法求解即可；（2）分三种情况分别画出图形，然后根据等腰三角形的定义以及坐标与图形即可解答；（3）先证明可得，设，则,可得，即，求得可得m的值，进而求得点P的坐标；（4）如图：将线段向右平移单位得到,即四边形是平行四边形，可得,即，作关于对称轴的点,则，由两点间的距离公式可得，再根据三角形的三边关系可得即可解答．【详解】（1）解：∵直线与x轴交于点A，与y轴交于点C，∴当时，，即；当时，，即；∵，∴设抛物线的解析式为，把代入可得：，解得：，∴，∴抛物线的解析式为：．（2）解：∵，，∴,∴，如图：当，∴,即；如图：当，∴,即；如图：当，∴,即；综上，点D的坐标为．（3）解：如图：∵轴，∴，∵轴，∴，∵，∴,∴,∵设，则,∴，∴，解得：（负值舍去），当时，，∴．（4）解：∵抛物线的解析式为：，∴抛物线的对称轴为：直线，如图：将线段向右平移单位得到,∴四边形是平行四边形，∴,即,作关于对称轴的点,则∴,∵，∴的最小值为．故答案为．2．（2024·黑龙江绥化·中考真题）综合与实践问题情境在一次综合与实践课上，老师让同学们以两个全等的等腰直角三角形纸片为操作对象．纸片和满足，．下面是创新小组的探究过程．操作发现（1）如图1，取的中点，将两张纸片放置在同一平面内，使点与点重合．当旋转纸片交边于点、交边于点时，设，，请你探究出与的函数关系式，并写出解答过程．问题解决（2）如图2，在（1）的条件下连接，发现的周长是一个定值．请你写出这个定值，并说明理由．拓展延伸（3）如图3，当点在边上运动（不包括端点、），且始终保持．请你直接写出纸片的斜边与纸片的直角边所夹锐角的正切值______（结果保留根号）．

【答案】（1），见解析；（2）2，见解析；（3）或【分析】（1）根据题意证明，得出关系式，进而求得，代入比例式，即可求解；（2）方法一：勾股定理求得，将将（1）中代入得，进而根据三角形的周长公式，即可求解；方法二：证明，，过作交于点，作交于点，作交于点．证明，，得出，得出，进而根据三角形的周长公式可得的周长．方法三：过作交于点，作交于点，在上截取一点，使，连接．得出，，则，同方法二求得，进而即可求解；（3）分两种情况讨论，于的夹角；①过点作于点，作的垂直平分线交于点，连接，在中，设，由勾股定理得，，进而根据正确的定义，即可求解；②过点作于点，作的垂直平分线交于点，连接，在中，设，同①即可求解．．【详解】操作发现解：（1）∵，且．∴，∴，∴，∴，∴，∴．在中，，∴，∵是的中点，点与点重合，∴，∴，∴．

问题解决（2）方法一：解：的周长定值为2．理由如下：∵，，，∴，，在中，∴．将（1）中代入得：∴．∵，又∵，∴，∴．∵的周长，∴的周长．方法二：解：的周长定值为2．理由如下：∵和是等腰直角三角形，∴，∵，∴，在中，，∴，∴，∴，∴，，，∵O为AB的中点，∴，∴，又∵，∴，，，∴过作交于点，作交于点，作交于点．∴．又∵，，∴，，∴，，∴．∵的周长．又∵，，，∴，∴，∵，，∴，∵是的中点，点是的中点，同理点是的中点．∴，∴的周长．

方法三：解：的周长定值为2．理由如下：过作交于点，作交于点，在上截取一点，使，连接．∵是等腰直角三角形，为的中点，∴平分，∴，∴，∴，．∵，，∴，，∴，∴，∵，∴，∴，∴的周长．又∵，，，∴，∴．∵，，∴．∵是的中点，点是的中点，同理点是的中点．∴，∴的周长．

拓展延伸（3）或

①解：∵，，∴，过点作于点，作的垂直平分线交于点，连接，∴，∵，∴，∵，∴，∴，在中，设，∴，由勾股定理得，，∴，∴在中，．

②解：∵，，∴，过点作于点，作的垂直平分线交于点，连接．∵，∴，∴，在中，设，∴，由勾股定理得，，∴，∴在中，．∴或．

【点睛】本题考查了相似三角形的性质与判定，全等三角形的性质与判定，解直角三角形，旋转的性质，函数解析式，熟练掌握相似三角形的性质与判定，解直角三角形是解题的关键．3．（2024·广东深圳·中考真题）为了测量抛物线的开口大小，某数学兴趣小组将两把含有刻度的直尺垂直放置，并分别以水平放置的直尺和竖直放置的直尺为x，y轴建立如图所示平面直角坐标系，该数学小组选择不同位置测量数据如下表所示，设的读数为x，读数为y，抛物线的顶点为C．(1)（Ⅰ）列表：①②③④⑤⑥x023456y012.2546.259（Ⅱ）描点：请将表格中的描在图2中；（Ⅲ）连线：请用平滑的曲线在图2将上述点连接，并求出y与x的关系式；(2)如图3所示，在平面直角坐标系中，抛物线的顶点为C，该数学兴趣小组用水平和竖直直尺测量其水平跨度为，竖直跨度为，且，，为了求出该抛物线的开口大小，该数学兴趣小组有如下两种方案，请选择其中一种方案，并完善过程：方案一：将二次函数平移，使得顶点C与原点O重合，此时抛物线解析式为．①此时点的坐标为________；②将点坐标代入中，解得________；（用含m，n的式子表示）方案二：设C点坐标为①此时点B的坐标为________；②将点B坐标代入中解得________；（用含m，n的式子表示）(3)【应用】如图4，已知平面直角坐标系中有A，B两点，，且轴，二次函数和都经过A，B两点，且和的顶点P，Q距线段的距离之和为10，求a的值．【答案】(1)图见解析，；(2)方案一：①；②；方案二：①；②；(3)a的值为或．【分析】（1）描点，连线，再利用待定系数法求解即可；（2）根据图形写出点或点B的坐标，再代入求解即可；（3）先求得，，的顶点坐标为，再求得顶点距线段的距离为，得到的顶点距线段的距离为，得到的顶点坐标为或，再分类求解即可．【详解】（1）解：描点，连线，函数图象如图所示，观察图象知，函数为二次函数，设抛物线的解析式为，由题意得，解得，∴y与x的关系式为；（2）解：方案一：①∵，，∴，此时点的坐标为；故答案为：；②由题意得，解得，故答案为：；方案二：①∵C点坐标为，，，∴，此时点B的坐标为；故答案为：；②由题意得，解得，故答案为：；（3）解：根据题意和的对称轴为，则，，的顶点坐标为，∴顶点距线段的距离为，∴的顶点距线段的距离为，∴的顶点坐标为或，当的顶点坐标为时，，将代入得，解得；当的顶点坐标为时，，将代入得，解得；综上，a的值为或．【点睛】本题主要考查二次函数的综合应用，抛物线的平移等，理解题意，综合运用这些知识点是解题关键．4．（2024·内蒙古包头·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线与轴相交于，两点（点在点左侧），顶点为，连接．(1)求该抛物线的函数表达式；(2)如图1，若是轴正半轴上一点，连接．当点的坐标为时，求证：；(3)如图2，连接，将沿轴折叠，折叠后点落在第四象限的点处，过点的直线与线段相交于点，与轴负半轴相交于点．当时，与是否相等？请说明理由．【答案】(1)(2)见解析(3)相等，理由见解析【分析】（1）根据顶点为，利用求出，再将代入解析式即可求出，即可得出函数表达式；（2）延长交x轴于点D，由（1）知抛物线的解析式表达式为，求出，再利用待定系数法求出直线的解析式为，进而求出，则，利用两点间距离公式求出，易证，得到，由，即可证明；（3）过点作轴，交x轴于点G，利用抛物线解析式求出，求出，根据，易证，得到，由，即，求出，得到，即点的横坐标为，由折叠的性质得到，求出直线的解析式为，进而求出，得到，利用三角形面积公式求出，则，即可证明结论．【详解】（1）解：该抛物线的顶点为，即该抛物线的对称轴为，，，将代入解析式，则，，抛物线的解析式表达式为；（2）证明：如图1，延长交x轴于点D，由（1）知抛物线的解析式表达式为，则，，点的坐标为，设直线的解析式为，则，解得：直线的解析式为，则，，，，，，，，，，，，；（3）解：过点作轴，交x轴于点G，令，即，解得：，根据题意得：，，轴，轴，，，，，即，，，点的横坐标为，由折叠的性质得到，设直线的解析式为，则，解得：，直线的解析式为，，，，，，，，．【点睛】本题考查二次函数综合问题，涉及二次函数的性质，二次函数解析式，一次函数的解析式，折叠的性质，二次函数与三角形相似的综合问题，二次函数与面积综合问题，正确作出辅助线构造三角形相似是解题的关键．5．（2024·四川达州·中考真题）如图1，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点．点是抛物线的顶点．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图2，连接，，直线交抛物线的对称轴于点，若点是直线上方抛物线上一点，且，求点的坐标；(3)若点是抛物线对称轴上位于点上方的一动点，是否存在以点，，为顶点的三角形是等腰三角形，若存在，请直接写出满足条件的点的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)(2)或；(3)或或或【分析】（1）待定系数法求解析式，即可求解；（2）先求得的坐标，根据勾股定理的逆定理得出是等腰三角形，进而根据得出，连接，设交轴于点，则得出是等腰直角三角形，进而得出，则点与点重合时符合题意，，过点作交抛物线于点，得出直线的解析式为，联立抛物线解析式，即可求解；（3）勾股定理求得，根据等腰三角形的性质，分类讨论解方程，即可求解．【详解】（1）解：∵抛物线与轴交于点和点，∴解得：∴抛物线的解析式为；（2）由，当时，，则∵，则，对称轴为直线设直线的解析式为，代入，∴解得：∴直线的解析式为，当时，，则∴∴∴是等腰三角形，∴连接，设交轴于点，则∴是等腰直角三角形，∴，，又∴∴∴点与点重合时符合题意，如图所示，过点作交抛物线于点，设直线的解析式为，将代入得，解得：∴直线的解析式为联立解得：，∴综上所述，或；（3）解：∵，，∴∵点是抛物线对称轴上位于点上方的一动点，设其中∴，①当时，，解得：或②当时，，解得：③当时，，解得：或（舍去）综上所述，或或或．【点睛】本题考查了二次函数综合问题，待定系数法求解析式，面积问题，特殊三角形问题，熟练掌握二次函数的性质是解题的关键．6．（2024·四川泸州·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，已知抛物线经过点，与y轴交于点B，且关于直线对称．(1)求该抛物线的解析式；(2)当时，y的取值范围是，求t的值；(3)点C是抛物线上位于第一象限的一个动点，过点C作x轴的垂线交直线于点D，在y轴上是否存在点E，使得以B，C，D，E为顶点的四边形是菱形？若存在，求出该菱形的边长；若不存在，说明理由．【答案】(1)(2)(3)存在点以B，C，D，E为顶点的四边形是菱形，边长为或2【分析】本题考查二次函数的综合应用，菱形的性质，正确的求出函数解析式，利用数形结合和分类讨论的思想进行求解，是解题的关键．（1）待定系数法求出函数解析式即可；（2）分和，两种情况，结合二次函数的增减性进行求解即可．（3）分为菱形的边和菱形的对角线两种情况进行讨论求解即可．【详解】（1）解：∵抛物线经过点，与y轴交于点B，且关于直线对称，∴，解得：，∴；（2）∵抛物线的开口向下，对称轴为直线，∴抛物线上点到对称轴上的距离越远，函数值越小，∵时，，①当时，则：当时，函数有最大值，即：，解得：或，均不符合题意，舍去；②当时，则：当时，函数有最大值，即：，解得：；故；（3）存在；当时，解得：，当时，，∴，，设直线的解析式为，把代入，得：，∴，设，则：，∴，，，当B，C，D，E为顶点的四边形是菱形时，分两种情况：①当为边时，则：，即，解得：（舍去）或，此时菱形的边长为；②当为对角线时，则：，即：，解得：或（舍去）此时菱形的边长为：；综上：存在以B，C，D，E为顶点的四边形是菱形，边长为或2．7．（2024·四川南充·中考真题）已知抛物线与轴交于点，．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图，抛物线与轴交于点，点为线段上一点（不与端点重合），直线，分别交抛物线于点，，设面积为，面积为，求的值；(3)如图，点是抛物线对称轴与轴的交点，过点的直线（不与对称轴重合）与抛物线交于点，，过抛物线顶点作直线轴，点是直线上一动点．求的最小值．【答案】(1)(2)(3)【分析】（）利用待定系数法即可求解；（）设，直线为，求出，直线为，求出，联立方程组得，，再根据，即可求解；（）设直线为，由得，得，设，，联立直线与抛物，得，根据根与系数的关系可得：，，作点关于直线的对称点，连接，则有，过点作于F，则，则，，根据勾股定理得，即可求出最小值．【详解】（1）解：∵抛物线与轴交于点，，，

解得，∴抛物线的解析式为；（2）设，直线为，据题意得，，解得，∴，联立得，解得或，∴，设，直线为，据题意得，，解得，∴，联立得，解得或，∴，

，

，∴；（3）设直线为，由得，∴，∴，

设，，联立直线与抛物线，得，，根据根与系数的关系可得：，，作点关于直线的对称点，连接，

由题意得直线，则，∴，过点作于F，则．则，，

在中，，

即当时，，此时，故的最小值为．【点睛】本题考查了二次函数和一次函数的图象与性质，二次函数与一元二次方程的关系，解一元二次方程，根的判别式，勾股定理，轴对称的性质，熟练掌握知识点的应用是解题的关键．8．（2024·四川成都·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线：与轴交于A，B两点（点在点的左侧），其顶点为，是抛物线第四象限上一点．(1)求线段的长；(2)当时，若的面积与的面积相等，求的值；(3)延长交轴于点，当时，将沿方向平移得到．将抛物线平移得到抛物线，使得点，都落在抛物线上．试判断抛物线与是否交于某个定点．若是，求出该定点坐标；若不是，请说明理由．【答案】(1)(2)(3)抛物线与交于定点【分析】（1）根据题意可得，整理得，即可知则有；（2）由题意得抛物线：，则设，可求得，结合题意可得直线解析式为，设直线与抛物线对称轴交于点E，则，即可求得，进一步解得点，过D作于点H，则，即可求得；（3）设可求得直线解析式为，过点D作，可得，结合题意得设抛物线解析式为，由于过点，可求得抛物线解析式为，根据解得，即可判断抛物线与交于定点．【详解】（1）解：∵抛物线：与轴交于A，B两点，∴，整理得，解得∴则；（2）当时，抛物线：，则设，则，设直线解析式为，∵点D在直线上，∴，解得，则直线解析式为，设直线与抛物线对称轴交于点E，则，∴，∵的面积与的面积相等，∴，解得，∴点，过点D作于点H，则，则；（3）设直线解析式为，则，解得，那么直线解析式为，过点D作，如图，则，∵，∴，∵将沿方向平移得到，∴由题意知抛物线平移得到抛物线，设抛物线解析式为，∵点，都落在抛物线上

∴，解得，则抛物线解析式为∵整理得，解得，∴抛物线与交于定点．【点睛】本题主要考查二次函数的性质、两点之间的距离、一次函数的性质、求正切值、二次函数的平移、等腰三角形的性质和抛物线过定点，解题的关键是熟悉二次函数的性质和平移过程中数形结合思想的应用．9．（2024·山东·中考真题）在平面直角坐标系中，点在二次函数的图像上，记该二次函数图像的对称轴为直线．(1)求的值；(2)若点在的图像上，将该二次函数的图像向上平移5个单位长度，得到新的二次函数的图像．当时，求新的二次函数的最大值与最小值的和；(3)设的图像与轴交点为，．若，求的取值范围．【答案】(1)(2)新的二次函数的最大值与最小值的和为；(3)【分析】（1）把点代入可得，再利用抛物线的对称轴公式可得答案；（2）把点代入，可得：，可得抛物线为，将该二次函数的图像向上平移5个单位长度，得到新的二次函数为：，再利用二次函数的性质可得答案；（3）由根与系数的关系可得，，结合，，再建立不等式组求解即可.【详解】（1）解：∵点在二次函数的图像上，∴，解得：，∴抛物线为：，∴抛物线的对称轴为直线，∴；（2）解：∵点在的图像上，∴，解得：，∴抛物线为，将该二次函数的图像向上平移5个单位长度，得到新的二次函数为：，∵，∴当时，函数有最小值为，当时，函数有最大值为∴新的二次函数的最大值与最小值的和为；（3）∵的图像与轴交点为，．∴，，∵，∴，∵，∴即，解得：.【点睛】本题属于二次函数的综合题，利用待定系数法求解二次函数的解析式，二次函数的性质，一元二次方程根与系数的关系，熟练的利用各知识点建立方程或不等式组解题是关键.10．（2024·四川内江·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，一次函数的图象与轴交于点，与轴交于点，抛物线经过、两点，在第一象限的抛物线上取一点，过点作轴于点，交于点．(1)求这条抛物线所对应的函数表达式；(2)是否存在点，使得和相似？若存在，请求出点的坐标，若不存在，请说明理由；(3)是第一象限内抛物线上的动点（不与点重合），过点作轴的垂线交于点，连接，当四边形为菱形时，求点的横坐标．【答案】(1)(2)点的坐标为或(3)【分析】（1）先求出A、B的坐标，然后代入，求出b、c的值即可；（2）由对顶角的性质性质知，若存在和相似，则有和两种情况，然后分情况讨论，利用相似三角形的性质求解即可；（3）设点，，，，则，，根据菱形的性质得出，可求出，过点作于，可得，利用等角的余弦值相等得出，求出，根据菱形的性质得出，解方程求出m的值即可．【详解】（1）解：令，则，则；令，则∴，把，代入，得：解得：∴这条抛物线所对应的函数表达式为：；（2）解：存在点，使得和相似．设点，则，，∴，，，，∵和相似，∴或①如图1，当时，∴∴点纵坐标为6∴，解得：或∴②如图2，当时，过B作于H∴∴∴∴，解得：（舍去）或∴综上所述，点的坐标为或．（3）如图3，∵四边形为菱形∴，，设点，，，∴，∴，即∵∴，即或∵，∴，∴过点作于∴∴∴，即∴∵∴∴解得：（不合题意，舍去）或故答：点的横坐标为【点睛】本题是常见的中考数学压轴题型，综合性比较强，涉及到知识点较多；主要考查了待定系数法求二次函数的解析式，相似三角形的性质，菱形的性质；解题时要能够灵活运用所学的数学知识，要会分类讨论．11．（2024·上海·中考真题）在平面直角坐标系中，已知平移抛物线后得到的新抛物线经过和．(1)求平移后新抛物线的表达式；(2)直线（）与新抛物线交于点P，与原抛物线交于点Q．①如果小于3，求m的取值范围；②记点P在原抛物线上的对应点为，如果四边形有一组对边平行，求点P的坐标．【答案】(1)或；(2)①；②．【分析】（1）设平移抛物线后得到的新抛物线为，把和代入可得答案；（2）①如图，设，则，，结合小于3，可得，结合，从而可得答案；②先确定平移方式为，向右平移2个单位，向下平移3个单位，由题意可得：在的右边，当时，可得，结合平移的性质可得答案如图，当时，则，过作于，证明，可得，设，则，，，再建立方程求解即可.【详解】（1）解：设平移抛物线后得到的新抛物线为，把和代入可得：，解得：，∴新抛物线为；（2）解：①如图，设，则，∴，∵小于3，∴，∴，∵，∴；②∵，∴平移方式为，向右平移2个单位，向下平移3个单位，由题意可得：在的右边，当时，∴轴，∴，∴，由平移的性质可得：，即；如图，当时，则，过作于，∴，∴，∴，设，则，，，∴，解得：（不符合题意舍去）；综上：；【点睛】本题属于二次函数的综合题，抛物线的平移，利用待定系数法求解二次函数的解析式，二次函数的图象与性质，相似三角形的判定与性质，熟练的利用数形结合的方法解题是关键.12．（2024·四川遂宁·中考真题）二次函数的图象与轴分别交于点，与轴交于点，为抛物线上的两点．(1)求二次函数的表达式；(2)当两点关于抛物线对称轴对称，是以点为直角顶点的直角三角形时，求点的坐标；(3)设的横坐标为，的横坐标为，试探究：的面积是否存在最小值，若存在，请求出最小值，若不存在，请说明理由．【答案】(1)(2)(3)存在，最小值为【分析】本题考查了二次函数的综合题，待定系数法求函数解析式，勾股定理，已知两点坐标表示两点距离，二次函数最值，熟练掌握知识点，正确添加辅助线是解题的关键．（1）用待定系数法求解即可；（2）可求，设，由，得，则，解得，（舍去），故；（3）分当点P、Q在x轴下方，且点Q在点P上方时，当点P、Q在x轴下方，且点P在点Q上方时，当点P、Q都在x轴上方或者一个在x轴上方，一个在x轴下方，得到这个面积是关于m的二次函数，进而求最值即可．【详解】（1）解：把，代入得，，解得，∴二次函数的表达式为；（2）解：如图：由得抛物线对称轴为直线，∵两点关于抛物线对轴对称，∴，设，∵，∴，∴，整理得，，解得，（舍去），∴，∴；（3）存在，理由：当点P、Q在x轴下方，且点Q在点P上方时，设点，则点，设直线交轴于点，设直线表达式为：，代入，得：，解得：，∴直线的表达式为：，令，得则，则，则，即存在最小值为；当点P、Q在x轴下方，且点P在点Q上方时，同上可求直线表达式为：，令，得则，则，则即存在最小值为；当点P、Q都在x轴上方或者一个在x轴上方，一个在x轴下方同理可求，即存在最小值为，综上所述，的面积是否存在最小值，且为．13．（2024·四川凉山·中考真题）如图，抛物线与直线相交于两点，与轴相交于另一点．(1)求抛物线的解析式；(2)点是直线上方抛物线上的一个动点（不与重合），过点作直线轴于点，交直线于点，当时，求点坐标；(3)抛物线上是否存在点使的面积等于面积的一半？若存在，请直接写出点的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)抛物线的解析式为(2)的坐标为(3)的坐标为或或或【分析】（1）把代入求出，再用待定系数法可得抛物线的解析式为；（2）设，则，，由，可得，解出的值可得的坐标为；（3）过作轴交直线于，求出，知，故，设，则，可得，，根据的面积等于面积的一半，有，可得，即或，解出的值可得答案．【详解】（1）解：把代入得：，，把，代入得：，解得，抛物线的解析式为；（2）解：设，则，，，，解得或（此时不在直线上方，舍去）；的坐标为；（3）解：抛物线上存在点，使的面积等于面积的一半，理由如下：过作轴交直线于，过点B作，延长交x轴于点F，如图：在中，令得，解得或，，，，，，设，则，，∵，的面积等于面积的一半，，，或，解得或，的坐标为或或或．【点睛】本题考查二次函数的图像与性质，涉及待定系数法求函数解析式，抛物线与坐标轴交点问题，解一元二次方程，三角形面积等知识，解题的关键是用含字母的式子表示相关点坐标和相关线段的长度．14．（2024·江苏连云港·中考真题）在平面直角坐标系中，已知抛物线（a、b为常数，）．

(1)若抛物线与轴交于、两点，求抛物线对应的函数表达式；(2)如图，当时，过点、分别作轴的平行线，交抛物线于点M、N，连接．求证：平分；(3)当，时，过直线上一点作轴的平行线，交抛物线于点．若的最大值为4，求的值．【答案】(1)(2)见解析(3)【分析】（1）利用待定系数法求解即可；（2）连接，根据题意，求得，，进而求出，，利用勾股定理求出，求出，从而得到，结合平行线的性质即可证明结论；（3）设，则，，求出当时，，得到点在的上方，设，故，其对称轴为，分为和两种情况讨论即可．【详解】（1）解：分别将，代入，得，解得．函数表达式为；（2）解：连接，

，．当时，，即点，当时，，即点．，，，，，在中，．，，．，．．平分．（3）解：设，则，．当时，．令，解得，．，，点在的上方（如图1）．

设，故，其对称轴为，且．①当时，即．由图2可知：

当时，取得最大值．解得或（舍去）．②当时，得，由图3可知：

当时，取得最大值．解得（舍去）．综上所述，的值为．【点睛】本题考查抛物线与角度的综合问题，抛物线与x轴的交点，二次函数的解析式及最值等问题，关键是利用二次函数的性质求最值．15．（2024·江苏扬州·中考真题）如图，点依次在直线上，点固定不动，且，分别以为边在直线同侧作正方形、正方形，，直角边恒过点，直角边恒过点．(1)如图，若，，求点与点之间的距离；(2)如图，若，当点在点之间运动时，求的最大值；(3)如图，若，当点在点之间运动时，点随之运动，连接，点是的中点，连接，则的最小值为_______．【答案】(1)或；(2)；(3)．【分析】（）设，则，证明，然后根据相似三角形的性质得出，则，转化为，解方程即可；（）设，则，证明，然后根据相似三角形的性质得出，则，转化为然后由二次函数的性质求解即可；（）连接，由四边形是正方形，得，即点对角线所在直线上运动，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得，当三点共线时，有最小值，利用勾股定理即可求解．【详解】（1）解：设，则，∵四边形、是正方形，∴，，，∴，，∵，∴，∴,∴，∴，即，则，解得：或，∴或；（2）设，则，∵四边形、是正方形，∴，，，∴，，∵，∴，∴，∴，∴，即，∴，当时，有最大，最大值为；（3）连接，∵四边形是正方形，∴，即点在对角线所在直线上运动，如图，作关于的对称点，连接，过作于点，∴，四边形为矩形，则点三点共线，，∴，∴，∵，点是的中点，∴，∴，∴当三点共线时，有最小值，∴在中，由勾股定理得：，∴的最小值为，故答案为：．【点睛】本题考查了正方形的性质，相似三角形的判定与性质，勾股定理，直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，解一元二次方程，二次函数的最值，两点之间线段最短等知识，熟练掌握知识点的应用是解题的关键．16．（2024·山东威海·中考真题）如图，在菱形中，，，为对角线上一动点，以为一边作，交射线于点，连接．点从点出发，沿方向以每秒的速度运动至点处停止．设的面积为，点的运动时间为秒．(1)求证：；(2)求与的函数表达式，并写出自变量的取值范围；(3)求为何值时，线段的长度最短．【答案】(1)证明见解析；(2)；(3)．【分析】（）设与相交于点，证明，可得，，利用三角形外角性质可得，即得，即可求证；（）过点作于，解直角三角形得到，，可得，由等腰三角形三线合一可得，即可由三角形面积公式得到与的函数表达式，最后由，可得自变量的取值范围；（）证明为等边三角形，可得，可知线段的长度最短，即的长度最短，当时，取最短，又由菱形的性质可得为等边三角形，利用三线合一求出即可求解；本题考查了菱形的性质，全等三角形的判定和性质，三角形的外角性质，解直角三角形，求二次函数解析式，等腰三角形的性质，等边三角形的判定和性质，垂线段最短，掌握菱形的性质及等边三角形的判定和性质是解题的关键．【详解】（1）证明：设与相交于点，∵四边形为菱形，∴，，，∵∴，在和中，，∴，∴，，∵，又∵，∴，∴，∴；（2）解：过点作于，则，∵，∴，∵四边形为菱形，，∴，，即，∵，∴，，∴，∴，∴，∵，∴，∴；（3）解：∵，，∴，∵，∴为等边三角形，∴，∴，∴线段的长度最短，即的长度最短，当时，取最短，如图，∵四边形是菱形，∴，∵，∴为等边三角形，∴，∵，∴，∴，∴当时，线段的长度最短．17．（2024·湖南·中考真题）已知二次函数的图像经过点，点，是此二次函数的图像上的两个动点．(1)求此二次函数的表达式；(2)如图1，此二次函数的图像与x轴的正半轴交于点B，点P在直线的上方，过点P作轴于点C，交AB于点D，连接．若，求证的值为定值；(3)如图2，点P在第二象限，，若点M在直线上，且横坐标为，过点M作轴于点N，求线段长度的最大值．【答案】(1)(2)为定值3，证明见解析(3)【分析】（1）用待定系数法求解即可；（2）先求出直线的解析式，，则，，表示出，，代入即可求解；（3）设，则，求出直线的解析式，把代入即可求出线段长度的最大值．【详解】（1）∵二次函数的图像经过点，∴，∴，∴；（2）当时，，∴，∴，设直线的解析式为，∴，∴，∴，设，则，，∴，．∴，∴的值为定值；（3）设，则，设直线的解析式为，∴，∴，∴，当时，，∴当时，线段长度的最大值．【点睛】本题考查了待定系数法求函数解析式，二次函数与几何综合，数形结合是解答本题的关键．18．（2024·四川乐山·中考真题）在平面直角坐标系中，我们称横坐标、纵坐标都为整数的点为“完美点”．抛物线（a为常数且）与y轴交于点A．(1)若，求抛物线的顶点坐标；(2)若线段（含端点）上的“完美点”个数大于3个且小于6个，求a的取值范围；(3)若抛物线与直线交于M、N两点，线段与抛物线围成的区域（含边界）内恰有4个“完美点”，求a的取值范围．【答案】(1)(2)(3)【分析】本题考查二次函数的图象与系数的关系，二次函数图象上点的特征．数形结合解题是解题的关键．（1）把代入后再将抛物线化成顶点式为，即可求顶点坐标；（2）根据整点个数的范围确定点A纵坐标的范围；（3）结合图象确定有4个“完美点”时a的最大和最小值，进而确定a的范围．【详解】（1）解：当时，抛物线．∴顶点坐标．（2）令，则，∴，∵线段上的“完美点”的个数大于3个且小于6个，∴“完美点”的个数为4个或5个．∵，∴当“完美点”个数为4个时，分别为，，，；当“完美点”个数为5个时，分别为，，，，．∴．∴a的取值范围是．（3）根据，得抛物线的顶点坐标为，过点，，．∵抛物线与直线交于M、N两点，线段与抛物线围成的区域（含边界）内恰有4个“完美点”，显然，“完美点”，，符合题意．下面讨论抛物线经过，的两种情况：①当抛物线经过时，解得此时，，，．如图所示，满足题意的“完美点”有，，，，共4个．②当抛物线经过时，解得此时，，，．如图所示，满足题意的“完美点”有，，，，，，共6个．∴a的取值范围是．19．（2024·四川眉山·中考真题）如图，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点，点在抛物线上．

(1)求该抛物线的解析式；(2)当点在第二象限内，且的面积为3时，求点的坐标；(3)在直线上是否存在点，使是以为斜边的等腰直角三角形？若存在，请直接写出点的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)抛物线的解析式为(2)的坐标为或(3)的坐标为或或或【分析】（1）利用待定系数法求解；（2）过作轴交于，求出直线解析式，根据列式求解；（3）先求出点A，B坐标，再求出直线解析式，过作轴于，过作轴于，分以下情况分别讨论即可：①与重合，与重合时；②当在第一象限，在第四象限时；③当在第四象限，在第三象限时；④当在第四象限，在第一象限时．【详解】（1）解：把，代入得：，解得，抛物线的解析式为；（2）解：过作轴交于，如图：

由，得直线解析式为，设，则，，的面积为3，，即，解得或，的坐标为或；（3）解：在直线上存在点，使是以为斜边的等腰直角三角形，理由如下：在中，令得，解得或，，，由，得直线解析式为，设，，过作轴于，过作轴于，①，当与重合，与重合时，是等腰直角三角形，如图：

此时；②当在第一象限，在第四象限时，

是以为斜边的等腰直角三角形，，，，，，，，，解得（小于0，舍去）或，，的坐标为；③当在第四象限，在第三象限时，如图：

是以为斜边的等腰直角三角形，，，，，，，，同理可得，解得或（大于0，舍去），，的坐标为；④当在第四象限，在第一象限，如图：

是以为斜边的等腰直角三角形，，，，，，，，，解得（舍去）或，，的坐标为；综上所述，的坐标为或或或．【点睛】本题属于二次函数综合题，考查待定系数法求函数解析式、二次函数中三角形面积计算、特殊三角形存在性问题、等腰直角三角形的性质等，难度较大，熟练运用数形结合及分类讨论思想是解题的关键．20．（2024·河北·中考真题）如图，抛物线过点，顶点为Q．抛物线（其中t为常数，且），顶点为P．(1)直接写出a的值和点Q的坐标．(2)嘉嘉说：无论t为何值，将的顶点Q向左平移2个单位长度后一定落在上．淇淇说：无论t为何值，总经过一个定点．请选择其中一人的说法进行说理．(3)当时，①求直线PQ的解析式；②作直线，当l与的交点到x轴的距离恰为6时，求l与x轴交点的横坐标．(4)设与的交点A，B的横坐标分别为，且．点M在上，横坐标为．点N在上，横坐标为．若点M是到直线PQ的距离最大的点，最大距离为d，点N到直线PQ的距离恰好也为d，直接用含t和m的式子表示n．【答案】(1)，(2)两人说法都正确，理由见解析(3)①；②或(4)【分析】（1）直接利用待定系数法求解抛物线的解析式，再化为顶点式即可得到顶点坐标；（2）把向左平移2个单位长度得到对应点的坐标为：，再检验即可，再根据函数化为，可得函数过定点；（3）①先求解的坐标，再利用待定系数法求解一次函数的解析式即可；②如图，当（等于6两直线重合不符合题意），可得，可得交点，交点，再进一步求解即可；（4）如图，由题意可得是由通过旋转，再平移得到的，两个函数图象的形状相同，如图，连接交于，连接，，，，可得四边形是平行四边形，当点M是到直线PQ的距离最大的点，最大距离为d，点N到直线PQ的距离恰好也为d，此时与重合，与重合，再进一步利用中点坐标公式解答即可．【详解】（1）解：∵抛物线过点，顶点为Q．∴，解得：，∴抛物线为：，∴；（2）解：把向左平移2个单位长度得到对应点的坐标为：，当时，∴，∴在上，∴嘉嘉说法正确；∵，当时，，∴过定点；∴淇淇说法正确；（3）解：①当时，，∴顶点，而，设为，∴，解得：，∴为；②如图，当（等于6两直线重合不符合题意），∴，∴交点，交点，由直线，设直线为，∴，解得：，∴直线为：，当时，，此时直线与轴交点的横坐标为，同理当直线过点，直线为：，当时，，此时直线与轴交点的横坐标为，（4）解：如图，∵，，∴是由通过旋转，再平移得到的，两个函数图象的形状相同，如图，连接交于，连接，，，，∴四边形是平行四边形，当点M是到直线PQ的距离最大的点，最大距离为d，点N到直线PQ的距离恰好也为d，此时与重合，与重合，∵，，∴的横坐标为，∵，，∴的横坐标为，∴，解得：；【点睛】本题考查的是利用待定系数法求解二次函数的解析式，二次函数的性质，一次函数的综合应用，二次函数的平移与旋转，以及特殊四边形的性质，理解题意，利用数形结合的方法解题是关键．21．（2024·广东广州·中考真题）已知抛物线过点和点，直线过点，交线段于点，记的周长为，的周长为，且．(1)求抛物线的对称轴；(2)求的值；(3)直线绕点以每秒的速度顺时针旋转秒后得到直线，当时，直线交抛物线于，两点．①求的值；②设的面积为，若对于任意的，均有成立，求的最大值及此时抛物线的解析式．【答案】(1)对称轴为直线：；(2)(3)①，②的最大值为，抛物线为；【分析】（1）直接利用对称轴公式可得答案；（2）如图，由，可得在的左边，，证明，可得，设，建立，可得：，，再利用待定系数法求解即可；（3）①如图，当时，与抛物线交于，由直线，可得，可得，从而可得答案；②计算，当时，可得，则，，可得，可得当时，的最小值为，再进一步求解可得答案．【详解】（1）解：∵抛物线，∴抛物线对称轴为直线：；（2）解：∵直线过点，∴，如图，∵直线过点，交线段于点，记的周长为，的周长为，且，∴在的左边，，∵在抛物线的对称轴上，∴，∴，设，∴，解得：，∴，∴，∴，解得：；（3）解：①如图，当时，与抛物线交于，∵直线，∴，∴，解得：，②∵，当时，，∴，∴，，∴，∵，∴当时，的最小值为，∴此时，∵对于任意的，均有成立，∴的最大值为，∴抛物线为；【点睛】本题考查的是二次函数的图象与性质，一次函数的性质，坐标与图形面积，一元二次方程根与系数的关系，理解题意，利用数形结合的方法解题是关键．22．（2024·湖北·中考真题）如图1，二次函数交轴于和，交轴于．(1)求的值．(2)为函数图象上一点，满足，求点的横坐标．(3)如图2，将二次函数沿水平方向平移，新的图象记为与轴交于点，记，记顶点横坐标为．①求与的函数解析式．②记与轴围成的图象为与重合部分（不计边界）记为，若随增加而增加，且内恰有2个横坐标与纵坐标均为整数的点，直接写出的取值范围．【答案】(1)；(2)或；(3)①；②的取值范围为或．【分析】（1）利用待定系数法求解即可；（2）先求得，，作轴于点，设，分当点在轴上方和点在轴下方时，两种情况讨论，利用相似三角形的判定和性质，列式求解即可；（3）①利用平移的性质得图象的解析式为，得到图象与轴交于点的坐标，据此列式计算即可求解；②先求得或，中含，，三个整数点（不含边界），再分三种情况讨论，分别列不等式组，求解即可．【详解】（1）解：∵二次函数交轴于，∴，解得；（2）解：∵，∴，令，则，解得或，令，则，∴，，，作轴于点，设，当点在轴上方时，如图，∵，∴，∴，即，解得或（舍去）；当点在轴下方时，如图，∵，∴，∴，即，解得或（舍去）；∴或；（3）解：①∵将二次函数沿水平方向平移，∴纵坐标不变是4，∴图象的解析式为，∴，∴，由题意知：C、D不重合，则，∴；②由①得，则函数图象如图，∵随增加而增加，∴或，中含，，三个整数点（不含边界），当内恰有2个整数点，时，当时，，当时，，∴，∴，或，∴；∵或，∴；当内恰有2个整数点，时，当时，，当时，，∴，∴或，，∴；∵或，∴；当内恰有2个整数点，时，此情况不存在，舍去，综上，的取值范围为或．【点睛】本题主要考查了用待定系数法求二次函数的表达式及二次函数与线段的交点问题，也考查了二次函数与不等式，相似三角形的判定和性质．熟练掌握二次函数图象的性质及数形结合法是解题的关键．23．（2024·湖南长沙·中考真题）已知四个不同的点，，，都在关于x的函数（a，b，c是常数，）的图象上．(1)当A，B两点的坐标分别为，时，求代数式的值；(2)当A，B两点的坐标满足时，请你判断此函数图象与x轴的公共点的个数，并说明理由；(3)当时，该函数图象与x轴交于E，F两点，且A，B，C，D四点的坐标满足：，．请问是否存在实数，使得，，这三条线段组成一个三角形，且该三角形的三个内角的大小之比为？若存在，求出m的值和此时函数的最小值；若不存在，请说明理由（注：表示一条长度等于的m倍的线段）．【答案】(1)(2)此函数图象与x轴的公共点个数为两个，理由见解析(3)存在两个m的值符合题意；当时，此时该函数的最小值为；当时，此时该函数的最小值为【分析】本题主要考查了二次函数的性质、二次函数与一元二次方程的关系、二次函数与x轴交点问题、直角三角形存在性问题等，熟练掌握相关知识和分类讨论是解题关键.（1）将代入得到关于、的关系式，再整体代入求解即可;（2）解方程求解，再根据的正负分类讨论即可；（3）由内角之比可得出这是一个的直角三角形，再将线段表示出来，利用特殊角的边角关系建立方程即可.【详解】（1）将，代入得，②-①得，即．所以．（2）此函数图象与x轴的公共点个数为两个．方法1：由，得．可得或．当时，，此抛物线开口向上，而A，B两点之中至少有一个点在x轴的下方，此时该函数图象与x轴有两个公共点；当时，，此抛物线开口下，而A，B两点之中至少有一个点在x轴的上方，此时该函数图象与x轴也有两个公共点．综上所述，此函数图象与x轴必有两个公共点．方法2：由，得．可得或．所以抛物线上存在纵坐标为的点，即一元二次方程有解．所以该方程根的判别式，即．因为，所以．所以原函数图象与x轴必有两个公共点．方法3：由，可得或．当时，有，即，所以．此时该函数图象与x轴有两个公共点．当时，同理可得，此时该函数图象与x轴也有两个公共点．综上所述，该函数图象与x轴必有两个公共点．（3）因为，所以该函数图象开口向上．由，得，可得．由，得，可得．所以直线均与x轴平行．由（2）可知该函数图象与x轴必有两个公共点，设，．由图象可知，即．所以的两根为，，可得．同理的两根为，，可得．同理的两根为，，可得．由于，结合图象与计算可得，．若存在实数，使得，这三条线段组成一个三角形，且该三角形的三个内角的大小之比为1：2：3，则此三角形必定为两锐角分别为30°，60°的直角三角形，所以线段不可能是该直角三角形的斜边．①当以线段为斜边，且两锐角分别为30°，60°时，因为，所以必须同时满足：，．将上述各式代入化简可得，且，联立解之得，，解得符合要求．所以，此时该函数的最小值为．②当以线段为斜边时，必有，同理代入化简可得，解得．因为以线段为斜边，且有一个内角为60°，而，所以，即，化简得符合要求．所以，此时该函数的最小值为．综上所述，存在两个m的值符合题意；当时，此时该函数的最小值为；当时，此时该函数的最小值为．24．（2024·四川自贡·中考真题）如图，抛物线与x轴交于，两点，顶点为P．(1)求抛物线的解析式及P点坐标；(2)抛物线交y轴于点C，经过点A，B，C的圆与y轴的另一个交点为D，求线段的长；(3)过点P的直线分别与抛物线、直线交于x轴下方的点M，N，直线交抛物线对称轴于点E，点P关于E的对称点为Q，轴于点H．请判断点H与直线的位置关系，并证明你的结论．【答案】(1)，(2)4(3)点H在直线上，见详解【分析】（1）待定系数法即可求解二次函数解析式，再进行配方即可求点P坐标；（2）先由与的正切值相等得到，继而可证明，再由垂径定理得到；（3）将点代入得直线表达式为，则，而点E为中点，则，可求，联立抛物线与直线表达式，得：，可求，可证明，得到，即可求解．【详解】（1）解：∵抛物线与x轴交于，两点，∴代入得：，解得：，∴抛物线解析式为，而，∴；（2）解：如图：当时，，∴点，∵，，∴，，∴，∵，∴，∴，∴是经过点A、B、C的的直径，∵，经过圆心，∴；（3）解：如图：将点代入，得，∴，把点N横坐标，代入得，∵轴，轴，∴，点G为中点，∴，∴点E为中点，∴，∵点P关于E的对称点为Q，∴，∴，联立抛物线与直线表达式，得：，整理得：，∴，解得：，即，∵，，∴，∴点N、Q、H三点共线，∴点H在直线上．【点睛】本题考查了二次函数与一次函数的综合题，待定系数法求二次函数解析式，圆周角定理，垂径定理，平行线分线段成比例定理，三角函数，抛物线与直线的交点问题，熟练掌握知识点是解题的关键．25．（2024·重庆·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线与轴交于，两点，交轴于点，抛物线的对称轴是直线．(1)求抛物线的表达式；(2)点是直线下方对称轴右侧抛物线上一动点，过点作轴交抛物线于点，作于点，求的最大值及此时点的坐标；(3)将抛物线沿射线方向平移个单位，在取得最大值的条件下，点为点平移后的对应点，连接交轴于点，点为平移后的抛物线上一点，若，请直接写出所有符合条件的点的坐标．【答案】(1)(2)最大值为；；(