2023-2024学年广东省深圳市盐田重点中学高一（上）期末物理试卷含解析

第=page11页，共=sectionpages11页2023-2024学年广东省深圳市盐田重点中学高一（上）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.下列说法正确的是(

)

A.图甲中，伽利略使用该斜面进行实验，得出力和运动的关系

B.图乙中，落在球网中的足球受到弹力是由于足球发生了形变

C.图丙中，平衡车的重力与地面对平衡车的支持力是一对作用力与反作用力

D.图丁中，该工具测得的物理量，不属于国际单位制中的基本物理量2.C919是我国自行研制、拥有自主知识产权的大型喷气式民用飞机，图示是国产大飞机C919起飞离地后，斜向上加速直线运动的一个瞬间，关于此瞬间，以下说法正确的是(

)A.飞机的加速度方向竖直向上 B.乘客受到飞机座椅的力竖直向上

C.乘客处于超重状态 D.飞机处于失重状态3.某同学为研究地铁8号线的运动情况，它用细线将一支圆珠笔悬挂在地铁的竖直扶手上，地铁启动时用手机拍摄了如图所示的照片，拍摄方向跟地铁前进方向垂直。已知当地重力加速度为g。下列说法正确的是(

)A.该地铁的速度方向向右

B.只需测出笔的质量，即可估算出地铁的加速度

C.该地铁的加速度方向向右

D.只需测出细绳与竖直扶手之间的夹角，即可估算出地铁的加速度

4.蹦极是一项非常刺激的户外极限运动。如图所示，弹性绳(满足胡克定律)一端固定在高空跳台上，另一端系住跳跃者的脚腕，人从跳台上由静止开始落下，弹性绳质量不计，忽略空气阻力的影响，则人第一次下落的过程中(

)A.人在加速下落过程中，其惯性增大

B.速度先增大后减小

C.加速度先不变后增大

D.弹性绳伸直时人开始做减速运动5.如图所示，用一轻绳将光滑小球P系于粗糙墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，整体处于静止状态。略微改变绳子的长度，P、Q仍然均处于静止状态，则下列相关说法正确的是(

)A.P、Q两物体都受3个力作用

B.若绳子变短，墙壁对Q的支持力将减小

C.若绳子变短，绳子的拉力将变大

D.若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大6.跳伞运动员做低空跳伞表演如图甲所示．运动员从高空悬停的直升机上跳下沿竖直方向运动，其v−t图象如图乙所示，下列说法正确的是(

)

A.运动员在0～10s内的平均速度大小等于10m/s

B.10s～15s7.手机中有加速度传感器，能通过图像显示加速度情况。用手掌托着质量为m的手机，打开加速度传感器，把手机向上抛出，然后又在抛出点接住手机，得到如图所示的加速度随时间变化的图像，图中t1=0.38s，t2=0.55s，t3A.t1时刻手掌对手机的作用力2mg

B.t2时刻手机刚好离开手掌

C.t3时刻手机的速度为二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.冰壶是以队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，属冬奥会比赛项目，并设有冰壶世锦赛。在某次比赛中，冰壶被投出后，如果做匀减速直线运动，用时20s停止，最后1s内位移大小为0.2m，则下面说法正确的是(

)

A.冰壶第1s内的位移大小是7.8m B.冰壶的加速度大小是0.4m/s2

C.前10s位移和后10s9.如图所示，A、B、C三个物体的质量分别为2m、2m、m，其中物体B和C通过跨过光滑定滑轮的轻绳连在一起，物体A与轻弹簧上端连在一起，轻弹簧下端固定在地面上，现在剪断B、C间的轻绳，在剪断瞬间下列说法正确的是(重力加速度为g)(

)A.物体A与B之间轻绳的弹力为5mg2

B.物体B的加速度大小为g4

C.物体A的加速度为010.粗糙的水平面上一物体在水平方向拉力作用下做直线运动，水平拉力F及运动速度v随时间变化的图象如图中甲、乙所示，取重力加速度g=10m/A.前2s内物体运动的加速度为2m/s2 B.前4s内物体运动的位移的大小为8m

C.物体的质量三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.“验证力的平行四边形定则”实验。

(1)小王同学设计实验如图甲所示，三个细线套L1、L2、L3一端共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计B和重物M上，A挂于固定点P。手持B拉动细线，使结点静止于O点。

①本实验中，主要体现的科学方法是______。

A.理想实验法

B.等效替代法

C.极限思想法

D.建立物理模型法

②某次实验中A的指针位置如图甲所示，其读数为______N。

(2)小李同学设计实验如图乙所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图丙是在白纸上根据实验结果画出的图，图丙中的______是力F1和F2的合力的理论值；______是力F1和F2的合力的实际测量值。

(3)如图丁所示，F1、F2夹角大于90°，现保持O点位置不变，拉力F2方向不变，增大F1与F2的夹角，将F1缓慢转至水平方向的过程中，两弹簧秤示数大小变化为______(两弹簧测力计的拉力均不超出它们的量程)。

A.F1一直增大、F2一直增大12.图(a)为某实验小组“探究物体加速度与所受合外力关系”的实验装置。

(1)为完成实验，除了图(a)中标出的实验器材外，还需要的实验器材有______。

A.秒表

B.刻度尺(最小刻度为mm)

C.50Hz低压交流电源

(2)为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是______。

A.将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在托盘和砝码拉动下恰好做匀速运动

B.将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在托盘和砝码拉动下恰好做匀加速运动

C.将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂托盘和砝码的情况下使小车恰好做匀速运动

D.将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂托盘和砝码的情况下使小车恰好做匀加速运动

(3)实验中得到如图(b)所示的一条纸带，已知交流电频率为50Hz，两计数点间还有四个点没有画出，可得打计数点3时小车的速度大小为v3=______m/s，小车的加速度大小为a=______m/s2。(均保留三位有效数字)四、简答题：本大题共2小题，共22分。13.物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中，如图所示，倾斜滑轨与水平面成37°角，长度l1=4m，水平滑轨长度可调，两滑轨间平滑连接。若货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间的动摩擦因数均为μ=0.5，货物可视为质点(cos37°=0.8,sin37°14.一个底面粗糙、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，斜面体的斜面光滑、足够长且与水平面成30°角，现用一端固定的轻绳系一质量为m的小球，小球放在斜面上，重力加速度为g，小球静止时轻绳与竖直方向的夹角也为30°，如图所示。

(1)当斜面体静止时，求小球对斜面的压力；

(2)水平缓慢移动斜面体，在移动过程中，求轻绳拉力的最小值；

(3)五、计算题：本大题共1小题，共14分。15.航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2kg，动力系统提供的恒定升力F=28(1)第一次试飞，飞行器飞行t1=8(2)第二次试飞，飞行器飞行t2(3)为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A.图甲中，伽利略外推到斜面倾角为90°的情形，间接证明了自由落体运动是匀加速直线运动，不是力和运动的关系，故A错误；

B.图乙中，落在球网中的足球受到弹力是由于球网发生了形变，故B错误；

C.图丙中，平衡车的重力与地面对平衡车的支持力大小不相等，且两力均作用在同一物体上，根据牛顿第三定律可知，这两个力不是一对相互作用力，故C错误；

D.图丁中，弹簧测力计用来测力的大小，其单位为牛顿，符号为N，而牛顿不属于国际基本单位，是导出单位。

由F=ma，其量纲相乘可得1N=1kg⋅2.【答案】C

【解析】解：A、此瞬间飞机斜向上做加速直线运动，所以加速度方向与运动方向相同，为斜向上方向，故A错误；

B、根据牛顿第二定律可知，乘客受到飞机座椅的力与重力的合力方向与飞机的加速度方向相同，为斜向上，而重力竖直向下，所以乘客受到飞机座椅的力一定斜向上，故B错误；

CD、乘客和飞机的加速度都斜向上，具有竖直向上的分量，所以都处于超重状态，故C正确，D错误。

故选：C。

根据飞机的运动情况判断其加速度情况；根据牛顿第二定律判断乘客所受的合力方向，进而得到乘客受到飞机座椅的力的方向；加速度有竖直向上的分量，飞机和乘客均处于超重状态。

3.【答案】D

【解析】解：C、对笔进行受力分析，如图所示

由图可知笔的合力方向水平向左，即加速度方向水平向左，地铁的加速度方向与笔的方向相同，所以该地铁的加速度方向向左，故C错误；

A、根据题意，地铁正处于启动过程，即地铁正在由静止加速，可知，速度方向与加速度方向相同，结合上述，可知该地铁的速度方向向左，故A错误；

BD、令绳子与竖直方向的夹角为θ，根据上述受力分析图有

tanθ=mamg

解得

a=gtanθ

所以计算加速度大小只需测量绳子与竖直方向的夹角，与笔的质量无关，故4.【答案】B

【解析】解：A、惯性的大小只与质量有关，人的质量不变，则惯性不变，故A错误；

BD、弹性绳在绷紧前，跳跃者做自由落体运动，速度逐渐增大。弹性绳绷紧后，人受到弹性绳向上的弹力和向下的重力，弹力先小于重力，后大于重力，合力先向下后向上，所以人先向下加速后向下减速，即人的速度先增大后减小，故B正确，D错误；

C、弹性绳在绷紧前，人做自由落体运动，加速度保持不变。弹性绳绷紧后，弹力先小于重力，后大于重力，弹力逐渐增大，所受合力先减小直至为零再反向增大，则加速度先向下减小直至为零后向上增大，故C错误。

故选：B。

质量是惯性大小唯一的量度。分析人的受力情况，根据牛顿第二定律分析加速度的变化，判断人的运动情况。

5.【答案】C

【解析】解：A、由于小球P光滑，P、Q之间没有摩擦力作用，则小球P受到重力、Q的支持力和绳子拉力，共3个力作用；物块Q受到重力、P的压力、粗糙墙壁的支持力和摩擦力，共4个力作用，故A错误；

BCD、以小球P为对象，根据受力平衡可得

Tcosθ=mPg，Tsinθ=NQ

可得

T=mPgcosθ，NQ=mPgtanθ

若绳子变短，绳子与竖直方向的夹角θ变大，可知绳子的拉力将变大，Q对P的支持力变大；6.【答案】B

【解析】解：A、0～10s内，若运动员做匀加速运动，平均速度为v−=v+v02=0+202m/s=10m/s。根据图象的“面积”等于位移可知，运动员的实际位移大于匀加速运动的位移，所以由公式v−=xt得知：0～10s内的平均速度大于匀加速运动的平均速度10m/s，故A错误；

B、10～15s图象的斜率减小，则其加速度减小，故7.【答案】C

【解析】解：A.t1时刻手机的最大加速度为a=20m/s2=2g，方向向上，根据牛顿第二定律，F−mg=ma，解得F=3mg，故A错误；

B.t2时刻手机加速度为0，处于平衡状态，故手机没有离开手掌，故B错误；

CD.手机在0.66s离开手后做竖直上抛，在1.26s8.【答案】AB【解析】解：B.整个过程的逆过程是初速度为0的匀加速直线运动，最后1

s内位移大小为0.2

m，根据

x1=12at12

代入数据解得

a=0.4m/s2

故B正确；

D.冰壶的初速度为

v0=at0=0.4×20m/s=8m/s

故D错误；

A.冰壶第1s内的位移大小是

9.【答案】AB【解析】解：D、剪断B、C间的轻绳之前，对B、C整体进行分析，由平衡条件可知A与B之间的轻绳的弹力大小为

T1=(2m+m)g=3mg

可知物体A与B之间的轻绳的弹力大于物块A的重力，则弹簧处于拉伸状态，对A进行分析，由平衡条件有

2mg+F=T1

解得弹簧的弹力大小为：F=mg

剪断B、C间的轻绳瞬间，弹簧没有发生突变，弹簧的弹力与剪断前一样，可知弹簧产生的弹力仍然为mg，故D错误；

ABC、剪断B、C间的轻绳瞬间，弹簧弹力不变，A、B的加速度大小相等，对B进行分析，由牛顿第二定律有

T2−2mg=2ma

对A进行分析，由牛顿第二定律有

F+2mg−T2=2ma

解得物体10.【答案】AD【解析】解：A、根据速度图象的斜率等于加速度，知前2s内物体的运动加速度：a=△v△t=42m/s2=2m/s2，故A正确

B、前4s内物体的位移为：x=12×2×4+2×4=12m，故B错误

C、根据牛顿第二定律得：

前2s内：F1−μmg=ma11.【答案】B

2.00

F

F′

A【解析】解：(1)①合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的是等效替代法。故ACD错误，B正确。

故选：B。

②按照弹簧秤的分度值为0.1N，读数为2.00N；

(2)力F1和F2的合力的理论值是通过平行四边形法则得到的，故是F；F′是用一个弹簧秤测出的合力，是实际测量值；

(3)保持O点位置不变，即F1和F2的合力不变，根据平行四边形法则作图如下，由于F1、F2夹角大于90°，故随着F1缓慢转至水平方向的过程中，F1和

F2都在一直增大。故BCD错误，A正确。

故选：A。

故答案为：(112.【答案】BC

C

0.611

2.00

C

不需要【解析】解：(1)实验需要用刻度尺测纸带上两点间的距离，打点计时器需要使用低压交流电源，该实验打点计时器具有计时功能，不需要秒表，故A错误，BC正确。

故选：BC。

(2)该实验是将拉力作为小车的合力，故应在不挂钩码的情况下平衡摩擦力，平衡摩擦力时应将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车恰好做匀速运动，则此时小车重力的下滑分力刚好抵消小车受到的摩擦力，故C正确，ABD错误。

故选：C。

(3)相邻计数点间的时间间隔为T=5f=550s=0.1s

根据匀变速直线运动某段中间时刻速度等于该段的平均速度，可得打计数点3时小车的速度大小为

v3=x242T=(5.12+7.10)×10−22×0.1=0.611m/s

根据逐差法，可得小车的加速度为

a=x36−13.【答案】解：(1)货物在倾斜滑轨上滑行时，根据牛顿第二定律得

mgsin37°−μmgcos37°=ma1

解得：a1=2m/s2

(2)货物在倾斜滑轨上滑行时，根据速度—位移公式得

v2=2a1l1

解得：v=4m/s

(3)【解析】(1)货物在倾斜滑轨上滑行时，根据牛顿第二定律求解加速度a1的大小；

(2)根据速度—位移公式求解货物在倾斜滑轨末端时速度v的大小；

(3)14.【答案】解：(1)对小球进行受力分析，小球受重力m