2021-2022学年福建省龙岩某中学高二（上）第二次月考物理试卷（附答案详解）

20212022学年福建省龙岩高级中学高二（上）第二次月

考物理试卷

1.对电流的理解，下列说法正确的是（）

A.电流的方向总是从电源的正极流向负极

B.通过导体横截面的电荷量的多少就是电流的大小

C.恒定电流是由恒定电场产生的

D.在电解液中有自由的正离子和负离子，电流的方向不能确定

2.实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速

度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所匕、一尸2

示（a、b只受电场力作用），则（）'

A.a—•定带正电，b一定带负电

B.a的速度将减小，b的速度将增大

C.a的加速度将减小，匕的加速度将增大

D.电场力对a做正功，对b做负功

3.某静电场中有电场线与x轴重合，x轴上各点电势s分布如图所示，图线关于纵轴对

称，则（）

A.与处和-与处场强方向相同

B.与处和-不处场强大小相等

C.某带电粒子在*2处和-与处电势能相等

D.某带电粒子在%2处的电势能可能小于在-X1处的电势能

4.如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原

点。处的电势为0,点4处的电势为12V,点B处的电势为6U,则电场强度的大小为

（）

♦y/cm

,8（°诋峥0）

O'x/cm

A.400V3V/mB.400V/mC.200%17nlD.200v77n

5.如图所示，实线48为一电子在电场中的运动轨迹，虚线为等势线且相邻两等势线

间的电势差相等、距离相等，电子运动到等势线如上时，具有动能30人它运动到

等势线叫上时，具有动能10/•令伽=0，电子重力不计，则下列说法正确的是（）

O

A.电场方向水平向左

B.电子在运动过程中加速度变小

C.电子在4点的电势能为负值

D.当该电子荷的电势能为4/时，其动能大小为36/

6.如图甲所示，两个平行金属板P、Q正对且竖直放置，两金属板间加上如图乙所示

的交流电压。t=0时，P板的电势比Q板的电势高U。，此时在两金属板的正中央“点

处有一电子（电子所受重力可忽略）在电场力作用下由静止开始运动，已知电子在

0〜4to时间内未与两金属板相碰，则（）

甲乙

A.3%时刻，电子的电势能最大

B.0〜4to时间内，电子运动的方向不变

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C.to〜2to时间内，电子的动能减小

D.3to〜4to时间内，电子运动的速度方向向右，且速度逐渐减小

7.某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，图线上过2。广

4点的切线交/轴于C点，则下列说法中正确的是（）

A.力口5/电压时，导体的电阻约是500-5[/'

1012ISUN

B.加12V电压时，导体的电阻约是240

C.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小

D.由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小

8.如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改Q一

装成电流表或电压表，则下列结论中正确的是（）老二

A.甲图对应的是电压表，要使它的量程加大，应使％”乙

B.甲图对应的是电流表，要使它的量程加大，应使％减小

C.乙图对应的是电流表，要使它的量程加大，应使&减小

D.乙图对应的是电压表，要使它的量程加大，应使/?2增大

9.如图所示，在久轴上关于。点对称的AB两点有等量同种点电荷+Q,在y轴上有C、

D两点，且C。=OD,AAD0=60。.下列判断正确的是（）

“y

A

A.。点电场强度为零

B.。点电场强度为零

C.若将点电荷+q从。移动C,电势能增大

D.若将点电荷-q从。移动C,电势能增大

10.如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与

―I—a

电池相连，在距离两板等远的M点有一个带电液滴处丁

于静止状态。若b板不动，将a板向下平移一小段距।---------f----------

离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是

()

A.液滴将向上加速运动

B.M点电势升高，液滴在M点时电势能将减小

C.M点的电场强度变小了

D.在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功不相同

11.一台小型电动机在3U电压下工作，用此电动机提升所受重力为4N的物体时，通过

它的电流是0.24在30s内可使该物体被匀速提升37n.若不计除电动机线圈生热之外

的能量损失，求：

(1)电动机的输入功率；

(2)线圈的电阻.

12.在练习使用多用电表的实验中，请究成下列问题:

⑴用多用电表测量某元件的电阻，选用“X100”倍率的电阻挡测量，发现多用电

表指针偏转角度过小，换相邻的信率的电阻挡，并欧姆调零后，再次进行测量，多

用电表的指针如图甲所示，测量结果为Q。

(2)某同学找发光二极管的负级的具体操作为：将多用电表选择开关旋到电阻挡的

“xl”挡，经过欧姆调零之后，他把红表笔接在二极管的短管脚上，把黑表笔接

在二极管的长管脚上，发现二极管导通发光；然后他将两表笔的位置互换以后，发

现二极管不发光。这说明二极管的负极是(填“长管脚”或“短管脚”)所连

接的一极。

(3)多用电表中大量程的电流表和电压表是由表头©改装而来的。现将满偏电流为

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100/M的表头©改装为大量程的电流表后，再改装为两个量程的电压表，如图乙

所示，已知表头©上标记的内阻为900。，图中虚线框内是电压表的改装电路。利

用R和表头构成量程的电流表，则定值电阻的阻值％=。然后再将其改

装为两个量程的电压表。若/?2=9100，R3=20000,则使用a、b两个接线柱时，

电压表的量程为V;使用a、c两个接线柱时，电压表的量程为乙

13.如图所示为一组方向未知的匀强电场的电场线，将带电荷量为q=-1.0x10-6。的

点电荷由4点沿水平线移至B点，克服静电力做了2X10-6/的功，已知SB间的距离

为2cm.

(1)求4B两点间的电势差UAB；

(2)求该电荷在匀强电场中受到电场力的大小及方向.

14.如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿中心轴线从。点垂直射入

偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，。'点为荧光屏的中心。已知电子

质量m=9.0x10-31卜。，电荷量e=1.6xIO-"。，加速电场电压4=2500V,偏

转电场电压U=200V,极板的长度A】=6.0cm,板间距离d=2.0cm,极板的末端

到荧光屏的距离L2=3.0cm(忽略电子所受重力，结果保留两位有效数字)。求：

(1)电子射入偏转电场时的初速度%;

(2)电子打在荧光屏上的P点到。点的距离八；

(3)电子经过偏转电场过程中电场力对它所做的功必。

荧光屏

15.如图所示，BCO是光滑绝缘的半圆形轨道，位于竖直平面内，直径8D竖直轨道半

径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，质量为m的不带电的滑块b静止在B点

整个轨道处在水平向左的匀强电场中场强大小为E.质量为m、带正电的小滑块a置

于水平轨道上，电荷量为勺=驾，滑块a与水平轨道间的动摩擦因数〃=0.5,重

力加速度为g。现将滑块a从水平轨道上距离B点12R的4点由静止释放，运动到B点

与滑块b碰撞，碰撞时间极短且电量不变，碰后两滑块精在一起运动，a、b滑块均

视为质点。求：

(1)滑块a、b碰揄后的速度大小。

(2)滑块在圆形轨道上最大速度的大小，以及在最大速度位置处滑块对轨道作用力

的大小。

(3)滑块第一次落地点到B点的距离。

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4在电源外部电流的方向总是从电源的正极流向负极，在电源内部电流的

方向总是从电源的负极流向正极，故A错误；

8.根据电流的概念，单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少就是电流的大小，故8

错误；

C.恒定电流是由导体两端稳定的电压形成的，电源的作用就是在导体两端加上稳定的电

压，从而在导体内部形成恒定电场而产生恒定电流，故C正确；

D电流是有方向的，电流的方向是人为规定的，物理上规定正电荷定向移动的方向为电

流的方向，则负电荷定向一定的方向一定与电流方向相反，故。错误。

故选：Co

(1)电路中电流从正极经用电器流向负极；

(2)单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少就是电流的大小；

(3)恒定电流是由导体两端稳定的电压形成的，电源的作用就是在导体两端加上稳定的

电压，从而在导体内部形成恒定电场而产生恒定电流；

(4)物理上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以电解液中的电流方向是可以

确定的为正离子的定向移动方向。

本题考查电流的定义和电流方向的规定，对学生要求较低，属简单题。

2.【答案】C

【解析】解：4、由图，b粒子的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，a的轨

迹向左弯曲，b粒子受到的电场力方向向左，由于电场线方向未知，因此无法确定两个

粒子的电性。故A错误。

BD,由图知，电场力方向与粒子速度方向的夹角都是锐角，所以电场力对两个粒子都

做正功，动能都增大，速度都增大。故B、。错误。

C、向左电场线越来越疏，场强越来越小，则a所受电场力减小，加速度减小，b所受电

场力增大，加速度增大。故正确。

故选：Co

根据粒子轨迹的弯曲方向可判断粒子所受电场力的方向，根据电场力方向与场强方向的

关系判断电性.电场线的疏密代表电场的强弱，所以出发后a受到的电场力变小，b受到

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的电场力变大，从而判断加速度的变化.根据电场力方向与位移方向的关系分析电场力

做功正负.

本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向判断出电荷所受的电场力是关键.再结合电场线

的疏密和方向分析粒子的运动情况.

3.【答案】D

【解析】解：AB.9-乂图像的斜率大小等于电场强度，与处和-向处场强大小相等，

方向相反，Xi处和一打处场强大小不相等，故AB错误；

C、由图可以看出在-与处的电势低于粒子在小处的电势，粒子的电势能为Ep=q3，这

两点的电势不等，所以带电粒子在这两点的电势能不相等，故C错误；

。、由图可以看出在-%处的电势低于粒子在不处的电势，对负电荷来说，电势越低电

势能越大，所以某带负电粒子在-与处的电势能大于在42处的电势能，故。正确。

故选：D。

根据9-x图象的斜率表示电场强度，分析场强的情况，根据Ep=<pq判断电势能的高

低。

本题关键要理解9-t图象的斜率表示场强，由电势的高低判断出电场线的方向，根据

Ep-“q判断电势能的高低。

4.【答案】B

【解析】解:匀强电场中，沿某一方向电势均匀降低或升高，故。4的中点C的电势（pc=6K,

因此B、。在同一等势面上，由几何关系得。到BC的距离d=OCs讥a,

而s讥a=小贝Usina=工，所以d=」OC,则d=1.5x］。菖僧,

VOB'+OC/22

匀强电场的电场强度E=%代入数据得E=400V/m,故B正确，AC。错误。

故选：B。

在x轴上找一电势为6U的点，将该点与8点连接，该连线为等势线，求出。8沿电场线方

向上的距离，根据E=J求出电场强度的大小.

a

解决本题的关键知道电场线与等势线垂直，掌握匀强电场的电场强度大小与电势差的关

系式，注意公式中d是两点沿电场线方向上的距离.

5.【答案】D

【解析】

【分析】

根据动能的变化，判断电势能的变化，得出电势的高低，根据电场线与等势面垂直，且

指向电势低的等势面，判断电场的方向；该电场是匀强电场，电子所受的电场力不变，

加速度不变；根据电势能公式Ep=q<p,分析电子在4点的电势能；根据动能定理和电

场的特点，分析出电子在4处的动能，得到总能量，由能量守恒求解电势能为4/时的动

能.

学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势

能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变.

【解答】

4、据题电子从4到B,动能减小，则电势能增大，而电子带负电，在电势低处电势能大，

所以%>卬3，则电场方向水平向右，故A错误.

3、相邻两等势线间的电势差相等、距离相等，由公式E=J可知该电场是匀强电场，电

子所受的电场力不变，加速度不变，故8错误.

C、令仪）=0，由公式Ep=qQ可知电子在4点的电势能为零.故C错误.

D、据题，电子从等势线如运动到等势线四时，动能减小20/,由动能定理可知电场力

做功也3=-20/.由于相邻等势面间电势差相等，根据W=qU可知，电子从等势线外运

动到等势线％时，电场力做功应为％3=-30/,动能减小30/,所以电子在A处的动能

为EkA=107+30/=40/,总能量为E=EkA+EpA=40/,根据能量守恒可得当该电子

的电势能为4/时，其动能大小为36/,故。正确.

故选：D.

6.【答案】CD

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【解析1解：在0〜to时间内，P板电势高，场强方向水平向右，所以电子所受电场力方

向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动，在M时刻，速度最大;

在玲〜2to时间内，Q板电势高，场强方向水平向左，电子加速度向右，所以电子向左做

匀减速直线运动，在2to时刻，速度减为0；在2to〜3to时间内，Q板电势高，场强方向

水平向左，电子加速度向右，所以电子向右做匀加速直线运动，在3to时刻，速度最大；

3to〜4to时间内，P板电势高，场强方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加

速度方向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，在4to时刻，速度减为0,回到原处；

所以：

A、在%〜2to时间内，电子向左做匀减速直线运动，电场力做负功，电势能增加，2to〜3to

时间内，电场力做正功，电势能减小，故2%时刻，电子的电势能最大，故4错误；

氏由以上分析可知，2to时刻，电子的速度方向发生变化，故B错误；

C、在为〜2to时间内，电子向左做匀减速直线运动，电场力做负功，电子的动能减小，

故C正确：

D、在3to〜4to时间内，电子运动的速度方向向右，且速度大小逐渐减小，故。正确；

故选：CD.

平行板电容器两极板带电后形成匀强电场，带电离子在电场中受到力的作用，根据牛顿

第二定律求出加速度，分析各时间段电子的运动性质；电场力做负功，电势能增加，机

械能减小，电场力做正功，电势能减小，机械能增加。

电子在极板间做往复运动，分析各时间段电子的运动性质是解答此题的关键；也可以画

出电子运动的速度时间图象求解。

7.【答案】AD

【解析】解：4、加5V的电压时，电流为1.04,则由欧姆定律可知，/?=7=1=5/2；

故A正确；

B、加21V的电压时，电流为1.54则可得电阻为：R'=^=8n；故2错误；

C、由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错

误；

。、随着电压的减小，导体的电阻减小；故。正确；

故选：AD.

/-U图象描述物体的电流随电压的变化；由各点的坐标可求得导体的电阻；由图象的

斜率的变化可明确电阻的变化.

本题考查欧姆定律的应用；注意伏安特性曲线的性质，能从图象中得出电阻的变化.

8.【答案】BD

【解析】解：AB,由图甲所示可知，电流表与电阻并联，甲图为电流表，8起分流作

用，要使量程增加，需增加%的分流，即减小⑹的电阻，故A错误，B正确；

CD,由图乙所示可知，电流表与电阻串联，乙图为电压表，起分压作用，要使量程

增加，需增加/?2的分压，即增加&的电阻，故C错误，O正确；

故选：BD。

甲图为G表头并联一分流电阻改装成一电流表，分流电阻越小，分流越大，量程越大。

图乙为G表头串联一分压电阻改装成一电压表，分压电阻越大，分压越大，量程越大。

本题考查了电压表与电流表的改装原理，明确分压与电阻成正比，电阻大分压大；明确

分流与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大。

9.【答案】AD

【解析】

【分析】

空间某点的电场强度是由两个点电荷叠加而成的，电势能变化要看电场力做功情况，电

场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。

本题关键在于用矢量合成的平行四边形定则来求解空间任意一点的和场强，根据电场力

做功情况来判断电势能的变化情况。

【解答】

4、题中4、B两个+Q在。点的场强大小相等，方向相反，矢量和为0,故4正确；

B、根据平行四边形定则得到，x轴上两个等量同种点电荷+Q在D点产生的电场强度方

向沿+y轴方向，不为零，故B错误；

C、在两等量同种电荷两线的中点以上，根据平行四边形定则，+q受到两电荷对它库仑

力的合力竖直向上，在中点以下，受到库仑力的合力竖直向下，若将点电荷+q从。移至

C,电场力做正功，电势能减小，故C错误；

。、若将点电荷-q从。移至C,电场力做负功，所以电势能增加.故。正确。

故选A。。

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10.【答案】AB

【解析】解：AC、原来液滴受力平衡，电场力向上，与电场强度相反，故液滴带负电，

电容器板间的电压不变，a板下移时，两极板间的距离变小，由E=J可知电场强度E变

大，所以液滴受到的电场力变大，故液滴将向上加速运动，故A正确，C错误；

B、下极板接地，M点的电势等于M与b之间的电势差，因E增大，M点与b的距离均不变，

由（/=后心，知M点的电势增大，因液滴带负电，故液滴在M点时电势能将减小，故B

正确；

D、因两极板间的电势差不变，由勿=qU知，前后两种状态下移动液滴时，电场力做

功相同，故。错误。

故选：AB.

电容器与电源相连，板间电压不变；根据极板的移动方向可知电容器内电场强度的变化,

得出带电粒子的受力变化，从而判断其运动状态；由〃=Ed判断电势的变化，从而得

出电势能的变化。

本题分析时，要抓住平行板电容器的与电源保持相连，电容器板间电压保持不变，根据

E=:分析板间场强的变化和M与下极板电势差的变化是关键。

11.【答案】解：（1）电动机的输入功率

PA=UI=0.2x3W=0.6W.

（2）重物匀速上升，则F=mg=4/V；

电动机提升重物的机械功率

重物上升的速度"=：=卷=0.1s；

=Fv=（4x0.1）lV=0.41V.

根据能量关系/\=P/+PQ，得热功率

pQ=PA-pfil=（06-04）勿=0.2vy.

所产生热量Q=PQt=0.2x30j=6J.

根据焦耳定律Q=/2Rt,得线圈电阻R=50.

答：（1）电动机的输入功率为0.6W；

(2)线圈的电阻为50.

【解析】(1)由P=U/求出电动机的输入功率.

(2)电动机总功率等于热功率与输出功率之和，由P=Fu求出电动机的输出功率，然后

求出线圈的热功率.由电功率公式Q=/27的变形公式求出线圈电阻.

电动机是非纯电阻电路，对于非纯电阻要注意明确公式的正确选择，注意应用电动机总

功率等于输出功率与热功率之和这一功率关系.

12.【答案】7000短管脚10013

【解析】解：(1)多用电表指针偏转角度过小，则阻值大要用大量程，即选“X1000”档，

则读数为：7x1000=70000。

(2)二极管正向导通，反向截止，欧姆表电流由黑表笔流出进行二极管正极则导通发光，

即红表笔接短管脚。

(3)并联电阻改装成电流表，并联阻值：&=誉=霁胃鼠=I。。。

I-IQJLXJLU—J.UvXJ.U

接ab接线柱时：U=/(畿+&)=1xIO-X(鬻黑+910)=IV

接ac接线柱时：U'=lx10-3x(翳芸+910+2000)=3V

故答案：(1)7000(2)短管脚(3)10013

(1)欧姆表的读数要乘以倍率。

(2)欧姆表电流由黑表笔流出进行二极管正极则导通发光，据此分析

(3)电表的改装由串并联电路的原理进行求解各值。

明确欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，欧姆表的红表笔插“+”插孔，黑表

笔插插孔，“+”与电源负极相连，“-”与电源正极相连；

欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧，记住二极管的单向导电性。

13.【答案】解：(1)由题意可知，静电力做负功，有：MB=-2x10-6/

根据UAB=等

可得：UAB=2V；

(2)沿着电场方向的位移为d=2x10-2cos60°m=1x10-2m

电场强度为：E=^f-=200V/m

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电场力为：F=qE=2Xlow

沿着电场线方向电势降低，所以电场线的方向：沿电场线斜向下，电场力的方向沿电场

线斜向上

答：(1)4B两点间的电势差以8是2P；

(2)该电荷在匀强电场中受到电场力的大小是2X10-4N,方向沿电场线斜向上。

【解析】本题考查对电势差与电场强度关系的理解能力。还要抓住公式E=：中d是沿

a

着电场线方向的距离，同时考查沿着电场线方向电势是降低的。

(1)根据以8=等求4、B间两点间的电势差；

(2)根据克服电场力做功，与电荷量沿电场方向移动的位移，可求出电场强度的大小，

再根据电场力公式及电荷的正负求得电场力的大小及方向。

14.【答案】解：(1)电子在加速电场中，根据动能定理有：eU0=|mvo»

解得：见=课,

7

代入数据得：v0x3.0x10nt/s；

(2)设电子在偏转电场中运动的时间为3电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y

电子在水平方向做匀速直线运动：k=…①

电子在竖直方向上做匀加速运动：y=1at2...@

根据牛顿第二定律有：¥=③

a

联立①②③得：y=2：7)=3.6x10-3m=0.36cm；

电子离开偏转电场时速度的反向延长线过偏转电场的中点，

解得：h=0.72cm；

(3)电子在偏转电场运动的过程中电场力对它做的功:

W=eEy=e^y=5.8x10-187；

【解析】(1)电子在加速电场中，根据动能定理即可求出进入偏转电场的速度；

(2)粒子在偏转电场中做类平抛运动，根据类平抛运动规律可求出粒子在偏转电场中产

生的侧位移；粒子从偏转电场飞出至荧光屏这一过程，做的是匀速直线运动，根据几何

关系即可求九；

(3)根据勿=eEy即可求出电子经过偏转电场过程中电场力对它所