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文档简介
专题11四边形问题
【典例分析】
【考点1】多边形的内角和与外角和
[例1](2021•云南中考真题)一个十二边形的内角和等于()
A.2160°B.2080°C.1980°D.1800°
【答案】D
【解析】
【分析】
根据多边形的内角和公式进行求解即可.
【详解】
多边形内角和公式为5-2)x180。,其中〃为多边形的边的条数,
十二边形内角和为(12—2)x180。=1800°,
应选I).
【点睛】
此题考查了多边形的内角和,熟记多边形的内角和公式是解题的关键.
【变式1-1](2021•福建中考真题)正多边形的一个外角为36°,那么该正多边形的边数为().
A.12B.10C.8D.6
【答案】B
【解析】
【分析】
利用多边形的外角和是360。,正多边形的每个外角都是36°,即可求出答案.
【详解】
解:360°+36°=10,所以这个正多边形是正十边形.
应选:B.
【点睛】
此题主要考查了多边形的外角和定理.是需要识记的内容.
【变式「2】(2021•四川中考真题)如图,六边形4BCD比'的内角都相等,AD//BC,那么
_______°•
【答案】60°.
【解析】
【分析】
先根据多边形内角和公式(〃-2)x180°求出六边形的内角和,再除以6即可求出08的度数,由平行线的性
质可求出NDAB的度数.
【详解】
解:在六边形ABCDE/中,
(6-2)x180°=720°,
:.Z.B=120°»
TADHBC.
,ND4B=180°-ZB=60°,
故答案为:60°.
【点睛】
此题考查了多边形的内角和公式,平行线的性质等,解题关键是能够熟练运用多边形内角和公式及平行线
的性质.
【考点2】平行四边形的判定与性质的应用
【例2】(2021•四川中考真题)如图,oABCO中,对角线AC、BO相交于点0,交AO于
点£,连接8E,假设CJABCZ)的周长为28,那么AABE的周长为()
A.28B.24C.21D.14
【答案】D
【解析】
【分析】
根据平行四边形的性质和中垂线定理,再结合题意进行计算,即可得到答案.
【详解】
解::四边形ABQD是平行四边形,
:,OB=OD,AB=CD,AD=BC,
♦.•平行四边形的周长为28,
二AB+AD=14
:OE±BD,
:.0E是线段8。的中垂线,
BE=ED,
:.AABE的周长=AB+8£+AE=/W+AZ)=14,
应选:D.
【点睛】
此题考查平行四边形的性质和中垂线定理,解题的关键是熟练掌握平行四边形的性质和中垂线定理.
【变式2-1](2021•山东中考真题)如图,在四边形4BC/)中,E是边8C的中点,连接DE并延长,交4B的
延长线于点R4E=BF.添加一个条件使四边形4BCC为平行四边形,你认为下面四个条件中可选择的是
()
A.AD=BCB.CD=BFC.z/1=ZCD.乙F=^CDF
【答案】D
【解析】
【分析】
把A、B、C、D四个选项分别作为添加条件进行验证,D为正确选项.添加D选项,即可证明ADEC岭△FEB,
从而进一步证明DC=BF=AB,且DC〃AB,那么四边形ABCD是平行四边形.
【详解】
VZF=ZCDE,
/.CD/7AF,
在△口£(:与△FEB中,
Z.DCE=乙EBF,
CE=BE
“ED=Z.BEF
/.△DEC^AFEB(ASA),
,DC=BF,ZC=ZEBF,
AAB//DC,
VAB=BF,
ADC=AB,
四边形ABCD为平行四边形.
应选D.
【点睛】
此题是一道探索性的试题,考查了平行四边形的判定,熟练掌握平行四边形的判定方法是解题的关键.平
行四边形的判定方法有:①两组对边分别平行的四边形是平行四边形;②一组对边平行且相等的四边形是
平行四边形;③两组对边分别相等的四边形是平行四边形;④对角线互相平分的四边形是平行四边形;⑤.
两组对角分别相等的四边形是平行四边形.
【变式2-2](2021•江苏中考真题)如图,在QABCD中,点M,N分别是边AB,CD的中点.
求证:AN=CM.
【答案】见解析
【解析】
【分析】
根据平行四边形的性质:平行四边的对边相等,可得A3〃CD,AB^CD,根据一组对边平行且相等的
四边形是平行四边形,可得AN=aw.
【详解】
,••四边形ABCD是平行四边形,
;.AB〃CD,AB=CD.
VM,N分别是AB、CD的中点,
.•.CN=L:D,AM=—AB,
22
VCN/7AM,
.•.四边形ANCM为平行四边形,
.*.AN=CM.
【点睛】
此题考查了平行四边形的判定与性质,根据条件选择适当的判定方法是解题关键.
【变式2-3](2021•江苏中考真题)如图,矩形四0中,£是助的中点,延长龙,胡交于点尸,连接4G
DF.
(1)求证:四边形4aA是平行四边形;
(2)当行■平分NA力时,写出比■与切的数量关系,并说明理由.
【答案】(1)证明见解析;(2)BC=2CD,理由见解析.
【解析】
分析:(1)利用矩形的性质,即可判定AFAE且ACDE,即可得到CD=FA,再根据CD〃AF,即可得出四边形
ACDF是平行四边形;
(2)先判定4CDE是等腰直角三角形,可得CD=DE,再根据E是AD的中点,可得AD=2CD,依据AD=BC,即
可得到BC=2CD.
详解:(1)•••四边形ABCD是矩形,
;.AB〃CD,
ZFAE=ZCDE,
:E是AD的中点,
,AE=DE,
又,:ZFEA=ZCED,
.,.△FAE^ACDE,
.*.CD=FA,
XVCD/7AF,
二四边形ACDF是平行四边形;
(2)BC=2CD.
证明::CF平分/BCD,
/.ZDCE=45°,
VZCDE=90°,
...△CDE是等腰直角三角形,
;.CD=DE,
•;E是AD的中点,
.\AD=2CD,
VAD=BC,
;.BC=2CD.
点睛:此题主要考查了矩形的性质以及平行四边形的判定与性质,要证明两直线平行和两线段相等、两角
相等,可考虑将要证的直线、线段、角、分别置于一个四边形的对边或对角的位置上,通过证明四边形是
平行四边形到达上述目的.
【考点3】矩形的判定与性质的应用
【例3】(2021•内蒙古中考真题)如图,在矩形ABCD中,AD=8,对角线AC与相交于点0,
AE±BD,垂足为点E,且4E平分"AC,那么4?的长为.
【答案】逋.
3
【解析】
【分析】
由矩形的性质可得A0=C0=B0=D0,可证aABE/AAOE,可得AO=AB=BO=DO,由勾股定理可求AB的长.
【详解】
解:•..四边形A88是矩形
AO=CO-BO=DO>
,•1AE平分NA4O
/.ZBAE=ZEAO,且AE=AE,ZAEB=ZAEO.
:.AABE〈A4QE(ASA)
AAO^AB,且40=08
AO-AB=BO—DO-
:-BD=2AB,
,,AD2+AB2=BD2,
.,.64+AB2=4AB2.
..D8百
••AB=----
3
故答案为:述.
3
【点睛】
此题考查了矩形的性质,全等三角形的判定和性质,勾股定理,熟练运用矩形的性质是此题的关键.
【变式3-1](2021•湖北中考真题)在RhABC中,ZC=90°,ZA=30°,D,E,尸分别是
AC,AB,BC的中点,连接££),EF.
(1)求证:四边形DE”>是矩形;
(2)请用无刻度的直尺在图中作出48c的平分线(保存作图痕迹,不写作法).
【答案】(1)证明见解析;(2)作图见解析.
【解析】
【分析】
(1)首先证明四边形DEFC是平行四边形,再根据有一个角是直角的平行四边形是矩形即可判断.
(2)连接EC,DF交于点0,作射线30即可.
【详解】
(1)证明:E,尸分别是AC,AB,的中点,
•••四边形DE尸C是平行四边形,
二四边形。瓦C是矩形
(2)连接EC,。尸交于点。,作射线B0.射线30即为所求.
【点睛】
此题考查三角形中位线定理,矩形的判定和性质,等边三角形的判定和性质等知识,解题的关键是熟练掌
握根本知识.
【变式3-2](2021•山东中考真题)如图,在二仙CD中,对角线AC与BD相交于点0,点E,F分
别为OB,0D的中点,延长AE至G,使EG=AE,连接CG.
(1)求证:△ABEg^CDF;
(2)当AB与AC满足什么数量关系时,四边形EGCF是矩形?请说明理由.
【答案】[1)见解析;(2)AC=248时,四边形EGCF是矩形,理由见解析.
【解析】
【分析】
(1)由平行四边形的性质得出AB=CD,AB//CD,0B=0D,0A=0C,由平行线的性质得出ZABE=NCDF,证出
BE=DF,由SAS证明aABE丝Z\CDF即可;
(2)证出AB=0A,由等腰三角形的性质得出AG_L0B,Z0EG=90°,同理:CF±0D,得出EG〃CF,由三角形
中位线定理得出0E〃CG,EF〃CG,得出四边形EGCF是平行四边形,即可得出结论.
【详解】
(1)证明:•••四边形ABCD是平行四边形,
;.AB=CD,AB/7CD,0B=0D,0A=0C,
.,.ZABE=ZCDF,
♦.•点E,F分别为OB,OD的中点,
11
;.BE=-OB,DF=-OD,
22
,BE=DF,
在AABE和4CDF中,
(2)当AC=2AB时,四边形EGCF是矩形;理由如下:
VAC=2OA,AC=2AB,
;.AB=OA,
YE是0B的中点,
AAG1OB,
/.Z0EG=90°,
同理:CF±OD,
/.AG//CF,
,EG〃CF,
VEG=AE,OA=OC,
AOE是4ACG的中位线,
,OE〃CG,
AEF/7CG,
二四边形ECCF是平行四边形,
VZ0EG=90°,
二四边形EGCF是矩形.
【点睛】
此题考查了矩形的判定、平行四边形的性质和判定、全等三角形的判定、三角形中位线定理等知识,解题
的关键是灵活运用所学知识解决问题.
【考点4】菱形判定与性质的应用
【例4】(2021•辽宁中考真题)如图,在菱形的?中,E,尸分别是9留的中点,假设劭=4,EF=3,
那么菱形物》的周长为
【答案】4V13.
【解析】
【分析】
连接AC,利用三角形的中位线定理求得AC的长,从而利用菱形的性质求得A0和B0的长,利用勾股定理求
得边长后即可求得周长.
【详解】
解:如图,连接4G
,:E,尸分别是比'的中点,£尸=3,
:.AC=2EF=6,
,四边形4加力为矩形,如=4,
:.ACVBD,也3,Bg2,
:"B=^AO2+BO2=V13,
.,•周长为4旧,
故答案为:45/13.
【点睛】
考查了菱形的性质,解题的关键是了解菱形的对角线互相垂直平分,难度不大.
【变式4-1](2021•广西中考真题)如图,在菱形488中,对角线AC,B。交于点。,过点A作
AH_L5C于点”,B0=4,S差形码=24,那么AH=—.
24
【答案】y
【解析】
【分析】
根据菱形面积=对角线积的一半可求AC,再根据勾股定理求出8C,然后由菱形的面积即可得出结果.
【详解】
•.•四边形A8CD是菱形,
BO—DO=4,AO—CO,AC_LBD.
BD=8,
,**S奏形ABCD=2ACxBD=24,
AC=6,
:.OC=-AC=3,
2
BC=\JOB2+OC2=5-
iniABCD=BCxAH=24,
•■A…H=—24;
5
24
故答案为:
【点睛】
此题考查了菱形的性质、勾股定理以及菱形面积公式.熟练掌握菱形的性质,由勾股定理求出6C是解题的
关键.
【变式4-2](2021•浙江中考真题)如图,矩形瓦G”的顶点E,G分别在菱形ABCO的边AO,BC
上,顶点尸、”在菱形ABCO的对角线BO上.
(1)求证:BG=DE;
(2)假设E为AO中点,FH=2,求菱形ABC。的周长。
【答案】(1)证明见解析;(2)8.
【解析】
【分析】
(1〕根据矩形的性质得到EH=FG,EH〃FG,得到NGFH=NEHF,求得NBFG=NDHE,根据菱形的性质得到AD/7BC,
得到NGBF=NEDH,根据全等三角形的性质即可得到结论;
(2)连接EG,根据菱形的性质得到AD=BC,AD〃BC,求得AE=BG,AE〃BG,得到四边形ABGE是平行四边形,
得到AB=EG,于是得到结论.
【详解】
(1)•.•四边形EFGH是矩形,
,EH=FG,EH/7FG,
ZGFH=ZEHF,
VZBFG=1800-ZGFH,ZDHE=180°-NEHF,
,NBFG=NDHE,
•.•四边形ABCD是菱形,
;.AD〃BC,
.".ZGBF=ZEDH,
.-.△BGF^ADEH(AAS),
.\BG=DE;
(2)连接EG,
・・•四边形ABCD是菱形,
AAD=BC,AD〃BC,
・・・E为AD中点,
AAE=ED,
VBG=DE,
AAE=BG,AE/7BG,
,四边形ABGE是平行四边形,
AAB=EG,
VEG=FH=2,
・・・AB=2,
・・・菱形ABCD的周长=8.
【点睛】
此题考查了菱形的性质,矩形的性质,全等三角形的判定和性质,正确的识别作图是解题的关键.
【变式4-3](2021•辽宁中考真题)如图,切是。的?的对角线,按以下步骤作图:①分别以点8和点〃
为圆心,大于L劭的长为半径作弧,两弧相交于反尸两点;②作直线珏;分别交加,BC于同M,N,连
2
接BM,DN.假设切=8,MN=6,那么。的?的边纪上的高为—.
24
【答案】y-
【解析】
【分析】
由作法得MN垂直平分BD,那么MB=MD,NB=ND,再证明△BMN为等腰三角形得到BM=BN,那么可判断四边形
BMDN为菱形,利用菱形的性质和勾股定理计算出BN=5,然后利用面积法计算nA5CD的边BC上的高.
【详解】
由作法得加,垂直平分BD,
NB=ND,
•四边形/及力为平行四边形,
:.AD//BC,
...Z.W=NNBD,
而MB=MD,
:.4MBD=AMDB,
:.NMBD=/NBD,
而BDVMN,
...△8的•'为等腰三角形,
:.BkBN,
:.BM=BN=ND=MD,
:.四边形BMDN为菱形,
BN=\j*+42=5,
设力箭的边6c上的高为h,
':MN・BD=2BN・h,
,6x824
/.h=----=——,
2x55
24
即口ABCD的边纥上的高为一.
24
故答案为—.
【点睛】
此题考查了作图-根本作图:熟练掌握根本作图(作一条线段等于线段;作一个角等于角;作线段的垂直平
分线;作角的角平分线;过一点作直线的垂线).也考查了平行四边形的性质.
【考点5】正方形的判定与性质的应用
【例5】(2021•上海中考真题)如果一个正方形的面积是3,那么它的边长是=.
【答案】■
【解析】
【分析】
正方形的面积公式:S=a2,所以a=JS,求出这个正方形的边长,即可解答.
【详解】
设正方形的边长为a,那么有
界3
•••边匕为a=y/3
故答案为百
【点睛】
此题考查正方形的面积,掌握运算公式是解题关键
【变式5-1](2021•山东中考真题)如图,E,F是正方形ABCD的对角线AC上的两点,AC=8,
AE=CF=2,那么四边形BEO尸的周长是.
【答案】8石
【解析】
【分析】
连接3。交AC丁点。,那么可证得OE=O尸,OD=OB,可证四边形BEOb为平行四边形,且
BD上EF,可证得四边形尸为菱形;根据勾股定理计算。E的长,可得结论.
【详解】
如图,连接8。交AC于点O,
•.•四边形ABCD为正方形,
BDLAC,OD=OB=OA=OC,
':AE=CF=2,
:.OA-AE=OC-CF,即OE=O尸,
二四边形BEOF为平行四边形,且BDLEF,
二四边形BED尸为菱形,
:.DE=DF=BE=BF,
8-4
,:AC=BD=8,OE=OF=-----=2,
2
由勾股定理得:DE=yloif+OE2=A/42+22=2V5-
四边形BEDF的周氏=4DE=4x25=8石,
故答案为:875.
【点睛】
此题考查了正方形的性质、菱形的判定和性质及勾股定理,掌握对角线互相垂直平分的四边形为菱形是解
题的关键.
【变式5-2](2021•湖北中考真题)如图①,等腰直角三角形OEF的直角顶点。为正方形ABC。的中心,
点C,O分别在OE和O尸上,现将AOEF绕点。逆时针旋转0角(0°<a<90°),连接4厂,DE(如
图②).
(1)在图②中,(用含a的式子表示)
(2)在图②中猜测与OE的数量关系,并证明你的结论.
【答案】(1)90°-«;(2)AF=DE.理由见解析.
【解析】
【分析】
(1)如图②,利用旋转得NDOb=NCOE=a,再利用四边形ABCD为正方形,求出NA0D,从而求出
ZA0F;
(2)如图②,利用四边形ABCD为正方形,得到NAOD=NCOD=90°,OA=OD,又因为△€)石尸为
等腰三.角形,所以0F=0E,再证明AAOEgADOE即可.
【详解】
解:(1)如图②,
\OEF绕点。逆时针旋转a角,
Z.DOF=Z.COE--a,
•••四边形A5C。为正方形,
.,400=90°,
ZAOF=90°-er:
故答案为90。—。;
(2)AF=DE.
理由如下:
如图②,•••四边形ABC。为正方形,
..NAOD=NCQD=90°,OA=OD,
•;/D0F=4C0E=a,
:.ZAOF=NDOE,
♦.♦AOEE为等腰直角三角形,
:.OF=OE,
在AAO/7和ADOE中
AO^DO
<ZAOF=乙DOE,
OF=OE
..^AOF^ADOE(SAS),
;.AF=DE.
【点睛】
此题考查的是等腰直角三角形和正方形的综合运用,熟练掌握旋转的性质是解题的关键.
【达标训练】
一、单项选择题
1.(2021♦辽宁中考真题)如图,某人从点4出发,前进8必后向右转60°,再前进8卬后又向右转60°,
按照这样的方式一直走下去,当他第一次回到出发点力时,共走了()
A.24卬B.32/zzC.40mD.48卬
【答案】D
【解析】
【分析】
从A点出发,前进8m后向右转60°,再前进8m后又向右转60°,…,这样一直走下去,他第一次回到出
发点A时,所走路径为正多边形,根据正多边形的外角和为360°,判断多边形的边数,再求路程.
【详解】
解:依题意可知,某人所走路径为正多边形,设这个正多边形的边数为〃,
那么60〃=360,解得〃=6,
故他第一次回到出发点/时,共走了:8X6=48(/»).
应选:D.
【点睛】
此题考查了多边形的外角和,正多边形的判定与性质.关键是根据每一个外角判断多边形的边数.
2.(2021•贵州中考真题)如图,矩形A3C0,一条直线将该矩形ABCD分割成两个多边形(含三角形),
假设这两个多边形的内角和分别为M和N,那么M+N不可能是().
A.360°B.540°C.720°D.630°
【答案】D
【解析】
如图,一条直线将该矩形ABCD分割成两个多边(含三角形)的情况有以上三种,
①当直线不经过任何一个原来矩形的顶点,
此时矩形分割为一个五边形和三角形,
,M+N=540°+180°=720°;
②当直线经过一个原来矩形的顶点,
此时矩形分割为一个四边形和一个三角形,
/.M+N=360°+180°=540°;
③当直线经过两个原来矩形的对角线顶点,
此时矩形分割为两个三角形,
.*.M+N=180°+180°=360°.
应选D.
3.(2021•四川中考真题)四边形ABCO的对角线AC与8D相交于点O,以下四组条件中,一定能判定
四边形ABC。为平行四边形的是()
A.AD//BCB.OA=OC,OB=OD
C.AD/IBC,AB=DCD.AC±BD
【答案】B
【解析】
【分析】
根据平行四边形的判定方法逐一进行分析判断即可.
【详解】
A.只有一组对边平行无法判定四边形是平行四边形,故错误;
B.OA=OC,OB=OD,根据对角线互相平分的四边形是平行四边形,可以判定,故正确;
C.AD//BC,AB=DC,一组对边平行,一组对边相等的四边形可能是平行四边形也可能是等腰梯形,
故错误;
D.对角线互相垂直不能判定四边形是平行四边形,故错误,
应选B.
【点睛】
此题考查了平行四边形的判定,熟练掌握平行四边形的判定方法是解题的关键.
4.(2021•湖北中考真题)假设正多边形的内角和是540。,那么该正多边形的一个外角为()
A.45°B.60°C.72°D.90°
【答案】C
【解析】
【分析】
根据多边形的内角和公式(〃一2)・180°求出多边形的边数,再根据多边形的外角和是固定的360°,依此可
以求出多边形的一个外角.
【详解】
•••正多边形的内角和是540。,
多边形的边数为540°+180°+2=5,
•••多边形的外角和都是360°,
•••多边形的每个外角=360+5=72°.
应选C.
【点睛】
此题主要考查了多边形的内角和与外角和之间的关系,关键是记住内角和的公式与外角和的特征,难度适
中.
5.(2021•山东中考真题)如图,在平行四边形ABC。中,N是BD上两点,=连接AM、
MC、CN、NA,添加一个条件,使四边形AMCN是矩形,这个条件是()
A.OM^-ACB.MB=MOC.BDA.ACD.NAMB=NCND
2
【答案】A
【解析】
【分析】
由平行四边形的性质可知:Q4=OC,OB=OD,再证明OM=ON即可证明四边形AMCN是平行四
边形.
【详解】
四边形A3CD是平行四边形,
OA-OC.OB=OD.
对角线8。上的两点M、N满足BM=DN,
:.OB—BM=OD—DN,即QW=ON,
/.四边形AMCN是平行四边形,
':OM=-AC,
2
:'MN=AC,
二四边形AMCN是矩形.
应选:A.
【点睛】
此题考查了矩形的判定,平行四边形的判定与性质,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题.
6.(2021•湖北中考真题)如图,在AABC中,点D、E、F分别是AB、AC、BC的中点,NADE=65°,那么
NCFE的度数为()
A.60°B.65°C.70°D.75°
【答案】B
【解析】
【分析】
根据三角形中位线的性质可得DE//BC,EE//AB,根据平行线的性质求出NCFE的度数即可.
【详解】
•:点D、E、F分别是AB、AC、BC的中点,
ADE//BC,EF//AB,
/.ZADE=ZB,ZB=ZCFE,
VZADE=65°,
.,.ZCFE=ZADE=65°,
应选B.
【点睛】
此题考查了三角形中位线的性质及平行线的性质,三角形的中位线平行于第三边,且等于第三边的一半,
熟练掌握相关性质是解题关键.
7.(2021•四川中考真题)如图,在四边形ABCD中,AB=CD,AC,8。是对角线,E,E,G,”分别
是A28D,8cAe的中点,连接EF,FG,GH,HE,那么四边形EFG”的形状是()
A.平行四边形B.矩形C.菱形D.正方形
【答案】C
【解析】
【分析】
根据三角形的中位线定理可得,EH平行且等于S的一半,bG平行且等于8的一半,根据等量代换
和平行于同一条直线的两直线平行,得到EH和尸G平行且相等,所以ERGH为平行四边形,又因为EF
等于A3的•半且A8=CD,所以得到所证四边形的邻边E”与EF相等,所以四边形EFG”为菱形.
【详解】
解::E,F,G,H分别是AD,BD,BC,AC的中点,
.•.在AA0C中,为△A0C的中位线,所以£”//8且EH=」CO;同理FG//CD且FG=LC。,
22
同理可得AB,
2
哪么EHIIFG豆EH=FG,
二四边形EFG”为平行四边形,又AB=CD,所以EF=EH,
二四边形EFGH为菱形.
应选:C.
【点睛】
此题考查学生灵活运用三角形的中位线定理,平行四边形的判断及菱形的判断进行证明,是•道综合题.
8.(2021•贵州中考真题)如图,。是△板内一点,BDLCD,AD=1,BD=4,CD=3,E、F、G、〃分别是
AB、BD、CD、月。的中点,那么四边形班第的周长为()
A.12B.14C.24D.21
【答案】A
【解析】
【分析】
利用勾股定理列式求出BC的长,再根据三角形的中位线平行于第三边并且等于第三边的一半求出EH=FG
=1BC,EF=GEAD,然后代入数据进行计算即可得解.
22
【详解】
,:BD1.CD,放=4,⑺=3,
•••BC=《BD2+CD?==5-
,:E、F、G、〃分别是47、CD、勿的中点,
EH=FG="C,EF=GH=1AD,
22
:.四边形EFGH的局长=EmG出F&rEF=AI"BC,
又.:AD=1,
.,•四边形EFGH的周长=7+5=12.
应选4
【点睛】
此题考查三角形中位线定理,勾股定理,解题关键在于求出BC的值
9.(2021•广东中考真题)菱形A8CD,E,F是动点,边长为4,BE=AF,ZBAD=120°,那么以下
结论正确的有几个()
①ABEC丝AAFC;②\ECF为等边三角形
GF1
③NAGE=NAFC④假设A/=1,那么左=二
GE3
A.1B.2C.3D.4
【答案】I)
【解析】
【分析】
①易证AABC为等边三角形,得AC=BC,ZCAF=ZB,结合条件BE=AF可证ABEC丝△AFC;②得FC=EC,ZFCA=
ZECB,得/FCE=NACB,进而可得结论;③证明/AGE=/BFC那么可得结论;④分别证明△AEGsz^FCG和
△FCG^AACF即可得出结论.
【详解】
在四边形ABCD是菱形中,
4B4O=12()。,
ZZMC=60°
ZB=60°
二AB=ADAC
.'.△ABC为等边三角形,
/.AC^BC
又BE=AF,
;.MEC名MFC,故①正确;
:.FC=EC,NFCA=NECB
/.ZFCE=ZACB=60°,
...AECF为等边三角形,故②正确:
VZAGE+ZGAE+ZAEG=180°,ZBEC+ZCEF+ZAEG=180",
又^.^NCEF=NCAB=60°,
二NBEC=NAGE,
由①得,ZAFC=ZBEC,
AZAGE=ZAFC,故③正确;
ZAEG=ZFCG
.".△AEG^AFCG,
.GEGC
"TE-7c'
ZAGE=ZFGC,ZAEG=ZFCG
,ZCFG=ZGAE=ZFAC,
.,.△ACF^AFCG,
.FCAF
"GC
.GFAF
"G£-
VAF=1,
/.BE=1,
/.AE=3,
GF1
故④正确.
GE3
应选D.
【点睛】
此题主要考查了运用菱形的性质求解,主要的知识点有:全等三角形的判定与性质,等边三角形的判定与
性质以及相似三角形的判定与性质,难度较大,综合性较强,是一道好题.
10.(2021•内蒙古中考真题)如图,在口A3C。中,ZBDC=47°42\依据尺规作图的痕迹,计算&的
度数是()
A.67°29'B.67"9'C.66°29'D.66"9'
【答案】D
【解析】
【分析】
根据平行四边形性质,角平分线性质和线段垂直平分线性质可求出结果.
【详解】
四边形ABCD为平行四边形,
二ABHCD,
ZABD=ZBDC=47°42',
由作法得上E垂直平分8。,BE平分NABD,
:.EF±BD,NABE=ZDBE=-ZABD=23°51',
2
,:NBEF+NEBD=90",
二ZBEF=90°-23°51°=66°9‘,
:.a的度数是66°9'.
应选:D.
【点睛】
考核知识点:线段垂直平分线,平行四边形性质.理解作图的意义是关键.
11.(2021•广西中考真题)如图,在A48C中,2E分别是AB,6c的中点,点口在DE延长线上,添
加一个条件使四边形ADEC为平行四边形,那么这个条件是()
A.ZB=ZFB./B=/BCFC.AC=CFD.AD=CF
【答案】B
【解析】
【分析】
利用三角形中位线定理得到DE||AC,DE=|AC,结合平行四边形的判定定理进行选择.
【详解】
在AABC'I',D,E分别是A6,8C的中点,
OE是AABC的中位线,
DEII-AC.
=2
A、根据N8=N/不能判定AC//。?,即不能判定四边形ADFC为平行四边形,故本选项错误.
B、根据N8=N8C户可以判定CF7/AB,即B//A。,由“两组对边分别平行的四边形是平行四边形”
得到四边形ADbC为平行四边形,故本选项正确.
C、根据4。=。”不能判定AC〃DF,即不能判定四边形ADFC为平行四边形,故本选项错误.
D、根据4O=CF,ED//AC不能判定四边形AOR7为平行四边形,故本选项错误.
应选:B.
【点睛】
此题三角形的中位线的性质和平行四边形的判定.三角形中位线定理:三角形的中位线平行于第三边,且
等于第三边的一半.
12.(2021•山东中考真题)如图,在正方形ABCD中,E、F分别是BC、CD上的点,且NEAF=45°,AE、
BE
AF分别交BD于瓜N,连按EN、EF、有以下结论:①AN=EN,②当AE=AF时,一=2-0,③BE+DF
EC
=EF,④存在点E、F,使得NF>DF,其中正确的个数是()
A.1B.2C.3D.4
【答案】B
【解析】
【分析】
①如图1,证明△AMNS/^BME和△AMBsZiNME,可得NNAE=/AEN=45°,那么4AEN是等腰直角三角形可作
判断;
②先证明CE=CF,假设正方形边长为1,设CE=x,那么BE=l-x,表示AC的长为A0+0C可作判断;
③如图3,将aADF绕点A顺时针旋转90°得到△ABH,证明AAEF丝AAEH(SAS),那么EF=EH=BE+BH=BE+DF,
可作判断;
④在△ADA中根据比拟对角的大小来比拟边的大小.
【详解】
①如图1,
•.•四边形ABCD是正方形,
ZEBM=ZADM=ZFDN=ZABD=45°,
•.•/MAN=NEBM=45°,ZAMN=ZBME,
.-.△AMN^ABME,
.AM_MN
••嬴―前'
VZAMB=ZEMN,
AAAMB^ANME,
AZAEN=ZABD=45°
AZNAE=ZAEN=45°,
•••△AEN是等腰直角三角形,
AN=EN,
故①正确;
②在4ABE和AADF中,
AB=AD
NABE=NADF=90°,
AE=AF
ARtAABE^RtAADF(HL),
,BE=DF,
,ZBC=CD,
;.CE=CF,
假设正方形边长为1,设CE=x,那么BE=l-x,
如图2,连接AC,交EF于H,
,.•AE=AF,CE=CF,
...AC是EF的垂直平分线,
.\AC±EF,OE=OF,
]/?
RtZ\CEF中,OC=-EF=—x,
22
△EAF中,ZEA0=ZFA0=22.5°=ZBAE=22.5°,
;.OE=BE,
VAE=AE,
ARtAABE^RtAAOE(HL),
/.AO=AB=1,
.,.AC=5/2—AO+OC,
1+^1-x=5/2>
2
x=2-72,
.BE_1_(2-扬_(向1)(2+扬_近
"EC2-V22V'
故②不正确;
③如图3,
.•.将AADF绕点A顺时针旋转90°得到△ABH,那么AF=AH,ZDAF=ZBAH,
VZEAE=45°=ZI)AF+ZBAE=ZHAE,
VZABE=ZABH=90°,
AH.B、E三点共线,
在AAEF和△AEH中,
AE=AE
<ZFAE=ZHAE,
AF=AH
.,.△AEF^AAEH(SAS),
EF=EH=BE+BH=BE+DF,
故③正确;
④Z\ADN中,ZFND=ZADN+ZNAD>45°,
NFDN=45°,
.*.DF>FN,
故存在点E、F,使得NF>DF,
故④不正确;
应选B.
【点睛】
此题考查正方形的性质、全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的判定和性质、线段垂直平分线的性
质和判定等知识,解题的关键是灵活应用所学知识解决问题,学会添加常用辅助线构造全等三角形.
二、填空题
13.(2021•四川中考真题)一个多边形的每一个内角都等于108°,那么这个多边形的边数是.
【答案】5
【解析】
试题分析::多边形的每一个内角都等于108。,,每一个外角为72°.
•••多边形的外角和为360。,.•.这个多边形的边数是:3604-4-72=5.
14.(2021•辽宁中考真题)如图,在矩形的?中,AD=5,AB=3,点£从点4出发,以每秒2个单位
长度的速度沿池向点,运动,同时点尸从点C出发,以每秒1个单位长度的速度沿第向点8运动,当点
£到达点〃时,点£,尸同时停止运动.连接应;EF,设点£运动的时间为大,假设ABEF是以龙为底的
等腰三角形,那么t的值为.
[答案]注目
4
【解析】
【分析】
过点〃作EG±BCT-G,可得AB=EG=3,AE=BG=2t,山勾股定理可求t的值.
【详解】
如图,过点£作EG_L3C于6,
二四边形465是矩形,
AAB=EG=3,AE=BG=2t,
■:BF=EF=5-t,FG=\2t-(5-t)h|3r-5|,
•••EF2=FG2+EG2,
(5-z)2=(3r-5)2+9,
.,5±S
••t=--------
4
故答案为:徒且.
4
【点睛】
此题考查了矩形的性质,等腰三角形的性质,利用勾股定理列出方程是此题的关键.
15.(2021•四川中考真题)如图,QABCD的对角线AC、BD相交于点0,点E是AB的中点,MEO的周长
是8,那么ABCD的周长为.
【答案】16.
【解析】
【分析】
根据平行四边形的性质可得50=。0=!%>,进而可得0E是AABC的中位线,由三角形中位线定理得出
2
BC=20E,再根据平行四边形的性质可得AB=CD,从而可得A8S的周长=AB£O的周长x2.
【详解】
解::QABa)的对角线AC、BD相交于点0,
/.BO=DO=-BD,BD=2OB,
2
...0为BD中点,
♦.•点E是AB的中点,
四边形ABCD是平行四边形,
•.♦AfiEO的周长为8,
.,.△BCD的周长是16,
故答案为16.
【点睛】
考查了平行四边形的性质,三角形中位线定理以及线段中点的定义.关键是掌握平行四边形的性质:①边:
平行四边形的对边平行且相等.②角:平行四边形的对角相等;③对角线:平行四边形的对角线互相平分.
16.(2021•江苏中考真题)如图,点E在正方形ABCD的边AB上,以BE为边向正方形ABCD外部作正方形
BEFG,连接DF,M、N分别是DC、DF的中点,连接MN.假设AB=7,BE=5,那么MN=.
13
【答案】—
2
【解析】
【分析】
连接FC,根据三角形中位线定理可得FC=2MN,继而根据四边形ABCD,四边形EFGB是正方形,推导得出G、
B、C三点共线,然后再根据勾股定理可求得FC的长,继而可求得答案.
【详解】
连接FC,VM,N分别是DC、DF的中点,
.\FC=2MN,
♦.•四边形ABCD,四边形EFGB是正方形,
AZFGB=90°,ZABG=ZABC=90°,FG=BE=5,BC=AB=7,
二ZGBC=ZABG+ZABC=180°,
即G、B、C三点共线,
.,.GC=GB+BC=5+7=12,
•■•FC=7FG2+GC2=13>
13
2
13
故答案为:—.
2
【点睛】
此题考查了正方形的性质,三角形中位线定理,勾股定理等知识,正确添加辅助线,熟练掌握和灵活运用
相关知识是解题的关键.
17.(2021•天津中考真题)如图,正方形纸片ABCD的边长为12,E是边CZ)上一点,连接AE.折叠
该纸片,使点A落在AE上的G点,并使折痕经过点B,得到折痕8尸,点尸在AD上.假设DE=5,那
么GE的长为.
49
【答案】百
【解析】
【分析】
先根据勾股定理得出AE的长,然后根据折叠的性质可得BF垂直平分AG,再根据AABM~AADE,求出AM
的长,从而得出AG,继而得出GE的长
【详解】
解:在正方形ABCD中,ZBAD=ZD=90°,
NBAM+NFAM=90"
在Rt^ADE中,AE=A/AD2+DE2=7122+52=13
山折叠的性质可得AABFMAGBF
,AB=BG,NFBA=/FBG
,BF垂直平分AG,
,AM=MG,ZAMB=90"
ZBAM+ZABM=90°
/.ZABM=ZFAM
/.AABM-AADE
AMABAM12
DEAE513
…60120
.•AM——,•♦AG=-----
1313
12049
AGE=5------
1313
【点睛】
此题考查了正方形与折叠,勾股定理,等腰三角形的性质,以及三角形相似的判定和性质,熟练掌握相关
的知识是解题的关键
18.(2021•湖南中考真题)如下图,过正五边形越CDE的顶点3作一条射线与其内角的角平分线
相交于点P,且NABP=60°,那么度.
【答案】66
【解析】
【分析】
首先根据正五边形的性质得到NE43=108度,然后根据角平分线的定义得到NP45=54度,再利用三角
形内角和定理得到NA/归的度数.
【详解】
解::五边形ABCDE为正五边形,
/.NE4B=108度,
AP是NE48的角平分线,
二NPAB=54度,
ZABP=60°,
:.ZAPB=180°-60°-54°=66°.
故答案为:66.
【点睛】
此题考查了多边形内角与外角,题目中还用到了角平分线的定义及三角形内角和定理.
19.(2021•山东中考真题)用一条宽度相等的足够长的纸条打一个结(如图1所示),然后轻轻拉紧、压
平就可以得到如图2所示的正五边形A8CDE.图中,ZBAC=—度.
【答案】36°.
【解析】
【分析】
利用多边形的内角和定理和等腰三角形的性质即可解决问题.
【详解】
VZABC=(5-2^xl80_=108°,AABC是等腰三角形,
..N54c=ZBC4=36度.
【点睛】
此题主要考查了多边形的内角和定理和等腰三角形的性质.解题关键在于知道"边形的内角和为:180°
In-2).
20.(2021•江苏中考真题)如图,正方形ABCO的边长为4,E为BC上一点,且BE=1,F为AB边
上的一个动点,连接石尸,以所为边向右侧作等边AERS,连接CG,那么CG的最小值为.
【答案】-
2
【解析】
【分析】
由题意分析可知,点尸为主动点,G为从动点,所以以点E为旋转中心构造全等关系,得到点G的运动轨
迹,之后通过垂线段最短构造直角一角形获得CG最小值.
【详解】
由题意可知,点尸是主动点,点G是从动点,点尸在线段上运动,点G也一定在直线轨迹上运动
将AEEB绕点£旋转60°,使ER与EG重合,得到AEFB三AEHG,
从而可知^EBH为等边三角形,点G在垂直于HE的直线HN上,
作CM,HN,那么CM即为CG的最小值,
作EP±CM,可知四边形H
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