福建省泉州市名校2025届物理九年级第一学期期中学业质量监测试题含解析

福建省泉州市名校2025届物理九年级第一学期期中学业质量监测试题测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）1．将一个重为4.5N的物体沿斜面从底端匀速拉到顶端，已知斜面长1.2m，高为0.4m，斜面对物体的摩擦力为1N（物体的大小、空气阻力等可忽略不计）．则在上述过程中A．有用功为5.4J B．额外功为1.8JC．机械效率为60% D．沿斜面向上的拉力大小为2N2．第一位通过实验测出大气压强大小的科学家是A．牛顿 B．伽利略 C．帕斯卡 D．托里拆利3．关于能量的转化与转移，下列说法错误的是（）A．燃料燃烧，是将化学能转化为内能B．植物进行光合作用，是将光能转化为化学能C．能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变D．随着技术的进步，热机的效率可以达到百分之百4．下列说法正确的是A．物体放出热量，温度一定降低B．物体内能增加，温度一定升高C．热传递中，热量从内能多的物体传给内能少物体D．热传递中,热量从高温物体传给低温物体5．下列说法正确的是（）A．用刻度尺测量物体长度时，可以不从刻度尺的零刻度线处量起B．误差就是由于不遵守操作规则而造成的，可以避免C．选择精密仪器或改进实验方法都可以避免误差D．小明用分度值1cm的刻度尺测得一物体的长度读数为3cm6．下列说法中正确的是A．只有正电荷的移动才能形成电流B．电源的作用是可以使自由电荷定向移动形成电流C．摩擦起电可以创造电荷D．规定自由电荷定向移动的方向为电流方向7．如图所示是四冲程汽油机的一个工作循环示意图，其中属于利用机械能转化内能冲程的是（）A． B． C． D．8．如右图所示，取两个相同的验电器甲和乙，使甲带正电，乙不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把甲和乙连接起来。下列说法正确的是（）A．验电器金属箔张开是因为它们带同种电荷B．金属棒中瞬间电流的方向从乙流向甲C．正电荷从甲移到乙，所以两个验电器都带正电荷D．电子从乙移到甲，所以甲带负电，乙带正电9．把一个小铁球迅速压成一个铁饼，这时发生变化的物理量是它的：A．内能B．比热容C．热量D．质量10．如图所示的四个电路中，若将开关S闭合，会存在安全隐患的电路是（）A． B． C． D．11．如图所示的电路，电源电压保持不变，R1为定值电阻，电路各元件均完好无损，下列说法正确的是（）A．闭合S2,断开S1、S3，将滑动变阻器片向上移动，V1示数不变，V2示数减小B．闭合S2,断开S1、S3，将滑动变阻器片向上移动，V1与A1示数的比值变大C．保持滑片位置不变，先闭合S2,断开S1、S3，再断开S2，闭合S1、S3，A1示数不变，A2示数变大D．断开S2,闭合S1、S3，向下移滑片的过程中，A1与A2示数的差值减小12．下列生活实例中，属于做功改变物体内能的是（）A．冬天用热水泡脚变得暖和B．用手反复弯折铁丝，弯折处发热C．冬天人们在室外晒太阳感觉暖和D．医生用冰袋给发烧的病人降温13．某热敏电阻的阻值随环境温度的变化而变化的规律如图甲所示．利用热敏电阻这一特性，设计一个通过电表示数反映环境温度变化的电路，要求电表示数增大表示温度升高，选项电路中不符合要求的是（）A．B．C．D．14．小明按图示电路进行探究实验，将电流表先后串联在同一电路中的A、B、C处，当开关闭合后，电流表的读数（）A．A处最大B．B处最大C．C处最大D．三处都是一样大15．关于物质的比热容，下列说法中正确的是（）A．比热容是物质的一种属性，只和物质的种类有关B．同种物质质量越大比热容就越大C．因为水的比热容较大所以比较适合做冷却剂D．物质的状态发生变化时其比热容一般不变16．下列过程中，通过热传递改变物体内能的是A．钻木取火B．锯木头时，锯片发热C．卫星进入大气层时外壳发热D．热水中放入冰块，水温下降17．甲，乙，丙三个轻质小球，已知甲所带电荷跟丝绸摩擦后的玻璃棒所带电荷相同，甲与乙相互排斥，甲与丙相互吸引，则A．乙带正电，丙一定带正电 B．乙带正电，丙可能不带电C．乙带负电，丙一定带负电 D．乙带负电，丙可能带负电18．下列说法正确的是（）A．电路中有电流，则电路两端一定有电压B．电源总是将化学能转化为电能C．经验证明，对人体的安全电压是36VD．电压表不能直接连在电源两端使用19．如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，当滑片P向右移动时，电流表和电压表的示数变化情况是A．电流表示数减小，电压表示数减小B．电流表示数增大，电压表示数增大C．电流表示数减小，电压表示数增大D．电流表示数增大，电压表示数减小20．如图是酒精浓度检测仪的简化电路图，图中R0为定值电阻、R为酒精气体传感器，R的电阻值随酒精气体浓度的增大而减小，如果驾驶员对着酒精气体传感器呼出的酒精气体浓度越大，那么（）A．A表示数越大，V表示数越小

B．A表示数越小，V表示数越大C．A表和V表示数均越小 D．A表和V表示数均越大21．根据如表所提供的几种物质的比热容得出以下四个结论，其中不正确的是A．水比酒精的比热容大B．同种物质在不同状态下的比热容不同C．质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的末温比铜块的末温高D．质量相等的铜块和铝块都降低1°C，铝块比铜块放出的热量多22．如图所示，通草球甲、乙相互排斥，甲、丙相互吸引，如果已知甲带正电，那么乙、丙的带电情况是A．乙带负电、丙带正电 B．乙带正电、丙带正电C．乙带负电、丙带负电或不带电 D．乙带正电、丙带负电或不带电23．下表列出某些物质的比热容（单位为J/（kg·℃）），下列判断正确的是A．物质的比热容与物质状态无关 B．固体的比热容比液体的大C．50℃铝的比热容等于100℃铝的比热容 D．200g铜的比热容大于100g铜的比热容24．为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭．下列设计最合理的电路图是（）A． B． C． D．25．下列说法中正确的是A．电荷的移动形成电流 B．负电荷定向移动的方向就是电流的方向C．异种电荷相互排斥 D．导体中都有大量的自由电荷，因此导体容易导电26．在探究电路的电流规律实验时用了如图所示的某个电路，已知R1＝R2＜R3，电流表的读数分别是：A1为0.3A、A2为0.45A、A3为0.15A。测量时的电路图应是（）A． B．C． D．27．质量相等、初温相同的水和酒精，分别用两个相同的加热器加热，不计热量损失．加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示．关于a、b两种液体的鉴别结论正确的是A．a的比热大，是水 B．a的比热大，是酒精C．b的比热大，是水 D．b的比热大，是酒精28．关于内能、温度和热量，下列说法中正确的是（）A．0℃的冰没有内能B．质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量越多，其热值越大C．物体的温度升高，不一定是吸收了热量D．热传递过程中，内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移29．以下用电器中，工作时能量转化的主要形式与其他三件不同的是A．电风扇 B．电炉 C．电熨斗 D．电水壶30．由欧姆定律公式I＝U/R变形得R＝U/I，对此，下列说法中正确的是A．加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大B．导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关C．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小D．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零二、填空题（每空1分，共10题，20分）31．质量为50kg的人连续向上跳10节台阶，每节台阶的高度是0.2m，花费的时间为10s。此过程人所做的功至少为______J，功率是______W。（g取10N/kg）32．夏天，柏油路面随着气温的升高而变得越来越软，由此可以判断柏油是_____；而冰在熔化时温度不变，由此可判断它是_____．（均选填“晶体”或“非晶体”）33．如图所示电路中，干电池工作时把____能转化为电能，而开关的作用是控制电路的___，通过对两图灯光亮度与电源的对比你得出的结论是电路电流的大小跟_____有关。34．内燃机的一个工作循环有四个冲程，图中表示的是其中的_____冲程。如果该内燃机飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟做功_____次。35．在如图(a)所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图(b)所示，则电阻R1：R2=_____36．如图所示，电阻R1=2Ω，小冬同学在实验过程中记录了三只电表的读数，但漏记单位，记下的一组数据是1、2、3（电流单位是A，电压单位是V），则小冬同学所用的电源电压为_____V，R2的电阻值为______Ω．37．一台单缸四冲程柴油机，飞轮转速为3600转/分，该柴油机活塞1s对外做功________次。若其效率为40%，消耗1kg的柴油转化成的机械能是________J。（q柴油＝4.3×107J/kg）38．海南黎族钻木取火技艺被列入国家级非物质文化遗产名录．钻木取火是通过_____(填“做功”或“热传递”)的方式把机械能转化为内能的．39．小明用20N的水平推力推重150N的购物车，在水平路面上前进了15m，所用的时间是0.5min．在此过程中，小明做了_____J的功，小明做功的功率是_____W，购物车的重力所做的功是_____J．40．如图电阻箱表示的电阻是_____欧姆．三、实验题（每空1分，共2题，15分）41．亲爱的同学：你会使用下面图中的实验仪器吗?（1）如图1所示，电流表的分度值是_____，此时示数为_____．（2）如图2所示，该电阻箱此时的示数为_____Ω．（3）实验室中有一铭牌上标有“20Ω2A”字样的滑动变阻器，如图3所示，“20Ω”指的是_____，如果把A、C两接线柱与电路连接，当滑片向左移动时，变阻器接入电路部分的阻值变_____．（4）如果你还想知道电路中电流值的变化情况，需在电路中_____联一个电流表，并增加_____根导线．42．在探究杠杆平衡条件的实验装置中，发现右端高，应将杠杆的平衡螺母向____调节，使杠杆平衡在_____位置，这样做的好处是_____。此后在整个实验过程中________（填要或不要）再旋动平衡螺母。在实验中得到如下两组数据：实验序号动力F1/N动力臂l1/m阻力F2/N阻力臂l2/m141．421．2221．1641．18这两组数据中，实验序号为____的一组数据肯定有错误。经检查，发现是测量动力臂时读数错了，应该是____。通过实验探究得到杠杆平衡条件的是______。四、计算题（每题10分，共2题，20分）43．如图在一个大口厚玻璃瓶内盛少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳出时，可以看到瓶内出现“白雾”。请回答下列问题。（1）此过程中用什么方法改变了物体的内能？（2）请从能量转换和物态变化的角度分析瓶内出现“白雾”的原因。44．如图所示的电路中，电源电压为6V，电压表示数为2.5V，求：(1)这是什么电路？(2)灯泡L1的电压；(3)灯泡L2的电压。

参考答案一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）1、C【解析】

A．把物体沿斜面从底端匀速拉到顶端做的有用功：W有=Gh=4.5N×0.4m=1.8J故A错误；B．把物体沿斜面从底端匀速拉到顶端做的额外功为：W额=fs=1N×1.2m=1.2J故B错误；C．拉力做的总功：W总=W额+W有=1.8J+1.2J=3J；斜面的机械效率为：故C正确；D．由W总=Fs可得拉力：故D错误．2、C【解析】

托里拆利将大气压的测量转化为液体压强的测量，利用水银和玻璃管测出标准大气压能支撑760mm高的水银柱，并通过液体压强公式计算出了大气压的值．故D正确．3、D【解析】

A．燃料具有化学能，燃烧时将化学能转化为内能，故正确，不符合题意；B．绿色植物的光合作用将光能转化为化学能，故正确，不符合题意；C．根据能量守恒定律可知，能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，故正确，不符合题意；D．热机在使用过程中不可避免的存在摩擦损耗和热量的散失，做额外功，因此热机的效率不可能达到百分之百，故错误，符合题意。故选D。4、D【解析】

A.物体放出热量，温度不一定降低，如晶体凝固时，放出热量，但温度不变，故A错误；B.物体内能增加，温度不一定升高，如晶体熔化时，吸热，内能增加，但温度不变，故B错误；CD、热传递中，热量从高温物体传给低温物体，而不是从内能多的物体传给内能少的物体，故C错误、D正确。故选D.【点睛】（1）物体吸收热量，内能一定增加，但有些物体的温度并不升高，例如晶体的熔化过程和液体的沸腾过程，不断吸收热量，但是温度保持熔点和沸点不变；（2）热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；（3）热传递发生的条件是存在温度差异，热量由高温物体传递给低温物体，或者由同一个物体上的高温部分传递给低温部分，与物体自身内能的大小无关．5、A【解析】

A．用刻度尺测量物体时，如果零刻度线磨损，可以不从刻度尺的零刻度线处量起，故A正确；B．错误是由于不遵守操作规则而造成的，误差不可避免，错误可以避免，故B错误；C．选择精密仪器、改进实验方法可以减小误差，但误差不可避免，故C错误；D．用刻度尺测量物体时，读数要估读到分度值的下一位。分度值1cm的刻度尺测得一物体的长度读数为3.0cm，故D错误。故选A。6、B【解析】

（1）电荷的定向移动形成电流，可以是正电荷，也可以是负电荷；也可以是正、负电荷同时向相反方向移动形成；

（2）物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向；

（3）摩擦起电实质是电荷的转移．【详解】A、电流是由电荷的定向移动形成的，故A错误；B、电源的作用是产生电压，而电压可以使电路中产生电流，故B正确；C、摩擦起电是电荷的转移，不会创造电荷，故C错误；D、正电荷定向移动的方向为电流的方向，故D错误．故选B．7、B【解析】

在内燃机的四个冲程中，进气门和排气门均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气门打开，另一个气门关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动；在内燃机的四个冲程（吸气、压缩、做功、排气）中，机械能转化为内能的是压缩冲程；压缩冲程气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小．故选B.8、A【解析】

A．验电器的原理是通过接触的方式使验电器的金属箔带同种电荷，而同种电荷相互排斥，所以金属箔张开，故A正确。BC．甲因为缺失电子所以带正电，用带有绝缘手柄的金属棒把甲和乙连接起来时，乙中的电子会通过金属棒转移一部分到甲，负电荷定向移动的方向为乙流向甲，所以正电荷移动的方向为从甲流向乙，即瞬间电流方向为从甲流向乙。乙将一部分电子转移到甲后，甲乙均因缺失电子而带正电，在这个过程中移动的是自由电子，不是正电荷。故B、C错误；D．电子从乙流向甲，但甲仍然缺失电子，只是缺失的数量变小，所以甲仍然带正电，只是电荷量变小，故D错误。故选A。9、A【解析】

把一个小铁球迅速压成一个铁饼,对铁球做功,使铁球的内能增加、温度升高;铁球的质量、比热容都不变;因没有说明铁球吸热或放热,不存在热量,【点睛】质量是物质的一种属性,不随形状、状态和位置的变化而改变,只与所含物质的多少有关;密度是物质的特性,同种物质(同种状态)的密度是不变的;

热量是在热传递过程中内能改变的多少,若物体不发生热传递,无热量;

改变物体内能的方法:一是做功,二是热传递.10、A【解析】

A、开关闭合后，电流表会造成短路，故A存在安全隐患；B、开关闭合后为并联电路，用电器正常工作，故B不存在安全隐患；C、开关闭合后，一个灯泡短路，另一个灯泡正常工作，故C不存在安全隐患；D、开关闭合后为并联电路，用电器正常工作，故D不存在安全隐患11、D【解析】

AB．闭合S2，断开S1、S3，R1、R2串联，电压表V1、V2都测电源电压，电流表A1测电路中的电流，电源电压保持不变，即表V1、V2示数不变，将滑动变阻器片向上移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路总电阻变小，V1与A1示数的比值等于电路中的总电阻，故V1与A1示数的比值变小，故AB错误；C．先闭合S2，断开S1、S3，再断开S2，电路由R1、R2串联改为并联，电流表A1改为测干路中的电流，电流表A2改为测R2的电流，电路由串联改为并联时，R2两端的电压增大为电源电压，通过R2的电流变大，电路总电阻变小，干路电流变大，即A1、A2示数均变大，故C错误；D．由C知，断开S2，闭合S1、S3，R1、R2并联，电流表A1测干路中的电流，电流表A2测R2的电流，向下移滑片的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，通过R1的电流变小，R2两端电压不变，通过R2的电流不变，即电流表A2示数不变，电流表A1示数变小，则A1与A2示数的差值减小，故D正确．12、B【解析】改变物体内能的方式有做功和热传递，热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了，是能量的转化过程．冬天，用热水泡脚变得暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故A错误；将铁丝反复弯折，弯折处发热，是对铁丝做功增加了铁丝的内能，属于做功改变物体的内能，故B正确；冬天人们在室外晒太阳感觉暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故C错误；医生用冰袋给发烧的病人降温，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误，故选B．点睛：本题考查的是改变物体内能的方式的判断，解题的关键是知道做功改变物体内能是能量转化的过程，热传递改变物体内能是能量的转移过程．13、D【解析】由阻值随环境温度的变化而变化的规律可知，电阻阻值随温度的增加而减小.A.此为并联电阻，温度升高时，热敏电阻值变小，电路中的总电阻也将变小，根据欧姆定律，电路中的电流变大，即电流表示数增大，A正确.B.此为并联电阻，温度升高时，热敏电阻值变小，根据欧姆定律，热敏电阻所在支路中的电流变大，即电流表示数增大，B正确.C.此为串联电阻，电压表测量电阻R0两端的电压，当温度升高时，热敏电阻值变小，根据串联电路分压关系，热敏电阻分得的电压变小，电阻R0分得的电压变大，即电压表示数增大，C正确.D.此为串联电阻，温度升高时，热敏电阻值变小，根据串联电路分压关系，热敏电阻分得的电压变小，即电压表示数减小，D错误.故选D.点睛：本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的”是关键.14、D【解析】

根据电路图可知，灯泡L1、L2串联连接，而串联电路中，处处电流相等，所以A、B、C三处电流大小相等。故选D。15、C【解析】试题分析：比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量．A、比热容与物质的种类、状态有关，故A错误；B、比热容是物质的一种特性，和物体质量的大小没有关系，故B错误；C、水的比热容最大，和其它物质比较，降低相同温度吸收热量多，所以汽车散热器常用水作为冷却剂，故C正确；D、比热容与物质的种类、状态有关，种类不同，状态不同，比热容一般不同，故D错误．故选C．考点：比热容的概念．16、D【解析】

A．钻木取火是通过做功的方式改变内能的，故A错；B．锯木头时，锯片发热是通过做功的方式改变内能的，故B错；C．卫星进入大气层时外壳发热是通过做功的方式改变内能的，故C错；D．热水中放入冰块，水温下降是通过热传递的方式改变内能的，故D正确；应选D．17、B【解析】

根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的规律．由于甲带正电，甲与乙相互排斥，说明乙带正电；甲与丙相互吸引，因为吸引的情况有两种可能，即两球可能都带电且是异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电；故丙可能带负电，也可能不带电．故ACD项错误，B项正确．综上所述，本题正确答案为B.【点睛】自然界有两种电荷，跟丝绸摩擦后的玻璃棒带正电，与毛皮摩擦过的橡胶棒帯负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．18、A【解析】

A．电路中有电流，说明电路是通路，并且电路两端接在电源上，一定有电压，故A正确；B．发电机是将机械能转化为电能，太阳能电池是将太阳能转化为电能，故B错误；C．对人体的安全电压是不高于36V，故C错误；D．在电压表的量程范围内，可以将电压表直接连在电源两端来测量电源电压，故D错误。故选A。19、A【解析】

由电路图知道，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由知道，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，故BD错误；由U=IR知道，R0两端的电压减小，即电压表的示数减小，故A正确、C错误．20、D【解析】

由电路图可知,定值电阻R0与传感器的电阻R串联,电流表测量电路中的电流,电压表测R0两端电压．如果驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，则酒精气体传感器R的电阻越小，电路的总电阻变小，电源电压不变,由I＝可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大；由U＝IR可知,定值电阻R0两端的电压变大，即电压表示数变大．故ABC错误，D正确．故选D.21、C【解析】

A.由表格可知，水比酒精的比热容大，故A正确．B.比热容的大小与物质的状态有关，水和冰的比热容不同，故B正确．C.根据吸热公式Q＝cmt可知，质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的变化温度小于铜块的变化温度，但不清楚它们的初温，故无法判断末温，故C错误．D.质量相等的铝块和铜块，降低相同的温度，由于铝的比热容比铜的比热容大，根据吸热公式Q＝cmt可判断，铝块放出的热量多，故D正确．故选C．22、D【解析】

因为同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引．如果已知甲带正电，则由通草球甲、乙相互排斥，知乙一定带正电；又因为带电体有吸引轻小物体的性质，虽然甲、丙相互吸引，丙可能带负电，也可能不带电．故D符合题意．23、C【解析】

比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与质量、温度计吸放热情况无关，由表格数据知道，冰和水状态不同，比热容也不同，故A错误；由表格数据知道，铜的比热容小于水和煤油的比热容，故B错误；50℃铝的与100℃铝都是同一种物质，比热容相同，故C正确；200g铜与100g铜的比热容相同，故D错误，故选C。24、B【解析】

当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭．说明当开关S2闭合后把灯泡短路了，另外此电路还需要一个保护电阻，所以选B．25、D【解析】

A．电荷的定向移动形成电流，故A错误；B．人们规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以负电荷定向移动的方向与电流的方向相反，故B错误；C．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C错误；D．导体容易导电是因为导体中有大量的自由电荷，故D正确。26、D【解析】

A．由电路图可知，R1、R2串联，串联电路各处的电流都相等，故A1、A2、A3示数应该相等，故A电路图不符合题意；B．由电路图可知，R1、R3并联，A1测量通过R1电流，A2测量通过R3电流，A3测量干路中的电流，根据并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，故A3示数应该等于A1和A2示数之和，故B电路图不符合题意；C．由电路图可知，R1、R2并联，A1测量通过R1电流，A2测量通过R2电流，A3测量干路中的电流，根据并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，故A3示数应该等于A1和A2示数之和，故C电路图不符合题意；D．由电路图可知，R2、R3并联，A1测量通过R2电流，A3测量通过R3电流，A2测量干路中的电流，根据并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，故A2示数应该等于A1和A3示数之和，故D电路图符合题意。故选D。27、C【解析】如图所示，在某一定时间时，a的温度的变化量比b的温度变化量大；利用热量的计算公式Q="cm△t"分析，a的比热容小，是酒精；b的比热容大，是水．故选C．思路分析：如图所示，可以采用控制变量法分析，具体做法在时间一定时，比较温度的变化量；然后再利用热量的计算公式分析即可．试题点评：本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法．学生要熟知其道理．28、C【解析】

A．内能是物体所有分子动能与分子势能之和，而分子在永不停息地做无规则运动，所以0℃的冰也具有内能，故A错误；B．热值是燃料的特性，数值上等于1kg燃料完全燃烧时放出的热量，故B错误；C．做功和热传递都可以改变物体的内能，使物体内能增大，温度升高，故C正确；D．热传递过程中，内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移。故选C。29、A【解析】

电风扇主要是将电能转化为机械能；电炉是将电能转化为内能；电熨斗是将电能转化为内能；电水壶是将电能转化为内能。故选A。30、B【解析】

电阻是导体本身的属性，与材料、粗细、长度有关，有时考虑温度的变化，通常电阻是不会变化的；与导体两端的电压和通过的电流是无关的．故B正确，ACD错误．故选B．二、填空题（每空1分，共10题，20分）31、1000100【解析】

[1]人在该过程中上升的高度为所受的重力为所以此过程中人所做的功至少为[2]根据功率公式，功率为32、非晶体晶体【解析】

夏天，柏油路面随着气温的升高而变得越来越软，说明柏油没有固定的熔点，是非晶体；冰在熔化的过程中温度不变，说明冰有一定的熔点，是晶体．33、化学通断电压【解析】

[1]干电池工作时把化学能转化为电能的装置；[2]开关是用来控制电路通断的装置；

[3]灯泡的亮度与电路中的电流有关。由图知，电池节数越多，电压越大，电流越大，灯泡越亮。34、做功15【解析】解答：由图可知，汽油机的火花塞正在打火，所以汽油机正处于做功冲程；飞轮转速是1800r/min＝30r/s，因一个工作循环转2圈，做功一次，所以每秒可以做功15次。点睛：解决此题要知道汽油机的做功冲程特点是火花塞打火，做功冲程对外输出功；四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．35、4：1【解析】

根据图示可知，两电阻串联，V1测电源电压，V2测R2电压，根据题意可知，两电压表指针偏转相同，说明两表量程不同，则总电压与R2两端电压之比为5：1，则R1与R2两端电压之比为4：1，根据串联分压关系可知两电阻之比也为4：1．36、21【解析】

[1][2]由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源的电压，A1测干路电流，A2测R1支路的电流；

因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以根据欧姆定律可得：，因为在1、2、3三个数中找到两个是二倍关系的数，即U1=2V，I1=1A，则余下的一个数即为I=3A，所以电源电压U=2V，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2=I-I1=3A-1A=2A，则。37、301.72×107【解析】

[1]对于四冲程机来说是飞轮转两圈是一个工作循环，做一次功；飞轮转速为3600转/分，即60转/秒，则活塞1s对外做功30次。[2]消耗1kg的柴油产生的热量为由于其效率为40%，则转化成的机械能为38、做功【解析】

改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。当对物体做功时，机械能转化为内能，内能增加；当物体对外做功时，内能转化为机械能，内能减少。【详解】钻木取火时，物体与木头相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式改变物体的内能的。39、300100【解析】试题分析：因为F=20N，S=15m，所以，推力做的功为：W=Fs=20N×15m=300J；因为t=0.5min=30s，所以小明做功的功率是P=W/t=300J/30s=10W；购物车，在水平面上匀速前进15m，但在重力的方向上没有距离，所以重力没做功，为0J；考点：功的计算；功率的计算40、1【解析】由图可知，电阻箱接入电路的阻值为R=9×1000Ω+8×100Ω+8×10Ω+6×1Ω=1