辽宁省大连市2024-2025学年高二物理上学期10月月考

Page19大连市2024年10月高二年级第一次学情反馈物理试卷一、选择题：本题共10小题，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每个小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分。1.下列说法正确的是（）A.由知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流共同确定的B.在电源电动势的定义式中，W指的静电力做功C.一个电动势为1.5V的电池接入电路时，若有1C的电荷量通过电路，就有1.5J的化学能转变成电能D.焦耳热计算式Q=I2Rt，只能在纯电阻电路中运用【答案】C【解析】【详解】A．导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是由导体本身的性质确定的。故A错误；B．在电源电动势的定义式中，W指的非静电力做功，故B错误；C．一个电动势为1.5V的电池接入电路时，若有1C的电荷量通过电路，由得即有1.5J的化学能转变成电能。C正确；D．焦耳热计算式Q=I2Rt，不仅能纯电阻电路中运用，也能非纯电阻电路运用。故D错误。故选C。2.一块数码相机的锂电池电动势为，容量为。电池充溢后，可连续拍摄照片400张左右，下列说法正确的是（）A.是电功率的单位B.该电池最多能储存的电荷量C.每拍摄一张照片约需消耗的电能D.相机工作时电池两端的电压确定是【答案】C【解析】【详解】A．是电量的单位，选项A错误；B．该电池最多能储存的电荷量，选项B错误；C．每拍摄一张照片约需消耗电能选项C正确；D．锂电池电动势为，相机工作时电池两端的电压不愿定是，选项D错误。故选C。3.在国际单位制（简称SI）中，力学和电学的基本单位有：m（米）、kg（千克）、s（秒）、A（安培）。用上述基本单位可表示导出单位V（伏特）的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【详解】依据，，解得功的单位则故选A。4.北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道。当储存环中电子以光速的流淌而形成10mA的电流时，则储存环中运行的电子数目为（已知光速c=3×108m/s，电子电荷量（）A.5×109 B.C. D.【答案】B【解析】【详解】电子运动一周的时间为由电流的定义式，可得电量为在整个环中运行的电子数目为故选B。5.在图甲所示的电路中，电源的电动势为3.0V，内阻不计，灯L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关闭合后，下列说法中正确的是（）A.灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍B.灯泡L1的电阻为7.5ΩC.灯泡L2的电阻为12ΩD.通过电源的电流为0.45A【答案】D【解析】【详解】A．灯L2、L3串联，则依据图乙可知而依据图乙可知则故A错误；B．依据部分电路的欧姆定律可得故B错误；C．依据部分电路的欧姆定律可得故C错误；D．通过电源的电流即为干路电流，依据以上分析可得故D正确。故选D。6.如图为汽车的电源、电流表、车灯、电动机连接的简化电路图，电路中汽车电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω，车灯接通但电动机未启动时，电流表示数为10A；电动机启动瞬间，车灯仍处于接通状态但是会瞬间变暗，电流表示数却达到70A。则启动瞬间电动机的电功率为（）A.540W B.562.5W C.583.5W D.630W【答案】B【解析】【详解】灯泡的电阻电动机启动瞬间灯泡及电动机两端电压通过电动机的电流电动机的电功率为P=IMU=562.5W故选B。7.如图甲所示为一个电灯两端的伏安特性曲线，将这样的电灯接在电动势为6V、内阻为10Ω的电源上，那么这个电灯的实际功率约为（）A.0.9W B.1.2W C.1.6W D.2.1W【答案】A【解析】【详解】由闭合电路的欧姆定律可知即将此函数图像画在灯泡的伏安特性曲线上可知，交点为电路的工作点，即此时I=0.34A，U=2.7V，则这个电灯的实际功率约为故选A。8.现有一个家用太阳能帮助电路设计如图所示，图中的电源为太阳能电源，其内阻不行忽视，L1、L2、L3为位于三个房间的规格相同的灯泡，R是光敏电阻（光照越强阻值越小），R1、R2是疼惜电阻，合上开关S，则（）A.当照耀在R上的光变强时，L1变亮，L2和L3都变暗B.当照耀在R上的光变强时，电源的效率会提高C.在光照强度不变的状况下，R2断路，则L1会变亮D.在光照强度不变的状况下，去掉R1改成导线，则L1会变亮【答案】AC【解析】【详解】A．当照耀到R上的光变强时，电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小，依据闭合电路的欧姆定律可知，电路中的总电流增大，电源内阻分压增大，路端电压减小，而电路中所在支路电阻不变，依据部分电路的欧姆定律可知，的电流减小，电压减小，所在支路与和串联的支路两端的电压均减小，可知这两条支路中的电流同样减小，灯、均变暗，而虽然与R串联的所在支路两端电压减小，但依据干路电流变大则可知该支路电流确定增加，即流过灯的电流增大，因此灯变亮，故A正确；B．当照耀在R上的光变强时，电路中总电阻减小，内电压增大，路端电压减小，则可知电源的效率降低，故B错误；C．在光照强度不变的状况下，R2断路，则电路中总电阻增大，干路电流减小，内电压减小，路端电压增大，则L1所在支路两端的电压增大，则灯L1变亮，故C正确；D．在光照强度不变的状况下，去掉R1改成导线，则电路中总电阻减小，干路电流增大，内电压增大，路端电压减小，则L1所在支路两端的电压减小，灯L1变暗，故D错误。故选AC。9.用两个相同的小量程电流表G，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若A1量程大于A2，将A1、A2接入如图甲、乙所示的电路中，闭合电键后，下列有关说法正确的是（）A.图甲中A1、A2指针偏角相同B.图乙中A1、A2的指针偏角相同C.图甲中A1的指针偏角大于A2的指针偏转角D.图乙中A1的指针偏角小于A2的指针偏转角【答案】AD【解析】【详解】小量程电流表G，改装成大量程电流表须要并联一小电阻分流，量程越大，并联的小电阻阻值越小，则量程大的电流表总内阻小。AC．图甲中，由于A1、A2并联，因此，A1、A2中两个小量程电流表G的电压相等，流过小量程电流表G的电流相等，A1、A2的指针偏角相同，故A正确，C错误；BD．图乙中，由于A1、A2串联，流过A1、A2的电流相等，由于A1量程大于A2，则A1内阻小于A2内阻，可知A1中小量程电流表G的电压小于A2中小量程电流表G的电压，则流过A1中小量程电流表G的电流小于流过A2中小量程电流表G的电流，A1的指针偏角小于A2的指针偏转角，故B错误，D正确。故选AD。10.如图所示的电路中，电源电动势为2V，内阻r=0.5Ω，电阻R1=1.5Ω，电阻R2=2Ω，电阻R3=3Ω，滑动变阻器R4接入电路的阻值为2Ω，电容器的电容C=1.0μF，R1和R4间的连接点为A点，B点接地电势为零。起先单刀双掷开关S与触点1连接，下列说法正确的是（）A.假如仅变更R4的滑片位置，电源的最大输出功率为4WB.假如仅变更R4的滑片位置，R4的最大功率为0.5WC.假如仅将R4的滑片向上滑动，A点的电势会增大D.若仅将开关S由触点1拨向触点2，流过R3的电荷量为【答案】BC【解析】【详解】A．电源输出功率和外电阻关系图像如图所示由题中已知数据可知仅变更R4的滑片位置，外电阻始终大于内阻，则时，外电阻取，电源的输出功率最大为故A错误；B．R4的阻值可变，求其最大功率时，可将电源和看成等效电源，其等效内阻为则当时，R4的功率最大为故B正确；C．假如仅将R4的滑片向上滑动，R4接入电路的阻值变小，闭合电路的电流为则电流变大，故定阻电阻的电压变大，而R4的电压为则R4的电压变小，而，依据可得上升，故C正确；D．开关S接触点1时，电容器并联在两端，且左板带正电，右板带负电，有开关S接触点2时，电容器并联在两端，且左板带负电，右板带正电，有电容器充电时会抵消原来所带电量，再充电左负右正，则流过R3的电荷量为故D错误。故选BC二、非选择题：本题共7小题，共60分。11.某同学用多用电表的欧姆挡来测量电压表的内阻，先将选择开关旋至“×10”挡，红、黑表笔短接调零后进行测量，欧姆表的___________（选填“红”或“黑”）表笔应接电压表的“＋”接线柱，结果发觉欧姆表指针偏角太小，则应将选择开关旋至___________（选填“×1”或“×100”）挡并重新短接调零，最终测量结果如图所示，则电压表的电阻为___________Ω（结果保留两位有效数字）。【答案】①.黑②.×100③.【解析】【详解】[1]用多用电表的欧姆挡时内部电源被接通，且黑表笔接内部电源的正极，即电流从欧姆表的黑表笔流出，从电压表的正极流入，则红表笔接电压表的负极，则黑表笔接电压表的正极[2]偏角小则电阻大，要用大量程，即“×100”[3]则电压表的电阻为12.试验室有一量程为2mA，内阻标记为100Ω的毫安表，由于试验须要，某物理爱好小组的同学们要将该毫安表改装成量程为2V的电压表，他们进行了以下操作：（1）同学们经计算后，将一阻值为_______Ω的电阻R与该毫安表串联进行改装。（2）利用一标准电压表对改装后的电压表进行校准。当标准电压表的示数为1.1V时，改装的电压表的指针位置如图所示，由此可读出改装的电压表指示的电压为_______V。（3）依据两个电压表示数的差异，可知改装电压表的量程不是预期的2V，实际的量程是_______V。（4）探讨后发觉，量程不准的缘由是毫安表内阻标记错误，而计算后串入电路的电阻R是精确的。则要把改装的电压表量程调整精确，需将一个阻值为_______Ω的电阻与R并联。【答案】①.900②.1.00③.2.2④.7200【解析】【详解】（1）[1]由欧姆定律，可得解得（2）[2]由图可知改装的电压表须要估读到下一位，即指示的电压为1.00V。（3）[3]当标准电压表的示数为1.1V时，改装的电压表指针恰好是量程的一半，由此可以推想出所改装的电压表量程是2.2V。（4）[4]依据欧姆定律，毫安表内阻的真实值满意2.2=Ig(Rg+900)代入数据解得Rg=200Ω依据欧姆定律，有其中联立，解得13.某同学欲测一新型圆柱体的电阻率。（1）用游标卡尺测量该圆柱体的长度如图甲所示，则该圆柱体的长度为L=__________cm。（2）用螺旋测微器测量该圆柱体的直径如图乙所示则该圆柱体的直径为D=__________mm。（3）访同学用电流表A1（0~0.3A，内阻约为0.2Ω），电流表A2（0~0.6A，内阻约为0.1Ω），定值电阻R0=10Ω，新型圆柱体电阻大约为10Ω，滑动变阻器阻值约为2Ω，电源电动势约为3V；内阻很小，他设计了如图丙和丁所示的电路测量新型圆柱体电阻。先连接为图丙所示电路闭合开关后，调整滑动变阻器，测得多组电流表A1、A2的示数I1和I2，作出图像（I1为横轴），得到图像的斜率k1；再用图丁电路进行试验，闭合开关后，测得多组电流表A1、A2的示数I1和I2，仍作图像（I1为横轴），得到图像的斜率k2；则被测电阻。__________。（4）新型圆柱体的电阻率为__________（用k1、k2、R0、L、D表示）。【答案】①.5.04②.3.700③.④.【解析】【详解】（1）[1]10分度游标卡尺的精确值为，由图甲可知圆柱体的长度为（2）[2]螺旋测微器的精确值为，由图乙可知圆柱体的直径为（3）[3]用丙图电路进行试验，依据分析，由欧姆定律则有整理可得图像的斜率，则有用丁图电路进行试验，依据分析，由欧姆定律则有整理可得图像的斜率，则有联立解得（4）[4]依据电阻定律可得又有联立解得14.某位同学用伏安法想尽量精确的测量一节干电池的电动势和内电阻，可供选择的器材有：A．毫安表A1（量程10mA，内阻为100Ω）B．毫安表A2（量程120mA，内阻为20Ω）C．定值电阻R1=5ΩD．定值电阻R2=0.1ΩE、定值电阻R3=200ΩF、定值电阻R4=1400ΩG、滑动变阻器RH、开关、导线若干要求运用已有器材改装一量程为0.6A的电流表和一量程为3V的电压表，并设计电路如图甲，依据测量所得数据，描点作图，得到毫安表A1和A2的示数I1与I2关系曲线如图乙所示，则电池的电动势E=__________V，内电阻r=__________Ω。（结果均保留两位有效数字）【答案】①.1.5②.1.0【解析】【详解】[1][2]由图甲可知，本试验接受的是内接法测一节干电池的电动势和内阻。改装后的电流表量程为0.6A，所以改装毫安表的量程要大，内阻要小，故毫安表选B；又由于毫安表与电阻是并联，所以依据并联分流可以分析出并联的电阻的阻值满意得即须要并联的电阻为，改装后的电压表量程为3V，则须要将毫安表与电阻串联，故毫安表只能选择A1，须要串联的电阻满意依据图甲分析可得式子中为改装后电压表的内阻，为为改装后电流表的内阻，为代入上式，整理得结合图乙数据，当时，；当时，，代入求得，15.利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势，电源内阻，电阻，当重物过重电动机被卡住时，电压表的示数为；当电动机以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为，不计各种摩擦，电压表可视为志向电表。求：（1）电动机的线圈电阻；（2）重物匀速上升时电动机的输出功率。【答案】（1）；（2）3W【解析】【详解】（1）电动机卡住时为纯电阻，由闭合电路欧姆定律得，由于代入数据可得RM（2）重物匀速上升时，由闭合电路欧姆定律可知，则M=U2-I2R=7V电动机的输入功率为P=UMI2=3.5W电动机的发热功率为电动机的输出功率为16.如图所示，电源电动势，内电阻，电容器的电容，电阻、、、为电阻箱，闭合开关。（1）当时