2024届云南省三校联考备考高三上学期联考（五）理综试卷及答案

{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}{#{QQABSYSEoggAABJAARhCEQXYCgEQkACCAIoGBFAAMAAAQQFABCA=}#}2024届云南三校高考备考实用性联考卷（五）理科综合参考答案一、选择题：本题共13小题，每小题6分。题号答案12345678910C11B12B13DBBCDCACDA二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号14A15B16D17C18D192021答案BCBDAC【解析】1．①农业生产中，土壤松土可促进根细胞有氧呼吸作用，有利于主动运输，为矿质元素吸收酿酒时前期适当通气，目的是促进酵母菌有氧呼吸，利于菌种繁殖，后期密封发酵罐，促进酵母菌无氧呼吸，利于产生酒精，错误；④稻田应定期排水，可以避免水稻根细胞无氧呼吸产生酒精使根腐烂变黑，错误；⑤小麦、玉米等种子收获后经适当风干，可以减少自由水含量利于储藏，错误；⑥连续阴雨天小麦传粉受到影响，喷洒一定浓度的生长素类调节剂能促进果实发育，而小麦是靠种子增产，错误。因此正确的有一项，故选B。2—演绎法，A正确。证明DNA半保留复制（15N标记）的实验和T2噬菌体侵染大肠杆菌（32P/35S标记）的实验都用到了同位素标记法，但是15N是稳定性同位素没有放射性，B错误。用颜色不同、形状大小相同的两条橡皮泥代表同源染色体，C正确。在“模拟性状分离比”实验中两个桶内的彩球分别代表雌雄配子，数量不一定要相等，D正确。故选B。3B细胞分泌胰岛素属于神经调节，A素发挥作用后会被灭活，但激素运输到靶细胞的时间有先后，因此体液调节的作用时间比较长，B错误。免疫活性物质是由免疫细胞或其他细胞产生的发挥免疫作用的物质，C正确。不是所有激素的分泌都是通过下丘脑—垂体—相应靶腺体来进行分级调节的，如肾上腺素的分泌等，D错误。故选C。理科综合参考答案·第1页（共16页）4．探究土壤微生物对落叶的分解作用时，应将实验组的土壤灭菌以排除土壤微生物的作用，运用了变量处理中的减法原理，A正确。一些土壤小动物，如蚯蚓、蜣螂等可以通过呼吸作用产生二氧化碳，二氧化碳进入大气中，可以参与碳循环，进而影响植物的生长，B正C活动能力强的土壤小动物数量常用取样器取样法，D错误。故选D。5．组合一的F自交得到的F中红花∶黄花∶白花=12∶3∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，说12明控制该花色的两对基因（A/a和B/b）位于两对染色体上，遵循基因的自由组合定律。白花的基因型为aabb，黄花的基因型有两种：AAbb、Aabb或aaBB、aaBb，A错误。组合一的F2中红花植株共占1221/6的占61/2B因型是Aabb，则红花的基因型应为aaBb，F1黄花基因型为Aabb，与白花（aabb）杂交，后代黄花和白花的比例为1∶1，黄花占1/2，C正确。测交是要与隐性纯合子杂交，组合二的亲本黄花与红花都为杂合子，因此不属于测交；组合三的亲本中红花是双杂合子，白花是隐性纯合子，所以组合三的杂交类型在遗传学中称为测交，D错误。故选C。6．醋酸菌在糖源充足的情况下能将糖分解成醋酸，故可采用葡萄糖作为发酵培养液的碳源，A错误。工业发酵罐的体积一般很大，需要接入的菌种总体积也多，所以接入发酵罐前还需要对菌种进行扩大化培养，B正确。醋酸菌为需氧型生物，深层通气液体发酵可保证氧气供应，使醋酸菌迅速生长繁殖，产生代谢产物醋酸，从而提高醋的产量，C正确。发酵工程所用的菌种，大多是单一菌种，一旦有杂菌污染可能导致产量大大降低，所以发酵设备和培养液均需要经过严格灭菌，D正确。故选A。7．燃煤脱硫可以减少SO₂的排放，有利于减少酸雨的形成，但并未减少CO₂的排放，不利于ABC正确。丝绸和毛的化学成分是蛋白质，棉的化学成分是纤维素，D错误。8M为酯类物质，故在稀硫酸条件下M水解产物A的结构简式为M与A的理科综合参考答案·第2页（共16页）AM的结构简式可知，合成M的单体为，故M的单体中C原子有sp、sp2和sp3共3种杂化方式，B正确。B的结构为，分子中含有羧基和羟基，β−CA中有nBCnD29．向饱和AgCl溶液中加入少量NaCl固体，产生白色沉淀，即AgCl沉淀，说明该实验过程存在沉淀溶解平衡，A正确。蛋白质溶液中滴加饱和NaCl溶液发生盐析，加CuSO4溶液BNa2CO3>碳酸氢根，C错误。若溶液中含有亚硫酸根离子、硫离子，加入盐酸也会出现相同的现象，故不能说明该无色溶液中一定含有2O32，D错误。10．Y是地壳中含量最多的元素，则Y为O；结合图示可知，Z形成+1价阳离子，其原子序数大于O，则Z为Na；W形成1个共价键，其原子序数小于O，则W为H，四种原子的原子序数总和为25X的原子序数为25−1−8−11=5X为BW为HX为BY为OZ为NaY(O)＞X(B)AX为BHB33CW为HX为BY为O是非金属元素，H与X或Y形成化合物只有共价键，Z为Na，与H形成化合物NaH含离子键，D错误。11．根据反应③，X为CHCHA错误。反应③显示其是制备过32X2molNOCHCHO少于1molB23正确。Fe+C理科综合参考答案·第3页（共16页）D12．由图示可判断，放电时Na+向NaFePOF(a电极)方向移动，所以a电极为正极，根据总4−=a24aAb4Bb4上的电极反应式为NaTi(PO)−2e−=NaTi(PO)+2Na，C正确。由图示知，243+3243NaFePOFNaFePOFNaTi(PO)NaTi(PO)Na+4243243243生成与消耗的量相等，理论上溶液中的钠离子浓度不变，D正确。1c(Cu2)0K[Cu(OH)]1.01019.7时，由常温时可知，sp213．当c(Cu2)1L，即Kw)1.0104.151c(HX)c(OH)1.0109.851，则c(H，即为P点，故曲c(OH②表示c(HX))2)与pHpH的关系，M点A线①表示c(Cu与c(X)c(HX)2)与c(Cu)2K[Cu(OH)]K(HX)，可得sp2a时，c(Cu相等，即c(X)c(X)c(HX)c(OH)Kwc(OH−)=10−7.9mol/LpH=6.1B与pH的关，②表示c(X)N点的c(H)比MN点水的电离程度比M点c(HX)c(H)1.0102.21，c(X1c(X)c(HX)，的小，CN点时)c(H)c(X)Ka(HX)c(H)1.0102.2则HX的电离平衡常数，D正确。c(HX)14．对A进行受力分析，如图甲所示，由图可知B向右缓慢移动时，B对A的支持力与竖直B对AAA正确，C错误。对A、B整体进行受力分析，如图乙所示，根据平衡条件可知N地总、FN2，所以水平地面对B的支持力不变，外力F增大，故B、D错误。理科综合参考答案·第4页（共16页）15．由图像可知，波源Q比P先起振，故A错误。t0.6s时两列波在x0处发生干涉，振45cmB4mC2m/s的速度向xP波波速为8m/s小，故频率减小，故D错误。16．气球内的压强大于汽缸内的气体压强，故A错误。因为气球导热性能良好，气球内的温BW为正数，UWQ，得到U一定为正又因为汽缸P绝热，所以Q数，所以汽缸内气体温度升高，压强增大，故C错误。对于汽缸内的气体，若将活塞缓UWQWQ到UDv2y2ghvv可知1y2y171hvytgt2可知时间ttAA项分析可知两次铅球在空中运122vv1x22，2xvvv2x2y故B错误。由可知第2次抛出时的初速度大，根据动能定理可知，推球过0程人对铅球做的功：W2，故C正确。两次落地时速度的竖直分量相等，所以由1Pmg竖直PP可得，故D错误。G1G218．发射飞船的速度小于第二宇宙速度，故A错误。月球绕地球做匀速圆周运动，由2π24π2rM地M月M，故BGMr0，得地2r2月00tt120T1tttπ，tCD0T100T)119A错误。由图可知，P点处电场线比Q点处密集，则P点处的电场强度比Q点处大，带电质点在P点所受电场力比QP点的加速度大于在QB于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力的方向在轨迹凹侧，从P到Q，电场力做正功，电势能减小，即带电质点在Q点具有的电势能比在P点具有的电势能小；根Q点的动能大于P点的动能，即带电质点在Q点处的速率比在P点处大，故C正确，D错误。理科综合参考答案·第5页（共16页）20．由图可知电容器上极板带正电，下极板带负电，所以带电油滴带负电，故A错误。若保持S、SP向上移动，R123故BSSP向下移动，R123RrCS1、闭合，S21Ud将上极板向上平移一小段距离，电容器两极板电压值不变，由E知E变小，M点与下极板间的电势差减小，下极板接地电势为0，所以M点的电势降低，故D正确。21．因为OC垂直于杆，所以在C点圆环沿着绳的方向速度等于零，则物块的速度等于零，圆环从A运动到C的过程中，物块下降，速度先增大再减小，物块先失重后超重，故A1MgOC)sin53mv2，OAsin534m，2OAcos53=3mCv222m/sBA运动到BB和物块的速度都等于零，圆环的重力势能减少了，物块的重力势能必然增加，所以物块上升，OA<OB，AC<CB，故C正确。从A运动到B的过程中，圆环和物块的机械能守恒，圆环和物块整体减小的重力势能转化为圆环和物块的动能，故D错误。三、非选择题：共14题，共174分。222分，共8分）（1）需要（2）4.0104(3.8104~4.6104)D2U（3）4LI（4）小于【解析】（1）为了使电压调节范围尽量大，滑动变阻器应采用分压式接法，则图乙中虚线处需要连接导线。（23V和阻值为5kΩ其接在电动势为3V5kΩ源的I−U图像画在元件的I−UIAU，则电流的乘积即为它消耗的电功如图所示即、P4.0104W。理科综合参考答案·第6页（共16页）LSUIDU2（3）由电阻定律R以及R可得=。4LI（4）由于电压表的分流作用，使得电流的测量值偏大，则电阻测量值偏小。232分，共10分）（1）C（2）CD（3）112121222（4）xt1vHgt2【解析】（2）小球碰前和碰后的速度都用平抛运动来测定，即，而由可2知，每次平抛的竖直高度相同，则平抛时间相等，若两球相碰前后的动量守恒，则有ttt121，可得mmm，所以只需要测量小球121m1开始释放高度h和抛出点距地面的高度HAB动的水平射程，故C、D正确。ttt12mm（312即1122112t1m12t212t2，即112222②。1m1221122、，可得（4）结合（3）中的①②式，解得2112，即。2410分）1）小滑块在斜面上下滑时，由牛顿第二定律可得sin1cos1①②解得14m/s21Lat211小滑块在斜面上由静止状态匀加速下滑，由③22解得滑块第一次经过A点时的时间1④理科综合参考答案·第7页（共16页）（2）滑块第一次经过A点时的速度vat⑤11滑块滑上传送带做匀减速运动，由牛顿第二定律可得22⑥⑦解得滑块在传送带上向左匀减速运动的加速度大小为2g22v2x18m滑块在传送带上向左运动的位移大小为⑧22评分标准：本题共10分。正确得出③、⑧式各给2分，其余各式各给1分。2514分）1）粒子进入电场E1后，受力如图所示水平方向做匀加速直线运动，有1ma2①②1x1l0tat21x2解得t③④⑤⑥ag（2）竖直方向仅受重力作用：1yvv1xt，解得vx粒子进入磁场时水平速度：粒子进入磁场时竖直速度：x0vgtv4m/sy，解得yvvv22v则带电粒子进入磁场中的速度：，解得⑦⑧xyvyvx434v，速度与水平方向夹角为θ，则tan53，所以3则带电粒子进入磁场中的速度为5m/s，方向与水平方向夹角为θ，且53（3）从虚线上C点进入匀强磁场时1ygt2y0.8mC点与P点相距⑨2带电粒子进入磁场区域后，由于qE2=mg，则带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，设其做圆周运动的半径为r，则由v2qvBm，解得r⑩r理科综合参考答案·第8页（共16页）由于带电粒子从C点进入磁场区域时速度与水平方向夹角为53°，则COD74、CD两点之间的距离CD2rsin371.2m⑪dCDy0.4m则出射点D与点P间的距离⑫评分标准：本题共14分。正确得出⑤、⑨式各给2分，其余各式各给1分。2620分）1）设起跳后，小虫获得的速度为vm，杆获得的速度为vMML1M根据g0v2m①②③④4224MMvMvm41M1Ev2mMv2M2425解得E32（2）对小虫与杆受力分析即得11F⑤⑥⑦44FMaM5g14即得aMa4L1根据at2⑧⑨⑩2215ga244Lt225g解得≥3（3）设爬行时相互作用力为F，由（2）中受力分析即得4Fmg⑪⑫MFaMgM1根据xat2可得2L14F2Mgt2⑬2理科综合参考答案·第9页（共16页）1F2M2Mgt⑭⑮⑯⑰⑱(FMg)L即得M(4FMg)2LF4F所以EF)2F51令x，整理即得E(4x12)324x15由基本不等式即得：当x0.5时，Emin8评分标准：本题共20分。正确得出⑰、⑱式各给2分，其余各式各给1分。271分，共14分）（1）三颈烧瓶（2）冷水浴温度计的水银球没有插入液面以下或温度计位置错误（2分）（3）发生反应2，使呋喃甲酸钠转化为呋喃甲酸而析出（2分）（4）B（2分）①及时排除乙醚，以免对人体造成危害止引燃乙醚蒸气或受热均匀，便于控制温度（顺序不限）②使用电磁加热无明火，防（5）（6）75.0%（2分）重结晶【解析】呋喃甲醛在碱性条件下发生歧化反应生成和，易溶于乙醚，加入乙醚萃取分液，得到有机相（含的乙醚溶液）和水相（含再蒸馏出的乙醚溶液经蒸馏先蒸出乙醚，。的水溶液加入盐酸，调节pH=3，生成和NaCl，操作3为冷却结晶、抽滤，得到呋喃甲酸，再用少量冷水洗涤，用冷水洗涤的目的是减少呋喃甲酸的溶解损失。粗产品再用重结晶法提纯。（1）实验中控制温度为8～12℃是反应温度，不是蒸馏，故温度计应插入三颈烧瓶的溶液中。（2）反应1为放热反应，温度过高会导致反应过于剧烈且过高温度容易使得呋喃甲醇结构被破坏，同时使得反应物质挥发降低了产品产率，需保持温度为8℃~12℃，可用冷水理科综合参考答案·第10页（共16页）浴控制温度，搅拌散热也可控制温度，通过控制滴加反应物的速率也可控制反应的温度。（31为萃取分液，所得水溶液加盐酸至pH=3的目的是发生反应2，使呋喃甲酸钠转化为呋喃甲酸。（51（6）由分析可知，所得产品2的成分为呋喃甲酸，呋喃甲醛的物质的量是7.68，根据反应1和2，生成呋喃甲酸的理论产量是0.04mol，实际生成呋960.030.04喃甲酸的质量是3.36g，物质的量为=0.03mol。产品2的产率==75.0%。112g/mol281分，共14分）（1）分子晶体（2）+4TiO2+6HF=[TiF]2−+2H++2HO（2分）62（3）防止Fe2+被氧化（4）①TiO2++2H2O2（2分）=（2分）=TiO(OH)↓+2H+（或TiO2++2HOHTiO↓+2H+2分）2223②FeSO·7HO42（5）隔绝空气或者在惰性气体氛围中进行反应（6）稀盐酸或稀硫酸高温【解析】（2）根据2R+C2Fe+2TiO+CO↑以及原子守恒，可得钛酸亚铁的化学式为22FeTiO，根据化合物中各元素化合价代数和为零可得FeTiO中的化合价为价。据332能=与氢氟酸反应生成−，可以写出离子方程式：TiO2+6HF[TiF]2−+2H++2HO3H+62外，还可防止亚铁离子被氧化。（4）①在常温下，若将含有Fe2+、TiO2+和Mg2+的溶液加水稀释，析出大量白色沉淀，结合表中Ksp数据可知TiO(OH)的KHTiO↓+2H+程式为TiO2++2H2O=TiO(OH)↓+2H+或TiO2++2HO22=2sp23完全时c2(OH−)=29=1.0×10−24，c(OH−)=1.0×10−12，pH=2。5②由分析可知，溶液Ⅰ经冷却、结晶、过滤，得到的副产物甲是为FeSO·7HO。42（5）Mg为活泼金属，容易被氧气氧化，所以Mg还原TiCl4过程除必须在1070K的温度下进行外还应隔绝空气或者在惰性气体氛围中进行反应。（6）常温时耐酸碱腐蚀，所以除去所得金属钛中少量的金属镁可用的试剂为稀硫酸或稀理科综合参考答案·第11页（共16页）盐酸。292分，共15分）（1）803（2）B=HCO*+HO*+2H*22H2CO*或HCO*+H2O*+3H*（3）HCO*H*（4）①温度低，反应速率太慢，且CO2转化率低；温度太高，甲醇的选择性低4②0.40.21或1934（5）8（1分）a（1073+464×2）=+41.2kJ/mol，解得EC=O≈803kJ/mol，或ΔH1=2EC=O+3×436−(3×415+326+464+2×464)=−49.4kJ/mol，解得EC=O≈803kJ/mol（2）反应过程中c(CO)减小，c(CO)浓度增大，则c(CO)与c(CO)比值减小，故比值不变22A体的密度始终不变，故容器内气体密度不变，不能判断反应达到平衡状态，B符合题意。反应前后气体物质的量不变，但是容器绝热，温度降低，压强减小，故容器内气体压强不变能判断反应达到平衡状态，Cc(CO)c(HO)平衡常数减小，故K2不变能判断反应达到平衡状态，D不符合题意。c(H)c(CO)22（4）①实际选用312℃反应温度的原因：温度低，反应速率太慢，且CO2转化率低，温度高，甲醇选择性低。②反应i为气体分子数减小的反应，导致总压强减小。反应ii为气体分子数不变的反应，40min120MPa−88MPa=32MPa为反应i进行导致。由三段式可知：3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)CO2(g)1+物质的量3111311216MPa32MPa16MPa则CH3OH的平均反应速率是=0.4MPa/min。容器中通入1molCO、3molH进行反应i和反应ii，初始压强为120MPa，则初始CO、222H2的分压分别为30MPa、90MPa。由图表可知，反应开始至40min时，反应达到平衡，理科综合参考答案·第12页（共16页）由三段式可知：CO2+3H2CH3+H2(MPa)309000变化(MPa)x3xxxCO2+H2CO(g)+H2(MPa)变化(MPa)00yyyy平衡时CO、H、CH、HOCO的分压分别为(30−x−y)MPa(90−3x−y)MPaxMPa、2232(x+y)MPa、yMPa，总压强为88MPa，则(30−x−y)+(90−3x−y)+x+(x+y)+y=88，得120−2x=88。平衡时n(CH3OH)是n(CO)的4倍，根据气体压强之比等于物质的量之比，则x=4y，联立解得：y=4MPa，x=16MPa。故H2的平衡分压是90MPa−3×16MPa−4MPa=38MPa，CO的分压是10MPa，HO的分压是20MPa，故K=22p42038194==0.21。（51个Zr4+与8个O2−Zr4+的配位数为881个小立方体，O2−位于小立方体的中心，即Zr4+与O2−最短距离是体对角线的，最短距43离是anm。4302分，共15分）（1）1，2−1分）羧基，碳氯键取代反应（1分）（2）（3）5（4）11（5）（3分）理科综合参考答案·第13页（共16页）【解析】由信息可知与发生加成反应生成B为，由C的分子，D发生水式、D的结构简式，C发生取代反应生成D和HBr，则C为解反应、酸化得到E（F中羟基与中酯基之间发生取代反应、重新引入E→F反应中消除的羟基、羧基而生成G，可知E→F的目的是保护羧基、特定位置羟基，使特定位置的羟基发生反应。（4）有机物C的结构简式，C的同分异构体满足：含有六元碳环，Cl原子均连在环上不同的C原子上，能与NaHCO3溶液反应，说明含有羧基，则符合条件的同分异构体有、、、、、、、、、、111∶1∶1∶4∶2的结