2023-2024学年江西省上饶市婺源县重点名校中考物理最后冲刺模拟试卷含解析

2023-2024学年江西省上饶市婺源县重点名校中考物理最后冲刺模拟试卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中A．电压表V1示数变大，V2示数变大，电流表A的示数变大B．电压表V1示数变小，V2示数变大，电流表A的示数变小C．电压表V1示数不变，V2示数变小，电流表A的示数变大D．电压表V1示数不变，V2示数变大，电流表A的示数变小2．将体积相同、材料不同的A、B两个实心小球，分别轻轻放入甲、乙两个相同的装满水的烧杯中，两球静止时，A球沉底，B球漂浮，如图所示，则下列说法正确的是A．两个小球的质量关系mA=mBB．两个小球所受浮力关系是FA=FBC．水对两个烧杯底部压强的关系是p甲＜p乙D．两个烧杯对桌面的压力关系是F甲＞F乙3．下面是某位同学对部分诗句中蕴涵的物理知识的理解：①“群峰倒影山浮水”-倒影由于光的反射形成的实像；②“夜半钟声到客船”-人能辨别传来的是“钟”声是根据声音的音调来判断的；③“悬崖勒马收缰晚”-“收缰晚”是由于物体受到惯性的作用；④“坐地日行八万里”-“坐地”是人对于地球是静止的。其中正确的是A．④ B．③④ C．①③④ D．①②③④4．下列生活、生产实例与所包含物理知识的说法中，正确的是（）A．矿泉水瓶盖周围凹凸花纹是为了减小摩擦B．生活中用水来散热取暖，是利用了水的比热容小的性质C．旗杆的顶端所安装的滑轮，可以用来省力D．司机驾车时必须系安全带，这是为了防止惯性带来的危害5．二氧化碳气体被压缩、降温到一定程度，就会形成白色的、像雪一样的固体，俗称干冰．干冰被抛到空中，会迅速变为气体，促使其周围水蒸气凝结成水滴或小冰晶，实现人工降雨．下列关于上述描述中包含的物态变化的说法，正确的是A．二氧化碳气体变成干冰，是凝华 B．水蒸气凝结成水，是凝固C．干冰变成二氧化碳气体，放出热量 D．水蒸气凝结成小冰晶，吸收热量6．如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω1A”．闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A．则（）A．电路消耗的最小功率为2.5WB．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2WD．滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J7．甲灯泡标有“22V2W“，乙灯泡标有“220V100W”，忽略温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）A．甲灯泡的功率一定小于乙灯泡的功率B．甲灯泡消耗的电能一定小于乙灯泡消耗的电能C．两灯串联在电路中，甲灯泡一定比乙灯泡亮D．两灯并联在电路中，甲灯泡一定比乙灯泡亮8．如何外部检测植物含水量的变化呢？科学家用条状石墨烯制成的湿敏电阻R，附着在叶片上，植物含水量变低，Rx变小，电表示数变小；植物含水量变高，Rx变大，电表示数变大．电源电压恒定，R0为定值电阻，下列电路图中符合要求的是A． B． C． D．9．如图将电池、灯泡、导线连接起来，再依次把下列物品接到A、B之间，其中能使灯泡发光的是A．铅笔芯 B．干木棒 C．玻璃棒 D．橡胶棒10．以下对生活中常见的物态变化现象，描述正确的是（）A．北方冬季外面冰冻的衣物也能晾干，属于凝固现象B．浴室的镜子变模糊，属于液化现象C．人游泳后从水中出来感觉冷，属于升华现象D．用久的日光灯管两端变黑，属于汽化现象二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．2011年春季以来，长江中下游地区遭遇罕见的旱灾．进入夏季以来，气温的升高加剧了旱情，这是因为气温的升高________（选填“增加”或“减小”）水的蒸发．为了节约用水，果农们利用了滴灌的方法给果树浇水，如图，把水滴入果树下的土里，这是利用________（选填“增加”或“减小”）水在地面的表面积来减小水的蒸发．12．如图1所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V．闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图2所示．则小灯泡的额定功率为_____W，电源电压为_____V，滑动变阻器的最大阻值为_____Ω．13．搬运砖头的独轮车，车厢和砖头所受的总重力G=1400N．独轮车有关尺寸如图所示．该独轮车是一个_____杠杆，动力F=_______N．为了省力，工人师傅可以采取的措施是______．（写一条即可）14．近年来，冬季取暖有了新方法：利用石墨烯电热涂料供暖．涂料通电发热后，通过_____方式改变房间内空气的内能．一间空房的地面面积是14㎡，高为3m，在房间的三面墙上各涂有某品牌石墨烯电热涂料1㎡，该涂料的单位发热功率为1200W/㎡．现同时给它们通电，5min内可使室温升高10℃，此过程中房间内平均每秒钟损失的热量是______J．[空气密度为1.3kg/m3、空气比热容为1.0×103J/（kg•℃）]．15．热气球是利用球内的热空气比球外的冷空气的密度要_____而能够上升的，当热气球加热时，球内的气体质量_____，体积_____，密度_____。16．如图所示对杠杆分别施加F１、F２、F３的力都可使杠杆平衡，那么最小的力是____。17．在“探究平面镜成像的特点”实验中，采用_____作为平面镜，是为了能够找到______的位置。在“探究凸透镜成像的规律”实验中，首先应调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰的中心在_____；当物距大焦距时，找像的方法是________.三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18．如图所示，在杠杆AB上挂了一个重为G的物体，为使杠杆在图中的位置静止，请在再上画出杠杆受到的阻力F2和最小的动力F1的示意图.（_________）19．如图所示为“光控开关”、“声控开关”、“灯泡”的连接电路。请用笔画线表示导线，将图中灯泡左端的接线柱正确连入电路。（_______________）20．小明用秤、侧面有口的玻璃杯(溢出的水可直接用小烧杯接走)、水、细线等器材来测量一物块的密度。(水的密度为ρ水）他在杯中装满水,记下此时秤的示数为m0,如图甲,然后将物块慢慢放入水中,当物体浸入水中的体积逐渐增大时,秤的示数_______。当物体沉在玻璃杯的底部时,放开手,如图乙,此时秤的示数为m1，m0____m1。将物块取出后秤的示数为m2,则测出的物块密度的表达式ρ=____________。21．小晋在实验室利用天平（含砝码）、量筒、烧杯和细线等器材，对某种合金和水的密度进行了探究：（1）小晋首先对该种合金材料制成的不同合金块进行探究。①将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图1A所示，则应将平衡螺母向_____（选填“左”或“右”）端调节；②图1B是正确测量合金块质量时使用砝码情况和游码的位置，它的质量为_____g；③图1C是他用量筒测量②中合金块体积的情景，则该合金块的体积是_____cm3；④通过上述探究，则该合金块的密度是为_____g/cm3。（2）小晋接着对水进行探究，描绘出质量与体积的关系图线如图1D中甲所示。他分析后发现，由于误将烧杯和水的总质量当成了水的质量，导致图线甲未经过坐标原点。由此推断：水的质量与体积的关系图线应是_____（选填图D中“乙”、“丙”或“丁”）。（3）小晋还想用“排水集气法”探究空气密度，装置如图2所示。主要的实验步骤如下：①用电子天平测出打足了气的篮球质量m1；②测量出集气瓶的内径并算出其内部横截面积S；③集气瓶装满水，口朝下放在水槽内，带夹导管一端连接篮球的气嘴，另一端放在瓶内，准备排水集气；④轻轻松开导管夹，让篮球内的空气进入集气瓶，在篮球体积没有明显减小前，停止放气；⑤测出放气后篮球的质量m2；⑥调整瓶的高度，使瓶内外水面相平，测量瓶内空气柱的高度h，此时瓶内气压（________）选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外气压，瓶内空气密度等于瓶外空气密度；⑦利用密度公式算出集气瓶内空气密度。则空气密度的表达式为ρ＝_____。（用所测物理量表示）22．如图所示，小明利用A、B两个容器，压强传感器（放入水中任意位置都能显示出此时该处的压强）、刻度尺和水，探究水对容器底部的压强与水的深度和水的重力大小的关系。已知两个容器的高度相同且底面积都为30cm2。小明将压强传感器放入A、B容器底，分三次缓慢倒入不同质量的水，用刻度尺测量对应水的深度，收集的数据记录在下表中。当注入180g的水后，刚好注满B容器。AB123123容器内水的质量/g60____器内水的深度/cm2______6248压强传感器示数/Pa200400600200400800（1）将表格中的空白处补充完整。（2）分析表中数据可知：水对容器底的压强与水的深度__________；与水受到的重力大小____（选填“有关”或“无关”）。（拓展）完成实验后，小明将一实心球放入A容器中，实心球漂浮在水面上，水面刚好上升到容器口。将实心球全部压入水中，排出40cm3的水，则实心球的体积为___________cm3，密度为__________g/cm3。四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．小信的爸爸开着拖拉机以5m/s的速度在平直的路面上匀速行驶，拖拉机受到的重力为4×105N，履带的着地面积总共为5m2，发动机的输出功率为400kW．在拖拉机上，小信用自己实验箱中的元件连接如图所示的电路，其中L是额定电压6V的拖拉机照明灯泡，保护电阻R0＝2Ω．闭合开关S，滑动变阻器的滑片从最右端向最左端移动过程中，小信画出通过灯泡的电流I与其两端电压U的关系如图乙所示．试求：拖拉机静止在水平路面时，对路面的压强是多少？拖拉机匀速行驶600s，发动机所做的功是多少？当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，通电100s，电流通过R0所作的功是多少？24．如图甲所示，在弹簧测力计下挂一圆柱体，从盛水的烧杯上方某一高度缓慢下降，圆柱体浸没后继续下降，直到圆柱体底与烧杯底部接触为止．如图乙所示，圆柱体下降过程中弹簧测力计读数F随圆柱体下降高度h变化的图象．（取g=10N/kg）求：（1）圆柱体的质量为多少？（2）圆柱体浸没在水中受到的浮力是多少？（3）圆柱体的密度是多少？

参考答案一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1、B【解析】

方法一：滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中，R2的电阻变大→电路的总电阻就变大→由于电源电压不变，导致电路中的总电流变小→电流表A示数变小→依据U1=IR1，R1不变，I变小，所以U1变小→电压表U1示数变小→依据U2=U-U1，电源电压U不变，U1变小，所以U2变大．方法二：串联电路中，即电压与电阻成正比，当滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中，R2占总电阻的比例增大，分得电压也增大；R1占总电阻的比例减小，分得的电压也减小；电路中的电流随总电阻的增大而减小．故选B．2、D【解析】

A．A球下沉至容器底部，B球漂浮，所以A球的密度大于水的密度，B球的密度小于水的密度，因此小球的密度大小关系是：ρA>ρB，根据m=ρV可知：质量大小关系是mA>mB，故A错误。B．由于两个实心小球体积相同，则根据图可知排开水的体积关系：VA排=V球，VB排<V球，所以VB排<VA排，根据F浮=ρ液V排g可知：FA>FB，故B错误。C．因为两个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据p=ρgh可知烧杯底部受到水的压强相等，即：p甲=p乙；故C错误。D．两个相同烧杯中都装满水，里面的水的重力G水相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器和水的总重力，则放入物体后对桌面的压力变化为：F=G容器+G水+G球−G排和G排=F浮，据此可得：F甲=G容器+G水+GA−G排A=G容器+G水+GA−FA；F乙=G容器+G水+GB−G排B=G容器+G水+GB−FB；由于A球下沉至容器底部，B球漂浮，则GA>FB，GB=FB，所以F甲>F乙；故D正确。3、A【解析】

①“群峰倒影山浮水”--倒影相对于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像；故①错误；②不同物体发出声音的音色不同，声音人们是根据声音的音色来判断是“钟”声的；故②错误；③“悬崖勒马收缰晚”--“收缰晚”是由于物体具有惯性，不应说受到惯性的作用；故③错误；④“坐地”因为人相对于地球的位置没有变化，所以人对于地球是静止的，故④正确。故BCD错误；A正确；4、D【解析】

A、矿泉水瓶盖周围凹凸不平的花纹是增大摩擦，使人们容易打开瓶盖；故A是错误的。B、冬天人们用水的散热来取暖，是因为水的比热容大，降低相同的温度，放出热量多的缘故，故B选项错误；C、因为定滑轮不能省力，但可以改变力的方向，因此旗杆的顶端安装滑轮是为了改变力的方向，不是为了省力，故C选项错误；D、司机驾车时必须系安全带，防止紧急刹车时，由于惯性人的头部向前倾倒，伤害头部，故D选项正确。5、A【解析】

选项A二氧化碳气体变成干冰是气态直接变为固态，属于凝华现象，此过程为放热过程，正确；选项B水蒸气凝结成水，是气态变为液态的过程，属于液化现象，错误；选项C干冰变成二氧化碳气体，物质由固态变为气态属于升华，升华是吸热过程，错误；选项D水蒸气凝结成小冰晶是气态变为固态的过程，属于凝华现象，是放热过程，错误；故答案选A．6、B【解析】解：滑片P在最左端时，电路中只有灯泡，灯泡正常发光，由I＝得，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝20Ω；滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路消耗的功率最小，假设灯泡电阻不随温度的变化，则P最小＝＝2.5W；而实际上灯泡不正常工作时的电阻小于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小功率不是2.5W；故A错误；（2）滑片P在中点时，电流表示数为0.4A，根据I＝可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑＝IR滑＝0.4A××20Ω＝4V，因串联电路电压规律可得此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U滑＝10V﹣4V＝6V，灯泡的实际功率：PL＝UL′I＝6V×0.4A＝2.4W；故B正确，C错误；滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡做的功：WL＝UILt＝10V×0.5A×2×60s＝600J，故D错误．故选B．点睛：当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，知道电路中的电流，灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串联电路的特点和功率的公式即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后即可比较判断；滑片P在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P＝UI求出灯泡的实际功率；根据W＝UIt可求出电流通过灯泡做的功．7、D【解析】

A、乙灯的额定功率大，但实际工作时，甲灯泡的实际功率不一定小于乙灯泡的实际功率，故A错误；B、由可知，消耗的电能由实际功率和时间决定，不知实际功率和时间，故不能确定消耗电能的多少，故B错误；C、根据得，两灯的电阻分别为：，；比较可知；串联电路电流处处相等，由可知，它们的实际功率，则甲灯泡比乙灯泡暗，故C错误；D、两灯并联在电路中，两灯泡的电压相同，且；由可知，，则甲灯泡比乙灯泡亮，故D正确；故选D．8、C【解析】

A．湿敏电阻Rx与定值电阻R0串联，电流表测串联电路的电流．当Rx变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大；植物含水量变高，Rx变大，电路的总电阻变大，电路中电流变小；故A不符合题意．B．湿敏电阻Rx与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压，当Rx变小，根据串联分压原理，Rx两端电压变小，由串联电路电压关系，定值电阻R0两端电压变大，则电压表示数变大；同理，当Rx变大，则电压表示数变小；故B不符合题意．C．湿敏电阻Rx与定值电阻R0串联，电压表测Rx两端的电压，当Rx变小，根据串联分压原理，Rx两端电压变小，则电压表示数变小；同理，当Rx变大，则电压表示数变大；故C符合题意为答案．D．湿敏电阻Rx与定值电阻R0串联，电压表测电源电压，所以电压表示数不变，故D不符合题意．【点睛】9、A【解析】

物体根据导电能力分为导体、绝缘体，干木棒、玻璃棒、橡胶棒是绝缘体，不能使灯泡亮起来，铅笔芯是导体，能使灯泡亮起来；故答案为A．10、B【解析】

（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．【详解】A、北方冬季外面冰冻的衣物也能晾干，是冰直接变成水蒸气，是升华现象，故A错误；B、浴室的镜子变模糊，是水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故B正确；C、人游泳后从水中出来感觉冷是人身上的水蒸发吸热造成的，属于汽化（蒸发）现象，故C错误；D、用久的日光灯管两端会发黑是钨丝先升华后凝华形成的，故D错误．故选B．二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11、增加减小【解析】

对于表面积、表面上方空气的流动一定的水，温度越高，水的蒸发越快，所以气温的升高加快了水分的蒸发从而加剧旱情；果农们利用了滴灌的方法给果树浇水，减小水分的暴露表面积，使水在地面的表面积减小，从而减少土壤水分的蒸发，利于节约用水。12、24129【解析】

由图象可知，在灯泡两端电压为U额＝12V时，通过的电流为I额＝2A，所以灯泡的额定功率为P额＝U额I额＝12V×2A＝24W；当滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，此时灯泡两端电压等于电源电压，所以电源电压为U＝U额＝12V；当滑片在最右端时，滑动变阻器全部接入电路，由图象可知，此时灯泡两端电压为UL＝3V，电路电流为I＝1A，所以滑动变阻器两端电压为UR＝U-UL＝12V-3V＝9V，滑动变阻器的最大阻值为R＝＝9Ω．13、省力420将砖块靠近车轮【解析】图中的独轮车使用时动力臂大于阻力臂，故独轮车是一个省力杠杆；根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2；得F×1m=1400N×0.3m；解得F=420N，为了更省力，可采取减少阻力臂或增大动力臂，具体做法是：将砖块靠近车轮或受远离车轮．14、热传递4.494×106【解析】水地暖改变房间内的温度是通过能量的转移，故发生了热传递；已知该涂料的单位发热功率为1200W/㎡．空房的地面面积是14㎡，则P=1200W/㎡×14㎡=1.68×104W，由P=W/t可得，消耗总电能，W=Pt=1.68×104W×5×60s=5.04×106J，由ρ=m/V可得，m空气=ρ空气V=ρ空气Sh=1.3kg/m3×14㎡×3m2=54.6kg，空气吸收的热量Q吸=c空气m空气△t=1.0×103J/（kg•℃）×54.6kg×10℃=5.46×105J；损失的热量Q损失=W﹣Q吸=5.04×106J﹣5.46×105J=4.494×106J．15、小不变增大减小【解析】

热气球是利用球内的空气温度高，密度小；球外的冷空气温度低，密度大。从而密度小的热气球上升，充气后气球内质量不变，当热气球体积变大，由ρ＝可知密度变小。16、F2【解析】

O为支点，分别作F1、F2、F3的力臂，如图所示：F1、F3对应的力臂都小于F2对应的动力臂L2（OA），所以OA是最长的动力臂；由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小；因为F2对应的动力臂最长，所以F2最小。17、玻璃板像同一高度前后移动光屏，直到光屏上的像最清晰【解析】

在“探究平面镜成像的特点”实验中，用透明的玻璃板代替平面镜，目的是可以在物体一侧，既能看到蜡烛A的像，也能看到代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置；在“探究凸透镜成像的规律”实验中，为了使像呈在光屏的中央，应调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰的中心在同一高度；在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当物距大于焦距时，可以通过移动光屏的方法来找像，直到光屏上的像最清晰。三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18、【解析】

阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，动力臂最长时最省力，由图知OB比OA长，所以OB作动力臂最长，为使杠杆平衡，过B点与OB垂直向上作垂线就得到动力F的方向，它的力臂为L，阻力是重物对绳端向下拉力所引起的，作用点在绳子与杠杆的接触点上，方向竖直向下，如下图所示：19、【解析】

根据安全用电原则知道，火线进入开关，（声控开关和光控开关是串联的），再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全，电路连接如下图：20、不变小于【解析】

（1）将物块慢慢放入装满水的溢水杯中，水会溢出，溢出水的重力等于物块受到的浮力，当物体浸入水中的体积增大时，玻璃杯对秤的压力不变，所以秤的示数不变；（2）当物体沉入玻璃杯底部时，放开手，玻璃杯对秤的压力增大，所以示数增大，即m0<m1；（3）由甲丙可知溢出水的质量即物体排开水的质量；m排=m0-m2，物体的体积：；由乙丙可知物块的质量：m=m1-m2，物块的密度：。21、左3456.8丙等于【解析】

（1）①将天平放在水平桌面上并游码归零后，若指针静止时位置如图1所示，左盘高，则应将平衡螺母向左侧调节；②标尺的分度值为0.5g，所测合金质量为m＝20g+10g+4g＝34g；③水的体积为10cm3，水和合金总体积为15cm3，则合金的体积为V＝15cm3﹣10cm3＝5cm3；④由以上数据可得合金的密度为；（2）水的密度不变，即其质量与体积的比值不变，对比甲图可知当减去容器质量后水的密度曲线应与甲曲线平行，故应该是丙曲线；（3）当瓶内外水面相平时，瓶内外气压相等，此时瓶内外空气密度相等；原来球和气体的总质量为m1，排出空气后，剩余气体与篮球的总质量为m2，则排出空气的质量为m＝m1﹣