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文档简介
高中数学模拟试题(附答案及解析)
高中数学模拟试题
(附答案及解析)一、选择题(共10小题)
zz-z-1
B.-iC.iD.2i
2.(2014•上海)设f(x)=,若f(0)是f(x)的最小值,则a的取值范围为()
A.[-1,2]B.[-1»0]C.[1,2]D.[0,2]
A3R3
A.aD.aC.M3D.&3
T12
D-ABC的体积为()
4.(2014•河南)如图,圆。的半径为1,A是圆上的定点,P是圆上的动点,角x的始
边为射线0A,终边为射线0P,过点P做直线
0A的垂线,垂足为M,将点M到直线OP的距离表示为x的函数f(x),则尸f(x)在
[0,冗]的图象大致为()
5.(2014•包头一模)设函数,则f(x)=sin(2x+
)+cos(2x+),则(
A.y=f(x)在(0,
L7T)单调递增,
2
其图象关于直
线X」对称
4
B.y=f(x)在(0,
TT
-—)单调递增,
2
其图象关于直
线对称
2
C.y=f(x)在(0,
)
—)单调递减,
2
其图象关于直
线x』对•称
4
D.y=f(x)在(0,
—)单调递减.
2
其图象关于直
线对称
2
6.(2014•太原一模)复数
A.j.B.工c.运D.在
4343
A|=2|F2A|,则cosNAF2Fl=()
A.1B.V3C.2D.3
9.(2014•重庆)已知函数f(x)=
-Sk=24,则k=()二、填空题(共5小题)(除非特别说明,请填准确值)
11.(2014•乌鲁木齐二模)直三棱柱ABC-A1B1C1的各顶点都在同一球面上,若
AB=AC=AA1=2,ZBAC=120°,则此球的表面积等于
12.(2014•湖南)如图所示,正方形ABCD与正方形DEFG的边长分别为a,b(a<
b),原点0为AD的中点,抛物线y=2px(p>0)经过C,F两点,则=.2的共物复数是
()
A._3.B.3.c.D.i
甲51
),且g(x)=f(x)-111*-111在(-1,1]内
A.「铝一(一专一相
(。,寺(。,有
A.8B.7C.6D.5
13.(2014•云南•模)已知圆C过双曲线
线中心的距离是.
14.(2014•上海)设f(x)=
15.(2014•上海)设f(x)=,若f(0)是f(x)的最小值,则a的取值范围为,若
f(2)=4,则a的取值范围为-=1的一个顶点和一个焦点,且圆心在此双曲线上,则圆
心到双曲
三、解答题(共6小题)(选答题,不自动判卷)
16.(2014•江西)如图,四棱锥P-ABCD中,ABCD为矩形,平面PAD_L平面ABCD.
(1)求证:AB±PD;
(2)若NBPC=90°,PB=,PC=2,问AB为何值时,四棱锥P-ABCD的体积最大?并求
此时平面BPC与平面DPC
B
夹角的余弦值.
17.(2014•江西模拟)设数列{an}的前n项和为Sn,已知al=LSn+l=4an+2
(nGN).
(1)设bn=an+l-2an,证明数列{bn}是等比数列;
(2)求数列{an}的通项公式.
18.(2014•四川)三棱锥A-BCD及其侧视图、俯视图如图所示,设M,N分别为线段
AD,AB的中点,P为线段BC上的点,且MNLNP
帝视困
菁优网(1)证明:P是线段BC的中点;
(2)求二面角A-NP-M的余弦值.
19.(2014•天津)设f(x)=x-ae(aCR),xeR,已知函数y=f(x)有两个零点
xl,x2,且xl<x2.(I)求a的取值范围;(H)证明:随着a的减小而增大;x
(III)证明xl+x2随着a的减小而增大.
20.(2014•陕西)设函数f(x)=lnx+,mSR.
(I)当m=e(e为自然对数的底数)时,求f(x)的极小值;
(H)讨论函数g(x)=f,(x)-零点的个数;
(III)若对任意b>a>0,
21.(2014•江苏)已知函数f0(x)=
⑴求2f1()+f2(
*<1恒成立,求m的取值范围.(x>0),设fn(x)为fn-1(x)的导数,
neN.*)的值;)+fn()【=都成立.(2)证明:对任意neN,等式|nfn-l(
参考答案与试题解析
-、选择题(共10小题)
z
ZZ-Z-1
A.-21B.C.iD.2i
号点:复数代数形式
的混合运算.
专题:计算题.
分析:求出复数Z的共
施发数,代入表
达式,求解即
可.
解答:解:Z=1-i,所
以ZZ-Z-1=
(1+i)(1-i)
-1-i-1=-i
故选B
点评:本题是基础题,
考查复数代数
形式的混合运
算,考查计算能
力,常考题型.
2.(2014•上海)设f(x
A.[-1,2]B.[-1,0]C.[I,2]D.[0,2]
)二,若f(0)是f(x)的最小值,则a的取值范围为(
考点:分段函数的应
用.
专题:函数的性质及
应用.
分析:当aVO时,显
然f(0)不是f
(x)的最小值,
当a一时,解不
等式:a--a-
2<0,得-
问题解
决.
解答:解:当aVO时,
显然f(0)不是
f(x)的最小值,
.a>0时,f(0)
二a~.
由题意得:
aKx411a♦
X
解不等式:a--a
_2<0»得■
l<a<2,
.X)<a<2,
故选:D.
点评:本题考察了分
段函数的问题,
基本不等式的
应用,渗透了分
类讨论思想,是
一道基础题.
A3B.3C.V33D.a3
A,aa
aa
6121212
D-ABC的体积为(
考点:棱柱、棱锥、棱
台的体枳.
专题:计算题.
分析:取AC的中点
O,连接DO,
BO,求出三角
形DOB的面
枳,求出AC的
长,即可求三棱
锥D-ABC的
体积.
解答:解:O是AC中
点,连接DO,
BOAADC,
△ABC都是等腰
直角三角形
DO=B()=^£=
2
------,
2
BD=aZBDO也
是等腰直角三
角形DOJAC,
DOJBODO呼
而ABCDO就
是三棱锥D-
ABC的高
SAABC」LT三
2
棱锥D-ABC
的体积:
故选D.
点评:本题考查棱锥
的体枳,是基础
题.
4.(2014•河南)如图,圆0的半径为1,A是圆上的定点,P是圆上的动点,角x的始
边为射线OA,终边为射线0P,过点P做直线0A的垂线,垂足为M,将点M到直线0P的距
离表示为x的函数f(x),则y=f(x)在[0,n]的图象大致为()
考点:抽象函数及其
应用.
专题:三角函数的图
像与性质.
分析:在直角三角形
OMP中,求出
OM,注意长度、
距离为正,再根
据立角三角形
的锐角三角函
数的定义即可
得到f(X)的表
达式,然后化
简,分析周期和
最值,结合图象
正确选择.
解答:解:在直角三角
形OMP中,
OP=I.
HOM=x,贝1」
OM=k:osxl»
••点M到直线
OP的距离表示
为X的函数f(x)
=OMIsinxl
=lcosxl*lsinxl=-i|
2
sin2xh
其周期为
最大值
2
为工,最小值为
2
0,
故选C.
点评:本题E要考查
三角函数的图
象与性质,正确
表示函数的表
达式是解题的
关键,同时考查
二倍用公式的
运用.
5.(2014•包头一模)设函数,则f(x)=sin(2x+)+cos(2x+),则(©2010-2014
菁优网)
A.y=f(x)在(0,
—)单调递增.
2
其图象关F直
线、」£对称
4
B.y=f(X)在(0,
TT
单调递增,
2
其图象关于直
线X」对称
2
C.y=f(x)在(0,
7T
单调递减,
2
其图象关于直
线x』对称
4
D.y=f(x)在(0.
—)单调递减,
2
其图象关于直
线X=对称
考点:正弦函数的对
称性:正弦函数
的单调性.
专题:计算题:压轴
题.
分析:利用辅助角公
式(两角和的正
弦函数)化筒函
数f(x)=sin
(2xt")+cos
4
(2xJL),然后
求出对称轴方
程,判断y=f(X)
在(0,—)单
2
调性,即可得到
答案.
解答:解:因为f(x)
=sin(2x+兀)
4
+€OS(2x+",)
4
=V2sin
(2x4-21)
2
=VScos2x.
它的对称轴方
程可以是:
TV
的共趣复数是()6.(2014•太原一模)复数
A._3,B.3,c.-iD.i
一后i百i
(2+i)(l+2i)
(l-2i)(l+2i)
考点:复数代数形式
的混合运算.
专题:计算题.
分析:复数的分子、分
一同乘分母的
共匏复数,复数
化简为a+bi(a,
b€R)的形式,
然后求出共辄
复数,即可.
解答:解:复数
2+i
1-21
(2+i.)(1+
(l-2i)(1
=^i,它的共
5
匏复数为:-i.
故选C
点评:本题是基础题,
考查复数代数
形式的混合运
算,共扼复数的
概念,常考题
型.
A.1B.1c.V2D.返
43T
A|=2|F2A|,贝I]cosNAF2Fl=(
号点:双曲线的简单
性质.
专题:圆锥曲线的定
义、性质与方
程.
分析:根据双曲线的
定义,以及余弦
定理建立方程
关系即可得到
结论.
解答:解:•次曲线C
的离心率为2,
2二2,即
a
c=2a.
点A在双曲线
上,
则IF1AI-
IF2Al=2a,
又IF|AI=2IF2AI,
•解得IFiAI=4a,
IF2A匕2a,
IIF|F2l=2c,
则由余弦定理
得
COSZAF2FI=
|AF2
2|AF2I
4整+41-IE
-2X2aX2c
c2-3a24a
2ac
故选:A.
点评:本题工要考自
双曲线的定义
和运算,利用离
心率的定义和
余弦定理是解
决本题的关键,
架杏笠士的H-
a
A.1B.V3C.2D.3
考点:棱柱、棱锥、棱
台的体枳.
专题:计算题:压轴
题.
分析:设出底面边长,
求出正四棱锥
的高,写出体积
表达式,利用求
导求得最大值
时,高的值.
解答:解:设底面边长
为a,则高
h=
以体积
V工%」
33
一
设y=12a4-
工『,则'=48a,
2
-3a',当y取最
值时,y'=48a3
-3a'=0,解得
a=0或a=4时,
体枳最大,
此时
,故选C.
点评:本试题主要考
查椎体的体积,
考查高次函数
的最值问题的
土县山欢
9.(2014•重庆)已知函数f(x)=
,且g(x)=f(x)-mx-mii(-1,1]内
A-(-1-2]UB,(-旦-2]C(勺-2]UD,(-T
44
((0
。寺021°1J
考点:分段函数的应
用.
专题:函数的性质及
应用.
分析:由g(X)=f(x)
-mx-m=O»即
f(x)=m(x+1)»
作出两个函数
的图象,利用数
形结合即可得
到结论.
解答:解:由g(x>=f
(x)-mx-
m=0.即f(x)
=m(x+1)»
分别作出函数f
(x)和y=g(x)
=m(x+l)的图
象如图:
由图象可知f
(I)=1♦g(x)
表示过定点A
(-1,0)的直
线,
当g(x)过(1,
I)时,此
2
时两个函数有
两个交点,此时
满足条件的m
的取值范围是0
2
当g(x)过(0,
-2)时,g(0)
=-2»解得m=
-o必附而不
A=9+4m=0得
m=-2此时直
4
线和f(x)相切,
•,要使函数有两
个零点,
则"—<ni<-2
4
或0<m<-i.
2
点评:本题主要考查
函数零点的应
用,利用数形结
合是解决此类
问题的基本方
法.
A.8B.7C.6D.5
-Sk=24,则k=(
考占.等差数列的前n
项和.
专题:计算题.
分析:先由等差数列
前n项和公式求
得Sk+2,Sk,将
Sk+2~Sk=24转
化为关于k的方
程求解.
解答:解:根据题意:
Sk+2=(k+2)-,
Sk=k2
•$k+2~Sk=24
转化为:
J?
(k+2)-
k-=24
.1=5
故选D
本题主要考查
等差数列的前n
项和公式及其
应用,同时还考
查了方程思想,
属中档题.
二、填空题(共5小题)(除非特别说明,请填准确值)
11.(2014•乌鲁木齐二模)直三棱柱ABC-A1B1C1的各顶点都在同一球面上,若
AB=AC=AA1=2,ZBAC=120°,则此球的表面积等于
考点:球内接多而体.
专题:计算题:压轴
题.
分析:通过已知体枳
求出底面外接
圆的半径,设此
圆圆心为o;球
心为O,在
RT2BCT中,求
出球的半径,然
后求出球的表
面积.
解答:的:在ZABC中
AB=AC=2,
zBAC=120°,
可得BC二2,.
由正弦定理,可
得AABC外接圆
半径口2,
设此圆圆心为
O',球心为O,
在RTZiOBO,中,
易得球半径
R二
故此球的表面
积为4KR-=20K
故答案为:20K
点评:本题是基础题,
解题思路是:先
乘底而外将制
出球的半径,这
是三棱柱外接
球的常用方法:
本题考查空间
想象能力,计算
能力.
12.(2014•湖南)如图所示,正方形
V2+1
ABCD与正方形DEEG的边长分别为a
,b(a<b),原点0为AD的中点,抛物线y2=2px(p>0)经过C,F两点,则=
(-a)2=2p«-|
b2=2p(-1+b)
考点:直线与圆锥曲
线的关系.
专题:计算题.
分析:可先由图中的
点。抛物线的
位置关系,写出
C,F两点的坐
标,再将坐标代
入抛物线方程
中,消去参数p
后,得到a.b
的关系式,再?
求上的值.
a
解答:解:由题意可得
F(金b)
将C,F两点的
坐标分别代入
抛物线方程
y2=2px中,得
1-&)2二2]
b^-2p匕
>乙
a>0,b>0,p
>0,两式相比
消去P得
简整理得
77
a~+2ab-b^=0>
此式可看作是
关于a的一元二
次方程,由求根
公式得
-2b土标
取
a=(我—1)
从而
故答案为:
V2+1.
点评:本题关键是弄
清两个正方形
9抛物线的位
置关系,这样才
能顺利写出c,
F的坐标,接下
来是消参,得到
1•4、Y-I•<*卜
16
~3
考点:双曲线的简单
性质.
专一题:计算题.
分析:由双曲线的儿
何性质易知圆C
过双曲线同]
支上的顶点和
13.(2014•云南一模)已知圆C过双曲线线中心的距离是
.-=1的一个顶点和一个焦点,且圆心在此双曲线上,则圆心到双曲
焦点,所以圆C
的圆心的横坐
标为4.故圆心
坐标为(4,
土里1).由此可
3
求出它到双曲
线中心的距离.
解答:钢:由双曲线的
几何性质易知
圆C过双曲线
同一支上的顶
点和焦点,
所以圆c的圆
心的横坐标为
故圆心坐标为
(4.±^1),
3
.它到中心(0,
0)的距离为
16b
16
3"
故答案为:
3
点评:本题考查双曲
线的性质和应
用,解题时注意
闾的枇乐配心;
考点:分段函数的应
用:真题集萃.
专题:分类讨论;函数
的性质及应用.
分析:可对a进行讨
论,当a>2时,
当a=2时,当a
V2时,将a代
入相对■应的函
数解析式,从而
14.(2014•上海)设f(x)=,若f(2)=4,则a的取值范围为
求出a的范闱.
解答:解:当a>2时,
f(2)=2#4,不
合题意:
当a=2时,f(2)
=22=4,符合题
意:
当a<2时,f(2)
=22=4,符合题
意:
•*a<2,
故答案为:(-
8,2].
点评:本题考察了分
段函数的应用,
渗透了分类讨
论思想,本题是
一道基础题.
15.(2014•上海)设f(x)=,若f(0)是f(x)的最小值,则a的取值范围为
考点:分段函数的应
用.
专题:函数的性质及
应用.
分析:分别由f(O)=a,
x+1.2,<1^X4--
XX
综合得出a的取
值范围.
解答:解:当x=O时,
f(0)=a»
由题意得:
X
又
2,
.a<2,
故答案为:(-
°0,2].
点评:本题考察了分
段函数的应用,
基本不等式的
性质,是一道基
础题.
三、解答题(共6小题)(选答题,不自动判卷)
16.(2014•江西)如图,四棱锥P-ABCD中,ABCD为矩形,平面PADJ_平面ABCD.
(1)求证:
AB±PD;
(2)若NBPC=90°,PB=,PC=2,问AB为何值时,四棱锥P-ABCD的体积最大?并求
此时平面BPC与平面DPC夹角的余弦值.
考点:二面角的平面
角及求法.
专题:空间角:空间向
量及应用.
分析:(I)要证
ADJPD,可以证
明ABJlftlPAD,
再利用而而垂
程以及线而垂
直的性质,即可
证明ABJPD.
(2)过P做
POJAD得到
PO砰面
ABCD.作
OMJBC,连接
PM,由边长关
系得到
BC=V6»
AB=x,则Vp
1
ABCDf
J
7sx2-6x4,
故'h2二时,
3
VpABCD取最
大值,建立空间
在华坐标系C-
夹角的余弦值.
解答:解:⑴•在四
棱锥P-ABCD
中,ABCD为矩
形,.'AB屿D,
又•.平而PAD,
平面ABCD,平
|fljPADCF而
ABCD=AD,
.,ABJlfliPAD,
ZABJPD.
(2)过P做
POJAD..VO1
平面ABCD,
作OMJBC,连
接PM
.PMJBC,
•.㈤PC=90",
PB=&,PC=2,
世=找,
PM22V3
PM=—==--------,
y3
BM=^,
3
设AB=x,
A)M=x.PO=
•Vp
ABCD—xxx捉x
D(李,0,
3
o).c(-
3
五,0).M(0,
3
鼻),B(恒
33
匹o)
3
而PBC的法向
盘为n=(0,I,
1),而DPC的
法向所为IP=(1.
0,-2)
.COS0=
n・卬
In||n)|
-2
5
*17.(2014•江西模拟)设数列{an}的前n项和为Sn,已知al=LSn+l=4an+2
(n£N).
⑴设bn=an+l-2an,证明数列{bn}是等比数列;
(2)求数列{an}的通项公式.
考点:数列递推式:等
比关系的确定.
专题:综合题.
分析:(1)由题设条
件知bj=a2"
2a|=3.由
Sn+l=4an+2和
Sn=4an|+2相
减得an+i=4an~
^an1»即an+[
•2an=2(an-
2an所以
bn=2bni,由此
可知{加}是以
b|=3为首项、以
2为公比的等比
数列.
(2)由题设知
_an_3
2^+12n-4
.所以数列
L公差为W的
24
等差数列.由此
能求出数列{a。}
的通骑公左一
又bn=an+i-
2%,所以bn=2bn
I,所以{bn}是
以bi=3为首项、
以2为公比的等
比数列.(6分)
(2)由⑴可
得bn=an+i-
n
2an=3*2I等
式两边同时除
以2叶1,得
%十1_^n_2
9n+l7n一.
所以数列
是首项为工,公
2
差为2的等差数
4
列.
所以
an1,/1
——\n-1
2n2
>HPan=(3n-1)
•2n2
(nGN*).<13
分)
占用.太!加里•杏物痂I
18.(2014•四川)三棱锥A-BCD及其侧视图、俯视图如图所示,设M,N分别为线段
AD,AB的中点,P为线段BC上的点,且MNLNP.
(1)证明:P是线段BC的中点;
©2010-2014菁优网菁优网(2)求二面角A-NP-M的余弦值.
考点:二面角的平面
用及求法:直线
与平面平行的
判定:用空间向
■求平面间的
夹角.
专题:空间向量及应
用.
分析:(1)用线而垂
直的性质和反
证法推出结论,
(2)先建空间
直角坐标系,再
求平面的法向
量,即可求出二
面角A-NP-
M的余弦值.
解答:解:(1)由三棱
锥A-BCD及
其侧视图、俯视
图可知,在三棱
锥A-BCD中:
平面ABD呼而
CBD,
AB=AD=BD=C
D=CB=2
设O为BD的中
点,连接OA,
OC
F是OAJBD,
OCJBD所以
㈤BC=600矛
盾,所以P为线
段BC的中点
(2)以O为坐
标原点,OB,
OC.OA分别为
x,y,z轴建立
空间直角坐标
系,
则A(O,O,/5),
M(-A,O,
2
o,亚),p(X
22
退,o)
2
于是
—♦J1
AN乙-0,
前Co,喙
乙
MN二(1,0,(
设¥而ANP和
平面NPM的法
向量分别为
[而,n=0
由4
,PN♦n二0
则
x2=0
,设Z2=l,则
n=(0,1,1)
cos<in,n>
—w->
二ID・n二
|m||n|
2,
V5-V25
所以二面角A-
NP-M的余弦
值手
点评:本题考许线线
的位置关系,考
查二面角知识
的应用,解题的
关键是掌握用
向量的方法求
二面角大小的
步骤,属于中档
xl9.(2014•天津)设f(x)=x-ae(aeR),xeR,已知函数y=f(x)有两个零点
xl,x2,且xl<x2.
(I)求a的取值范围;
(11
号点:利用导数研究
函数的单调性:
函数零点的判
定定理.
专题:综合题:导数的
综合应用.
分析:(I)对f(X)
求导,讨论广
(X)的正负以
)证明:随着a的减小而增大;
(III)证明xl+x2随着a的减小而增大.
及对应f(X)的
单调性,得出函
数y=f(x)仃两
个零点的等价
条件,从而求出
a的取值范围:
(【D由f(x)
设g(X)=---,
eX
判定g(x)的单
调性即得证:
(II)由于
X,
xi=ae1,
x-)=at贝ljxi
"X|=lnx2-
«2/
lnxi=ln--->令
X1
盘=3整理得到
X1
xj+x2=
(t+l)let
t-1,
令h(x)
二(x41)Inx
Y
上是增函数,不
合题意;
②>0时,由f'
(x)=0,得x=
-Ina,,与x变化
时,f(x)、f
(x)的变化情
况如下表:
1(x)
f(X)
・f(X)的单调增
区间是(-8,
-Ina),减区间
是(Tna,+—):
•,函数y=f(x)
有两个零点等
价于如下条件
同时成立:
(i)f(-Ina)
>0,(ii)存在
S|€(~-
Ina),满足f(sj)
<0,(iii)存在
S2G(-Ina,
+(-*),满足f(S2)
<0:
由f(-lna)>0,
即-Ina-1>0.
解得OVaVe
(ID证明:由f
(x)=x-
aex=O>得a=',
x
e
设g(x)=-^-»
x
e
由g'(x)
1-X
=——,得g(x)
X
e
在(-B,I)上
单调递增,在
(1,上单
调递减.
并且,当XG(-
0)时,g(x)
<0,当XE(0,
+8)时,g(X)
>0.
xi、X2满足a=g
(xi)»a=g(x?)»
aG(0.eI)及
g(x)的单调性,
可得xi6(0.1).
x2E(1»+**»):
对于任意的ar
a?E(0,e1)>
设ai>a2,g
(Xi)=g(X2)
=药,其中0<X1
VTIV"Yr.
的减小而增大;
(in证明:
改i=agX,i,
x2=ae2,
.lnx]=lna+X],
Inx2=lna+X2:
.X2-xj=lnx2"
Xn
Inxi=ln---,设
X1
Xn
—^=t,则t>l,
X1
=
x2tlnx]
xI-x2=lnt
,解得
„XT=-t-i-n--t-,
-t-1
.X|+X2=
(t+L)Int
・
t
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