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Page16一、单选题(本大题共12小题,共60.0分.在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)1.利用斜二测画法得到的①三角形的直观图确定是三角形;②正方形的直观图确定是菱形;③等腰梯形的直观图可以是平行四边形;④菱形的直观图确定是菱形.以上结论正确的是()A.①② B.① C.③④ D.①②③④【答案】B【解析】【分析】依据斜二测画法的学问求得正确答案.【详解】①,依据斜二测画法可知,三角形的直观图确定是三角形,①正确.②,依据斜二测画法可知,正方形的直观图邻边不相等,不是菱形,②错误.③,依据斜二测画法可知,等腰梯形的直观图,两底边不相等,不是平行四边形,③错误.④,依据斜二测画法可知,菱形的直观图邻边不相等,不是菱形,④错误.故选:B2.已知直线的倾斜角是,直线的倾斜角是,,则()A. B.C. D.【答案】C【解析】【详解】依据两条垂直直线与倾斜角的关系求解即可,留意探讨直线的倾斜角是否为.【解答】1.当直线,的倾斜角分别为,或,时,;2.当直线,的斜率都存在时,则或,因此;综上可得:.故选:C.3.直线与直线平行,则它们的距离为A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】直线3x+4y﹣3=0即6x+8y﹣6=0,它直线6x+my+14=0平行,∴m=8,则它们之间的距离是故答案为2.4.若直线与直线垂直,则()A.或0 B. C.或0 D.1【答案】A【解析】【分析】依据直线垂直:即可求解.【详解】由题意可得,解得或0.故选:A5.圆x2+y2-4=0与圆x2+y2-4x+4y-12=0公共弦所在直线方程为()A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】两圆的方程消掉二次项后的二元一次方程即为公共弦所在直线方程.【详解】由x2+y2-4=0与x2+y2-4x+4y-12=0两式相减得:,即.故选:B6.圆台的体积为7π,上、下底面的半径分别为1和2,则圆台的高为()A.3 B.4 C.5 D.6【答案】A【解析】【详解】由题意,V=(π+2π+4π)h=7π,∴h=3.故选A.7.设圆,圆,则它们公切线的条数是().A.1 B.2 C.3 D.4【答案】B【解析】【分析】求出圆与圆心与半径,确定两圆的位置关系,依据两圆的位置关系即可求解.【详解】圆,圆心为,半径为3;圆,圆心为,半径为,两圆的圆心距为,∵,∴两个圆相交,∴两个圆的公切线有2条.故选:B.【点睛】本题考查了圆与圆的位置关系,考查了公切线,属于基础题.8.已知圆内一点P(2,1),则过P点的最短弦所在的直线方程是()A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】设圆心,由圆的对称性可知过点与垂直的直线被圆所截的弦长最短【详解】由题意可知,当过圆心且过点时所得弦为直径,当与这条直径垂直时所得弦长最短,圆心为,,则由两点间斜率公式可得,所以与垂直的直线斜率为,则由点斜式可得过点的直线方程为,化简可得,故选:B9.点是圆上的不同两点,且点关于直线对称,则该圆的半径等于()A. B. C.3 D.1【答案】C【解析】【分析】圆上的点关于直线对称,则直线经过圆心,求出圆的圆心,代入直线方程,即可求出k,然后求出半径.【详解】圆的圆心坐标,因为点M,N在圆上,且点M,N关于直线l:x-y+1=0对称,所以直线l:x-y+1=0经过圆心,所以,k=4.所以圆的方程为:即,圆的半径为3.故选C.【点睛】本题考查直线与圆的位置关系,考查圆的一般方程的应用,考查计算实力.10.已知两点,,过点的直线l与线段AB有公共点,则直线l的斜率k的取值范围是A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】分析:依据两点间的斜率公式,利用数形结合即可求出直线斜率的取值范围.详解:∵点A(﹣3,4),B(3,2),过点P(1,0)的直线L与线段AB有公共点,∴直线l的斜率k≥kPB或k≤kPA,∵PA的斜率为=﹣1,PB的斜率为=1,∴直线l的斜率k≥1或k≤﹣1,故选D.点睛:本题主要考查直线的斜率的求法,利用数形结合是解决本题的关键,比较基础.直线的倾斜角和斜率的变更是紧密相联的,tana=k,一般在分析角的变更引起斜率变更的过程时,是要画出正切的函数图像,再分析.11.沈括的《梦溪笔谈》是中国古代科技史上的杰作,其中收录了计算圆弧长度的“会圆术”,如图,是以O为圆心,OA为半径的圆弧,C是AB的中点,D在上,.“会圆术”给出的弧长的近似值s的计算公式:.当时,()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】连接,分别求出,再依据题中公式即可得出答案.【详解】解:如图,连接,因为是的中点,所以,又,所以三点共线,即,又,所以,则,故,所以.故选:B.12.如图,四棱锥的底面为矩形,底面,,,点是的中点,过,,三点的平面与平面的交线为,则下列说法错误的是()A.平面B.C.直线与所成角的正切值为D.平面截四棱锥所得的上下两部分几何体的体积之比为【答案】C【解析】【分析】依据线面平行的判定定理推断A,由线面垂直的性质推断B,求出异面直线所成角的正切值推断C,作出交线,依据组合体体积公式计算体积后推断D.【详解】因为,平面,平面,所以平面,又平面,平面平面,所以,而平面,平面,所以平面,A正确;平面,平面,所以,所以,B正确;直线与所成角即,在中,C错;取中点,因为是中点,则,所以,即为直线,连接,是矩形,,则,是的中位线,所以,所以,是的中线,,,所以,从而,所以.D正确.故选:C.二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13.已知圆的方程为.则实数的取值范围______.【答案】【解析】【分析】依据即可.【详解】解:由题意得,即,,故答案为:.【点睛】考查二元二次方程表示圆的条件,基础题.14.直线的倾斜角为45°,则实数a=________.【答案】【解析】【分析】由题可得斜率为1,列出方程即可求出.【详解】依题意可知,所以,且,解得或(舍去).故答案为:.15.据监测,在海滨某城市旁边的海面有一台风.台风中心位于城市的东偏南方向、距离城市的海面处,并以的速度向西偏北方向移动(如图示).假如台风侵袭范围为圆形区域,半径,台风移动的方向与速度不变,那么该城市受台风侵袭的时长为_____.【答案】小时【解析】【分析】当城市距离台风中心小于等于120km时,城市起先受到台风侵袭,所以只要城市距离台风移动方向大于等于120km即可;由题意,画出图形解三角形.【详解】解:由题意如图,设台风中心到达Q,起先侵袭城市,到达O则结束侵袭.△AQP中,AQ=120km,AP=120km,∠APQ=30°,∠PAQ=180°﹣30°﹣∠Q=150°﹣∠Q,由正弦定理得到,所以∠=120°,∠=60°,所以△AQO为等边三角形.所以所以该城市会受到台风的侵袭时长为小时.【点睛】本题主要考查了解三角形的实际应用;关键是由题意将问题转化为解三角形的问题16.阿波罗尼斯是古希腊闻名的数学家,对圆锥曲线有深刻而系统的探讨,阿波罗尼斯圆就是他的探讨成果之一,指的是:已知动点M与两定点Q,P的距离之比,那么点的轨迹就是阿波罗尼斯圆.已知动点的轨迹是阿波罗尼斯圆,其方程为,定点为轴上一点,且,若点,则的最小值为_______.【答案】【解析】【分析】先由阿波罗尼斯圆的定义求出定点坐标,再由结合三点共线求出最小值即可.【详解】设,,所以,又,所以.因为且,所以,整理可得,又动点M的轨迹是,所以,解得,所以,又,所以,因为,所以的最小值为,当且仅当三点共线时取等.故答案为:.三、解答题(本大题共6小题,共70.0分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)17.求满意下列条件的直线方程(1)经过点(2,-3),倾斜角是直线y=x倾斜角的2倍;(2)经过点P(5,-2),且与y轴平行;(3)过P(-2,3),Q(5,-4)两点.【答案】(1)x-y-2-3=0;(2)x=5;(3)x+y-1=0.【解析】【分析】(1)由已知求得所求直线的倾斜角为60°,其斜率为,依据直线的点斜式可求得直线方程.(2)由于与y轴平行的直线,其斜率k不存在,由直线上的点的横坐标可求得直线方程.(3)由两点的坐标可求得直线斜率,依据直线的点斜式可求得直线方程.【详解】解:(1)∵直线y=x的斜率为,∴其倾斜角为30°.∴所求直线的倾斜角为60°,其斜率为.∴所求直线方程为y+3=(x-2),即x-y-2-3=0.(2)与y轴平行的直线,其斜率k不存在,不能用点斜式方程表示.但直线上点的横坐标均为5,故直线方程可记为x=5.(3)过P(-2,3),Q(5,-4)两点的直线斜率kPQ==-1.∵直线过点P(-2,3),∴由直线的点斜式方程可得直线方程为y-3=-(x+2),即x+y-1=0.【点睛】本题考查依据已知条件选择合适的方法求直线的方程,属于基础题.18.分别依据下列条件,求圆的方程:(1)过两点,,且圆心在直线上;(2)半径为,且与直线切于点.【答案】(1)(2)或【解析】【分析】(1)设圆心坐标为,再依据圆心到两点,的距离相等,求出的值,可得圆心坐标和半径,从而求得圆的标准方程;(2)设圆心坐标为,利用半径为,且与直线切于点,建立方程组,求出圆心坐标,即可求得圆的方程.【小问1详解】由于圆心在直线上,可设圆心坐标为,再依据圆过两点,,可得,解得,可得圆心为,半径为,故所求的圆的方程为;【小问2详解】设圆心坐标为,则∴,或,,∴圆的方程为或.19.如图,在三棱锥P-ABC中,PA⊥AB,PA⊥BC,AB⊥BC,PA=AB=BC=2,D为线段AC的中点,E为线段PC上一点.(1)求证:PA⊥BD;(2)求证:平面BDE⊥平面PAC;(3)当PA∥平面BDE时,求三棱锥E-BCD的体积.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)【解析】【详解】试题分析:(Ⅰ)要证明线线垂直,一般转化为证明线面垂直;(Ⅱ)要证明面面垂直,一般转化为证明线面垂直、线线垂直;(Ⅲ)由即可求解.试题解析:(I)因为,,所以平面,又因为平面,所以.(II)因为,为中点,所以,由(I)知,,所以平面.所以平面平面.(III)因为平面,平面平面,所以.因为为的中点,所以,.由(I)知,平面,所以平面.所以三棱锥的体积.【名师点睛】线线、线面的位置关系以及证明是高考的重点内容,而其中证明线面垂直又是重点和热点,要证明线面垂直,依据判定定理可转化为证明线与平面内的两条相交直线垂直,也可依据性质定理转化为证明面面垂直.20.已知M(x,y)圆C:x2+y2-4x-14y+45=0上随意一点,且点Q(-2,3).(1)求|MQ|的最大值和最小值;(2)求的最大值和最小值.【答案】(1)最大值为6,最小值为2;(2)最大值为2+,最小值为2-.【解析】【分析】(1)求出圆心C的坐标为(2,7),半径r=2,即得解;(2)可知表示直线MQ的斜率k.直线MQ的方程kx-y+2k+3=0,解不等式≤2即得解.【详解】(1)由圆C:x2+y2-4x-14y+45=0,可得(x-2)2+(y-7)2=8,∴圆心C的坐标为(2,7),半径r=2.又|QC|=,∴|MQ|max=4+2=6,|MQ|min=4-2=2.(2)可知表示直线MQ的斜率k.设直线MQ的方程为y-3=k(x+2),即kx-y+2k+3=0.∵直线MQ与圆C有交点,∴≤2,可得2-≤k≤2+,∴的最大值为2+,最小值为2-.21.已知圆的圆心在轴的正半轴上,与轴相切,并且被直线截得的弦长为.(1)求圆的方程;(2)过点作圆的两条切线,切点分别为,求直线的方程.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)依据题意设出方程,依据弦长即可求出;(2)可得在以为直径的圆上,求出中点和即可得出圆的方程,和圆C联立可求出直线的方程.【小问1详解】设圆的方程为,因为到直线距离为,所以,解得,所以圆的方程为;【小问2详解】因为是圆的切线,所以,所以在以为直径的圆上.中点坐标为,,所以以与为直径端点圆的方程为.联立方程组,两式相减得.所以直线的方程为.22.已知圆,直线,.(1)求证:对,直线与圆总有两个不同的交点;(2)求弦的中点的轨迹方程,并说明其轨迹是什么曲线;(3)是否存在实数,使得圆上有四点到直线的距离为?若存在,求出的范围;若不存在,说明理由.【答案】(1)见解析;(2)M的轨迹方程是,它是一个以为圆心,以为半径的圆;(3)或.【解析】【分析】(1)依据题设可以运用圆心与直线的距离或考虑动直线过定点分析推断;(2)借助题设条件运用圆心与弦中点的连线与直线垂直建立方程求解;(3)依据题设借助图形的直观,运用圆心距与直线的位置和数量关系建立不等式:【详解】(1)圆的圆心为,半径为,所以圆心C到直线的距离.所以直线与圆C相交,即直线与圆总有两个不同的交点;或:直线的方程可化为,无论m怎么变更,直线过定点,由于,所以点是圆C内一点,故直线与圆总有两个不同的交点.(2)设中点为,因为直线恒过定点,当直线的斜率存在
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