2023年江西省宜春市高考物理一模试卷+答案解析(附后)

2023年江西省宜春市高考物理一模试卷

1.在电影《流浪地球2》中，拥有超强算力和自我意识的量子计算机550〃让人惊叹。事

实上，量子计算机并非科幻，在安徽合肥就藏着国内首条量子芯片生产线。根据最新消息，

我国的最新款量子计算机“悟空”即将在这里出世。预计到2025年，所研发的量子计算机

将突破1000位量子比特，同时尝试将量子计算机运用在不同行业，解决不同行业对应问题。

关于量子理论下列说法中不正确的是（）

A.普朗克首次提出了量子论，他认为微观粒子的能量是量子化的，分立而不连续的

B.玻尔把微观世界中物理量取分立值的观点应用到原子系统，提出了自己的原子结构假说

C.爱因斯坦在解释光电效应现象时，利用了量子论的观点，提出了光子说。认为只有吸收

了足够多光子数的电子才能从金属板中逸出

D.量子理论的诞生改变了人们看事物的角度和方式，是对人们原有经典物理学的补充而不

是推倒重建

2.北京时间2022年12月4日20时09分，神舟十四号载人飞船返回舱在东风着陆场

成功着陆。在太空执行任务183天后，“最忙出差三人组”的陈冬、刘洋、蔡旭哲于21时

01分安全顺利出舱。返回过程中返回舱速度；'时在距离地表10km的地方打开降落伞，

返回舱先做匀变速直线运动最终降低到.，之后保持匀速运动，匀速时间待高度

只剩1m时，底部的反推发动机点火，让返回舱进行最后一次减速至，使其安全触地。

忽略空气阻力，丁.....以下说法中正确的是（）

A.从开伞到着地过程中，航天员始终处于超重状态

B.开伞后匀变速运动过程中返回舱的加速度为I；•

C.反推发动机点火的推力至少为返回舱重力的।、倍

D.设返回舱重力mg,则从开伞到落地重力的冲量为,，匚

3.科幻电影中提到的“洛希极限”即当一个天体自身的引力与第二个天体造成的潮汐力相

等时的距离。当两个天体的距离少于洛希极限，天体就会倾向碎散，继而成为第二个天体的

环。1992年苏梅克一列维9号彗星在经过木星时分裂成碎片，最终于1994年落在木星上

就是如此。已知行星与卫星的洛希极限计算式为畿■瓣其中k为常数，R为行星半径，

,分别为行星和卫星密度。若已知行星半径R,卫星半径为：，且表面重力加速度之

/1

比为8：1,则其“洛希极限”为（）

A."B.C.6kRD.

4.生活中人们为了往高楼中搬运大型货物，可能会用到

如图所示的方法提升重物。图中甲、乙两名工人分别位于两

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栋楼的六楼和二楼窗口，两人各用一根轻绳与质量为m的重物相连。初始时重物在甲的正

下方地面上,此时工人甲的绳长为L,甲、乙两人间的距离也为L,楼间距为S现甲拉住绳端

不动的同时乙缓慢收短手中的轻绳，最终将重物拉至乙处。重力加遨取g,则在将重物拉离

地面至接近乙的过程中下列说法正确的是（）

A.甲、乙绳的拉力始终大于mg

B.甲、乙绳的拉力始终小于mg

C.当重物接近乙处时甲绳的拉力接近

D.当重物接近乙处时乙绳的拉力接近mg

5,2022年令全世界瞩目的世界杯于12月18日在卡塔尔落下了帷幕，由巨星梅西率领的

阿根廷队拿下了冠军，捧起了大力神杯。某运动员的弹跳性能较好，如图是其在日常训练弹

跳性。7人制足球门高2m,宽5m,P点是地面球门线的中点，PQ垂直球门线且

；,11,,该运动员在Q点正上方跳起将球以一定的初速度水平向右顶出，运动员跳起后

的高度为一一，球视为质点，不计空气阻力及人的宽度，，-IU”•，、，•，以

下说法正确的是（）

Q

A.球进入球门的最小时间为，

B.球落在P点的时间为，：

C.球进入球门的最小发球速度约为「

D,球进入球门的最大发球速度约为.「

6.随着人们生活水平的提高，儿童游乐场所的设施更加丰富多样

了。如图所示是儿童游乐场所的滑索模型，儿童质量为5m,滑环质

量为m,滑环套在水平固定的光滑滑索上。该1座站在一定的高度

由静止开始滑出，静止时不可伸长的轻绳与竖直方向的夹角为；，

绳长为L儿童和滑环网视为质点，滑索始终处于水平状态，不计

空气阻力，重力加速度为g,以下判断正确的是（）

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A.儿童和滑环组成的系统动量守恒

B.儿童和滑环组成的系统机械能守恒

C,儿童运动到最低点时速度大小为、

\lr.

D.儿童从静止运动到最低点的过程中，儿童和滑环的水平位移之比为5：1

7.如图所示，边长为/■的正三角形A8C内存在垂直纸面向里

的匀强磁场，磁感应强度为BQ为BC的中点，有一群带电量为

质量为m的粒子从D点以不同速率沿与BC成，的方向进

入磁场。不计粒子重力和粒子间的相互作用，以下说法正确的

是（）

A.所有从8c边出射的粒子运动时间均相同

B.所有从AC边出射的粒子，出射点越靠近A,运动时间越短

C.当入射速度为'时，粒子从AC边出射

2m

D.若粒子带负电，则从C点出射的粒子轨迹半径为,；

q

B.小球刚释放时的加速度为g

C.小球通过P时细绳的拉力为，

D.小球运动过程中最大速度大小为

9.某兴趣小组的同学设计了图甲所示的装置测量滑块可视为质点।和水平台面间的动摩

擦因数。水平转台能绕竖直的轴匀速转动，装有遮光条的小滑块放置在转台上，不可伸长的

细线一端连接小滑块，另一端连到固定在转轴上的力传感器上，连接到计算机上的传感器能

显示细线的拉力F,安装在铁架台上的光电门可以读出遮光条通过光电门的时间t,兴趣小组

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采取了下列步骤:

甲乙丙

①用十分度的游标卡尺测量遮光条的宽度或

②将滑块放置在转台上，使细线刚好绷直，量出滑块到转轴的距离L。

③控制转台以某一角速度匀速转动，记录力传感器和光电门的示数，分别为，和，；依次增

大转台的角速度，并保证每次都做匀速转动，记录对应的力传感器示数，、'……和光电门

的示数，、

回答下面的问题

由于游标卡尺老旧前面刻度丢失，示数如图乙所示，则mm.

.■滑块匀速转动的角速度大小可由.计算得出用d、t、L表示。

.处理数据时，兴趣小组的同学以力传感器的示数F为纵轴，对应的角速度大小的平方

为横轴，建立直角坐标系，描点后拟合为一条直线，如图丙所示图中a、b已知，设最大

静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,则滑块和台面间的动摩擦因数。

；该小组同学换用相同材料的质量更大的滑块再次做了该实验，作出；的图像，与图

丙中㊀和人比较，发现a、b填“增大”“减小”和“不变”。

10.新能源汽车已经普遍走进了我们的生活，某校学生实验小组通过网络找到了比亚迪秦

电池铭牌如图所示，电池采用的是比亚迪的刀片电池技术。已知该车内的整块电池是由15

块刀片电池串联而成，其中一块刀片电池由8块电芯串联而成。现将一块刀片电池拆解出来,

测量其中一块电芯的电动势E和内阻r，现有如下器材：一个电阻箱、一个电流表、一个定

值电阻.1/已知、开关和若干导线、一块电芯、坐标纸和刻度尺。

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@＞比亚IB爱至有眼公司制造

品牌比亚迪制造国中国

整乍型号BYD6470ST6HEV2乘坐人数5

制造年月2021年03月

发动机排量1498mL发动机型号BYD472QA

发动机最大净功率78kW

驱动电机型号TZ220XYF

驱动电机峰值功率132kW

动力电池系统额定电压32OV

动力电池系统额定容5126Ah最大允许总质511875kg

I实验前利用1A恒流电源对电芯进行充电，充满的时间最多要保留三位有效数

字1;

.■某物理实验小组按图甲连接电路，闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值R和电流表

的相应读数/,利用测量数据，作,"图线如图丙所示，图线的纵轴截距为a,斜率为；，

则一块电芯的电动势.，，；

，利用图甲所示电路测得的电动势；和内阻与真实值，’和相比，：；,

填“大于”“等于”或“小于”。

：为了消除电流表内阻误差，实验小组再按图乙组装电路，闭合开关，多次调节电阻箱，记

录下阻值R和电流表的相应读数/,利用测量数据，作:图线如图丁所示，斜率为，，

则一块电芯的内阻。

11.如图所示，长度为I；；的水平传送带以.•的速度沿逆时针方向做匀速圆周运动,

传送带左端与光滑水平面连接，右端与一个半径为，，-、固定的四分之一光滑圆弧轨道相切，

质量为1kg的物块a从圆弧轨道的最高点由静止下滑，物块a与传送带间的动摩擦因数为，、

通过传送带后，a与静止在水平面上的物块b发生弹性碰撞，b的质量为2kg。物块均视为

质点，重力加速度.，in--,碰撞时间极短•求：

物块a与物块b碰撞后瞬间物块a的速度；

「物块从圆弧轨道的最高点由静止下滑之后的整个过程中，物块a与传送带之间因摩擦产

生的总热量。

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12.如图所示，与水平方向成夹角，；7的两平行金属导轨BC、；"，左端连接水平金

属轨道,，：，右端用绝缘圆弧连接水平金属导轨C。、,并在轨道上放置静止的金

属导体棒b,在水平轨道末端安装绝缘的无摩擦固定转轴开关，导体棒b经过「，两点无

能量损失，进入半径，■；与水平面垂直的半圆形导轨。转轴开关会顺时针转动」以

挡住后面的金属棒。，,/两点略高于，in,可无碰撞通过。半圆形导轨与足够长的水平金属

导轨HG、/八,平滑连接，末端连接.，的电容器。己知轨道间距为,BC、

长度j।,a、b棒质量均为1kg,a电阻为。b电阻不计，8C、「平面，

CD、「平面，HG、平面内均有垂直于该平面的磁场。"，不计一切摩擦，导轨

电阻不计，：，111-.--0现将导体棒a自；「静止释放，求：

若导体棒a运动至一前已匀速，求下滑的时间及匀速下滑时速度；

」，「水平金属导轨足够长，要求a、b棒可在水平轨道上达到共速且不会发生碰撞,

则b初始位置至少应离f多远；

.过，，后，转轴开关将a挡住，求b在轨道MG、滑行的最终速度。

13.下列说法正确的是（）

A.理想气体的压强与单位体积的分子数、温度以及气体的摩尔质量有关

B.1m。/的理想氢气和1m。/的理想氧气，气体温度相同时，氧气分子的平均速率较小

C.两个分子在靠近的过程中，分子势能可能先减小后增大

D.干湿泡湿度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大说明空气湿度越大

E.农业生产中，锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，减少水分的蒸发

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14.如图所示，两个横截面面积；、质量均为，」的导热活塞，将

上端开口的竖直导热气缸分成A、B两部分，A、B两部分均封闭有理想气体,

两个活塞之间连有劲度系数I，\、原长为20cm的竖直轻弹簧。开始时,

气体温度为二「，A部分气柱的长度为15cm,B部分气柱长度为18cm。

现启动内部加热装置图中未画出将气体温度缓慢加热到1：已知外界大

气压强为海厘蹿魏活塞与汽缸壁之间接触光滑且密闭性良好,活塞始终在气缸内部

移动，重力加速度g取IT,热力学温度与摄氏温度关系为鬻口箴卷

\.「。求:

加热后A部分气体气柱的长度;

:加热后8部分气体气柱的长度。

15.关于机械波的各种现象，以下说法正确的是（）

A.相同条件下低频声波比高频声波更容易发生明显的衍射现象

B.当机械波发生反射时，其频率不变，波长、波速均发生变化

C.当两列波发生干涉时，如果两列波的波峰在某点相遇，则该处质点的位移始终最大

D.不同频率的声波在空气中相遇时不会发生干涉现象

E,双星光谱随时间的周期性变化可以用多普勒效应解释

16.足够宽的泳池中装有折射率为,，的均匀液体，池底放有足够大的反光平面镜。

3

池水深度".1■,在泳池中间某处有一静止的点光源S,点光源可以向各个方向移动。初

始时刻，在液面上观察到面积为：的圆形光斑。不考虑光线射向泳池侧壁反射、折射

后的反射情况

求点光源S的初始位置离池底高度h；

II让点光源S向某个方向匀速移动，发现光斑最右侧边沿8位置不动，最左侧边沿A向右

以，，1\、速度移动，侧面图如图所示，求点光源S移动的速度大小和方向。

光斑

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答案和解析

L【答案】C

【解析】解二普朗克首次提出了量子论，他认为微观粒子的能量是量子化的，分立而不连续的，

故人正确；

8.玻尔把普朗克的量子理论应用到原子系统上，在此基础之上，玻尔提出了自己的原子结构假说,

成功地解释了氢原子的光谱，故8正确；

C.爱因斯坦在解释光电效应现象时，利用了量子论的观点，提出了光子说：只要一个光子能量大

于金属的逸出功电子脱离金属原子做的功，电子就会从金属表面脱离，故C错误；

。.量子理论的诞生改变了人们看事物的角度和方式，是对人们原有经典物理学的补充而不是推倒

重建，故。正确；

本题选错误的，故选：C。

普朗克首次提出了量子论，他认为微观粒子的能量是量子化的，分立而不连续的；

玻尔把普朗克的量子理论应用到原子系统上，提出了自己的原子结构假说，成功地解释了氢原子

的光谱；

爱因斯坦在解释光电效应现象时，利用了量子论的观点，提出了光子说：只要一个光子能量大于

金属的逸出功电子脱离金属原子做的功，电子就会从金属表面脱离；

量子理论的诞生改变了人们看事物的角度和方式，是对人们原有经典物理学的补充而不是推倒重

建。

解题关键是掌握基本的物理学史。

2.【答案】C

【解析】1、解：根据题意分析宇航员返回时经历了匀减速直线运动，匀速直线运动，匀减速直

线运动三个阶段

A返回舱中途的匀速过程并非超重现象，故A错误；

8.匀速位移为「•；沙则开伞到减速到一位移为

j|-hf21-10000m卜〃-JKiOOrri

由//=2ar推出a''由5；、」一，故8错误；

2.r-2«fGiMI

C.根据最后lmillC婷三］^^^海产、事导1嬴半明躇三修网窗，方1口感S直向上.，

由牛顿第二律得；「“得；I、「故C正确；

D.根据，~可得两段减速时间分别为翻一蒯、躅।4£41日^^^,

则总时间为点总甦则幽噂幽题鎏噩，则重力冲量总计为故。错误。

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故选：c,

根据题意分析宇航员返回时经历了匀减速直线运动，匀速直线运动，匀减速直线运动三个阶段，

分别对每一段的运动性质，加速度方向，受力情况分析，结合运动学公式即可解决问题

遇到一物体多过程的问题-一定要善于分段研究，便于将较难的问题转化成较为简单的问题。这种

逻辑就是高中学生需要学习的思维。

3.【答案】A

【解析】解：在星球表面上，物体的重力等于星球对物体的万有引力，有，

解得星球的质量为3-

星球的密度为“（；

I—

代入数据解得："

则其“洛希极限”为蠲目口孤，故A正确，8CD错误。

故选：A。

在星球表面上，物体的重力等于星球对物体的万有引力，由此列式求出星球的质量，再由密度公

式求出星球表达式，即可求解。

本题考查万有引力定律的应用，要知道在星球表面上，物体的重力等于星球对物体的万有引力，

根据星球表面重力加速度和星球半径能求出星球的质量。

4.【答案】B

【解析】解：\1：重物被拉升过程中运动轨迹为绕甲的圆周运动，转过圆心角，，根据几何关

系，甲、乙、重物构成等腰三角形。

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由图可知，「」，，ag曰碑k解曰&

贝IJ幽曰W♦一冒m

过程中.,।,则.，

由相似三角形法，在将重物拉离地面至接近乙的过程中，对边mg始终大于甲、乙绳中拉力,

故人错误，8正确；

接近乙时，,趋近于，趋近，则晶

故C。错误。

故选：Bo

对重物受力分析，根据正弦定理分析两绳子拉力大小变化，当重物接近乙时，乙与重物的连线逐

渐与重物的轨迹相切，两绳间的夹角逐渐趋近，，可认为两拉力垂直，对重物受力分析，根据

相似三角形分析解答。

本题考查力的动态平衡，解题关键掌握重物的受力分析，根据数学方法判断。

5.【答案】BD

【解析】解A、根据题意可知，球在空中做平抛运动，下落高度最小时，时间最短，由”

可得最短时间为：曰必，故A错误；

8、由.；•可得，球落在2点的时间为甑至会，故8正确；

CD、根据题意，由和一」可知，球的初速度为，../,

£w•«*

可知，当水平位移最小，下落高度最大时，初速度最小，则球从P点进门时发球速度最小。由图

可知，水平位移最小为1,下落高度最大为-2:-，则最小发球速度为

g„!~Hi~,

t*-,,n=—；=Gxi---------tn：J?k8.0，〃,B

丫2儿皿V2x2.15

当水平位移最大，下落高度最小时，初速度最大，则球从球门上角进入时初速度最大，此时水平

位移为旗u碉8+魅㈱

下落高度为豳fiB陋耨1廓?5M顿懒隔，则最大速度为

,।,—11、-故C错误，D正确。

V2aV2X0.45

故选：BD..

球在空中做平抛运动，下落高度最小时，时间最短，由，■；'求解最短时间。由，•；'求解

•I•>

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球落在P点的时间。由和;■相结合球的初速度表达式，，可知当水平位

移最小，下落高度最大时，初速度最小，由图确定水平位移最小值和下落高度最大值，从而求得

最小发球速度。当水平位移最大，下落高度最小时，初速度最大，由图确定水平位移最大值和下

落高度最小值，从而求得最大发球速度。

本题考查平抛运动，研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平

方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据运动学公式和几何知识相结合进行解题。

6.【答案】BC

【解析】解：八、儿童和滑环组成的系统水平方向不受力，竖直方向儿童有加速度，受力不平衡,

所以系统的合外力不为零，系统动量不守恒，故A错误；

8、儿童和滑环组成的系统只有重力做功，其机械能守恒，故8正确；

C、取水平向左为正方向，根据水平方向系统动量守恒有...............

根据系统机械能守恒有.3，I.'•联立解得儿童运动到最低点时速度

/£

大小：11■；!＞故C正确；

V15,

。、根据水平方向系统动量守恒有・.....,,,解得儿童和滑环水平方向平均速度之比：：

I：5,则可知儿童和滑环的水平位移之比为1：5,故D错误。

故选：BCo

根据合外力是否为零，判断系统动量是否守恒；根据是否只有重力做功，判断系统机械能是否守

恒；根据水平方向系统动量守恒和机械能守恒求儿童运动到最低点时速度大小；根据水平方向系

统动量守恒求儿童和滑环的水平位移之比。

解答本题时，要掌握动量守恒和机械能守恒的条件，判断知道水平方向系统动量守恒，但总动量

并不守恒，系统机械能也守恒。

7.【答案】AC

【解析】解：：粒子在磁场中受的洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律可得:

qvB

R

由圆周运动中周期与速度关系可得:

设粒子在磁场中圆周运动的圆心角为，则应有

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粒子做圆周运动的圆心角越大，运动时间越长，根据题意可知粒子从BC边射出时圆心角相同,

运动时间相同，故A正确；

C.粒子恰好不从AC射出时，轨迹与AC相切，运动轨迹如图

根据图中几何条件分析可知

嬲is能殿成甑

粒子在磁场中受的洛伦兹力提供向心力，有

联立解得随

当入射速度为'%""时，粒子从AC边出射，故C正确；

2ni

8所有从AC边出射的粒子，出射点越靠近A,圆心角越大，运动时间越长，故8错误:

。.若粒子带负电，由几何关系可得：一

则从C点出射的粒子轨迹半径为J,故。错误。

故选：AC.

根据牛顿第二定律结合周期的计算公式得出粒子的运动时间；

根据几何关系得出粒子的半径，结合牛顿第二定律得出粒子的速度；

根据儿何关系得出粒子轨迹的半径。

本题主要考查了带电粒子在磁场中的运动，熟悉粒子的受力分析，结合牛顿第二定律和几何关系

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即可完成分析。

8.【答案】BCD

【解析】解：8、小球刚释放时向心加速度为0,只有重力提供加速度，故8正确；

A、由题知，小球由静止释放，运动到与竖直方向夹角，;■的P点时速度变为0,根据动能定

理有:；i,fl,-.t.；in

解得：故人错误；

C、小球在P的受力情况与在A点的受力情况类似，在A点沿绳方向的加速度为零，所以：

故C正确；

。、将电场力与重力合成为一个等效“重力”，其等效“重力”的最低点即为速度的最大点C,

11

从A运动到C的过程中，根据动能定理有：，J-JI,/I'--,；•

解得出三故。正确。

故选：BCD.

根据动能定理求场强的大小:

.■根据电场力做功公式解得；

,根据动能定理结合牛顿第二定律解答。

解答本题的关键是熟悉电场的基本性质，知道动能定理的应用，此外注意牛顿第二定律在圆周运

动的运用。

9.【答案】；；‘变大变大

11.•

【解析】解：：游标尺右端刻线左侧对应的是主尺的16mm刻线，游标尺总长度为9mm,则

游标尺左端零刻线左侧对应的是主尺的崛陶由毓嬷造丽廊,刻线,故主尺的读数应为7mm,

游标尺的最小分度值为」，读数为解滋觎颠螭日球勰,故游标卡尺的读数为

酶隔制隔蝌电翳撷磔

「滑块通过光电门的速度可以用平均速度计算，则.；

I

根据线速度、角速度和半径关系式有一,

解得.1'

IL

■滑块做匀速圆周运动，则根据牛顿第二定律有序嘲呼叫M顿期

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由图像可得.

根据图像有''•,,

I0

则「号

可知滑块质量增大，a增大，b不变。

故答案为：1：一；；''"；।增大，不变。

tLrr,9

根据游标尺右侧刻线对应的主尺刻线和游标尺的长度计算左侧对应的主尺刻线，确定游标尺的

最小分度值读数；

.1根据平均速度和线速度、角速度和半径关系式推导；

.根据牛顿第二定律推导；

“根据图像分析判断。

本题关键是掌握实验原理、利用图像处理数据和游标卡尺的读数。

10.【答案】'■H.等于大于"心儿

【解析】解：：由铭牌可知一块电芯额定容量为朝，曰静购

则用1A恒流电充电有供缪所

根据甲图可知国曰螂岁继中碱

可得南电颤昌警

得廊M如M

富J岫

,根据等效电源法可知电动势测量值等于真实值，电阻测量值大于真实值。

电.

；根据乙图可知j17

可得啕=期

可知酶

得皆建

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结合「问中E值可知中鞫m展］

故答案为：！，」「；.，;儿：■等于，大于;曰输。

根据电流的定义式计算；

根据闭合电路欧姆定律推导，结合图像判断；

,分析电流表对测量值的影响；

;根据闭合电路欧姆定律结合图像推导。

本题考查测电源电动势和内阻实验，要求掌握实验原理、实验电路和数据处理。

1L【答案】解：下滑到圆弧轨道底端时，由机械能守恒定律得

颐翳＞自

解得a滑到圆弧轨道底端时速度大小：।

a滑上传送带后，向左做匀减速直线运动，加速度大小为

合〜醯向鳖理鳗辞副^

a到达传送带左端时域重日遨的E日圈踹购鹿泼矗蠹G融胸

设物块a与物块b碰撞后瞬间物块a和b的速度分别为、。a的质量为■,b的质量为

ab碰撞时，取向左为正方向，根据动量守恒定律得

瞬触目嶙解酱嘴触

根据机械能守恒定律得

瓢城,如碱桧鼻既

联立解得：，：一、方向向右，，一••

，第一次从右向左滑过传送带时的时间，’，解得：，"

a相对传送带的位移酗a导晶三崎^邺曰1翰解解35国龌验幽

第二次以，.1,一•的速度向右滑上传送带时做减速运动，减到零后反向加速然后回到左端，减

速和加速的时间均为

则此过程相对传送带的位移—信驰磁品判禺曾麒牌圆第版

则物块a与传送带之间因摩擦产生的总热量簪口呼鎏纹等酗电

解得：：--'I

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答：物块a与物块b碰撞后瞬间物块a的速度大小为I，方向向右；

物块a与传送带之间因摩擦产生的总热量为.：。

【解析】根据机械能守恒定律求出物块a滑到圆弧轨道底端时速度大小。结合a的速度大小

和传送带速度大小的关系，判断出物块a在传送带上的运动规律，根据牛顿第二定律和运动学公

式相结合求出物块a到达传送带最左端的速度，即碰撞前物块a的速度大小；根据动量守恒定律

和机械能守恒定律求出a、b发生弹性碰撞后的速度大小。

碰撞后，a向右运动，根据牛顿第二定律和速度-时间公式求出a滑过传送带时的时间，从而

求得a相对传送带的位移，再求物块a与传送带之间因摩擦产生的总热量。

本题主要考查动量守恒定律、机械能守恒定律、牛顿第二定律的综合应用，关键是弄清物块的受

力情况和运动情况，根据牛顿第二定律、运动学公式相结合求解物块与传送带间的相对位移。

12.【答案】解：对a棒，当其匀速下滑时由平衡条件有：

解得：对曰受工嘴:幽回豳

所以感应电动势：圜日露口2as醒国

又根据动生电动势公式：「

代入数据可得棒匀速运动的速度：，-口,•

对a有：酶前穗〜翩琳1询，

联立解得：，

-1滑上C。、，「后与b动量守恒，贝I：

解得：,,■--

以向右方向为正，根据动量定理，对b有：

又根据电流的定义知：麴㊂嗯^

联立代入数据可得：A,

故至少离，，的距离为12m。

，进入圆轨道时，因为瞰蹴翻

故沿轨道做圆周运动至「一,由动能定理有：解昌嘲

可得：/、

对b有：心邈k嘲〜砌

又根据电容和电流的定义知：1；(r

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且「

可得：

代入数据可得：I，

答：导体棒a运动至…前已匀速，下滑的时间为，匀速下滑时速度为I」；

-,初始位置至少应离」,为12m；

,过"，后，转轴开关将a挡住，求b在轨道HG、汽一滑行的最终速度为，…

【解析】对导体棒a分析，根据题设关键条件根据平衡条件、动能定理、结合动生电动势公

式、安培力公式、欧姆定律、电流的定义等求下滑时间和匀速运动的速度；

根据动量守恒定律求解共同速度大小，再对b棒根据动量定理求两者初始距离；

，分析导体棒b的运动情况，根据圆周运动的规律，确定b沿圆弧运动到水平轨道，再根据动

能定理求解导体棒b在下面水平轨道运动的最终速度.

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方

程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方

程求解。

13.【答案】BCE

【解析】解：理想气体的压强与单位体积分子数、温度有关，与气体的摩尔质量无关，故A错

误；

8.1m。/的理想氢气和1m。/的理想氧气，气体温度相同时，分子的平均动能相同，但氧气分子

质量较大，所以氧气分子的平均速率较小，故8正确；

C.两个分子在靠近的过程中，分子间的距离可能先大于后小于平衡距离，则分子力可能先是引力

而做正功，后是斥力而做负功，分子势能可能先减小后增大，故C正确；

。.干湿泡湿度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大，说明空气湿度越小，故D错误；

E.农业生产中，锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，使其不能产生毛细现象,

减少水分的蒸发，故E正确。

故选：BCE.

理想气体压强与单位体积分子数、温度有关，与气体的摩尔质量无关：不同气体的温度相同时，

分子平均动能相同，分子平均速率取决于分子的质量；通过分子力做功判断分子势能的变化；根

据湿度计的原理解答；根据毛细现象解答。

本题考查了理想气体压强的微观解释、分子动理论、湿度计、毛细现象等知识点，掌握相关内容

即可解答。

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14.【答案】解：已知两个横截面面积晶网陋随翻勤鹫

根据题意可知，在加热过程中，A部分气体做等压变化，加热前温度为/:,体积为

V1|=LuS

加热后温度为/，"，'、，体积为1I，、

根据盖-吕萨克定律有：?」

1|12

解得加热后A部分气体气柱的长度：/；心，

」设加热前8部分气体压强为，体积为1

加热后压强为，，体积