2024届东北三省高三年级下册5月份大联考物理试卷（附答案解析）

2024届东北三省高三下学期5月份大联考物理试卷

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一、单选题

1.6G是一个概念性无线网络移动通信技术，也被称为第六代移动通信技术。6G的频率是

太拉赫兹频段，太拉赫兹又称太赫兹（THz）,已知1THZ=1（）6MHZ,THz用国际单位制表

示为（）

A.lO^sB.106s^C.1012sD.1012s1

2.已知银90的半衰期为28年，其衰变方程为;;SrV；Y+X遥Y是一种非常稳定的元素,

关于上述衰变过程，下列说法正确的是（）

A.衰变方程中的X为质子B.的比结合能小于黑丫的比结合能

C.此反应的实质是Sr原子发生电禺D.经过84年，会有耳的银90发生衰变

3.我们在进行古建筑复原时，需要用各种各样的凿子制作卯眼，如图甲所示为木工常用的

一种凿子，其截面如图乙所示，侧面与竖直面间的夹角为6。当在顶部施加竖直向下的力尸

时，其侧面和竖直面对两侧木头的压力分别为6和居，不计凿子的重力和摩擦阻力，下列

A.力尸一定小于4

B.力尸一定大于尸2

C.月和F2之间的大小关系满足耳sin。=F2

D.夹角6越大，凿子越容易进入木头

4.如图所示，倾角为。=37。的斜面固定在水平桌面上，用平行斜面向上的推力£将位于斜

面底端的滑块推到斜面顶端，推力耳做的功至少为叫。已知物块与斜面间的动摩擦因数为

A=0.5,sin37°=0.6,cos37°=0.8,若用水平向左的推力F?将物块推到顶端，推力巴做

的功至少为（）

5.海卫一是海王星的一颗卫星，它是太阳系中目前所发现的唯一具有逆行轨道的大卫星，

其运行方向与海王星的自转方向相反。已知海王星极地表面的重力加速度为g。，海王星的

半径为R,自转角速度为。，海卫一的轨道半径为「，则在海卫一连续两次经过海王星赤道

正上空的时间间隔内，海王星自转转过的角度为（）

6.如图所示为一列沿尤轴正方向传播的简谐横波在t=2s时的波形图，此时平衡位置位于

x=8m处的质点刚好要起振，质点P、。、R对应的纵坐标分别为2cm、2cm、-2cm。已

知该波的周期T=2s,下列说法正确的是（）

试卷第2页，共8页

A.波源的起振方向沿y轴正方向

B.质点R的相位比质点尸的相位落后兀

C.质点P和质点。可能同时位于平衡位置

D.在r=3.5s时，平衡位置位于x=10m处的质点从平衡位置向y轴负方向运动

7.如图所示，■束激光从玻璃砖的上表面斜射入玻璃砖，入射角为。=45。，玻璃胸的厚度

为机若玻璃砖对该激光的折射率为“光在真空中的传播速度为c,则该激光从玻璃砖上

表面传播到下表面所需的时间为（）

n2h口"

cd2n°-1chrT-1

二、多选题

8.如图所示为神州17号与空间站对接后的结构简图,核心舱和气闸舱内气体的压强均为4,

宇航员需要出舱检修设备，先由核心舱进入气闸舱后，关闭内闸门A,通过抽气机抽取气闸

舱内的气体，每次抽气都将抽出的气体排放在核心舱中。当气闸舱内的压强降到一定值后,

打开外闸门B,宇航员出仓，同时将剩余气体排到外太空的真空环境中。若气闸舱的容积为

V,核心舱的容积为8V,真空抽气机每次抽气的体积为AV,不考虑抽气过程中温度的变化，

忽略宇航员自身的体积，下列说法正确的是（）

n-

核心舱A气闸舱资源舱

1-B

外太空

A.〃次抽气后，气闸舱内的气体压强为

B.”次抽气并排放到核心舱后，核心舱内气体的压强为

C.打开外闸门B,气体膨胀对外界做功

AV

D.第一次抽气排放到核心舱后，核心舱内气体压强的增加量为二八P。

9.如图所示，一带电油滴在竖直放置、足够大的正对平行金属板间沿图示方向做匀变

速直线运动，油滴在位置A时速度大小为％,速度方向与竖直方向的夹角6=37。，经过一

段时间后，油滴到达位置8（位置8未画出）时的速度大小为已知位置A和位置B间

2

的距离为d,板间距离为4，油滴的质量为加，电荷量为-4,sin37°=0.6,cos37°=0.8,

下列说法正确的是（）

MN

竖

直

方%

向

A.极板M带负电

4d

B.油滴由位置A到位置5经历的时间可能为一

%

C.当地的重力加速度为鲸

10d

D.两极板间的电压为驾¥

10.如图所示，水平放置的足够长的平行光滑金属导轨岫和cd处在磁感应强度大小为8、

方向竖直向下的匀强磁场中，两导轨间距为小现将质量为2根的导体棒的•和质量为根的导

体棒g/i放置在导轨上，两导体棒的电阻均为R、长度均为心7=0时刻，给导体棒^水平

向右、大小为3%的初速度，同时也给导体棒g/z水平向左、大小为%的初速度，若运动过程

中两导体棒未发生碰撞，两导体棒始终垂直导轨且与导轨接触良好，则下列说法正确的是

（）

试卷第4页，共8页

A.r=0时刻，两导体棒受到的安培力大小均为犯劣

2R

B.导体棒g/z的速度大小为。时，导体棒的速度大小为

2

C.从两导体棒开始运动到速度不再变化，导体棒g人受到安培力的冲量大小为1根%

D.两导体棒运动过程中，回路中产生的焦耳热为g根说

三、实验题

11.某同学利用如图甲所示的装置来探究加速度与力、质量的关系。气垫导轨右端安装有定

滑轮，定滑轮左侧安装光电门，在带有遮光条的总质量为M的凹型滑块上，放置若干个质

量均为他的槽码，用绕过定滑轮的细线连接滑块，调节气垫导轨至水平，打开气源，从滑

块上取出一个槽码，悬挂到细线的另一端，将滑块放置于光电门左侧的某一位置，测得滑块

在此位置时遮光条到光电门的距离为L然后由静止释放滑块，记录遮光条经过光电门的时

间加，逐次从滑块上取出一个槽码，悬挂到细线另一端，重复以上实验过程。已知每个槽

1。1

码的重力为G,以悬挂槽码的重力“G为纵轴，以西T为横轴，作出f的关系图

(1)对于该实验，下列说法正确的是(填正确答案标号)。

A.该实验需要满足凹型滑块和遮光条的总质量/远大于所挂槽码的质量m

B.该实验作出的图像应该是一条过原点的倾斜直线

C.选用适当窄些的遮光条，实验的精确度会提高

(2)该同学用游标卡尺测得的遮光条的宽度d如图乙所示，可得cm。

(3)若图像的斜率为k,则实验中所用到的槽码的总个数N=(用k、L、d、M、m表示)。

12.如图所示，某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，现有一个未知内阻的电流表A,

他先用图甲所示的电路测量电流表A的内阻。

⑴已知图甲中电阻R/=28.8。，R2=7.2Q,当调节电阻箱的阻值为图乙所示时，灵敏电流

表的示数恰好为0,则电流表A的内阻为&=Q.

(2)该同学将电流表A接入图丙所示的电路测量电源的电动势和内阻。闭合开关S,调节电

阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值R及对应的电流表的示数/,作出:-R图线如图丁所示。

已知定值电阻&=1.0。，则电源的电动势后=V,内阻厂=Qo

(3)根据图丙设计的实验，该同学测得的电动势(填“大于”“等于”或“小于”)真实值，

测得的内阻值________(填“大于”“等于”或“小于”)真实值。

四、解答题

13.中国打造的JF-22超高速风洞，能够模拟在40~100公里的高空中，以每秒10公里的高

速飞行，这相当于大约30倍音速的飞行条件。如图所示为简化的该风洞实验室的侧视图，

虚线48和之间是风洞区域，物体进入该区域，就会受到水平方向的恒定风力，离开该

区域，就不会受到风的作用力，一科研人员将一质量为机的小球从虚线CD上的M点以某

一速度%(大小未知)抛入风洞区域，小球从M点正上方AB边上的N点与虚线AB成£=37。

角射出风洞区域。已知初速度”与水平方向的夹角々=53。，虚线和间距为X,重力

加速度为g,sin37°=0.6,cos37。=0.8,求：

试卷第6页，共8页

（1）小球抛出时的初速度%的大小;

（2）风对小球的作用力大小。

14.如图所示，三维坐标系。盯z内存在着正四棱柱空间区域，正四棱柱的截面。水平

且与ACDb-的两个底面平行，其中A点的坐标为C点的坐标为

L,L,正四棱柱ACE>f空间处于沿y轴方向的匀强电场中，OPMN-IJGH

7

空间处于沿y轴负方向的匀强磁场中，质量为根、电荷量为+4的粒子以速度%从A点沿

方向射出，经电场偏转后恰好从截面。PMN的中心进入磁场区域，不计粒子的重力。

（1）求匀强电场的电场强度；

（2）若粒子恰好未从四棱柱的侧面飞出，求匀强磁场的磁感应强度8的大小；

（3）若粒子最终从〃/连线上的一点射出磁场区域，此点到J点的距离为亨L,求/点的y

轴坐标。

15.如图所示，水平传送带的左侧轨道平面与传送带等高且相接于2点，传送带右侧地面

上静置着一质量M=2kg的薄滑板，紧挨传送带放置，其上表面与传送带等高，在水平轨道

的左侧固定着一竖直挡板，挡板连接着一劲度系数上=600N/m的弹簧。质量为相=lkg的物

块被锁定在轨道平面上的A点，此时物块与挡板间的弹簧处于压缩状态，物块与弹簧不相

连，现解除锁定，物块经过8点冲上传送带8C,此时弹簧已恢复原长。已知左侧轨道

的长度Z,=2m,传送带BC的长度4=4m,滑板的长度L3=3.96m,物块与左侧轨道平面、

传送带、滑板间的动摩擦因数分别为4=。2、%=025、例=。4,滑板、物块与地面间的

动摩擦因数分别为“4=0」、〃5=。」2,传送带顺时针匀速转动的速度为=8m/s,物块刚冲

上传送带时的速度%=4m/s,重力加速度g=10m/s2,弹簧的弹性势能综=（其中左

为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量）。

（1）求解除锁定前，弹簧的压缩量；

（2）求物块和传送带间因摩擦产生的热量；

（3）判断物块能否从右侧滑板上滑下？若能滑下，求物块静止时到滑板右侧的距离；若不

能滑下，求物块相对滑板的位移。

挡

试卷第8页，共8页

参考答案:

1.D

【详解】频率是周期的倒数，根据题意可知

ITHz=106MHZ=1012HZ=1012s-1

故选D。

2.B

【详解】A.根据质量数和电荷数守恒，可知X为电子，A项错误；

B.衰变反应是放能反应，衰变产物;;Y是一种更稳定的元素，可知其比结合能大于黑Sr的

比结合能，B项正确；

C.4衰变的实质是原子核内部的一个中子转变为质子，同时释放出一个电子，C项错误;

D.根据半衰期公式，经过84年即3个半衰期还剩下（彳了的锢90没有发生衰变，即会

28

7

有《的锢90发生衰变，D项错误。

O

故选B。

3.A

【详解】A.根据平衡条件，作出力/与可和8'的关系图如图所示

其中

F=F\片=邛、F[=F]

由于耳'对应的是直角三角形的斜边，可知，力/一定小于耳，故A正确；

B.由于直角三角形的两个锐角大小关系不确定，故力歹与F?的大小关系不确定，故B错误;

C.根据上述关系图可有

F、cos。=F2

答案第1页，共12页

故C错误;

D.结合上述可知

£sin。=_F,Fxcos0=F-,

解得

FF

F=-~~7

sin02tan0

可知，在顶部施加同样的力厂时，夹角6越大，力片和尸2越小，凿子越不容易进入木头，

故D错误。

故选Ao

4.C

【详解】对物块做功最少，物块应从斜面底端缓慢运动到斜面顶端，用平行斜面向上的推力

将位于斜面底端的物块推到斜面顶端，对物块受力分析如图甲所示，根据受力平衡可得

耳=mgsin0+jumgcos0=mg

设斜面的长度为3则

Wo=FXL=mgL

对物块受力分析如图乙所示，根据受力平衡可得

F2COS夕="igsin9+〃（鸟sin夕+cos夕）

解得

「mgsin0+um2cos0"

R=--------------------------=

cos6—"sine

则

W=F2Lcos0=1.6mgL=1.6%

故选C。

答案第2页，共12页

5.C

【详解】设海卫一做圆周运动的周期为T,则

GMm4兀，

2

GM=g0R

联立解得

T2口rr

R{go

海卫一连续两次经过赤道正上空的时间间隔,则在海卫一连续两次经过海王星赤道正

上空的时间间隔内，海王星自转转过的角度

故选c。

6.B

【详解】A.由波的传播方向和波形图，可知平衡位置位于x=8m处的质点的起振方向沿y

轴负方向，所以波源的起振方向也沿y轴负方向，A错误；

B.质点R的振动比质点P的振动落后半个周期，因此质点R的相位比质点P的相位落后兀，

B正确；

C.只有平衡位置间的距离相差半个波长整数倍的两个质点才可能同时位于平衡位置，C错

误；

D.t=2.5s时，平衡位置位于x=10m处的质点开始起振，向y轴负方向运动，t=3.5s时,

该质点从平衡位置向y轴正方向运动，D错误。

故选B。

7.A

【详解】设激光射入玻璃砖的折射角为由折射定律可得

sin。

n=-----

sina

激光由玻璃砖上表面传播到下表面对应的传播距离

h

s=-------

cosa

激光在玻璃砖中的传播速度

答案第3页，共12页

v=—

n

联立可得激光从玻璃砖上表面传播到下表面所需的时间为

亚舟7

故选Ao

8.AD

【详解】A.对气闸舱内的气体，第一次抽气有

POV=R（V+AV）

解得

V

P'=V^P°

第二次抽气有

PV=P2（V+AV）

解得

2

V

P1=\P。

V+AV

可得〃次抽气后，气闸舱内气体的压强为

A项正确;

B.若每次排放前，抽气机抽取的气体的压强均为P。，可得〃次抽气后

SVp-p0（8V+nAV）

可得核心舱内气体的压强为

1+坐

P=P。

8V

但实际上每次排放前，抽气机抽取的气体的压强都小于P。，可知”次排放后，核心舱内气

(n\V

体的压强小于1+bP。，B项错误;

(oV

C.气体向真空膨胀不对外界做功，C项错误;

D.第一次抽气排放后

答案第4页，共12页

,

pox8V+p1AV=p1x8V

解得核心舱内气体压强的增加量为

，AV

△A0

=P1i-P°o=8--(-V---+--A--V-)--Pn0

D项正确。

故选AD„

9.BC

【详解】A.由题可知，油滴沿图示速度方向做匀减速直线运动，可知油滴受到的静电力水

平向左，极板M带正电，A项错误；

B.由

［今］~v0=-2ad

可得油滴做匀减速运动的加速度大小

对油滴减速到0后反向加速到£的过程，有

2

--^-v0=-at

解得油滴由位置A到位置8经历的时间

4d

t=—

%

B项正确；

C.根据运动的合成与分解，可得

&=cos37。

a

可得当地的重力加速度

g

IQd

C项正确；

D.由

U.27。

q——=masin37

d0

可得两极板间的电压

答案第5页，共12页

40“

D项错误。

故选BC。

10.BD

【详解】Aj=0时刻，整个回路产生的感应电动势大小为

E=E[+E2=4BLv0

感应电流的大小

j_E_2BLv0

~2R~R

导体棒受到的安培力大小为

F=BIL=23*%

R

故A错误；

B.导体棒个和导体棒g/z受到的安培力等大反向，导体棒岁■和导体棒g/z组成的系统动量守

恒，当导体棒g/7的速度为0时，有

6mv0-mv0=2mv

导体棒^的速度为

5

故B正确；

C.最终两导体棒以相同速度向右匀速运动，设此时速度为％,则有

6mv0-mv0=3mv1

解得

5

匕=5%

根据动量定理可知导体棒gh受到的安培力的冲量

/=》"%一（一〃?%）=1"?%

故C错误；

D.对两导体棒运动过程，根据能量守恒定律可得回路中产生的焦耳热为

答案第6页，共12页

故D正确。

故选BDo

11.(1)BC

⑵0.355

2kL-Md2

(}md2

【详解】(1)A.由于实验中以凹型滑块与所有槽码整体为研究对象，令槽码总数目为N,

挂在细线上的槽码数为“，则有

nG-[M+Nm)a

则有

nG

Q二---------

M+Nm

可知，实验中并没有认为悬挂槽码的重力与细线的拉力近似相等，即不需要满足凹型滑块的

质量远大于槽码的质量，故A错误；

B.令遮光条的宽度为d,根据光电门测速原理有

d

v=一

△t

根据位移与速度的关系式有

V2=2aL

结合上述解得

2

^G_(M+Nm)d1

n~2L7

1

可知,nG-图像应该是一条过原点的倾斜直线，故B正确;

(加)2

C.遮光条适当窄些，对凹型滑块通过光电门瞬时速度的测量越精确，计算的加速度越精确,

因此能够提高实验的精度，故C正确。

故选BC。

(2)根据游标卡尺的读数规律，该读数为

d=3mm+llx0.05mm=0.355cm

答案第7页，共12页

（3）结合上述有

(M+Nm\d1

nG=----------------------

2L垃?

则有

(M+Nm)d2_

—k

2L

解得

2kL-Md2

N=

md2

12.(1)3.1

(2)1.51.9

(3)等于等于

【详解】（1）由图乙可得，电阻箱的阻值H=12.4O,由图甲的电桥法可得

Ri_R

另二山

代入数据解得

&=3.1Q

（2）[1]⑵根据闭合电路欧姆定律，可得

E=I(R+RA+5+厂)

变式可得

1RJA+S

IEE

由图丁可得

10.0-4.0丫一1区":44

~E9.0-0，

解得

石=1.5V,r=1.9Q

（3）口][2]根据以上分析，利用图丙设计的实验，该同学测得的电动势和内阻不存在系统误

差，测得的电动势和内阻均等于真实值。

13.（1）点gH；（2）ymg

【详解】（1）设小球到达N点时的速度大小为v,由题意可得，小球在垂直于虚线方向上做

竖直上抛运动，在沿风力方向上做匀变速直线运动，由于N点在M点正上方，可得

答案第8页，共12页

vcos/3=v0COSa

对小球由M点到N点过程，应用动能定理可得

-mgH=~my2~~mvo，

代入数据解得小球抛出时的初速度

(2)设小球由M点运动到N点所需时间为3水平方向的加速度为乐，则满足

vsin/7-%sina=-gt

vcos/3-{-VQcosa)=ajt

又

VCOSB=v°cosa

由以上三式得

24

a

x=-8

又有牛顿第二定律得，小球所受风力

F=max

解得

14.(1)阻止沿y轴负方向；⑵(3)反咳(〃=1,3,5)

3班qL12

【详解】(1)粒子在电场中做类平抛运动，沿方向有

-rL=Vot

沿y轴方向有

A/6,1

----L=­at/2

62

沿y轴方向的加速度

qE

ci——

m

解得匀强电场的电场强度大小为

答案第9页，共12页

E=2而nv：

3qL

方向沿y轴负方向。

(2)粒子到达。PMN的中心，如图甲所示，平行于正四棱柱底面的分速度大小始终为%,

带电粒子在平行于正四棱柱底面的方向上做匀速圆周运动，恰好不从四棱柱的侧面飞出，做

出圆轨迹如图乙所示

由几何关系可得粒子做圆周运动的半径

r=^^L

2

由洛伦兹力提供圆周运动的向心力，可得

解得

^2+A/2jmv0

qL

(3)若带电粒子最终从连线上的一点射出，由几何关系可知，粒子做圆周运动的半径

为

8

时间对应半个周期的奇数倍，即

%=〃x竺(〃=1,3,5)

%

如图甲所示，到达截面0PM