2025高考帮备考教案数学第三章一元函数的导数及其应用第3讲　导数与函数的极值、最值含答案

2025高考帮备考教案数学第三章一元函数的导数及其应用第3讲导数与函数的极值、最值课标要求命题点五年考情命题分析预测借助函数的图象，了解函数在某点取得极值的必要条件和充分条件；能利用导数求某些函数的极大值、极小值以及给定闭区间上不超过三次的多项式函数的最大值、最小值；体会导数与单调性、极值、最大（小）值的关系.导函数图象的应用该讲一直是高考的重点和难点.基本考法为求极值、最值，已知函数极值、最值求参数值（或范围），难度中等；综合考法为通过研究函数的性质解决不等式、零点、极值点偏移等问题，更突出应用，难度偏大.预计2025年高考命题常规，在复习备考时，要会构造函数，进而通过研究新构造函数的性质，数形结合解决问题.利用导数研究函数的极值2023新高考卷ⅡT11；2023新高考卷ⅡT22；2023全国卷乙T21；2022全国卷乙T16；2021全国卷乙T10；2021全国卷乙T20；2019全国卷ⅠT20利用导数研究函数的最值2022新高考卷ⅠT22；2022全国卷乙T11；2022全国卷甲T6；2021新高考卷ⅠT15；2019全国卷ⅢT20学生用书P0561.函数的极值条件f'（x0）＝0x0附近的左侧f'（x）＞0，右侧f'（x）＜0x0附近的左侧f'（x）①＜0，右侧f'（x）②＞0图象极值f（x0）为极大值③f（x0）为极小值极值点x0为极大值点x0为④极小值点极小值点和极大值点统称为⑤极值点，极小值和极大值统称为⑥极值.易错警示（1）极值点不是点，若函数f（x）在x＝x1时取得极大值，则x1为极大值点，极大值为f（x1）.（2）极大值与极小值的大小没有必然关系，极小值可能比极大值大.（3）有极值的函数一定不是单调函数.（4）导数值为0的点不一定是函数的极值点.例如，f（x）＝x3，f'（0）＝0，但x＝0不是极值点.2.函数的最大（小）值如果在区间[a，b]上函数y＝f（x）的图象是一条连续不断的曲线，那么它必有最大值和最小值.辨析比较函数极值与最值的区别与联系极值最值区别（1）极值是个“局部”概念，只能在定义域内部取得；（2）在指定区间上极值可能不止一个，也可能一个都没有.（1）最值是个“整体”概念，可以在区间的端点处取得；（2）最值（最大值或最小值）最多有一个.联系（1）极值有可能成为最值，最值只要不在区间端点处必定是极值；（2）在区间[a，b]上图象是一条连续曲线的函数f（x）若有唯一的极值，则这个极值就是最值.1.[易错题]下列说法正确的是（C）A.函数的极大值比极小值大B.函数在某区间上或定义域内的极大值是唯一的C.函数的最大值不一定是极大值，极大值也不一定是最大值D.f'（x0）＝0是x0为可导函数y＝f（x）的极值点的充分不必要条件解析对于A，由极大值与极小值的概念可知，函数的极大值不一定比极小值大；对于B，函数在某区间上或定义域内如果有最大值，则最大值是唯一的，但极大值不一定；对于C，由极大值与最大值的概念可知C正确；对于D，在函数的极值点处f'（x0）＝0，但是使f'（x0）＝0成立的x0未必是极值点，如当x0为定义域的左右端点时f'（x0）可以等于0，但此时x0不是极值点.2.设函数f（x）的定义域为R，x0（x0≠0）是f（x）的极大值点，则下列结论一定正确的是（D）A.∀x∈R，f（x）≤f（x0） B.－x0是y＝f（－x）的极小值点C.－x0是y＝－f（x）的极小值点 D.－x0是y＝－f（－x）的极小值点解析极值是函数的一种局部性质，因此不能确定在整个定义域上f（x0）是否最大，故A错误；因为函数f（x）与y＝f（－x）的图象关于y轴对称，所以－x0是y＝f（－x）的极大值点，故B错误；因为函数f（x）与y＝－f（x）的图象关于x轴对称，所以x0是y＝－f（x）的极小值点，而－x0是否为y＝－f（x）的极小值点不确定，故C错误；因为函数f（x）与y＝－f（－x）的图象关于原点对称，所以－x0是y＝－f（－x）的极小值点，选项D正确.3.[2024辽宁省部分学校联考]函数f（x）＝（－2x＋4）ex在区间[1，＋∞）上的最大值为2e.解析f'（x）＝（－2x＋2）ex，当x∈[1，＋∞）时，f'（x）≤0，f（x）单调递减，所以f（x）max＝f（1）＝2e.4.若函数f（x）＝x3－ax2＋2x－1有极值，则实数a的取值范围是（－∞，－6）∪（6，＋∞）.解析由已知，得f'（x）＝3x2－2ax＋2.因为函数f（x）有极值，所以f'（x）＝0有变号零点，所以Δ＝4a2－24＞0，解得a＞6或a＜－6，所以实数a的取值范围为（－∞，－6）∪（6，＋∞）.学生用书P057命题点1导函数图象的应用例1（1）[浙江高考]函数y＝f（x）的导函数y＝f'（x）的图象如图所示，则函数y＝f（x）的图象可能是（D） A B C D解析根据题意，已知导函数的图象与x轴有三个交点，且每个交点的两边导函数值的符号相反，因此函数f（x）在这些零点处取得极值，根据f（x）有两个极小值和一个极大值可排除A，C；记导函数f'（x）的零点从左到右分别为x1，x2，x3，又在（－∞，x1）上f'（x）＜0，在（x1，x2）上f'（x）＞0，所以函数f（x）在（－∞，x1）上单调递减，在（x1，x2）上单调递增，由x2＞0排除B.故选D.（2）[多选/2024陕西省汉中市联考]设f'（x）是函数f（x）的导函数，y＝f'（x）的图象如图所示，则下列说法正确的是（BC）A.函数一定有三个零点B.函数一定有三个极值点C.函数有最小值D.函数图象一定经过坐标原点解析易知函数f（x）在（－∞，0），（1，2）上单调递减，在（0，1），（2，＋∞）上单调递增，所以函数f（x）一定有三个极值点0，1，2，B正确；函数f（x）有最小值，为f（0），f（2）中的较小者，C正确；函数f（x）的图象可能都在x轴上方，其零点个数可能是0，A错误；函数f（x）的图象不一定过原点，D错误.故选BC.方法技巧根据函数图象判断极值的方法（1）由y＝f'（x）的图象与x轴的交点，可得函数y＝f（x）的可能极值点.（2）由y＝f'（x）的图象可以看出y＝f'（x）的值的正负，从而可得函数y＝f（x）的单调性，进而求得极值（点）.注意要看清楚所给图象是原函数的图象还是导函数的图象.训练1[多选]已知函数y＝f（x）的导函数y＝f'（x）的图象如图所示，则下列结论正确的是（AB）A.f（a）＜f（b）＜f（c）B.f（e）＜f（d）＜f（c）C.x＝c时，f（x）取得最大值D.x＝d时，f（x）取得最小值解析由f'（x）的图象可知，当x∈（－∞，c）∪（e，＋∞）时，f'（x）＞0；当x∈（c，e）时，f'（x）＜0.所以f（x）在（－∞，c），（e，＋∞）上单调递增，在（c，e）上单调递减.对于A，因为a＜b＜c，所以f（a）＜f（b）＜f（c），A正确；对于B，因为c＜d＜e，所以f（e）＜f（d）＜f（c），B正确；对于C，由单调性知f（c）为极大值，当x＞e时，可能存在f（x0）＞f（c），C错误；对于D，由单调性知f（e）＜f（d），D错误.命题点2利用导数研究函数的极值角度1求函数的极值例2[全国卷Ⅱ]若x＝－2是函数f（x）＝（x2＋ax－1）ex－1的极值点，则f（x）的极小值为（A）A.－1 B.－2e－3 C.5e－3 D.1解析因为f（x）＝（x2＋ax－1）ex－1，所以f'（x）＝（2x＋a）ex－1＋（x2＋ax－1）ex－1＝[x2＋（a＋2）x＋a－1]ex－1.因为x＝－2是函数f（x）＝（x2＋ax－1）ex－1的极值点，所以－2是x2＋（a＋2）x＋a－1＝0的根，将x＝－2代入解得a＝－1，所以f'（x）＝（x2＋x－2）ex－1＝（x＋2）（x－1）ex－1.令f'（x）＞0，解得x＜－2或x＞1，令f'（x）＜0，解得－2＜x＜1，所以f（x）在（－∞，－2）上单调递增，在（－2，1）上单调递减，在（1，＋∞）上单调递增，所以当x＝1时，f（x）取得极小值，且f（x）极小值＝f（1）＝－1，故选A.方法技巧求可导函数f（x）的极值的步骤（1）确定函数的定义域，求导数f'（x）；（2）求方程f'（x）＝0的根；（3）判断f'（x）在方程f'（x）＝0的根附近的左右两侧的符号；（4）求出极值.角度2已知函数的极值（点）求参数例3（1）[多选/2023新高考卷Ⅱ]若函数f（x）＝alnx＋bx＋cx2（a≠0）既有极大值也有极小值，则（A.bc＞0 B.ab＞0C.b2＋8ac＞0 D.ac＜0解析因为函数f（x）＝alnx＋bx＋cx2（a≠0），所以函数f（x＋∞），f'（x）＝ax2－bx－2cx3，因为函数f（x）既有极大值也有极小值，所以关于x的方程ax2－bx－2c＝0有两个不等的正实根x1，x2，则Δ>0，x1＋x2>0，x1x2>0，即b2+8ac>0（2）[开放题/2023北京市第五十五中学4月调研]已知函数f（x）＝（x－a）（x－3）2（a∈R），当x＝3时，f（x）有极大值.写出符合上述要求的一个a的值：4（答案不唯一，满足a＞3即可）.解析由题意得，f'（x）＝（x－3）2＋（x－a）×2（x－3）＝（x－3）（x－3＋2x－2a）＝（x－3）（3x－2a－3），令f'（x）＝0，解得x＝3或x＝2a当2a+33＞3，即a＞3时，f（x）在（－∞，3）上单调递增，在（3，2a+33）上单调递减，所以f（x所以a＞3，a可取4，故答案为4（答案不唯一，满足a＞3即可）.方法技巧已知函数极值点或极值求参数的两个要领列式根据极值以及极值点处导数为0列方程（组），利用待定系数法求解.验证因为f'（x0）＝0不是x0为极值点的充要条件，所以利用待定系数法求解后必须验证根的合理性.注意若函数y＝f（x）在区间（a，b）上存在极值点，则y＝f（x）在（a，b）上不是单调函数，即函数y＝f'（x）在区间（a，b）内存在变号零点.训练2（1）[多选]曲线f（x）＝a（x＋1）ex在点（－1，f（－1））处的切线方程为y＝1ex＋b，则下列说法正确的是（ACA.a＝1，b＝1e B.f（x）的极大值为C.f（x）的极小值为－1e2 D.f（解析依题意，f'（x）＝aex＋a（x＋1）ex＝（ax＋2a）ex，f'（－1）＝ae－1＝1e，解得a＝1，所以f（x）＝（x＋1）ex，f'（x）＝（x＋2）ex.又f（－1）＝0，所以1e×（－1）＋b＝0，所以b＝1e，故A正确.令f'（x）＝0，解得x＝－2，当x∈（－∞，－2）时，f'（x）＜0，函数f（x）在（－∞，－2）上单调递减；当x∈（－2，＋∞）时，f'（x）＞0，函数f（x）在（－2，＋∞）上单调递增.所以当x＝－2时，函数f即f（－2）＝－1e2，f（x）的极大值不存在，故B，D错误，C正确.（2）已知函数f（x）＝x3＋ax2＋bx＋a2在x＝1处有极值10，则a＝4，b＝－11.解析f'（x）＝3x2＋2ax＋b.由题意，得f'(1）=0，f（1）=10，即2a＋b+3=0，a2＋a＋b+1=10，解得a=4，b＝－11或a＝－3，b=3.当a＝4，b＝－11时，f'（x）＝3x2＋8x－－3，b＝3时，f'（x）＝3x2－6x＋3＝3（x－1）2，在x＝1附近的左右两侧，恒有f'（x）＞0，不变号，此时函数f（x）在x＝1处无极值.综上，a＝4，b＝－11.命题点3利用导数研究函数的最值角度1求函数的最值例4[2022全国卷乙]函数f（x）＝cosx＋（x＋1）sinx＋1在区间[0，2π]的最小值、最大值分别为（D）A.－π2，π2 B.－3C.－π2，π2＋2 D.－3π2解析由f（x）＝cosx＋（x＋1）sinx＋1，x∈[0，2π]，得f'（x）＝－sinx＋sinx＋（x＋1）cosx＝（x＋1）cosx.令f'（x）＝0，解得x＝－1（舍去）或x＝π2或x＝3因为f（π2）＝cosπ2＋（π2＋1）sinπ2＋1＝2＋π2，f（3π2）＝cos3π2＋（3π2＋1）sin3π2＋1＝－3π2，又f（0）＝cos0＋（0＋1）sin0＋1＝2，f（2π所以f（x）max＝f（π2）＝2＋π2，f（x）min＝f（3π2）＝－方法技巧求函数f（x）在[a，b]上的最值的方法（1）若函数f（x）在区间[a，b]上单调递增（递减），则f（a）为最小（大）值，f（b）为最大（小）值；（2）若函数f（x）在区间（a，b）内有极值，则要先求出函数在（a，b）内的极值，再与f（a），f（b）比较，最大的是最大值，最小的是最小值，可列表完成；（3）函数f（x）在区间（a，b）上有唯一一个极值点，这个极值点就是最值点，此结论在导数的实际应用中经常用到.角度2已知函数的最值求参数例5[全国卷Ⅲ]已知函数f（x）＝2x3－ax2＋b.（1）讨论f（x）的单调性.（2）是否存在a，b，使得f（x）在区间[0，1]上的最小值为－1且最大值为1？若存在，求出a，b的所有值；若不存在，说明理由.解析（1）对f（x）＝2x3－ax2＋b求导，得f'（x）＝6x2－2ax＝2x（3x－a）.令f'（x）＝0，得x＝0或x＝a3若a＞0，则当x∈（－∞，0）∪（a3，＋∞）时，f'（x）＞0；当x∈（0，a3）时，f'（x）＜0.故f（x）在（－∞，0）和（a3，＋∞）上单调递增，在（0，若a＝0，则f（x）在R上单调递增.若a＜0，则当x∈（－∞，a3）∪（0，＋∞）时，f'（x）＞0；当x∈（a3，0）时，f'（x）＜0.故f（x）在（－∞，a3）和（0，＋∞）上单调递增，在（a3（2）满足题设条件的a，b存在.（i）当a＜0时，由（1）知，f（x）在[0，1]上单调递增，所以f（x）在区间[0，1]上的最小值为f（0）＝b，最大值为f（1）＝2－a＋b，所以b＝－1，2－a＋b＝1，则a＝0，b＝－1，与a＜0矛盾，所以a＜0不存在.（ii）当a＝0时，由（1）知，f（x）在[0，1]上单调递增，所以由f（0）＝－1，f（1）＝1得a＝0，b＝－1.（iii）当0＜a＜3时，由（1）知，f（x）在（0，a3）上单调递减，在（a3，1）上单调递增，所以f（x）在[0，1]上的最小值为f（a3）＝－a327＋b＝－1，最大值为f（f（1）＝2－a＋b.若－a327＋b＝－1，b＝1，则a＝332，与0＜a＜若－a327＋b＝－1，2－a＋b＝1，则a＝33或a＝－33或a＝0，与0＜a＜3（iv）当a≥3时，由（1）知，f（x）在[0，1]上单调递减，所以f（x）在区间[0，1]上的最大值为f（0）＝b，最小值为f（1）＝2－a＋b，所以2－a＋b＝－1，b＝1，则a＝4，b＝1.综上，满足题设的a，b存在.当a＝0，b＝－1或a＝4，b＝1时，f（x）在区间[0，1]上的最小值为－1且最大值为1.训练3（1）[2021新高考卷Ⅰ]函数f（x）＝｜2x－1｜－2lnx的最小值为1.解析函数f（x）＝｜2x－1｜－2lnx的定义域为（0，＋∞）.①当x＞12时，（对xf（x）＝2x－1－2lnx，所以f'（x）＝2－2x＝2（x－1）x，当12＜x＜1时，f'（x）＜0，当x＞1时，f'（x）＞0，所以f（x）min＝f（1）＝②当0＜x≤12时，f（x）＝1－2x－2lnx在（0，12]上单调递减，所以f（x）min＝f（1－2ln12＝2ln2＝ln4＞lne＝综上，f（x）min＝1.（2）[2024河北省新乐市第一中学月考]已知函数f（x）＝3lnx－x2＋（a－12）x在区间（1，3）上有最大值，则实数a的取值范围是（－12，112解析f'（x）＝3x－2x＋（a－12），且f'（x）在（1，3）上单调递减，由题知函数f（x）在区间（1，3）上有最大值，则需满足f'（x）在（1，3）内有唯一零点，故f'(1）>0，f'(3）<0，即3－2+a－1.[命题点2/多选/2022新高考卷Ⅰ]已知函数f（x）＝x3－x＋1，则（AC）A.f（x）有两个极值点B.f（x）有三个零点C.点（0，1）是曲线y＝f（x）的对称中心D.直线y＝2x是曲线y＝f（x）的切线解析因为f（x）＝x3－x＋1，所以f'（x）＝3x2－1，令f'（x）＝3x2－1＝0，得x＝±33.由f'（x）＝3x2－1＞0得x＞33或x＜－33；由f'（x）＝3x2－1＜0得－33＜xf（x）＝x3－x＋1在（33，＋∞），（－∞，－33）上单调递增，在（－33，33）上单调递减，所以f（x因为f（x）的极小值f（33）＝（33）3－33＋1＝1－239＞0，f（－2）＝（－2）3－（－2）＋1＝－5＜0，所以函数f（x）在因为函数g（x）＝x3－x的图象向上平移一个单位长度得函数f（x）＝x3－x＋1的图象，函数g（x）＝x3－x的图象关于原点（0，0）中心对称且g（0）＝0，所以点（0，1）是曲线f（x）＝x3－x＋1的对称中心，故C正确.假设直线y＝2x是曲线y＝f（x）的切线，切点为（x0，y0），则f'（x0）＝3x02－1＝2，解得x0＝±1.若x0＝1，则切点坐标为（1，1），但点（1，1）不在直线y＝2x上，若x－1，则切点坐标为（－1，1），但点（－1，1）不在直线y＝2x上，所以假设不成立，故D错误.故选AC.2.[命题点2/2021全国卷乙]设a≠0，若x＝a为函数f（x）＝a（x－a）2（x－b）的极大值点，则（D）A.a＜b B.a＞b C.ab＜a2 D.ab＞a2解析解法一（分类与整合法）因为函数f（x）＝a（x－a）2（x－b），所以f'（x）＝2a（x－a）（x－b）＋a（x－a）2＝a（x－a）（3x－a－2b）.令f'（x）＝0，结合a≠0可得x＝a或x＝a+2（1）当a＞0时，①若a+2b3＞a，即b＞a，此时易知函数f（x）在（－∞，a）上单调递增，在（a，a+2b3）上单调递减，所以x＝②若a+2b3＝a，即b＝a，此时函数f（x）＝a（x－a）3③若a+2b3＜a，即b＜a，此时易知函数f（x）在（a+2b3，a）上单调递减，在（a，＋∞）上单调递增，所以x＝a（2）当a＜0时，①若a+2b3＞a，即b＞a，此时易知函数f（x）在（－∞，a）上单调递减，在（a，a+2b3）上单调递增，所以x＝②若a+2b3＝a，即b＝a，此时函数f（x）＝a（x－a）3③若a+2b3＜a，即b＜a，此时易知函数f（x）在（a+2b3，a）上单调递增，在（a，＋∞）上单调递减，所以x＝a综上，a＞0且b＞a满足题意，a＜0且b＜a也满足题意.据此，可知必有ab＞a2成立.故选D.（解题技巧：分类讨论之后，需要及时整合，有利于进一步分析、求解）解法二（特值排除法）当a＝1，b＝2时，函数f（x）＝（x－1）2（x－2），画出该函数的图象如图1所示，可知x＝1为函数f（x）的极大值点，满足题意.从而，根据a＝1，b＝2可判断选项B，C错误.当a＝－1，b＝－2时，函数f（x）＝－（x＋1）2（x＋2），画出该函数的图象如图2所示，可知x＝－1为函数f（x）的极大值点，满足题意.从而，根据a＝－1，b＝－2可判断选项A错误.综上，选D.图1 图2解法三（数形结合法）当a＞0时，根据题意画出函数f（x）的大致图象，如图3所示，观察可知b＞a.图3 图4当a＜0时，根据题意画出函数f（x）的大致图象，如图4所示，观察可知a＞b.综上，可知必有ab＞a2成立.故选D.3.[命题点2角度2/2022全国卷乙]已知x＝x1和x＝x2分别是函数f（x）＝2ax－ex2（a＞0且a≠1）的极小值点和极大值点.若x1＜x2，则a的取值范围是（1e，1）解析由题意，f'（x）＝2axlna－2ex，根据f（x）有极小值点x＝x1和极大值点x＝x2可知，x＝x1，x＝x2为f'（x）＝0的两个不同的根，又x1＜x2，所以易知当x∈（－∞，x1），（x2，＋∞）时，f'（x）＜0；当x∈（x1，x2）时，f'（x）＞0.由f'（x）＝0可得axlna＝ex.解法一因为a＞0且a≠1，所以显然x≠0，所以e＝ax令g（x）＝axlnax，则g（x）的图象与直线y＝e有两个交点，g'（x）＝令g'（x）＝0，得x＝1lna.故当x＞1lna时，g'（x）＞0，g（x）单调递增；当g'（x）＜0，g（x）单调递减.所以g（x）极小值＝g（1lna）＝a1lnalna1ln所以a1lna（lna）2因为a1lna＝alog所以（lna）2＜1，若a＞1，则当x→＋∞时，f'（x）→＋∞，不符合题意，所以0＜a＜1，则－1＜lna＜0，1e＜a＜所以a∈（1e，1）解法二若a＞1，则当x→＋∞时，f'（x）→＋∞，不符合题意，舍去.若0＜a＜1，令g（x）＝axlna，h（x）＝ex，在同一平面直角坐标系中作出函数g（x）和h（x）的大致图象，如图所示.因为f'（x）＝0有两个不同的根，所以g（x）与h（x）的图象需要有两个交点，则过原点且与g（x）的图象相切的直线l的斜率k＜e.设直线l与g（x）的图象的切点坐标为（x0，ax0lna），因为g'（x）＝ax（lna）所以k＝ax0（lna）2＝ax0lna从而k＝a1lna（lna）2＜e，即e（lna）2＜e，则（lna）2＜1，又0＜a＜1，所以－1＜lna＜0，所以a∈（1e4.[命题点3角度1/江苏高考]若函数f（x）＝2x3－ax2＋1（a∈R）在（0，＋∞）内有且只有一个零点，则f（x）在[－1，1]上的最大值与最小值的和为－3.解析f'（x）＝6x2－2ax＝2x（3x－a）（a∈R），当a≤0时，f'（x）＞0在（0，＋∞）上恒成立，则f（x）在（0，＋∞）上单调递增.又f（0）＝1，所以此时f（x）在（0，＋∞）内无零点，不满足题意.当a＞0，x＞0时，由f'（x）＞0得x＞a3，由f'（x）＜0得0＜x＜a3，则f（x）在（0，a3）上单调递减，在（a3，＋∞）上单调递增.又f（＋∞）内有且只有一个零点，所以f（a3）＝－a327＋1＝0，解得a＝3.所以f（x）＝2x3－3x2＋1，则f'（x）＝6x（x－1），当x∈（－1，0）时，f'（x）＞0，f（x）单调递增，当x∈（0，1）时，f'（x）＜0，f则f（x）在[－1，1]上的最大值为f（0）＝1.又f（－1）＝－4，f（1）＝0，则f（x）在[－1，1]上的最小值为－4，所以f（x）在[－1，1]上的最大值与最小值的和为－3.学生用书·练习帮P2791.函数f（x）＝x＋2cosx在区间[0，π2]上的最大值是（CA.π3＋1 B.π4＋2 C.π6＋3解析f'（x）＝1－2sinx.当0＜x＜π6时，f'（x）＞0，f（x）单调递增；当π6＜x＜f'（x）＜0，f（x）单调递减.所以函数f（x）在x＝π6处取得极大值也是最大值，即f（x）max＝π6＋2cosπ6＝π6＋2.已知函数f（x）＝2lnx＋ax2－3x在x＝2处取得极小值，则f（x）的极大值为（B）A.2 B.－5C.3＋ln2 D.－2＋2ln2解析f'（x）＝2x＋2ax－3（x＞0），∵f（x）在x＝2处取得极小值，∴f'（2）＝4a－2＝0，解得a＝12，∴f（x）＝2lnx＋12x2－3x，f'（x）＝2x＋x－3＝（x－1)(x－2）x，∴f（x）在（0，1），（2，＋∞）上单调递增，在（1，2）上单调递减，∴f（x3.[2022全国卷甲]当x＝1时，函数f（x）＝alnx＋bx取得最大值－2，则f'（2）＝（BA.－1 B.－12 C.12 解析由题意知，f（1）＝aln1＋b＝b＝－2.因为f'（x）＝ax－bx2（x＞0），所以f'（1）＝a－b＝0，所以a＝－2，所以f'（2）＝a2－b4＝4.若函数f（x）＝x2－（a＋2）x＋alnx既有极大值又有极小值，则实数a的取值范围是（B）A.（－∞，2）∪（2，＋∞） B.（0，2）∪（2，＋∞）C.（2，＋∞） D.{2}解析因为f（x）既有极大值又有极小值，且f'（x）＝2x－a－2＋ax＝2x2－（a+2）x＋ax＝（2x－a)(x－1）x（x＞0），所以f'（5.[多选]函数y＝f（x）的导函数f'（x）的图象如图所示，则以下命题错误的是（BD）A.x＝－3是函数y＝f（x）的极值点B.x＝－1是函数y＝f（x）的最小值点C.y＝f（x）在区间（－3，1）上单调递增D.曲线y＝f（x）在x＝0处切线的斜率小于零解析根据导函数的图象可知当x∈（－∞，－3）时，f'（x）＜0，当x∈（－3，＋∞）时，f'（x）≥0，所以函数y＝f（x）在（－∞，－3）上单调递减，在（－3，＋∞）上单调递增，则x＝－3是函数y＝f（x）的极值点.因为函数y＝f（x）在（－3，＋∞）上单调递增，所以x＝－1不是函数y＝f（x）的最小值点.因为函数y＝f（x）在x＝0处的导数大于0，所以曲线y＝f（x）在x＝0处切线的斜率大于零.故选BD.6.[2024河南省商丘市部分学校联考]若函数f（x）＝x3－12x在区间（a，a＋4）上存在最大值，则实数a的取值范围是（－6，－2）.解析因为f（x）＝x3－12x，所以f'（x）＝3x2－12＝3（x－2）（x＋2），由f'（x）＞0，得x＜－2或x＞2，则f（x）在区间（－∞，－2）和（2，＋∞）上单调递增，由f'（x）＜0，得－2＜x＜2，则f（x）在区间（－2，2）上单调递减，所以f（x）在x＝－2处取得极大值，在x＝2处取得极小值.要使函数f（x）＝x3－12x在区间（a，a＋4）上存在最大值，又（a＋4）－a＝4，则a＜－2，－2<a+4，解得－6＜a＜－2，即实数a7.[2021北京高考]已知函数f（x）＝3－（1）若a＝0，求曲线y＝f（x）在点（1，f（1））处的切线方程；（2）若函数f（x）在x＝－1处取得极值，求f（x）的单调区间，以及最大值和最小值.解析因为f（x）＝3－2xx2＋a，所以x2＋a≠0，f'（x（1）若a＝0，则f'（1）＝－4，f（1）＝1，则曲线y＝f（x）在点（1，f（1））处的切线方程为y－1＝－4（x－1），即4x＋y－5＝0.（2）由函数f（x）在x＝－1处取得极值可知f'（－1）＝0，即8－2a（1+a）此时f（x）＝3－2xx2+4，所以f'（当x∈（－∞，－1）∪（4，＋∞）时，f'（x）＞0，所以f（x）的单调递增区间为（－∞，－1），（4，＋∞）；当x∈（－1，4）时，f'（x）＜0，所以f（x）的单调递减区间为（－1，4）.又当x→－∞时，f（x）→0，当x→＋∞时，f（x）→0，所以f（x）的最大值为f（－1）＝1，f（x）的最小值为f（4）＝－148.若直线y＝ax＋b为函数f（x）＝lnx－1x图象的一条切线，则2a＋b的最小值为（BA.ln2 B.ln2－1C.1 D.2解析函数f（x）的定义域是（0，＋∞），f'（x）＝1x＋1x2，设切点坐标为（x0，y0），则y0＝lnx0－1x0，a＝1x0＋1x02，所以切线方程为y－（lnx0－1x0）＝（1x0＋1x02）（x－x0），即y＝（1x0＋1x02）x－1＋lnx0－2x0，与已知对照，得b＝－1＋lnx0－2x0，所以2a＋b＝lnx0＋2x02－1.构造函数g（t）＝lnt＋2t2－1（t＞0），则g'（t）＝1t－4t3＝（t+2)(t－9.[2023南京市六校联考]已知x1，x2是函数f（x）＝ex－12ax2的两个极值点，且x2＝2x1，则实数a的值为（CA.2e B.e2 C.2ln2 解析因为f（x）＝ex－12ax2，所以f'（x）＝ex－ax因为x1，x2是函数f（x）＝ex－12ax2的两个极值点，所以ex1－ax1ex2－ax2＝0，显然x1≠0，x2≠0，所以a＝ex1x1＝ex2x2.因为x2＝2x1，所以ex1x1＝e2x12x1，即2ex110.[多选/2023广州市二检]已知函数f（x）＝1－4｜x｜x2+4的定义域是[a，b]（a，b∈Z），值域为[0，1]，则满足条件的整数对（a，A.（－2，0） B.（－1，1）C.（0，2） D.（－1，2）解析显然y＝1－4｜x｜x2+4（x∈R）是偶函数，我们先分析当x＞0时函数y当x＞0时，y＝1－4xx2+4，则令y'＝0，得x＝2，当0＜x＜2时，y'＜0，y＝1－4｜当x＞2时，y'＞0，y＝1－4｜x所以x＝2为极小值点，极小值为0.又当x＝0时，y＝1，当x→＋∞时，y→1，所以作出y＝1－4｜x对A，当x∈[－2，0]时，由图象可知，f（x）∈[0，1]，故A满足条件；对B，当x∈[－1，1]时，f（－1）＝f（1）＝15，则f（x）∈[15，1]，故对C，当x∈[0，2]时，由图象可知，f（x）∈[0，1]，故C满足条件；对D，当x∈[－1，2]时，由图象可知，f（x）∈[0，1]，故D满足条件.故选ACD.11.[多选]已知定义在[a，b]上的函数y＝f（x）的导函数y＝f'（x）的图象如图所示，则下列命题中正确的是（BD）A.函数y＝f（x）在区间[x2，x4]上单调递减B.若x4＜m＜n＜x5，则f'(m）＋f'(n）C.函数y＝f（x）在[a，b]上有3个极值点D.若x2＜p＜q＜x3，则[f（p）－f（q）]·[f'（p）－f'（q）]＜0解析对于A，由题图知，在区间[x2，x3]上，f'（x）≥0，在区间[x3，x4]上，f'（x）≤0，故函数y＝f（x）在区间[x2，x4]上先增后减，故A错误；对于B，由题图知，在区间[x4，x5]上，y＝f'（x）的图象是下凸的，在该段图象上任意取两点A（m，f'（m）），B（n，f'（n）），连接AB，则AB的中点为M（m＋n2，f'(m）＋f'(n）2），易知线段AB在f'（m＋n2对于C，由题图知，在区间[a，x3]上，f'（x）≥0，在区间[x3，x5]上，f'（x）≤0，在区间[x5，b]上，f'（x）≥0，所以y＝f（x）有一个极大值点x3和一个极小值点x5，故C错误；对于D，由题图知，在区间[x2，x3]上，f'（x）≥0，且f'（x）单调递减，故y＝f（x）单调递增，故f'（p）＞f'（q），f（p）＜f（q），故[f（p）－f（q）]·[f'（p）－f'（q）]＜0，故D正确.故选BD.12.[多选/2024福州市一检]已知函数f（x）＝x3－3ax＋2有两个极值点，则（ACD）A.f（x）的图象关于点（0，2）对称B.f（x）的极值之和为－4C.∃a∈R，使得f（x）有三个零点D.当0＜a＜1时，f（x）只有一个零点解析f（x）的图象可由奇函数g（x）＝x3－3ax的图象向上平移2个单位长度得到，故f（x）的图象关于点（0，2）对称，选项A正确.设f（x）的极值点分别为x1，x2（x1＜x2），则由对称性可知x1＋x2＝0，f（x1）＋f（x2）＝2＋2＝4，即f（x）的极值之和为4，选项B错误.f'（x）＝3x2－3a，依题意，关于x的方程3x2－3a＝0有两个不同的根，则a＞0，x1＝－a，x2＝a，当x＜－a时，f'（x）＞0，当－a＜x＜a时，f'（x）＜0，当x＞a时，f'（x）＞0，所以f（x）在区间（－∞，－a）上单调递增，在区间（－a，a）上单调递减，在区间（a，＋∞）上单调递增.又当x→＋∞时，f（x）→＋∞，当x→－∞时，f（x）→－∞，所以作出f（x）的大致图象如图，由图象可知，当f（x2）＝f（a）＜0，即a＞1时，f（x）的图象与x轴有三个交点，即∃a∈R，使得f（x）有三个零点，选项C正确.当0＜a＜1时，f（a）＝aa－3aa＋2＝2（1－aa）＞0，此时f（x）只有一个零点，选项D正确.综上，选ACD.13.[2023济南市模拟节选]已知函数f（x）＝e2x2－aex＋x.讨论f（x解析f'（x）＝e2x－aex＋1，当a≤0时，f'（x）＞0，所以f（x）在（－∞，＋∞）上单调递增，极值点个数为0.当0＜a≤2时，f'（x）≥0，所以f（x）在（－∞，＋∞）上单调递增，极值点个数为0.当a＞2时，由f'（x）＝0得，x＝lna－a2－42由f'（x）＞0得，x＜lna－a2－42由f'（x）＜0得，lna－a2－42所以f（x）的单调递减区间为（lna－a2－42，lna＋a2－42所以x＝lna－a2－42为f（x）的极大值点，x＝lna＋a2－综上，当a≤2时，f（x）的极值点个数为0；当a＞2时，f（x）的极值点个数为2.14.[条件创新/2023沈阳市三检节选]已知函数f（x）＝（x＋b）（e2x－a）（b＞0）的图象在点（－12，f（－12））处的切线方程为（e－1）x＋ey＋e－1（1）求a，b；（2）函数f（x）的图象与x轴负半轴的交点为P，且在点P处的切线方程为y＝h（x），函数F（x）＝f（x）－h（x），x∈R，求F（x）的最小值.解析（1）将x＝－12代入切线方程（e－1）x＋ey＋e－12＝0中，得y＝所以f（－12）＝（b－12）（1e－a）＝0，得b＝12或因为f'（x）＝e2x（2x＋2b＋1）－a，所以f'（－12）＝2be－a＝－e－1e＝－1若a＝1e，则b＝2－e所以b＝12，则a＝（2）由（1）可知，a＝1，b＝12，所以f（x）＝（x＋12）（e2x－令f（x）＝0，得x＝－12或x＝0故函数f（x）的图象与x轴负半轴的交点P（－12，0）由函数f（x）的图象在点P（－12，0）处的切线方程为y＝h（x得h（x）＝f'（－12）（x＋12因为F（x）＝f（x）－h（x），所以F（x）＝f（x）－f'（－12）（x＋1所以F'（x）＝f'（x）－f'（－12）＝2（x＋1）e2x－1F'（－12）＝若x≤－1，则F'（x）＜0.若x∈（－1，－12），则x＋1∈（0，12），e2x∈（1e2所以2（x＋1）e2x∈（0，1e），F'（x）＜若x∈（－12，＋∞），则x＋1∈（12，＋∞），e2x∈（1e，＋∞），2（x＋1）e2x∈＋∞），F'（x）＞0.所以F（x）在（－∞，－12）上单调递减，在（－12，所以F（x）min＝F（－12）＝0.命题点1利用导数运算构造函数角度1利用f（x）与x构造例1[全国卷Ⅱ]设函数f'（x）是奇函数f（x）（x∈R）的导函数，f（－1）＝0，当x＞0时，xf'（x）－f（x）＜0，则使得f（x）＞0成立的x的取值范围是（A）A.（－∞，－1）∪（0，1） B.（－1，0）∪（1，＋∞）C.（－∞，－1）∪（－1，0） D.（0，1）∪（1，＋∞）解析令F（x）＝f（x）x，（根据条件xf'（x）－f（x）＜0构造函数F（x因为f（x）为奇函数，所以F（x）为偶函数，由于F'（x）＝xf'(x）－f（x）x2，当x＞0时，xf'（x所以F（x）＝f（x）x在（根据图象的对称性，得F（x）＝f（x）x在（－∞由f（－1）＝0，f（1）＝0，知F（－1）＝0，F（1）＝0.由f（x）＞0，得x<0，F（x）<0或x>0，F（x）>0，解得x＜－1或0＜x＜1，即使得f（x）＞0方法技巧形式构造函数xf'（x）＋nf（x）g（x）＝xnf（x）xf'（x）－nf（x）g（x）＝f角度2利用f（x）与ex构造例2已知定义在R上的函数f（x）满足2f（x）＋f'（x）＞0，且有f（12）＝1e，则f（x）＞1e2xA.（0，12） B.（12，C.（0，2） D.（0，＋∞）解析由题意，构造函数F（x）＝f（x）·e2x，则F'（x）＝f'（x）·e2x＋2f（x）e2x＝e2x[f'（x）＋2f（x）]＞0，∴F（x）在R上单调递增.f（x）＞1e2x⇔e2xf（x）＞1⇔F（x）＞1，∵F（12）＝f（12）·e＝1，∴F（x）＞1⇔F（x）＞F（12）⇔x＞12，即f（x）＞方法技巧形式构造函数f'（x）＋nf（x）g（x）＝enx·f（x）f'（x）－nf（x）g（x）＝f角度3利用f（x）与sinx，cosx构造例3[2023湖南省长沙麓山国际实验学校期中]若定义在[0，π2）上的函数f（x）的导函数为f'（x），且f（0）＝0，f'（x）cosx＋f（x）sinx＜0，则下列不等关系中正确的是（CA.f（π6）＜62f（π4） B.f（lnC.f（π6）＞3f（π3） D.f（π4）＜2f解析令g（x）＝f（x）cosx，x∈[0，π2），则g'（x）＝f'(x）cosx＋f（x）sinxcos2x，因为f'（x）cosx＋f（x）sinx＜0，所以g'（x）＜0在[0，π2）上恒成立，因此函数g（x）＝f（x）cosx在f（0）＝0，所以g（0）＝f（0）cos0＝0，所以g（x）＝f（x）cosx≤0在[0，π2）上恒成立，因为0＝ln1＜lnπ3＜lne＝1＜π2，所以f（lnπ3）＜0，故B错；又g（π6）＞g（π3），所以f（π6）cosπ6＞f（π3）即f（π4）＞2f（π3），故D错误.方法技巧由f（x）与sinx，cosx相结合构造可导函数的几种常见形式：（1）F（x）＝f（x）sinx，则F'（x）＝f'（x）sinx＋f（x）cosx；（2）F（x）＝f（x）sinx，则F'（（3）F（x）＝f（x）cosx，则F'（x）＝f'（x）cosx－f（x）sinx；（4）F（x）＝f（x）cosx，则F'（训练1（1）[2023安徽合肥第六中学5月月考]已知函数f（x）满足f（x）＋f（－x）＝0，且当x∈（－∞，0）时，f（x）＋xf'（x）＜0成立.若a＝20.6·f（20.6），b＝ln2·f（ln2），c＝log218·f（log218），则a，b，c的大小关系是（DA.a＞b＞c B.c＞b＞aC.a＞c＞b D.c＞a＞b解析因为函数f（x）满足f（x）＋f（－x）＝0，所以f（x）是奇函数.不妨令g（x）＝x·f（x），则g（－x）＝－x·f（－x）＝x·f（x）＝g（x），所以g（x）是偶函数.g'（x）＝f（x）＋xf'（x），因为当x∈（－∞，0）时，f（x）＋xf'（x）＜0成立，所以g（x）在（－∞，0）上单调递减，又g（x）是偶函数，所以g（x）在（0，＋∞）上单调递增.a＝g（20.6），b＝g（ln2），c＝g（log218）＝g（－log21因为2＞20.6＞1，0＜ln2＜1，－log218＝－（－3）＝3＞2所以ln2＜20.6＜－log218，所以c＞a＞b.故选（2）[2024广西柳州模拟]设函数y＝f（x），x∈R的导函数为f'（x），且f（x）为偶函数，f'（x）＞f（x），则不等式成立的是（B）A.f（0）＜e－1f（1）＜e2f（2）B.e3f（3）＜f（0）＜e－1f（1）C.e－1f（1）＜f（0）＜e2f（2）D.e2f（2）＜e3f（3）＜f（0）解析设g（x）＝f（x）ex，则g'（x）＝f'(x）－ff（x）为偶函数，则g（1）＝f（1）e＝e－1f（1），g（0）＝f（0）e0＝f（0），g（－2）＝f（－2）e－2＝e2f（2），g（－3）＝f（－3）e－3＝e3fg（－2）＜g（0）＜g（1），即e3f（3）＜e2f（2）＜f（0）＜e－1f（1）.故选B.（3）[2023山东潍坊4月二模]已知函数f（x）的定义域为（0，π），其导函数是f'（x）.若f'（x）sinx－f（x）cosx＞0恒成立，则关于x的不等式f（x）＜2f（π6）sinx的解集为（0，π6解析令F（x）＝f（x）sinx，则F'（x）＝f'(x）sinx－f（x）cosxsin2x＞0，所以F（x）在定义域内单调递增.关于x的不等式f（x）＜2f（π6）sinx可化为f（x）sinx＜f（π6）sinπ6，即F（x）＜F（π命题点2同构法构造函数例4（1）设a，b都为正数，e为自然对数的底数，若aea+1＋b＜blnb，则（BA.ab＞e B.b＞eC.ab＜e D.b＜e解析由题意知，a＞0，b＞0，由aea+1＋b＜blnb，得aea+1＜b（lnb－1），则belnb解法一（构造左侧形式）aea＜（lnbe）elnbe，设f（x）＝xex，则f（a）＜flnbe＞0.当x＞0时，f'（x）＝ex＋xex＞1＞0，所以f（x）在（0，＋∞）上单调递增，于是a＜lnbe，即ea＜be，即e解法二（构造右侧形式）ealnea＜belnbe，设f（x）＝xlnx，则f（ea）＜f（be），且ea＞1，lnbe＞0，即be＞1.当x＞1时，f'（x）＝lnx＋1＞0，所以f（x）在（1，＋∞）上单调递增，于是ea＜b解法三（取对数形式）lna＋a＜ln（lnbe）＋lnbe，设f（x）＝lnx＋x，则f（af（lnbe），且lnbe＞0.当x＞0时，f'（x）＝1x＋1＞0，所以f（x）在（0，＋∞）上单调递增，于是a＜lnbe，即ea＜be（2）[2023天津一模]若0＜b＜a＜π2，则（CA.bea－eb＜aeb－eaB.eb＋1ea＋2a＞ea＋1eC.asinb＋b＜bsina＋aD.sinbcosa＞sina解析对于A，令f（x）＝exx+1，0＜x＜π2，则f'（x）＝xex（x+1）2＞0，故f（x）在（0，π2）上单调递增，则f（a）＞f（b），即eaa+1＞ebb+1，所以ea（b＋1）＞eb（a＋对于B，令f（x）＝ex－1ex－2x，0＜x＜π2，则f'（x）＝ex＋1ex－2＞2ef（x）在（0，π2）上单调递增，则f（a）＞f（b），即eb－1eb－2b＜ea－1ea－2a，所以eb＋1ea＋2a＜ea＋对于C，令f（x）＝sinx－1x，0＜x＜π2，则f'（x）＝xcosx－sinx+1x2＞0，故f（x）在（0，π2）上单调递增，则f（a）＞f（b），即sina－1a＞sinb－1b，所以b（sina－1）＞对于D，当b＝π6，a＝π3时，sinbcosa＝14＜sina＝32，故D方法技巧1.同构法，即通过等价变形把不等式或等式两边转化为结构相同的形式，即转化为同源函数，进而利用该函数的单调性求解.2.5种常见变形（1）xex＝ex＋lnx（x＞0）；（2）exx＝ex－lnx（x＞0）；（3）xex＝elnx－x（x＞0）；（4）x＋lnx＝ln（x·ex）；（5）x－lnx3.3种基本形式基本形式同构变形和差型：ea±a＞b±lnb同左：ea±a＞elnb±lnb，构造函数g（x）＝ex±x同右：ea±lnea＞b±lnb，构造函数f（x）＝x±lnx乘积型：aea≤blnb同左：aea≤（lnb）elnb，构造函数g（x）＝xex同右：ealnea≤blnb，构造函数f（x）＝xlnxa＞0时，取对数：a＋lna＜lnb＋ln（lnb），构造函数h（x）＝x＋lnx比商型：eaa同左：eaa＜elnblnb，构造函数同右：ealnea＜blnb，构造函数a＞0时，可取对数：a－lna＜lnb－ln（lnb），构造函数h（x）＝x－lnx训练2（1）已知函数f（x）＝xa－alnx（a＞0），g（x）＝ex－x，若x∈（1，e2）时，f（x）≤g（x）恒成立，则实数a的最大值是（B）A.1 B.e C.e22 解析由f（x）≤g（x）可得xa－alnx≤ex－x，即xa－lnxa≤ex－lnex，构造函数m（t）＝t－lnt，t∈（1，＋∞），则m'（t）＝1－1t＝t－1t＞0，所以m（t）＝t－ln＋∞）上单调递增，故由m（xa）≤m（ex）可得，xa≤ex，又x∈（1，e2），所以a≤xlnx恒成立.令h（x）＝xlnx，x∈（1，e2），则h'（x）＝lnx－1（lnx）2，令h'（x）＞0，得e＜x＜e2，令h'（x）＜0，得1＜x＜e，所以函数h（x）＝xlnx在（1，e）上单调递减，在（e，e2）上单调递增，所以h（x）min＝（2）[多选/2023山东省青岛质检]已知0＜x1＜x2＜1，则下列不等式恒成立的为（AC）A.x1ex2＜x2ex1 B.x1lnx1＜xC.x2lnx1＜x1lnx2 D.ex1－x2lnx解析A.令f（x）＝exx且0＜x＜1，则f'（x）＝（x－1）exx2＜0，故f（x）在（0，1）上单调递减，又0＜x1＜x2＜1，所以f（x2）＜f（x1）⇒ex2xB.令f（x）＝xlnx且0＜x＜1，则f'（x）＝1＋lnx，所以在（0，1e）上f'（x）＜0f（x）单调递减，在（1e，1）上f'（x）＞0，f（x）单调递增，而0＜x1＜x2＜1，此时不能比较f（x2），f（x1）的大小，BC.令f（x）＝lnxx且0＜x＜1，则f'（x）＝1－lnxx2＞0，故f（x）在（0，1）上单调递增，又0＜x1＜x2＜1，所以f（x2）＞f（x1）⇒lnx2x2＞lnx1xD.令f（x）＝exlnx且0＜x＜1，则f'（x）＝exx（1＋xlnx），且exx＞0，令g（x）＝1＋xlnx且0＜x＜1，则g'（x）＝1＋lnx，在（0，1e）上g'（x）＜0，g（x）单调递减，在（1e，1）上g'（x）＞0，g（x）单调递增，则g（x）≥g（1e）＝1－1e＞0，故f'（x）＝exx·g（x）＞0，f（x）单调递增，又0＜x1＜x2＜1，所以f（x2）＞f（x1）⇒ex1－x2lnx1＜lnx2，学生用书·练习帮P2811.[2024大连市模拟]已知a＝32（4－ln32）e4，b＝1e，c＝logeA.a＜c＜b B.c＜a＜bC.a＜b＜c D.b＜a＜c解析由题意知，a＝lne432e432，b＝lne构造函数f（x）＝lnxx，则f'（x）＝1－lnxx2，令f'（x）＝0，则x＝e，令f'（x）＞0，则0＜x＜e，令f'（x）＜0，则x＞e，故f（x）在（0，e）上单调递增，在（e，＋∞）上单调递减，所以f（x）max＝f（e）＝1e＝b，而e2＜8，e432＜2，故f（e432）＜f（2），即2.[2023南京市二模]已知f（x）是定义在R上的可导函数，其导函数为f'（x）.若对任意x∈R有f'（x）＞1，f（1＋x）＋f（1－x）＝0，且f（0）＝－2，则不等式f（x－1）＞x－1的解集为（D）A.（0，＋∞） B.（1，＋∞）C.（2，＋∞） D.（3，＋∞）解析解法一∵f（1＋x）＋f（1－x）＝0，f（0）＝－2，∴令x＝1得f（2）＝2.设g（x）＝f（x）－x，则g'（x）＝f'（x）－1＞0，∴g（x）在R上单调递增，且g（2）＝f（2）－2＝0，∴不等式f（x－1）＞x－1可化为g（x－1）＞0＝g（2），∴x－1＞2，解得x＞3.故选D.解法二设f（x）＝2x－2，经检验，满足要求，所以f（x－1）＞x－1即2（x－1）－2＞x－1，所以x＞3.故选D.3.[2024吉林省长春市东北师范大学附属中学模拟]已知函数f（x）的定义域为R，其导函数为f'（x），f'（x）－f（x）＞3ex，f（2）＝6e2，则不等式f（x）＞3xex的解集为（A）A.（2，＋∞） B.（－∞，2） C.（3，＋∞） D.（－∞，3）解析令G（x）＝f（x）e则G'（x）＝f'(x）－f（x）ex－3＞3exex－3＝0，所以函数G（x）在R上单调递增，又G（2）＝f（2）e2－3×2＝0，由f（x）＞3xex可得f（x4.已知f（x）是定义在（－π2，π2）上的奇函数，f'（x）是其导函数.当x∈（0，f（x）＋f'（x）tanx＞0，则不等式cosx·f（x＋π2）＋sinx·f（－x）＞0的解集为（DA.（－π2，－π6） B.（－π6C.（－π2，－π4） D.（－π4解析当x∈（0，π2）时，由f（x）＋f'（x）tanx＞0，得cosx·f（x）＋f'（x）sinx＞0，即[sinx·f（x）]'＞0，所以函数y＝sinx·f（x）在（0，π2又函数f（x）是定义在（－π2，π2）上的奇函数，函数y＝sinx是R上的奇函数，所以sinx·f（x）是定义在（－π2，π2）上的偶函数，且在（－π2，0）上单调递减.由－π2＜x＋π2＜π2，－π2＜－x＜π2，可得x∈（－π2f（x＋π2）＋sinx·f（－x）＞0可转化为sin（x＋π2）·f（x＋π2）＞sin（－x）·f（－x），又函数y＝sinx·f（x）在（0，π2）上单调递增，所以π2＞x＋π2＞－x＞0，解得－π5.[条件创新/2023佛山市质检]设函数f（x）的导函数是f'（x），且f（x）f'（x）＞x恒成立，则（D）A.f（1）＜f（－1）B.f（1）＞f（－1）C.｜f（1）｜＜｜f（－1）｜D.｜f（1）｜＞｜f（－1）｜解析设g（x）＝12[f2（x）－x2]，则g'（x）＝12[2f（x）f'（x）－2x]＝f（x）f'（x）－x＞0恒成立，所以g（x）在定义域内单调递增，所以g（1）＞g（－1），即12[f2（1）－1]＞12[f2（－1）－1]，解得f2（1）＞f2（－1），即｜f（1）｜＞｜f（－16.[多选/2023重庆名校联考]若m＞n＞1，0＜t＜1，则下列不等式成立的是（BCD）A.logmt＜lognt B.men＜nemC.mnt＞nmt D.mlognt＜nlogmt解析对于A，logmt－lognt＝1logtm－因为0＜t＜1，m＞n＞1，所以logtm·logtn＞0，logtn－logtm＞0，所以logmt－lognt＞0，A不成立.对于B，由men＜nem及m＞n＞1，得enn＜emm，构造函数f（x）＝exf'（x）＝ex·（x－1）x2＞0，所以f（x）在（1，＋∞）上单调递增，所以f（m）＞f（n），即emm＞enn，故B成立.对于C，由mnt＞nmt及m＞n＞1，得nt－xt－1，x＞1，因为0＜t＜1，所以t－1＜0，所以g'（x）＝（t－1）·xt－2＜0，所以g（x）在（1，＋∞）上单调递减，所以g（n）＞g（m），即nt－1＞mt－1，故C成立.对于D，由mlognt＜nlogmt及m＞n＞1，0＜t＜1，得mlnm＞nlnn，构造函数h（x）＝xlnx，x＞1，则h'（x）＝1＋lnx＞0，所以h（x）在（1，＋∞）上单调递增，所以h（m）＞h（n），即mlnm＞nlnn，故D成立.故选BCD.7.[多选]若定义在R上的函数f（x）满足f（0）＝－1，其导函数为f'（x），且f'（x）＞m＞1，则下列各式成立的有（AC）A.f（1m）＞1－mm B.f（1C.f（1m－1）＞1m－1 解析构造函数g（x）＝f（x）－mx，则g'（x）＝f'（x）－m＞0，故函数g（x）＝f（x）－mx在R上单调递增.易知1m＞0，所以g（1m）＞g（0）＝f（0）＝－1，即f（1m）－1＞－1，所以f（1m）＞0，故B错误.又m＞1，所以1－mm＜0，所以f（1m）＞1－mm，故A正确.由1m－1＞0得g（1m－1）＞g（0），即f（1m－1）－m8.[2024江西省南昌市部分学校调考]若定义域为（0，＋∞）的函数f（x）满足2f（x）＋xf'（x）＞0，则不等式f（x＋1）＜f（1）（x+1）2解析由x∈（0，＋∞）时，函数f（x）满足2f（x）＋xf'（x）＞0，可得2xf（x）＋x2f'（x）＞0.设h（x）＝x2f（x），x＞0，则h'（x）＝2xf（x）＋x2f'（x）＞0，故h（x）在（0，＋∞）上单调递增，由f（x＋1）＜f（1）（x+1）2，得（x＋1）2f（xh（x＋1）＜h（1），所以0＜x＋1＜1，解得－1＜x＜0，所以f（x＋1）＜f（1）（x+1）9.[2024福建省漳州市质检]已知函数f（x）（x∈R）的导函数为f'（x），若2f（x）＋f'（x）＞0，且f（0）＝2025，则不等式f（x）－2025e－2x＞0的解集为（0，＋∞）.解析令g（x）＝e2xf（x），则g'（x）＝2e2xf（x）＋e2xf'（x）＝e2x[2f（x）＋f'（x）].因为2f（x）＋f'（x）＞0，所以g'（x）＞0，所以g（x）在R上单调递增，又f（0）＝2025，所以g（0）＝e0f（0）＝2025，不等式f（x）－2025e－2x＞0，即f（x）＞2025e－2x，即e2xf（x）＞2025，即g（x）＞g（0），所以x＞0，即不等式f（x）－2025e－2x＞0的解集为（0，＋∞）.10.[2023山东济南一中5月月考]已知定义在R上的可导函数f（x）的导函数为f'（x），f'（x）－f（x）＜0，且f（x＋1）＝f（1－x），f（0）＝e，则不等式f（x）＞ex－1的解集是（－∞，2）.解析设g（x）＝f（x）ex，则g'（x）＝f'(x）－f（xf（x＋1）＝f（1－x），所以f（x）的图象关于直线x＝1对称，所以f（2）＝f（0）＝e，所以g（2）＝f（2）e2＝1e.因为f（x）＞ex－1，所以f（x）ex＞1e，即g（x）＞g（2），所以x＜2，故f（x11.[2023河北名校联考]已知定义在R上的函数f（x）满足f（x）＝exf（－x），f（1）＝e，f'（x）是f（x）的导函数，当x∈[0，＋∞）时，f'（x）＜12f（xef（x－1）＜ex2的解集为（－∞，0）∪（2，＋∞解析令g（x）＝f（x）ex2，由f（x）＝exf（－x），得f（－x）＝f（x）ex，则g（－x）＝f（－因为当x∈[0，＋∞）时，f'（x）＜12f（x），所以当x∈[0，＋∞）时，g'（x）＝f'(x）ex2－12ex2f（xg（x）为R上的偶函数，所以函数g（x）在（－∞，0）上单调递增.因为f（1）＝e，所以g（1）＝f（1）e12＝ee＝1.因为ef（x－1）＜ex2可变形为f（g（1）.因为函数g（x）为R上的偶函数，在（－∞，0）上单调递增，在[0，＋∞）上单调递减，所以｜x－1｜＞1，解得x＜0或x＞2，所以不等式ef（x－1）＜ex2的解集为（－∞，0）∪（2，＋∞12.[2023沈阳市三检]已知对任意的x∈（1，＋∞），不等式k（ekx＋1）－（1x＋1）lnx＞0恒成立，则k的取值范围是（1e，＋∞解析k（ekx＋1）－（1x＋1）lnx＞0，即kx（ekx＋1）＞（x＋1）lnx①，因为x∈（1，＋∞），所以x＋1＞0，lnx＞0，则（x＋1）·lnx＞0，所以k＞0，则①式转化为（ekx＋1）lnekx＞（x＋1）lnx②.令f（t）＝（t＋1）lnt，则②式可转化为f（ekx）＞f（x），易得ekx＞1，x＞1