2024届高三联考物理：黑龙江省联考2024届高三新高考适应性测试物理试卷(含解析)

2024届高三新高考适应性测试物理试卷

一、单选题

1.如图，齐齐哈尔到长春的直线距离约为400km.某旅客乘高铁从齐齐哈尔出发经哈

尔滨到达长春，总里程约为525km,用时为2.5h.则在整个行程中该旅客（）

A.位移大小约为525km,平均速度大小约为160km/h

B.位移大小约为400km,平均速度大小约为160km/h

C.位移大小约为525km,平均速度大小约为210km/h

D.位移大小约为400km,平均速度大小约为210km/h

2.2023年8月，我国首次在空间站中实现了微小卫星的低成本入轨.在近地圆轨道飞

行的中国空间站中，航天员操作机械臂释放微小卫星.若微小卫星进入比空间站低的圆

轨道运动，则入轨后微小卫星的（）

A.角速度比空间站的大B.加速度比空间站的小

C.速率比空间站的小D.周期比空间站的大

3.某同学取一装有少量水的塑料矿泉水瓶，旋紧瓶盖，双手快速拧搓挤压水瓶.然后

迅速拧松瓶盖，瓶盖被顶飞的同时瓶内出现白雾，则（）

A.挤压水瓶过程中，瓶内气体分子的平均动能减小

B.挤压水瓶过程中，瓶内气体内能不变

C.瓶盖被顶飞过程中，瓶内气体对外做功

D.瓶盖被顶飞过程中，瓶内气体温度升高

4.一列简谐横波沿x轴正方向传播，某时刻的波形如图所示，则从此刻开始，介质中

质点P的加速度a随时间t变化的图像为（）

5.某“失重”餐厅的传菜装置如图所示，运送菜品的小车沿等螺距轨道向下匀速率运

动，该轨道各处弯曲程度相同，在此过程中，小车（）

A.机械能保持不变B.动量保持不变C.处于失重状态D.所受合力不为零

6.如图（a）,一点电荷P（未画出）所在的水平直线上有M、N两点.在M、N两点分

别放置试探电荷，其受到的静电力与试探电荷的电荷量的关系分别如图（b）中直线

I、n所示.规定向右为正方向，则（）

MN

图（a）

A.P带正电B.P在M点左侧

C.M点电势比N点的低D.M点电场强度比N点的小

7.如图，质量均为m的物块甲、乙静止于倾角为e的固定光滑斜面上，二者间用平

行于斜面的轻质弹簧相连，乙紧靠在垂直于斜面的挡板上.给甲一个沿斜面向上的初速

度，此后运动过程中乙始终不脱离挡板，且挡板对乙的弹力最小值为0,重力加速度

为g.挡板对乙的弹力最大值为（）

A.2优gsin。B.3fflgsin6C.4mgsin0D.5mgsin0

二、多选题

8.波长不同的a、b两束单色平行光，分别照射到同一双缝干涉装置上，在屏上得到

干涉条纹如图所示.下列说法正确的是（）

67IIIIIIIIII

miIIIImin

A.在真空中，a光的波长比b光的长

B.在真空中，a光的传播速度比b光的小

C.若只减小双缝到屏的距离，两光产生的条纹间距均变小

D.两光分别照射同一单缝衍射装置，若只减小缝宽，中央亮纹宽度均变小

9.空间中存在垂直于平面的磁场，x=a两侧的匀强磁场方向相反，x>a区域的

磁感应强度大小为：区域的2倍.不同带电粒子以速率v由原点沿平面射入

0

该磁场，则粒子的轨迹可能为下图中的（）

y

D.

o

10.如图（a）,质量均为m的小物块甲和木板乙叠放在光滑水平面上，甲到乙左端的

距离为L,初始时甲、乙均静止，质量为M的物块丙以速度v向右运动，与乙发生弹

0

性碰撞.碰后，乙的位移X随时间t的变化如图（b）中实线所示，其中f时刻前后的

0

图像分别是抛物线的一部分和直线，二者相切于P,抛物线的顶点为Q.甲始终未脱离

乙，重力加速度为g.下列说法正确的是（）

C.甲到乙左端的距离L22D.乙、丙的质量比机:M=l:2

3

三、实验题

11.某同学设计实验验证机械能守恒定律，装置如图（a）所示.一质量为m、直径为d

的小球固定于释放装置上，在小球正下方固定四个光电门，调节各光电门的中心，使

其与小球的球心均在同一竖直线上.由静止释放小球，记录小球通过每个光电门的挡光

时间，重力加速度为g.

\\\\\\\\\

“二释放点

(1)若测得某光电门的中心与释放点的竖直距离为h,小球通过此光电门的挡光时间

为加，则小球从释放点下落至此光电门中心时的动能增加量AE=,重力势

k

能减小量AE=(用题中字母表示)；

P

(2)根据实验数据，作出AE-AE的图像，如图(b)所示.若图中虚线的斜率

kP

ku,则可验证机械能守恒定律；

(3)经过多次重复实验，发现小球经过第三个光电门时，AE总是大于AE,下列原

kP

因中可能的是.

A.第三个光电门的中心与释放点的竖直距离测量值偏大

B.第三个光电门的中心偏离小球下落时球心所在的竖直线

C.小球下落过程中受到空气阻力的作用

12.某些材料的电阻率在外磁场作用下发生改变的现象称为磁致电阻效应，利用该效

应可以制作磁敏器件.为探究某磁敏器件材料的电阻率随外磁场的变化规律，设计如图

(a)所示电路.该器件在无外磁场时的阻值为R,加磁感应强度为B的外磁场后，阻

0

值变为R,阻值的变化量=,相对变化率竺能反映器件材料电阻率的变化.

0R

图(a)图(c)

图中0和均为理想电压表，定值电阻1=3000,&为滑动变阻器，S为开关，E

为电源.

(1)不加外磁场，调节/使®示数为4=°3叫读出示数幺=0.40丫，由此可

计算出'=Q；

AR

(2)加外磁场，调节5使©示数仍为0.30V,记录B和示数02,计算，；

(3)改变B,重复(2)操作，实验数据如下表，8=0.301^1,电压表④示数如图

(b)所示，读出数据，完成下表，答：①,②；

B/T…0.150.200.250.300.350.40

U/V•・・0.560.590.62①0.690.72

2

△R

・・・0.400.480.55②0.730.80

~R~

0

(4)在图(c)坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图.由此可知，B在0.15T〜0.40T

范围内，该器件材料的电阻率随B的增大而增大.

四、计算题

13.滑雪是我国东北地区冬季常见的体育运动如图(a),在与水平面夹角9=14.5。

的滑雪道上，质量机=60kg的滑雪者先采用两滑雪板平行的滑雪姿势(此时雪面对滑

雪板的阻力可忽略)，由静止开始沿直线匀加速下滑x=45m；之后采取两滑雪板间

1

呈一定角度的滑雪姿势，通过滑雪板推雪获得阻力，匀减速继续下滑X=15m后停止.

2

已知sinl4.5°=0.25,sin37°=0.6,取重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力.

图(a)图(b)

(1)求减速过程中滑雪者加速度a的大小；

(2)如图(b),若减速过程中两滑雪板间的夹角a=74。，滑雪板受到沿雪面且垂直

于滑雪板边缘的阻力均为F,求F的大小.

14.如图，真空中足够大的铝板M与金属板N平行放置，通过电流表与电压可调的电

源相连.一束波长九=200nm的紫外光持续照射到M上，光电子向各个方向逸出.已知

铝的逸出功W=6.73x10-19J,光速c=3.0xl08m/s,普朗克常量/z=6.63xlO-34Js

(1)求光电子的最大初动能E(计算结果保留两位有效数字)；

k

3

(2)调节电压使电流表的示数减小到0时，M、N间的电压为。；当电压为匚。时,

o4°

求能到达N的光电子中，初速度与M之间夹角的最小值9.

15.如图(a),水平传送带以恒定速率v顺时针转动，宽为4L、足够高的矩形匀强

0

磁场区域MNPQ,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里，磁场下边界QP水平.矩形

导体框abed无初速度地放在传送带上且ad与MQ重合，be向右运动到NP时恰与传送

带共速，此时施加水平向右的拉力，使导体框保持共速前的加速度离开磁场.ad离开

磁场时撤掉拉力，同时将QP提升到传送带上方距上表面L处.导体框继续向右运动，

与NP右侧4.5L处的竖直固定挡板发生弹性正碰.当ad返回NP时，施加水平向左的拉

力，使导体框以此时的速度匀速通过磁场.已知导体框质量为m,总电阻为R,ab长为

3L,ad长为2L,导体框平面始终与磁场垂直且不脱离传送带，重力加速度为g.

M____N仁

；xX：

;切片I挡板

OX

图(a)图(b)

(1)求导体框从开始运动到与传送带共速过程中，ad两点间的电势差U与时间t的

ab

关系式；

(2)求导体框向右离开磁场过程中，拉力冲量/的大小；

F

(3)导体框向左通过磁场的过程中，设ad到NP的距离为x,导体框受到的摩擦力大

小为E，在图(b)中定量画出导体框通过磁场过程中歹-X图像，不要求写出推导

过程.

参考答案

1.答案：B

解析：位移是起点到终点的有向线段，则在整个行程中该旅客位移大小约为400km,

平均速度大小约为v=f=竺^km/h=160km/h,故选B.

t2.5

2.答案：A

解析：A.由万有引力提供向心力得G竺!=根32r，解得3=、咫，微小卫星进入比

厂2N丫3

空间站低的圆轨道运动，半径小，角速度大，故A正确；B.由万有引力提供向心力得

G-=ma,解得。=丝，微小卫星进入比空间站低的圆轨道运动，半径小，加速

厂2厂2

度大，故B错误；C.由万有引力提供向心力得G.=加上，解得v=,廖，微小卫

r2r\r

星进入比空间站低的圆轨道运动，半径小，速率大，故C错误；D.由万有引力提供向

心力得G丝匕=解得T=2/叵，微小卫星进入比空间站低的圆轨道运动，

F272\GM

半径小，周期小，故D错误。故选A。

3.答案：C

解析：AB.旋紧瓶盖，双手快速拧搓挤压水瓶，外界对气体做正功，瓶内气体来不及发

生热传导，根据热力学第一定律可知，瓶内气体内能变大，瓶内气体温度升高，则瓶

内气体分子的平均动能增大，故AB错误；CD.然后迅速拧松瓶盖，瓶盖被顶飞过程

中，瓶内气体对外做功，瓶内气体来不及发生热传导，根据热力学第一定律可知，瓶

内气体内能变小，瓶内气体温度降低，故C正确，D错误.故选C.

4.答案：B

解析：

5.答案：D

解析：A.小车沿等螺距轨道向下匀速率运动，速度大小不变，动能不变，小车高度减

小，即重力势能减小，可知，小车的机械能减小，故A错误；B.小车做螺旋运动，速

度大小不变，方向改变，根据动量表达式有p=»w可知，小车的动量大小不变，动量

的方向发生变化，即动量发生了变化，故B错误；C.由于小车沿等螺距轨道向下做匀

速率运动，沿轨道方向的速度大小不变，即小车沿轨道方向的合力为0,即沿轨道方

向的加速度为0,又由于该轨道各处弯曲程度相同，则轨道对小车的指向图中轴心的

作用力提供圆周运动的向心力，该作用力方向沿水平方向，可知，小车的加速度方向

沿水平方向，小车不存在竖直方向的加速度，即小车既不处于超重，又不处于失重，

故C错误；D.根据上述可知，小车沿轨道方向的合力为0,轨道对小车的指向图中轴

心的作用力提供圆周运动的向心力，即小车的合力不为零，合力方向总指向图中轴

心，故D正确。故选Do

6.答案：C

解析：AB.由图像中直线I可知，在M点放置的试探电荷带正电，受到的电场力向右，

则M点的场强方向向右；由图像中直线n可知，在N点放置的试探电荷带负电，受到

的电场力向右，则N点的场强方向向左；可知点电荷P应位于/、N两点之间，且P

带负电，故AB错误；CD.根据E=£,由歹-q图像可知，直线I对应的场强大于直线

q

n对应的场强，即M点电场强度比N点的大；根据石=左2可知M点比N点离负点电

n

荷P更近，则M点电势比N点的低，故C正确，D错误。故选C。

7.答案：C

解析：

8.答案：AC

解析：AB.根据=0九，在屏上得到干涉条纹可知，a光对应的条纹间距大于光对应

d

的条纹间距，则在真空中，a光的波长比b光的长；在真空中，a光的传播速度与b光

的传播速度相等，均为c,故A正确，B错误；C.根据△》=七九，若只减小双缝到屏的

d

距离，两光产生的条纹间距均变小，故C正确；D.两光分别照射同一单缝衍射装置，

若只减小缝宽，中央亮纹宽度均变大，故D错误。故选AC。

9.答案：AD

解析：因区域的磁感应强度大小为区域的2倍，根据r=竺可知x<a区域

qB

的圆周运动的半径为区域的圆周运动的半径的2倍。A.该图中粒子运动的轨道半

径为r=也<。即粒子没能到达两磁场的分界线，则该轨迹可能存在，选项A正确；B.

4

a

该图中粒子在x<a中运动时的轨迹半径为r=—2—=叵，则在x>a区域运动的

2cos4504

半径应该为，=则轨迹与y轴交点的纵坐标应该是y=2/sin45。=：,则B错

84

误；C.该图中粒子在x〈。区域的轨道半径小于在x>。区域的轨道半径，则选项C错

误；D.该图中粒子在x<a区域的轨道半径为厂=a,则在x>a区域的轨道半径为

r=-9则轨迹与y轴交点y=〃+2X2+〃=3Q,选项D正确；故选AD。

22

10.答案：BC

解析：

11.答案：(1)lm(_£)2；mgh；(2)1；(3)B

2Ar

解析：(1)小球经过光电门中心时的速度为v=@

则小球从释放点下落至此光电门中心时的动能增加量为AE=_1加丫2_0=1〃2(幺)2

k22At

小球从释放点下落至此光电门中心时的重力势能减小量^E=mgh

P

(2)根据机械能守恒定律可得^E=^E

kP

则作出AE-AE的图像中虚线的斜率左,则可验证机械能守恒定律。

kP

(3)A.第三个光电门的中心与释放点的竖直距离测量值偏大，则AE的测量值偏大，

P

使得AE小于AE,故A错误；

kP

B.第三个光电门的中心偏离小球下落时球心所在的竖直线，使得挡光宽度小于小球的

直径,则速度测量值偏大，AE的测量值偏大，使得AE大于AE,故B正确；

kkp

c.小球下落过程中受到空气阻力的作用，使得减少的重力势能有一部分转化为内能，

则AE小于AE,故C错误。

kP

故选B。

AR

不

0.80

0.70

12.答案：(1)400；(3)0.66；0.65；(4)o,6o

0.50

0.40：：

0.30K

0.100.200.300.40B/V

解析：（1）根据电阻分压关系可得幺=巴

RR

o

磁敏器件在无外磁场时的阻值为A=400。

o

（3）由图可知电压表V示数为。=0.66V

2

根据电阻分压关系可得幺=4

RR'

o

B=0.30T时，磁敏器件的阻值为R=660。

o

AT?R'—R660-4002

则niI一=_Q-----o.=________=0.65

RR400

oo

（4）将所缺数据点补充完整做出图象如图所示。

而WIIIIIII川川皿皿川川皿

0.70：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：■：：：：：：：：：：：：

0.60I：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：

0.50：：：：：：：：：：：!：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：

0.40：：­：;：;：：：：■：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：■：

0.30留用用“用的用用』并用

0.100.200.300.40以丁

13.答案：（1）〃=7.5m/s2；（2）F=500N

解析：（1）由静止开始沿直线匀加速下滑的过程有2QX=V2

11

mgsin0=ma

''i

代入数据得v=J2g£sin0=15m/s

匀减速继续下滑的过程有2ax=V2

2

代入数据得。=23=7.5m/s2

2x

2

（2）若减速过程中两滑雪板间的夹角a=74。，根据牛顿第二定律有

IFsin--mgsin0=ma

解得歹=丝士丝吧=5OON

2sin3

2

14.答案：(1)3.2x10-19J；(2)60°

解析：(1)根据光电效应方程可得

6.63x10-34x3.0x10s

EJ-6.73x10-19J=3.2x10-19J

k200x10-9

(2)因调节电压使电流表的示数减小到0时，M、N间的电压为U,则E=Ue

0k0

aa1

当电压为—U时恰能到达N的光子满足-Ue=—m(vsin0)2=E(sin0)2

4o4020k

解得sin。=立

2

则0=60。

119JTo

15.答案：(1)U=-Bv2t；(2)I=-----；(3)见解析

F

ad20R

解析：(1)由法拉第电磁感应定律知U=2BLv

ad

设线框运动到共速速度为v,由匀变速直线运动平均速度关系知7=211=1

22

由题知，be向右运动到NP时恰与传送带共速，位移为L,由动能定理知力=；加,

代入得了=等

由牛顿第二定律知/=机。

代入得a=

2L

设线框运动到共速时间为t,由匀变速直线运动速度与时间关系式知v=at

mv2

—Q-t[

代入得U=2BLv=2BL2mL=ABv2t

ad220

(2)由题知，be向右运动到NP时恰与传送带共速，此时施加水平向右的拉力，使导

体框保持共速前的加速度离开磁场。如图所示，由于整个过程中加速度没变，设导体

框向右离开磁场时间为f,由题知线框移动位移为4L,由匀变速直线运动位移与时间

1

关系式知4L=

21

代入得1=4±

1v

0

be向右运动到NP时恰与传送带共速，位移为L,线框运动到共速时间为t,由匀变速

直线运动位移与时间关系式知乙=1袱2

21

代入得」=24

则线框磁通量变化时间为"=/Y=24

IV

0

由题知，施加水平向右的拉力，使导体框保持共速前的加速度离开磁场。则撞期

安培力厂大小相等，方向相反/=卜/I

安FIF^\

由法拉第电磁感应定律次IE=n3^=n竺^

NtAt

S=3Lx2L

由闭合电路欧姆定律知/=石

R

B（3Lx2L）

代入得/=£=_加=33%

RRR

代入得/=2BILM=2B3BLV^LX2-E=12B2D

高考质量提升是一项系统工程，涉及到多个方面、各个维度，关键是

要抓住重点、以点带面、全面突破，收到事半功倍的效果。

一、备考策略务必精准

高三备考的不同阶段，目标和任务各不相同，就像打仗一样，攻克不

同的山头有不同的打法，只有抓住要领，才能打赢主动仗。一是细化“作

战地图”。从现在到一模考试前，主要任务是过课本、串教材，把基础知

识再夯实，为专题复习奠定坚实基础。各学科组教师要认真学习新课程、

新课标、《中国考试评价体系及说明》和近三年高考原题，把高考考点和

试题变化点做成“作战地图”，平时考试、练习要对照“作战地图”进行

选题，并在“作战地图”上一一标注，确保考点训练无死角、考点覆盖无

遗漏。二是组织集体攻坚。发挥学科组集体备考的优势，学科组内任务分

解、责任到人，每次考试变式训练的预测由组长把关。学科组坚持“一课

一研”、“一考一研”，新老教师步调一致，节奏有序，充分发挥分工协

作的集体教研智慧。三是找准学科增分点。认真研究本省、本市、本校近

年来的高考数据，细化到每一个知识点的得失分情况，找准突破点和增分

点，有目的进行专项训练和突破提升。英语的阅读理解和小作文、语文的

古文分析和作文、理科的做题速度、文科的答题思路等，都要制定详细的

训练方案和突破的方法策略，在实践中调整提升，打破制约瓶颈