2024年山东省临沂市沂水县中考物理模拟试卷（二）

2024年山东省临沂市沂水县中考物理模拟试卷（二）一、选择题（每小题只有一个最符合题意的答案，20个小题，每小题2分，共40分）1．（2分）如图所示的四季美景中，由于液化形成的是（）A．早春冰雪消融 B．夏日晨间露珠 C．深秋红叶上的白霜 D．隆冬皑皑白雪2．（2分）歌舞节目《画卷》，用笛子、古筝、琵琶和大鼓结合现代流行音乐勾勒出一幅山水画卷，赞美祖国万里河山。下列说法正确的是（）A．笛声是由笛身振动发出的 B．大鼓的鼓面振幅越大，响度越大 C．笛子和琵琶的音色相同 D．古筝的琴弦振动越快，音调越低3．（2分）如图所示的四种现象中，属于光的反射现象的是（）A．天空彩虹 B．水中倒影 C．筷子“弯折” D．屏幕上手影4．（2分）关于力、重力、弹力下列说法中正确的是（）A．力作用在物体上一定能改变其运动状态 B．因为物体本身就有重力，所以重力没有施力物体 C．划船时使船前进的力是水对船桨的力 D．物体间只要相互接触就一定会产生力5．（2分）象棋起源于中国，拥有悠久的历史。如图所示为一种可以在竖直墙上随意移动的磁性象棋，则下面的说法正确的是（）A．棋盘对棋子的吸引力和棋子受到的重力是一对平衡力 B．棋子对墙的压力和墙对棋子的支持力是一对相互作用力 C．墙对棋子的摩擦力和棋子受到的重力是一对相互作用力 D．棋盘对棋子的吸引力和棋子对棋盘的吸引力是一对平衡力6．（2分）同学们在完成了探究“影响浮力大小的因素”实验之后，老师把一金属块挂在弹簧测力计下，浸没在水中，弹簧测力计的示数为2N（如图）。下列做法能使弹簧测力计的示数变大的是（）A．金属块下移一点 B．金属块露出水面 C．往烧杯里加些盐 D．往烧杯里加点水7．（2分）下列说法正确的是（）A．组成物质的分子之间，只存在引力，不存在斥力 B．组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关 C．晶体在融化过程中吸收热量，温度升高 D．沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因之一是水的比热容比砂石的比热容小8．（2分）如图所示，电源、滑动变阻器与螺线管相连，闭合开关，在通电螺线管的右端放置一个小磁针，小磁针静止时N极指向水平向右。则下列说法正确的是（）A．电源左端为负极 B．通电螺线管的左端为N极 C．将滑动变阻器滑片P向左移动，通电螺线管的磁性增强 D．将电源正负极位置对调，小磁针静止时N极指向将改变9．（2分）风能是一种清洁能源，我国风力发电技术在全世界处于领先位置，以下实验中，能说明风力发电机原理的是（）A． B． C． D．10．（2分）下列关于物理量的估测，符合实际的是（）A．一名中学生站立时对地面的压强约500Pa B．一张课桌的高度约为70dm C．一名普通中学生的质量约50kg D．中学生正常的脉搏一般是每秒跳70次左右11．（2分）一只小鸟在离湖面15m的上空飞行，湖深6m，下列描述正确的是（）A．小鸟的像到湖面的距离为6m B．像与小鸟关于水面对称 C．小鸟在湖里所成的像是实像 D．小鸟向下俯冲捕食时，在湖中的像变大12．（2分）如图所示，电源电压为4.5V，闭合开关后，电压表的示数为2V，则下列说法不正确的是（）A．R1两端电压为2.5V B．R2两端电压为2V C．开关断开后，电压表无示数 D．开关断开后，电压表示数为4.5V13．（2分）如图所示电路的电源电压为1.5V，电阻R1的阻值为3Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，则（）A．通过R1的电流大于0.3A B．电阻R1和R2是并联的 C．电压表的示数为0.6V D．电阻R2的阻值为2Ω14．（2分）我们经常会着到一边行驶一边向空中喷雾的汽华，人们形象地将它称为雾炮车，如图所示。喷向空中的水雾能使尘埃粒子快速沉降到地面，起到净化空气的作用。下列关于雾炮车的说法中正确的是（）A．若雾炮车一直保持速度大小不变在工作，则行驶过程中车的动能不变 B．该雾炮车发动机四个冲程中的做功冲程实现了机械能转化为内能 C．如果雾炮车汽油机里的单个汽缸每秒对外做功20次，则单个汽缸每秒内完成40个冲程 D．若汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧0.2kg汽油放出的热量是9.2×106J15．（2分）如图所示的家庭电路，下列说法中正确的是（）A．电灯和开关的连接是正确的 B．两孔插座和三孔插座的连接是正确的 C．电灯正常工作时，用试电笔测得M、N时氖管都发光 D．三孔插座和电灯之间的连接方式是串联16．（2分）如图所示电路中，电源电压略高于灯泡L的额定电压且保持不变，闭合S，若滑片再向左滑动，下列说法正确的是（）A．灯泡L会变亮，额定功率变大 B．灯泡L会变亮，电压表示数变小 C．电流表示数变小，电压表示数变大 D．电流表示数变大，电压表示数变大17．（2分）如图分别是小明家上月初和月末的电能表的表盘，表盘上“1600imp/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，下列说法中正确的是（）A．指示灯闪烁越慢，电能表所在电路消耗的电功率越大 B．小明家上月消耗的电能为911kW•h C．该电能表的额定功率为4400W D．断开其他用电器，只让电饭锅单独工作2min，指示灯闪烁32次，此时电饭锅的功率为600W18．（2分）甲车从A地沿直线向B地运动，同时乙车从B地沿直线向A地运动，它们的s﹣t图像如图所示。下列说法正确的是（）A．甲做变速直线运动，乙做匀速直线运动 B．0～2s内，甲比乙运动得快 C．2s～6s内，乙做匀速直线运动 D．甲、乙运动了8s时，在距甲的出发点40m处相遇19．（2分）如图所示，用托盘天平和量筒测量一个小石块的密度。下列说法正确的是（）A．若称量过程中出现图甲所示的情形，则应将平衡螺母向右调，使天平横梁平衡 B．小石块的质量为17.4g C．小石块的密度为1.72×103kg/m3 D．若把图乙和图丙所示的测量顺序对调，则会导致小石块密度的测量值小于真实值20．（2分）如图甲所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关S，移动滑片P从B端滑到A端的过程中，R1、R2的U﹣I关系如图乙所示。下列判断正确的是（）A．R1的阻值是20Ω B．图线MN是R2电阻的I﹣U关系图像 C．滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω D．滑片P在B端时电路消耗的电功率为3.2W二、填空题（每空1分，共18分）21．（7分）（1）一架战斗机巡航的速度为500m/s。军演地点距军用机场的距离为3600km，则战斗机从机场起飞到达军演地点至少需要h，战斗机飞行过程中需要加油机适时加油，那么当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是的。（2）请将如图所示情境运用的主要物理知识填写在下面的横线上。A.如图1向下吹气，乒乓球不掉落一一。B.如图2墨水被吸进钢笔一—。C.如图3古代人利用坠石狩猎一—。（3）如图4（a）所示，用钢缆绳拉着某长方体A沿竖直方向匀速沉入江底，如图4（b）是A下降过程中钢缆绳对A的拉力F随时间t变化的图像。则长方体A浸没在水中后受到的浮力为，长方体A的平均密度为。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）22．（6分）（1）如图所示，有一束光从空气射入某种透明介质，在分界面处发生了反射和折射，其中AE⊥CG，∠4＝∠5，则（选填“FH”、“DH”或“BH”）为入射光线，（选填“AE”或“CG”）为分界面。（2）烹饪时主要通过的方式来增大食材的内能；做好后的“锅包肉”香味四溢，这是现象。“曲水流觞”是古代诗酒唱酬的一种雅事。酒盏装有质量为50g的酒，在溪水上随溪流动时会降低酒的温度，则酒的内能（选填“变大”、“变小”或“不变”），漂流过程中，酒的温度从30℃降低至26℃，会放出J的热量。[c酒＝3.4×103J/（kg•℃）]23．（5分）（1）手机间是利用波传递信号的。（2）如图1所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒a去接触不带电的验电器金属球b后，验电器的两片金属箔张开，则a、b接触时，电子转移的方向为。（3）如图2电压表示数是V。（4）电动自行车以轻便，节能，环保的优点，为我们日常出行带来了极大的便利，在给电动自行车的电池充电时，电池在电路中相当于（选填“电源”、“开关”或“用电器”）。（5）如图3所示，电源电压恒为10V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为10Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作，若电动机内部线圈的电阻为2Ω，则通电1min电流通过电动机内部线圈产生的热量是J。三、作图与实验探究题（24题1分，25题4分，26题5分，27题8分，28题6分，共24分）24．（1分）如图所示，用细线拉着重力是2N的小球静止在斜面上，请画出小球所受重力G示意图。25．（4分）某同学在做光学实验时，如图所示，他先将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜A两侧，蜡烛放置在20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，光屏上呈现烛焰清晰的像。（1）上述光屏上所成的像是倒立的（选填“放大”、“等大”、“缩小”）的像（选填“虚”、“实”），和（选填“放大镜”、“投影仪”、“照相机”）的成像原理相同；（2）若将蜡烛沿光具座移至35cm刻度线处，需将光屏移至cm刻度线处（不需估读），光屏上可再次呈现烛焰清晰的像。26．（5分）为了比较水和煤油两种液体的吸热性能，晶品做了如图甲所示实验，并在实验过程中记录了温度﹣时间坐标图，如图乙所示。（1）在组装实验装置时，应先固定（选填“铁圈”或“铁杆”）的位置；（2）实验中，在两个相同的试管中分别装上、初温都相同的水和煤油（选填“质量”或“体积”），并放入大烧杯水中进行加热；两个试管同时加热的目的是；（3）由图乙可知：当加热相同的时间，试管中的升温更高；若水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容为c煤油＝（不计热损）。27．（8分）（一）小红利用杠杆做以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻度线间的距离相等。（1）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若在A、B两点再各增加1个钩码，杠杆将（选填“顺时针旋转”或“逆时针旋转”）。（2）如图乙所示，在A、C两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平。此天平是利用了（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆原理制成的。（3）小红正确使用自制天平称量物体质量时：假如支点O因某种原因向左偏移，则测量值真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）。（4）杆秤是根据杠杆的平衡条件工作的。如图丙，当秤盘不放物品时，秤砣悬挂在0kg刻度线处杆秤刚好平衡（简称“调零”）。某杆秤的秤钩因不慎粘一块橡皮泥，导致杆秤不能调零，继续使用该杆秤，测量结果将（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。（二）如图丁所示，小明在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，用外形相同、质量相等、表面粗糙程度不同的两个物块A、B放在水平木板上进行实验。（1）实验中（选填“一定”或“不一定”）要匀速拉动木板做直线运动。（2）先用物块A做实验，再用物块A、B叠放在一起做实验（物块A在下、物块B在上），弹簧测力计的示数变大，说明在接触面的粗糙程度相同时，，滑动摩擦力越大。（3）将物块B放在水平木板上进行实验，再与用物块A做的实验进行对比，目的是探究滑动摩擦力的大小与接触面的（选填“面积大小”或“粗糙程度”）的关系；用物块A、B分别做实验时，地面对水平木板的滑动摩擦力大小（选填“相等”或“不相等”）。28．（6分）小明用如图甲所示的电路，测定额定电压为3.8V的小灯泡（电阻大约为10Ω）的电阻，已知电源电压恒为4.5V。（1）请将实物电路连接完整。（2）现有A（5Ω，0.3A）、B（10Ω，0.5A）和C（100Ω，1A）三个滑动变阻器可供选择，则应选择滑动变阻器（选填“A”“B”或“C”）连入电路，才能保证实验顺利进行。（3）电路连接好后，闭合开关，发现灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，为了排除故障，他接下来的操作合理的是（选填字母）。A.移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否发光B.拧紧小灯泡和它两端的接线柱，观察灯泡是否发光C.拧紧开关两端的接线柱，观察灯泡是否发光D.检查滑动变阻器是否短路（4）当时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图所示，则小灯泡正常发光时电阻为Ω。（5）乐乐觉得不使用电压表也能测出Rx的阻值，于是设计了另一种方案，电路如图丙所示。定值电阻R0，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下：①只闭合开关S1时，电流表读数为I1；②当开关S1、S2都闭合时，电流表读数为I2；③待测电阻Rx＝（用已知和测出的物理量R0、I1、I2表示）。四、计算题（29题8分，30题10分，共18分）29．（8分）如图，电源电压为4.5V保持不变，小灯泡上标有“2.5V，0.75W”字样，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，闭合开关，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光。（不考虑灯泡电阻的变化）求：（1）通过小灯泡的电流；（2）滑动变阻器两端的电压；（3）滑动变阻器的电功率；（4）通电60s，电路消耗的电能。30．（10分）如图，是我国055型万吨级驱逐舰“咸阳”号，该舰满载时排水量约1.23万吨，吃水深度8m，最大航速60km/h。，g取10N/kg）（1）“咸阳”号以最大航速匀速航行6min，航行的距离为多少km？（2）“咸阳”号满载静止时，舰底0.5m2的船板表面受到海水的压力为多大？（3）若“咸阳”号以36km/h的速度匀速航行时，动力推进系统的输出功率为4×107W，则“咸阳”号受到的牵引力是多少？2024年山东省临沂市沂水县中考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个最符合题意的答案，20个小题，每小题2分，共40分）1．（2分）如图所示的四季美景中，由于液化形成的是（）A．早春冰雪消融 B．夏日晨间露珠 C．深秋红叶上的白霜 D．隆冬皑皑白雪【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：A．早春冰雪消融，是固态变成液态的过程，属于熔化现象，故A不符合题意；B．夏日晨间露珠，是空气中的水蒸气液化形成的小水滴，故B符合题意；C．深秋红叶上的白霜，是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故C不符合题意；D．隆冬皑皑白雪，是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故D不符合题意。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。2．（2分）歌舞节目《画卷》，用笛子、古筝、琵琶和大鼓结合现代流行音乐勾勒出一幅山水画卷，赞美祖国万里河山。下列说法正确的是（）A．笛声是由笛身振动发出的 B．大鼓的鼓面振幅越大，响度越大 C．笛子和琵琶的音色相同 D．古筝的琴弦振动越快，音调越低【分析】（1）声音由物体的振动产生；（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：A、笛声是由空气柱的振动产生的，故A错误；B、大鼓的鼓面振幅越大，响度越大，故B正确；C、笛子和琵琶的音色不同，故C错误；D、古筝的琴弦振动越快，音调越高，故D错误。故选：B。【点评】本题声音的产生、特性以及传播，是一道基础题。3．（2分）如图所示的四种现象中，属于光的反射现象的是（）A．天空彩虹 B．水中倒影 C．筷子“弯折” D．屏幕上手影【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：A、彩虹是由于光的色散形成的，故与题意不符；B、平静水面上动物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意；C、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符。D、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符。故选：B。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。4．（2分）关于力、重力、弹力下列说法中正确的是（）A．力作用在物体上一定能改变其运动状态 B．因为物体本身就有重力，所以重力没有施力物体 C．划船时使船前进的力是水对船桨的力 D．物体间只要相互接触就一定会产生力【分析】（1）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。（2）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。（3）力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体，其中受到力的作用的物体叫受力物体，对别的物体施加了力的物体叫施力物体。在发生力的作用时，两个物体不一定接触（如：磁铁吸引铁钉）。【解答】解：A、力作用在物体上不一定能改变其运动状态，故A错误。B、重力是地球对物体的吸引力，重力的施力物体是地球，故B错误。C、物体间力的作用是相互的，划船时使船前进的力是水对船桨的力，故C正确。D、在发生力的作用时，两个物体不一定接触（如：磁铁吸引铁钉），故D错误。故选：C。【点评】深入理解力的概念、力的作用的相互性以及力的作用效果，是解答此题的关键。5．（2分）象棋起源于中国，拥有悠久的历史。如图所示为一种可以在竖直墙上随意移动的磁性象棋，则下面的说法正确的是（）A．棋盘对棋子的吸引力和棋子受到的重力是一对平衡力 B．棋子对墙的压力和墙对棋子的支持力是一对相互作用力 C．墙对棋子的摩擦力和棋子受到的重力是一对相互作用力 D．棋盘对棋子的吸引力和棋子对棋盘的吸引力是一对平衡力【分析】（1）一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上；（2）二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；【解答】解：A、棋盘对棋子的吸引力和棋子受到的重力受力物体不相同，方向不是相反，所以不是平衡力，故A错误；B、棋子对墙的压力和墙对棋子的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故B正确；C、墙对棋子的摩擦力和棋子受到的重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故C错误；D、棋盘对棋子的吸引力和棋子对棋盘的吸引力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D错误。故选：B。【点评】掌握平衡力时应注意其关键点：二力是作用在同一个物体上的，明确这一点即可与作用力与反作用力进行区分。6．（2分）同学们在完成了探究“影响浮力大小的因素”实验之后，老师把一金属块挂在弹簧测力计下，浸没在水中，弹簧测力计的示数为2N（如图）。下列做法能使弹簧测力计的示数变大的是（）A．金属块下移一点 B．金属块露出水面 C．往烧杯里加些盐 D．往烧杯里加点水【分析】（1）根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，物体受到浮力大小与排开液体的体积和液体的密度有关，据此判断浮力变化；（2）根据称重法分析，知道测力计示数F＝G﹣F浮。【解答】解：A、金属块浸没水中，金属块下移一点，则排开水的体积不变，水的密度不变，根据F浮＝ρ水gV排可知，浮力不变，根据F＝G﹣F浮可知，测力计示数不变，故A不合题意；B、金属块浸没水中，金属块露出水面，则排开水的体积变小，水的密度不变，根据F浮＝ρ水gV排可知，浮力变小，则测力计示数变大，故B符合题意；C、往烧杯里加些盐，液体的密度变大，根据F浮＝ρ液gV排可知，浮力变大，根据F＝G﹣F浮可知，测力计示数变小，故C不合题意；D、原来金属块全部浸于水中，往烧杯里加水，水的密度不变，根据F浮＝ρ水gV排可知，浮力不变，则测力计示数不变，故D不合题意。故选：B。【点评】本题考查称重法的应用和浮力的影响因素，知道浮力的大小与液体密度和排开液体的体积有关，难度不大。7．（2分）下列说法正确的是（）A．组成物质的分子之间，只存在引力，不存在斥力 B．组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关 C．晶体在融化过程中吸收热量，温度升高 D．沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因之一是水的比热容比砂石的比热容小【分析】（1）分子间的引力和斥力是同时存在的；（2）物质分子的运动与温度有关，温度越高分子运动越剧烈；（3）晶体熔化吸热，但温度不变；（4）水的比热容比砂石大，因此在同样受冷和受热时，水的温度变化较小，砂石的温度变化较大。【解答】解：A．组成物质的分子之间，相互作用的引力和斥力同时存在，故A错误；B．物质分子的运动与温度有关，温度越高分子运动越剧烈，故B正确；C．晶体在熔化过程中吸收热量，但温度保持不变，故C错误；D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因内陆地区多砂石，沿海地区多水，砂石的比热容比水的比热容小，同样受冷和受热时温度变化大，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对比热容、分子运动论、晶体的熔化特点的理解与掌握，是一道基础题目。8．（2分）如图所示，电源、滑动变阻器与螺线管相连，闭合开关，在通电螺线管的右端放置一个小磁针，小磁针静止时N极指向水平向右。则下列说法正确的是（）A．电源左端为负极 B．通电螺线管的左端为N极 C．将滑动变阻器滑片P向左移动，通电螺线管的磁性增强 D．将电源正负极位置对调，小磁针静止时N极指向将改变【分析】（1）根据磁极间的相互作用确定通电螺线管的磁极，根据安培定则判断电源的正负极。（2）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强。【解答】解：AB．已知小磁针静止时N极水平向右，根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管的右端为N极，左端为S极，伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向为通电螺线管的N极，因电源左端为正极，右端为负极，故AB错误；C．滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电流变小，因此通电螺线管的磁性减弱，故C错误。D．若对调电源的正负极位置，闭合开关，电流方向改变，则螺线管的磁极改变，则小磁针静止时其N极指向将改变，D正确。故选：D。【点评】本题考查通电螺线管的极性、磁性强弱的判断，要知道安培定则不但可以判出螺线管的磁极，也能根据磁极判出电流方向。9．（2分）风能是一种清洁能源，我国风力发电技术在全世界处于领先位置，以下实验中，能说明风力发电机原理的是（）A． B． C． D．【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机原理图。【解答】解：风力发电机的工作原理是电磁感应现象；A、是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；B、开关闭合后，电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，即是电动机的制作原理，故B不符合题意；C、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C符合题意；D、该装置是利用电流的磁效应的原理，即通电时该线圈会产生磁性，能吸引小铁钉，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。10．（2分）下列关于物理量的估测，符合实际的是（）A．一名中学生站立时对地面的压强约500Pa B．一张课桌的高度约为70dm C．一名普通中学生的质量约50kg D．中学生正常的脉搏一般是每秒跳70次左右【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：AC、中学生每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2，故双脚面积S＝0.04m2；中学生的质量大约为50kg，压力F＝G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，压强p＝＝＝1.25×104Pa，故A不符合实际、C符合实际。B、课桌的高度接近中学生身高的一半，在70cm＝7dm左右，故B不符合实际。D、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故D不符合实际。故选：C。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。11．（2分）一只小鸟在离湖面15m的上空飞行，湖深6m，下列描述正确的是（）A．小鸟的像到湖面的距离为6m B．像与小鸟关于水面对称 C．小鸟在湖里所成的像是实像 D．小鸟向下俯冲捕食时，在湖中的像变大【分析】物体在平面镜中所成的是正立的虚像，像和物体的大小相等，它们的连线与镜面垂直，它们到镜面的距离相等。【解答】解：A、平面镜成的像与物体到平面镜的距离相等，小鸟在离湖面15m的上空飞行，到水面的距离为15m，所以像到水面的距离也为15m，故A错误；BCD、平面镜所成的像是由光的反射形成的虚像，虚像与物体相对于水面是对称的；小鸟向下俯冲捕食时，像与物体的大小相等，所以像的大小不变，故B正确、CD错误。故选：B。【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的应用，属基础知识的考查，应熟练掌握平面镜成像的特点。12．（2分）如图所示，电源电压为4.5V，闭合开关后，电压表的示数为2V，则下列说法不正确的是（）A．R1两端电压为2.5V B．R2两端电压为2V C．开关断开后，电压表无示数 D．开关断开后，电压表示数为4.5V【分析】分析电路结构，明确各电路元件的连接方式及电压表的作用，根据串联分压的特点解答。【解答】解：AB、由电路图知，闭合开关S时，电阻R1与R2串联，电压表测R2两端电压；由题知，电源电压为4.5V，闭合开关S，电压表的示数为2V，即R2两端的电压U2＝2V；串联电路中总电压等于各部分电路电压之和，则R1两端的电压：U1＝U﹣U2＝4.5V﹣2V＝2.5V，故AB正确；CD、开关断开后，电压表测量电源电压，电压表示数为4.5V，故C错误、D正确。故选：C。【点评】分析清楚电路结构、熟练掌握串联电路的电压特点是本题的解题关键，本题难度不大，是一道基础题。13．（2分）如图所示电路的电源电压为1.5V，电阻R1的阻值为3Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，则（）A．通过R1的电流大于0.3A B．电阻R1和R2是并联的 C．电压表的示数为0.6V D．电阻R2的阻值为2Ω【分析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测R1两端的电压，根据串联电路电流特点和电流表的示数确定通过两电阻的电流，根据U＝IR计算R1两端的电压，根据串联电路电压规律计算R2两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻R2的阻值。【解答】解：AB、闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测R1两端的电压，串联电路各处电流相等，电流表的示数为0.3A，所以通过两电阻的电流都为0.3A，故AB错误；C、R1两端的电压：U1＝IR1＝0.3A×3Ω＝0.9V，即电压表的示数为0.9V，故C错误；D、因串联电路总电压等于各部分电压之和，则R2两端的电压U2＝U﹣U1＝1.5V﹣0.9V＝0.6V，根据欧姆定律可得定值电阻R2的阻值为：R2＝＝2Ω，故D正确。故选：D。【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。14．（2分）我们经常会着到一边行驶一边向空中喷雾的汽华，人们形象地将它称为雾炮车，如图所示。喷向空中的水雾能使尘埃粒子快速沉降到地面，起到净化空气的作用。下列关于雾炮车的说法中正确的是（）A．若雾炮车一直保持速度大小不变在工作，则行驶过程中车的动能不变 B．该雾炮车发动机四个冲程中的做功冲程实现了机械能转化为内能 C．如果雾炮车汽油机里的单个汽缸每秒对外做功20次，则单个汽缸每秒内完成40个冲程 D．若汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧0.2kg汽油放出的热量是9.2×106J【分析】（1）根据影响物体动能大小的因素分析判断；（2）在发动机的做功冲程中将内能转化为机械能，压缩冲程中将机械能转化为内能；（3）四冲程内燃机曲轴转2圈，完成1个工作循环、4个冲程并对外做功1次；（4）根据Q＝qm计算。【解答】解：A、雾炮车在路面上喷洒水雾，在匀速水平行驶喷洒的过程中，速度不变，质量减小，所以车的动能变小，故A错误；B、该雾炮车发动机四个冲程中的做功冲程实现了内能转化为机械能，故B错误；C、汽油机每秒内对外做功20次，完成了20个工作循环，80个冲程，故C错误；D、完全燃烧0.2kg汽油放出的热量：Q＝qm＝4.6×107J/kg×0.2kg＝9.2×106J，故D正确。故选：D。【点评】此题是一道联系社会热点的综合题，包含的知识点较多，由影响动能的因素、热机的工作过程、燃料燃烧公式的应用，熟练掌握基础知识是解答的关键。15．（2分）如图所示的家庭电路，下列说法中正确的是（）A．电灯和开关的连接是正确的 B．两孔插座和三孔插座的连接是正确的 C．电灯正常工作时，用试电笔测得M、N时氖管都发光 D．三孔插座和电灯之间的连接方式是串联【分析】（1）对于两孔插座是：左零右火；三孔插座是“左零右火上接地”；（2）灯泡的接法：火线直接进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套；（3）试电笔接触火线时，氖管会发光；（4）家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的。【解答】解：A．家庭电路中开关控制用电器，开关要接在火线上，故A符合题意；B．两孔和三孔插座的连接要满足左零右火中接地的原则，所以两孔插座不接地线，两孔插座的连接是错误的，故B不符合题意；C．由图可知，试电笔测零线，氖管不会发光，试电笔测火线，氖管才会发光，电灯正常工作时，用试电笔测得M，M是火线处，氖管会发光，但是N处是零线，氖管不会发光，故C不符合题意；D．三孔插座和电灯之间的连接方式是并联，家庭电路中各用电器之间是并联，插座之间也是并联关系，故D不符合题意。故选：A。【点评】掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。16．（2分）如图所示电路中，电源电压略高于灯泡L的额定电压且保持不变，闭合S，若滑片再向左滑动，下列说法正确的是（）A．灯泡L会变亮，额定功率变大 B．灯泡L会变亮，电压表示数变小 C．电流表示数变小，电压表示数变大 D．电流表示数变大，电压表示数变大【分析】由电路图可知，灯泡与R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化；根据P＝UI可知灯泡实际功率的变化和亮度的变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡与R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流；闭合S，若滑片再向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据U＝IR可知，灯泡两端电压变大，电压表示数变大；灯泡的额定功率不变，根据P＝UI可知，灯泡的实际功率变大，亮度变亮；综上所述，D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率计算公式的应用，是一道较为简单的电路动态分析题。17．（2分）如图分别是小明家上月初和月末的电能表的表盘，表盘上“1600imp/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，下列说法中正确的是（）A．指示灯闪烁越慢，电能表所在电路消耗的电功率越大 B．小明家上月消耗的电能为911kW•h C．该电能表的额定功率为4400W D．断开其他用电器，只让电饭锅单独工作2min，指示灯闪烁32次，此时电饭锅的功率为600W【分析】（1）电能表指示灯闪烁的快慢反映了电路消耗电能的快慢；（2）电能表读数时，最后一位是小数，单位kW•h；（3）电能表属于测量仪表，不消耗电能，没有额定功率；（4）1600imp/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，据此求出指示灯闪烁32次消耗的电能，然后根据P＝求出电饭锅的功率。【解答】解：A、因为电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，因此指示灯闪烁越快，电能表所在电路的总功率越大，故A错误；B、小明家上月消耗的电能为5637.8kW•h﹣5546.7kW•h＝91.1kW•h，故B错误；C、电能表属于测量仪表，不消耗电能，没有额定功率，故C错误；D、指示灯闪烁32次消耗的电能：W＝kW•h＝0.02kW•h，电饭锅的功率：P＝＝＝0.6kW＝600W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查对电能表参数的理解，关键是要明白各参数的物理意义，还要能读出电能表的示数和计算出当月消耗的电能以及用电器的功率。18．（2分）甲车从A地沿直线向B地运动，同时乙车从B地沿直线向A地运动，它们的s﹣t图像如图所示。下列说法正确的是（）A．甲做变速直线运动，乙做匀速直线运动 B．0～2s内，甲比乙运动得快 C．2s～6s内，乙做匀速直线运动 D．甲、乙运动了8s时，在距甲的出发点40m处相遇【分析】（1）根据甲的s﹣t图像为一直线可知甲做匀速直线运动，乙在2﹣6s内路程不变，处于静止；（2）由速度公式比较0～2s内，甲、乙的运动快慢；（3）由图知，运动了8s时甲、乙通过的路程，据此分析回答。【解答】解：A、由图知，根据甲的s﹣t图像为一直线可知甲做匀速直线运动；乙在2﹣6s内路程不变，处于静止，故乙不是做匀速运动，A错误；B、由图知，0～2s内，甲运动的路程不到20m，乙运动的路程为40m，由v＝可得，乙比甲运动得快，故B错误；C、2s～6s内，乙处于静止状态，故C错误；D、由图知，运动了8s时，甲、乙相遇，甲通过的路程为40m，乙通过的路程为60m，故在距甲的出发点40m处相遇，D正确。故选：D。【点评】本题考查速度公式的运用，关键是从图中获取有效的信息，确定甲乙的运动状态，体现了与高中知识的衔接，有一定难度。19．（2分）如图所示，用托盘天平和量筒测量一个小石块的密度。下列说法正确的是（）A．若称量过程中出现图甲所示的情形，则应将平衡螺母向右调，使天平横梁平衡 B．小石块的质量为17.4g C．小石块的密度为1.72×103kg/m3 D．若把图乙和图丙所示的测量顺序对调，则会导致小石块密度的测量值小于真实值【分析】（1）称量过程中不能调节天平的平衡螺母；（2）被测物体的质量等于砝码的质量加上游码在标尺上所对的刻度值，游码读数时要以左侧所对的刻度为准；（3）石块的体积等于水和石块的总体积减水的体积，根据ρ＝计算出石块的密度；（4）石块从水中取出时会沾有水，会导致所测量的质量偏大，根据ρ＝分析测得密度值的变化。【解答】解：A、称量过程中不能调节天平的平衡螺母，故A错误；B、由图乙知，标尺的分度值为0.2g，游码左侧所对的刻度为2.2g，则石块的质量m＝10g+5g+2.2g＝17.2g，故B错误；C、由图丙知，水的体积为30mL，水和石块的总体积为40mL，则石块的体积V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3，石块的密度ρ＝＝＝1.72g/cm3＝1.72×103kg/m3，故C正确；D、将图乙和图丙顺序对调（即先测石块的体积再测质量），因为将石块从水中取出时会沾有水，会导致所测量的质量偏大，所以根据ρ＝可知，所测小石块密度偏大，故D错误；故选：C。【点评】此题是测量固体密度的实验，考查了天平和量筒的使用、读数以及密度的计算、误差分析，是一道常见题。20．（2分）如图甲所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关S，移动滑片P从B端滑到A端的过程中，R1、R2的U﹣I关系如图乙所示。下列判断正确的是（）A．R1的阻值是20Ω B．图线MN是R2电阻的I﹣U关系图像 C．滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω D．滑片P在B端时电路消耗的电功率为3.2W【分析】（1）由甲图可知，滑片P从B端滑到A端的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小，由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；据此判断乙图象中两图线各是哪个电阻的电流与电压图象；（2）滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，根据串联电路的电压特点得出滑片P在B时R1和R2两端的电压之和即为电源电压；滑片P在A端时，电路只有R1连入，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由图乙可知此时电路中的电流，根据欧姆定律计算定值电阻R1的阻值；（3）由图象找出滑动变阻器接入电路电阻最大时的电压和电流，根据欧姆定律计算算出滑动变阻器的最大电阻；（4）根据P＝UI计算电功率；【解答】解：由甲图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电流表测电路中电流，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压。AB、滑片P从B端滑到A端的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小；串联电路总电压等于各部分电压之和，由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；所以，R2两端的电压随通过的电流增大而减小，R1两端的电压随通过的电流增大而增大；由此可知，图乙中MN是R1的U﹣I图象，EF是R2的U﹣I图象，故A错误；滑片P在A端时，电路只有R1连入，电路的电流最大，由图2可知，电路的最大电流为1.2A，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R1＝＝10Ω，故B错误；CD、滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知电流最小为：IB＝0.4A，此时U1B＝4V，U2B＝8V，串联电路总电压等于各部分电压之和，则电源电压：U＝U1B+U2B＝4V+8V＝12V，根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大电阻为：R2大＝＝20Ω；电路消耗的电功率为P＝UIB＝12V×0.4A＝4.8W，故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查串联电路电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，会从图象中读出相关信息是解答本题的关键所在。二、填空题（每空1分，共18分）21．（7分）（1）一架战斗机巡航的速度为500m/s。军演地点距军用机场的距离为3600km，则战斗机从机场起飞到达军演地点至少需要2h，战斗机飞行过程中需要加油机适时加油，那么当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是静止的。（2）请将如图所示情境运用的主要物理知识填写在下面的横线上。A.如图1向下吹气，乒乓球不掉落一一流速越大的位置，压强越小。B.如图2墨水被吸进钢笔一—大气压。C.如图3古代人利用坠石狩猎一—重力势能转化为动能。（3）如图4（a）所示，用钢缆绳拉着某长方体A沿竖直方向匀速沉入江底，如图4（b）是A下降过程中钢缆绳对A的拉力F随时间t变化的图像。则长方体A浸没在水中后受到的浮力为2×104N，长方体A的平均密度为1.5×103kg∕m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）【分析】（1）1m/s＝3.6km/h，据此完成单位换算；已知速度和路程，利用速度公式计算时间；在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；（2）在流体中，流速越大的位置，压强越小。墨水被吸进钢笔四由于大气压的作用。动能和势能在一定的条件下可以发生相互转化；（3）分析钢绳拉力随时间t变化的图像，得出重力大小，当长方体A完全浸入后，浮力等于重力减去拉力，据此计算长方体A浸没在水中后受到的浮力；求出了长方体A受到的浮力，由阿基米德原理计算出A的体积，从而计算出A的密度。【解答】解：（1）战斗机巡航的速度为v＝500m/s＝500×3.6km/h＝1800km/h；根据v＝可得，战斗机从机场起飞到达军演地点至少需要的时间：t＝＝＝2h；当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机与加油机之间没有位置的变化，所以战斗机是静止的；（2）向下吹气，乒乓球不掉落——流速越大的位置，压强越小；墨水被吸进钢笔——由于大气压的作用；古代人利用坠石狩猎——重力势能转化为动能；（3）由图乙可知，前10s钢绳的拉力不变，等于物体A的重力，此时物体在水面以上，所以拉力与重力是一对平衡力，则：G＝F＝3×104N，在10～15s，钢绳的拉力减小，是物体A从与水面接触到完全浸没，由图可知，当A完全浸入水中时，拉力F′＝1×104N，所以长方体A受到的浮力：F浮＝G﹣F′＝3×104N﹣1×104N＝2×104N；根据F浮＝ρ水gV排可得，A的体积：V＝V排＝＝＝2m3，A的密度：ρ＝＝＝1.5×103kg∕m3。故答案为：（1）2；静止；（2）流速越大的位置，压强越小；大气压；重力势能转化为动能；（3）2×104N；1.5×103kg∕m3。【点评】本题是一道力学综合题，涉及到的知识点较多，关键要能从图像中找出有用的信息并加以应用，有一定的难度。22．（6分）（1）如图所示，有一束光从空气射入某种透明介质，在分界面处发生了反射和折射，其中AE⊥CG，∠4＝∠5，则BH（选填“FH”、“DH”或“BH”）为入射光线，AE（选填“AE”或“CG”）为分界面。（2）烹饪时主要通过热传递的方式来增大食材的内能；做好后的“锅包肉”香味四溢，这是扩散现象。“曲水流觞”是古代诗酒唱酬的一种雅事。酒盏装有质量为50g的酒，在溪水上随溪流动时会降低酒的温度，则酒的内能变小（选填“变大”、“变小”或“不变”），漂流过程中，酒的温度从30℃降低至26℃，会放出680J的热量。[c酒＝3.4×103J/（kg•℃）]【分析】（1）①首先应该知道反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；根据定律反射光线和入射光线与法线的夹角一定相等，由此可确定入射光线和反射光线。②其次要知道折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角；因为入射光线和折射光线一定在相对的两个区域中，由此确定入射光线和折射光线。（2）改变内能的方式包括做功和热传递；不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；内能与物体的质量、温度、状态等有关；根据Q放＝c酒mΔt得出放出的热量。【解答】解：（1）①已知AE⊥CG，则AE和CG有可能是界面。根据∠4＝∠5可知，AE下方发生了光的反射，可确定CG是法线，AE是界面，BH为入射光线。②光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；由∠1＜∠5可知，∠1是折射角，∠5是入射角，HF为折射光线；所以AE的下方是空气，上方是某种透明介质。（2）烹饪时主要通过热传递的方式增大食材的内能；“锅包肉”香味四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；酒的温度降低，则酒的内能变小；酒放出的热量为：Q放＝c酒mΔt＝3.4×103J/（kg•℃）×0.05kg×（30℃﹣26℃）＝680J。故答案为：（1）BH；AE；（2）热传递；扩散；变小；680。【点评】本题考查光的反射与折射、改变内能方法以及内能的变化以及热量的计算，难度不大。23．（5分）（1）手机间是利用电磁波传递信号的。（2）如图1所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒a去接触不带电的验电器金属球b后，验电器的两片金属箔张开，则a、b接触时，电子转移的方向为由b到a。（3）如图2电压表示数是11.5V。（4）电动自行车以轻便，节能，环保的优点，为我们日常出行带来了极大的便利，在给电动自行车的电池充电时，电池在电路中相当于用电器（选填“电源”、“开关”或“用电器”）。（5）如图3所示，电源电压恒为10V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为10Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作，若电动机内部线圈的电阻为2Ω，则通电1min电流通过电动机内部线圈产生的热量是4.8J。【分析】（1）电磁波可以传递信息；（2）用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，当接触验电器上端的金属球时，会发生电荷的转移；（3）判断电压表量程，再进行读数；（4）给蓄电池充电时会消耗电能；（5）由图知R与M串联，电压表测M两端电压，电流表测电路中电流，由串联电路特点和欧姆定律可得电路中电流，由Q＝I2Rt计算10min电流通过电动机内部线圈产生的热量。【解答】解：（1）手机间是利用电磁波传递信号的；（2）丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒a失去电子带正电，去接触不带电的验电器金属球b，b上的电子转移到a上，使两片金箔都带上了相同的正电荷，同种电荷互相排斥，验电器的两片金属箔张开；（3）由图2可知，电压表为大量程，分度值为0.5V，图中示数为11.5V；（4）给电动车充电时，电动车的蓄电池相当于是用电器，电能转化为化学能；（5）由图知R与M串联，电压表测M两端电压，电流表测电路中电流，串联电路中总电压等于各部分两端电压之和，所以R两端电压：UR＝U﹣UM＝10V﹣8V＝2V，串联电路中电流处处相等，所以：IM＝IR＝＝＝0.2A，所以通电1min电流通过电动机内部线圈产生的热量：Q＝I2RMt＝（0.2A）2×2Ω×1×60s＝4.8J。故答案为：（1）电磁；（2）由b到a；（3）11.5；（4）用电器；（5）4.8。【点评】此题考查了电磁波的应用、电子的运动方向、电压表的读数、电路的组成、欧姆定律的应用以及焦耳定律公式的运用，是一道综合题。三、作图与实验探究题（24题1分，25题4分，26题5分，27题8分，28题6分，共24分）24．（1分）如图所示，用细线拉着重力是2N的小球静止在斜面上，请画出小球所受重力G示意图。【分析】重力的方向：竖直向下，重心在球心，据此画图。【解答】解：重力的方向：竖直向下，重心在球心，大小等于2N，如图所示：。故答案为：见解析。【点评】本题考查重力的示意图，难度不大。25．（4分）某同学在做光学实验时，如图所示，他先将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜A两侧，蜡烛放置在20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，光屏上呈现烛焰清晰的像。（1）上述光屏上所成的像是倒立的缩小（选填“放大”、“等大”、“缩小”）的实像（选填“虚”、“实”），和照相机（选填“放大镜”、“投影仪”、“照相机”）的成像原理相同；（2）若将蜡烛沿光具座移至35cm刻度线处，需将光屏移至80cm刻度线处（不需估读），光屏上可再次呈现烛焰清晰的像。【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；（2）在光的折射中，光路是可逆的。【解答】解：（1）由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；（2）若将蜡烛沿光具座移至35cm刻度线处，此时物距等于原来的像距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，需将光屏移至80cm刻度线处，光屏上可再次呈现烛焰清晰的像。故答案为：（1）缩小；实；照相机；（2）80。【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。26．（5分）为了比较水和煤油两种液体的吸热性能，晶品做了如图甲所示实验，并在实验过程中记录了温度﹣时间坐标图，如图乙所示。（1）在组装实验装置时，应先固定铁圈（选填“铁圈”或“铁杆”）的位置；（2）实验中，在两个相同的试管中分别装上质量、初温都相同的水和煤油（选填“质量”或“体积”），并放入大烧杯水中进行加热；两个试管同时加热的目的是控制相同时间吸热相同；（3）由图乙可知：当加热相同的时间，试管中的煤油升温更高；若水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容为c煤油＝2.1×103J/（kg•℃）（不计热损）。【分析】（1）根据要用酒精灯的外焰加热分析；（2）我们使用同一酒精灯加热，通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（3）由图乙可知得出升高相同温度时煤油和水的加热时间关系，由转换法得出水吸热和煤油吸热的关系，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容。【解答】解：（1）要用酒精灯的外焰加热，在组装实验装置时，应先固定铁圈的位置；（2）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同（不同物质密度不同，根据m＝ρV，体积相同的不同物质质量不同），实验中，在两个相同的试管中分别装上质量、初温都相同的水和煤油，并放入大烧杯水中进行加热；由转换法，两个试管同时加热的目的是控制相同时间吸热相同；（3）由图乙可知，升高一个格代表的温度，煤油加热时间为t1；水加热时间为t2，而t2＝2t1，由转换法，水吸热是煤油的2倍，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，则煤油的比热容为：c煤油＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）。故答案为：（1）铁圈；（2）质量；控制相同时间吸热相同；（3）煤油；2.1×103J/（kg•℃）。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。27．（8分）（一）小红利用杠杆做以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻度线间的距离相等。（1）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若在A、B两点再各增加1个钩码，杠杆将逆时针旋转（选填“顺时针旋转”或“逆时针旋转”）。（2）如图乙所示，在A、C两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平。此天平是利用了等臂（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆原理制成的。（3）小红正确使用自制天平称量物体质量时：假如支点O因某种原因向左偏移，则测量值小于真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）。（4）杆秤是根据杠杆的平衡条件工作的。如图丙，当秤盘不放物品时，秤砣悬挂在0kg刻度线处杆秤刚好平衡（简称“调零”）。某杆秤的秤钩因不慎粘一块橡皮泥，导致杆秤不能调零，继续使用该杆秤，测量结果将偏小（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。（二）如图丁所示，小明在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，用外形相同、质量相等、表面粗糙程度不同的两个物块A、B放在水平木板上进行实验。（1）实验中不一定（选填“一定”或“不一定”）要匀速拉动木板做直线运动。（2）先用物块A做实验，再用物块A、B叠放在一起做实验（物块A在下、物块B在上），弹簧测力计的示数变大，说明在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（3）将物块B放在水平木板上进行实验，再与用物块A做的实验进行对比，目的是探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度（选填“面积大小”或“粗糙程度”）的关系；用物块A、B分别做实验时，地面对水平木板的滑动摩擦力大小相等（选填“相等”或“不相等”）。【分析】（一）（1）设每个钩码重为G，杠杆每格长为L，根据杠杆平衡条件进行分析；（2）天平是利用等臂杠杆原理；（3）支点O因某种原因向右偏移，结合杠杆平衡条件进行分析；（4）杆秤是利用杠杆平衡原理制成的测量物体质量的工具，根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2分析解答；（二）（1）根据二力平衡的条件分析；（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；（4）分析数据得出结论。【解答】解：（一）（1）设每个钩码重为G，杠杆每格长为L，此时若在A、B两点再各增加1个钩码，根据杠杆平衡条有有：2G×4L＞3G×2L，则杠杆将逆时针旋转；（2）如图乙所示，在A、C两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平，左盘盛放物体，右盘加减砝码，此天平是利用了等臂杠杆的原理；（3）支点O因某种原因向左偏移，杠杆不再是等臂杠杆，C点的力臂增大，根据杠杆的平衡条件可知，C点需要的力减小，即会导致天平的测量值小于真实值；（4）若秤砣上粘上了一块橡皮泥，秤砣的质量增大，即F1增大，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知在F2L2乘积不变时L1变小，测量值偏小；（二）（1）如图所示的方式测量滑动摩擦力，木块相对于地面静止，受到的测力计的拉力与受到的摩擦力为一对平衡力，此时木块处于平衡状态，故实验中不一定要匀速拉动长木板；（2）用A、B叠放在一起做实验（A在下、B在上）时，由于A与木板的接触面粗糙程度不变，压力增大，弹簧测力计的示数较大，说明在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）由于A、B的质量相等，则用A、B单独做实验时对水平木板的压力相等，而A、B表面粗糙程度不同，故将B放在水平木板上进行实验，再与用A做的实验进行对比，是为了研究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系；A、B的质量相等，用A、B分别做实验时，则地面受到的压力不变，且地面与木板的粗糙程度不变，因此地面对水平木板的滑动摩擦力大小相等。故答案为：（一）（1）逆时针旋转；（2）等臂；（3）小于；（4）偏小；（二）（1）不一定；（2）压力越大；（3）粗糙程度；相等。【点评】本题探究学生对杠杆平衡条件的掌握和运用以及滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。28．（6分）小明用如图甲所示的电路，测定额定电压为3.8V的小灯泡（电阻大约为10Ω）的电阻，已知电源电压恒为4.5V。（1）请将实物电路连接完整。（2）现有A（5Ω，0.3A）、B（10Ω，0.5A）和C（100Ω，1A）三个滑动变阻器可供选择，则应选择滑动变阻器B（选填“A”“B”或“C”）连入电路，才能保证实验顺利进行。（3）电路连接好后，闭合开关，发现灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，为了排除故障，他接下来的操作合理的是B（选填字母）。A.移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否发光B.拧紧小灯泡和它两端的接线柱，观察灯泡是否发光C.拧紧开关两端的接线柱，观察灯泡是否发光D.检查滑动变阻器是否短路（4）当小灯泡的电压达到额定电压为3.8V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图所示，则小灯泡正常发光时电阻为9.5Ω。（5）乐乐觉得不使用电压表也能测出Rx的阻值，于是设计了另一种方案，电路如图丙所示。定值电阻R0，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下：①只闭合开关S1时，电流表读数为I1；②当开关S1、S2都闭合时，电流表读数为I2；③待测电阻Rx＝（用已知和测出的物理量R0、I1、I2表示）。【分析】（1）伏安法测量小灯泡电功率的原理是：P＝UI，所以利用电流表与小灯泡串联测量电流，由公式I＝计算小灯泡正常发光时的大致电流，确定电流表的量程大小；电压表与小灯泡并联测量电压