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文档简介
山东省日照市校际2024届高三下学期一模(2月)联合考试物理试
卷
学校:___________姓名:班级:考号:
一、单选题
1.研究物体的碰撞时,碰撞过程中受到的作用力R往往不是恒力,求R的冲量时,
可以把碰撞过程细分为很多短暂的过程,如图所示,每个短暂的4时间内物体所受的
力没有很大的变化,可认为是恒力,则每个短暂过程中力的冲量分别为月加、
工。……,将关系式相加,就得到整个过程作用力R的冲量在数值上等于FT曲线与
横轴所围图形的面积。这种处理方式体现的物理方法是()
A.控制变量法B彳散元法C.转换法D.类比法
2.某物理学习兴趣小组研究公交车的运动,公交车进站过程认为做匀减速直线运动直
至停下。公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过的位移之比为21:9,若公交
车运动的加速度大小为Im/s?,贝!]()
A.公交车运动的总位移为60m
B.公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过的位移之差为36m
C.公交车的初速度为12m/s
D.公交车运动的时间为10s
3.台风对沿海地区的破坏力非常巨大,12级台风登陆时中心附近最大风力约为
35m/So已知小明站立时,在垂直于风速方向的受力面积约为0.5m2,空气的密度约为
1.29kg/m3„假设空气吹到人身体上后速度减为零,则小明站在12级台风中心附近,
所受的风力大小约为()
A.790NB.79NC.230ND.23N
4.如图所示,甲、乙为长度、半径、材料均相同的质量分布均匀的圆柱体和半圆柱
体,甲表面光滑,乙表面粗糙,半圆柱体乙的重力为G,两物体靠在一起放置在粗糙
水平桌面上。现过圆柱体甲的轴心施加一个始终与水平方向夹角。=60。斜向右上方的
作用力F将圆柱体甲缓慢地拉至圆柱体乙的顶端,乙始终处于静止状态。在甲缓慢
A.两圆柱体间的压力由6G逐渐增大至2G
B.拉力R由局逐渐减小至G
C.桌面对圆柱体乙的摩擦力逐渐减小
D.桌面对圆柱体乙的支持力不变
5.有一透明材料制成的空心球体,内径是凡外径是2R,球心为。,其过球心的某
截面(纸面内)如图所示,3。为过球心的水平直线。一束单色光(纸面内)从外球面
上A点沿水平方向射入,入射光线与3。间的距离为乩当d=6R时,入射光线经折
射后恰好与内球面相切。已知光速为c。下列说法正确的是()
A.该材料的折射率为血
B.单色光在空心球体中的传播时间为竺
<2.若1=H,单色光在空心球体的内球面会发生全反射
D.若d=后,单色光不能在空心球体的内球面发生全反射
6.如图所示,在水平地面上固定一倾角。=37。的斜面体,质量〃z=lkg的小车A以
尸=100W的恒定功率沿斜面底端由静止开始向上运动,同时在小车A的正上方某处,
有一物块3以%=6m/s的初速度水平抛出。当小车A上滑到斜面上某点时恰好被物块
3垂直于斜面击中。小车A、物块3均可看作质点,小车与斜面间的动摩擦因数
〃=0.5,不计空气阻力,取重力加速度g=10m/s2,sin37o=0.6,cos37o=0.8。下列判断
正确的是()
B.物块击中小车时小车的速度等于2jIUm/s
C.物块击中小车时的速度等于8m/s
D.小车从开始运动到被物块击中时的位移等于10m
7.如图所示,图甲为一列简谐横波在『=0时刻的波动图像,P是平衡位置在x=0处
的质点,Q是平衡位置在x=15m处的质点,图乙为质点尸的振动图像,下列说法正确
A"=0时刻,质点Q沿y轴负方向振动
B.这列波的波速为-m/s
3
CO〜18s的时间内,质点尸通过的路程为30cm
D.质点Q的振动方程为y=10sin特4cm
8.如图甲所示,在绝缘光滑的水平面上建立x轴,在尤=0处和尤=6m处分别固定点
电荷2和。2。两点电荷连线上的电势9与位置X之间的关系图像如图乙所示,图中
x=4m处的电势最低。已知点电荷q在某点的电势夕=左幺(厂为该点到点电荷的距
r
离,左为静电力常量),若空间存在几个点电荷时,则某点的电势为各个点电荷在该
点电势的代数和。在x=lm处由静止释放一个带正电荷的小球(可视为质点),下列
判断正确的是()
八/
Q\Qi
*-----1-----1-----1------1-----1------*------►
0123456x/m
甲
A.2带正电,2带负电
B.。=16。2
40
C.小球将在x=1m〜丝m之间往复运动
7
D.小球的最大加速度为x=1m处加速度的4倍
二、多选题
9.2023年8月25日,“中国环流三号”托卡马克装置首次实现100万安培等离子体电
流下的高约束模式运行,是我国核能开发进程中的重要里程碑。下列关于核反应方程
:H+;Hf:He+X的说法,正确的是()
A.X是中子
B.该核反应属于原子核的人工转变
C.该核反应过程电荷数和质量均守恒
D.;He的比结合能大于汨的比结合能
10.如图所示,一理想变压器的原、副线圈的匝数比为6:1,原、副线圈回路中所接
电阻的阻值均为G原线圈所在回路接有交流电源,电源电压的瞬时值表达式为
«=22072sin1007r?(V)□下列判断正确的是()
R
A.原、副线圈中电流之比为6:1
B.副线圈两端电压的有效值为33V
C.副线圈中电流的频率为100Hz
D.原线圈中电阻R与副线圈中一个电阻R所消耗的功率之比为4:9
11.2024年中国载人航天发射有4次发射任务和2次回收任务。中国载人登月将加速
稳步推进,探测器升空后,先在近地轨道1上环绕地球飞行,再调整速度进入地月转
移轨道,然后再一次调整速度在环月轨道2上环绕月球飞行,轨迹如图所示。已知地
球质量约为月球质量的81倍,地球半径约为月球半径的4倍,环月轨道2距离月球表
面的高度为月球半径的;。下列判断正确的是()
近地轨道1
A.探测器在地月转移轨道上无动力奔月的过程中,动能先减小后增大
B.月球的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度的比值约等于4.5
C.月球表面的重力加速度与地球表面的重力加速度的比值约等于0.2
D.相等时间内,探测器在轨道1上与地心连线扫过的面积是轨道2上与月心连线扫过
的面积的倍
12.如图所示,足够长的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上,导轨左端连接电容
为C的电容器,导轨间距为/,磁感应强度大小为3、方向竖直向下的匀强磁场穿过导
轨所在平面。一根质量为机的导体棒垂直静置在导轨上,/=0时刻导体棒在水平恒力
R的作用下从静止开始向右运动,/=/()时刻电容器两极板间的电势差为U,此时撤去
拉力凡导体棒始终垂直于导轨且与导轨接触良好,忽略所有电阻。下列判断正确的
是()
A/=/。时刻,导体棒的速度为卷
B.恒力尸的大小为发卡等
22
C.O~f0的时间内,拉力R做的功为J筹^JTT产+CU
D.撒去拉力R后,导体棒稳定后的速度为一吧—
mBl+B313c
三、实验题
13.如图甲所示,为“用双缝干涉测量光的波长”的实验装置。
光源滤光片单缝双缝遮光筒屏
A甲A
(1)实验前,应调节光具座上放置的各光学元件,并使各元件的中心位于遮光筒的轴线
上,保证单缝和双缝平行。若从目镜中看到干涉条纹太密,要想减少从目镜中观察到
的条纹数量,下列做法可行的是。
A.仅换用间距更小的双缝
B.仅将单缝向双缝靠近
C.仅将屏向靠近双缝的方向移动
D.仅将红色滤光片换成紫色滤光片
(2)转动测量头的手轮,使分划板中心刻线对准第1条亮纹,读出手轮的读数为
1.030mm。继续转动手轮,使分划板中心刻线对准第10条亮纹如图乙所示,读出手轮
的读数为mm。已知双缝间的宽度d=0.3mm,通过激光测距仪测量出双缝到投
影屏间的距离L=L0m,则该种色光的波长是—m。
乙
14.指针式多用电表是常用的电学测量仪器,下图所示为多量程多用电表的示意图。
A端和5端分别与两表笔相连,表头内灵敏电流表的满偏电流为250piA,内阻为
480Q0定值电阻4=600、凡=1000、&=8800、R5=9000Q0请完成下列问题。
(1)当接通触头3测量某电阻,用“xio”挡时,发现指针偏转角度过大,应该换用
(选填“xl”或“xioo")挡。换挡后,在测量前要先进行o
(2)当3端接触头2时,该多用电表为电流表,其量程为mAo
⑶当5端接触头5时,该多用电表为电压表,其量程为V。
四、计算题
15.目前国内最大的单体冷库容量为四十六万吨。夏季某天外界气温为37℃,冷库内
的温度为-23。(2,冷库与外界之间有一个穿堂,温度为10℃。一辆货车在冷库内时轮
胎内压强值为2.6atm,到外界后为避免温度高时胎内压强过高造成爆胎,必须及时放
气,使轮胎内压强降至2.2atm。已知轮胎的容积恒为30L,轮胎内气体可视为理想气
体,气体温度和外界温度相同,计算结果均保留两位小数。
(1)货车离开冷库的过程中,轮胎内气体压强升高,请从微观角度解释气体压强升高的
原因;
(2)求货车在穿堂内行驶时轮胎内气体的压强;
(3)求离开冷库后放出气体的质量与轮胎内原有气体的质量比。
16.如图甲所示,在竖直平面内,倾角为。的斜面和半圆形轨道分别在3点、C点与
光滑水平面相切。质量为根的小物块从斜面上A点由静止开始下滑,恰能通过圆形轨
道的最高点D离开。后又刚好落在3点。已知A、3两点间沿斜面的距离为/,小物
块与斜面间的动摩擦因数随到A点距离变化的图像如图乙所示(其中〃0=tane),半
圆形轨道的半径为凡重力加速度为g,小物块通过轨道连接处的5、C点时无机械能
损失,忽略空气阻力。求:
(1)小物块第一次到达3点时,重力的功率P;
(2)小物块沿半圆形轨道运动的过程中,摩擦力对小物块做的功W;
(3)3、C两点间的距离s。
17.某兴趣小组为了研究碰撞问题,设计了如图所示的实验装置。水平地面上A点有
一发射装置,可以斜向上以不同的速度发射小球。A点右侧放置一足够长的桌面,从
桌面左边缘3点开始沿同一直线每隔d=0.3m放置一个小球。某一次实验中,发射装
置以%=5m/s的速度沿与水平方向成53。角斜向上发射一小球,小球恰好与桌面B点、
的小球1发生水平对心碰撞,碰撞时间忽略不计。已知所有小球完全相同且可看为质
点,不计空气阻力,取重力加速度g=10m/s2。
(1)求桌面距离地面的高度h;
(2)若小球与桌面的动摩擦因数4=0.2,且小球间的碰撞为一维弹性碰撞,则最多能
发生几次碰撞?
(3)若小球与桌面的动摩擦因数〃2=002,小球的质量均为1kg,且所有碰撞后的小球
立即粘在一起,求与第4个小球碰撞前的瞬间已粘到一起的小球的总动能。
18.某科研小组设计了控制带电粒子在电磁场中运动的实验装置,其结构简图如图甲
所示,三维坐标系O-孙z中存在从左到右的三个区域,I区与n区在xOy平面内。I区
是半径为R、圆心为。的圆形匀强磁场区域,磁感应强度大小为3,方向沿+z方向;
n区是宽度为d的匀强磁场区域,磁感应强度大小为0,方向沿-z方向,n区左边界
2
与圆形磁场相切于。2点,II区右边界紧靠y轴。yOz平面及右侧为HI区,存在沿x方
向的电场和磁场,电场的电场强度E随时间/变化的关系如图乙所示(沿+%方向电场
强度为正);磁场沿-x方向,y〉0区域的匀强磁场的磁感应强度大小为25,y<0区
域的匀强磁场的磁感应强度大小为瓦在x=I,:黑'处有一平行于yOz平面的荧光
屏。I区圆形磁场边界上有一个〃点,〃点与点沿x方向的距离为一个质量为
m、电荷量为+q的粒子从M点以速度%沿-y方向射入I区磁场,再经某点进入II区
磁场,然后进入ni区(此时为t=o时刻)。已知3=口,石迎回I,
qR17叼R
T=北由,不计粒子重力,不考虑电场变化产生的影响。求:
50%
E八
3-
O—।-------------1_I----------1_>
I'—TTI\I;-5-T-2Tt
I4•:I4
图乙
(1)带电粒子进入II区时的位置和速度方向:
⑵若带电粒子不能进入ni区,d的最小值;
(3)若d=2H,带电粒子进入ni区到打到荧光屏上所需要的时间;
(4)若d=2H,带电粒子进入ni区后,打到荧光屏的位置坐标。
参考答案
1.答案:B
解析:根据题意可知,这种处理方式体现的物理方法是微元法。
故选B。
2.答案:D
解析:设公交车开始减速的速度为%,运动总时间为/,则公交车在最初减速6s内通
过的位移为
苞==(6%T8)m
把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动,最后6s内通过的位移为
1,
x2=-at[=18m
由于公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过的位移之比为21:9,则由以上有
6%—1821
18~~9
又有
Q-v0-at
代入数据解得
%=10m/s,t=10s
则公交车的总位移为
1919
x=vot--at~=10x10--x1x10m=50m
公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过的位移之差为
△%=芭一%2=24m
故ABC错误,D正确。
故选D。
3.答案:A
解析:单位时间吹到人身体上的空气质量
m=pV=pSv\t
根据动量定理
—FA?=0—mv
小明所受的风力大小约为
F=pSv2=1.29x0.5义352N土790N
故选Ao
4.答案:C
解析:AB.根据题意,对甲受力分析,如图所示
Fcos600=Ncos30°,Fsin60°+Nsin30°=2G
解得
N=G,F=&
将圆柱体甲缓慢地拉至圆柱体乙的顶端,拉力R方向不变,拉力R与N的变化情况,
由图可知,两圆柱体间的压力逐渐增大,拉力R逐渐减小,当圆柱体甲至圆柱体乙的
顶端时,N最大等于圆柱体甲的重力2G,拉力R最小为零,故AB错误;
CD.对圆柱体甲和圆柱体乙整体受力分析,如图所示
Fcos60°=于,然+尸sin60°=3G
由于R逐渐减小,则/减小,外增大,故D错误,C正确。
故选C。
5.答案:C
解析:A.根据题意,设光在A点的折射角为为,画出光路图,如图所示
D1
@=NBOA,sin&=——=-
1-2R2
则该材料的折射率为
6
sin02]_
2
故A错误;
B.由A分析图可知,单色光在空心球体中的传播距离为
s=26R
传播速度为
则单色光在空心球体中的传播时间为
s6R
t=—=——
vc
故B错误;
CD.入射光线从4射入,经折射后,射到内球面。点,如图所示
sinz
n=-----
sinr
解得
.sinid
smr=-----=-
n243R
由正弦定理有
sinr_sin(兀一
R2R
解得
....d
sini,=2sinr=
也R
当1=火,则有
..11..
sm(=-j==—=smC
可知,色光在空心球体的内球面发生全反射,当d=母,则有
sin彳=>—=sinC
可知,色光在空心球体的内球面发生全反射,故C正确,D错误。
故选C。
6.答案:B
解析:A.当小车A上滑到斜面上某点时恰好被物块3垂直于斜面击中,则
v3
tantz=-0=—
04
且
0V=gt
物块在空中运动的时间为
t-0.8s
故A错误;
B.物块3击中小车时,水平位移为
x=vQt=4.8m
对小车,根据动能定理
Pnt-/Limg--九--cosa-mgxtana=1mv2
cosa2
解得物块击中小车时小车的速度为
v=2^0m/s
故B正确;
C.物块击中小车时的速度等于
咻块向s
故C错误;
D.小车从开始运动到被物块击中时的位移
x4.8「
九人车=---------=——m=6m
cosa0.8
故D错误。
故选B。
7.答案:D
解析:A,=0时刻,质点尸向下振动,根据平移法可知,波向左传播,则质点。沿y
轴正方向振动,故A错误;
B.设波的方程为y=Acos(二x+9),将P、。点坐标代入可解得
A
2=36m
设P点的振动方程为丁=485(苧/+9'),将(0,-5),(10,0)代入可解得
T=24s
则波速为
XC
v=—=1.5m/s
T
故B错误;
CJ=18S=±T,若/=0时刻尸在平衡位置或波谷、波峰处,则运动的路程为
4
s=3A=30cm
而P不在上述的特殊位置,所以1=0时刻质点P通过的路程不等于30cm,故C错
误;
D.初始时刻,质点。向上振动,其振动方程为
y=10sin[与=lOsin'em
故D正确;
故选D。
8.答案:C
解析:AB.根据题意,由o-x图像可知,x=4m处电场强度为0,。〜4m电场方向沿
x轴正方向,4m〜6m电场方向沿x轴负方向,则2、Q2均带正电,且有
kQi_kQ]
42-(6-4)2
解得
Qi=42
故AB错误;
C.根据题意,由电势公式可得,x=lm处电势为
设x=?••处电势与x=lm处电势相等,则有
k。1।kQ?二21左2
r6—r5
解得
r=1(舍),r=m
7
40
由动能定理可知,小球运动到x=—m时,速度减小到0,即小球将在x=hn~2m
77
之间往复运动,故C正确;
D.当小球运动到x="m时,加速度最大,此处的电场强度为
7
石左。2
2=2广-
6-:40400
7
x=1m处的电场强度为
E_kQi@99
I2gif
则有a=丝=箜1义"=竺<4
q骂4009916
故D错误。
故选C。
9.答案:AD
解析:C.核反应方程电荷数和质量数守恒,释放热量,质量亏损,所以质量不守恒,
故C错误;
A.由电荷数和质量数守恒可知核反应方程为
:H+;HHe+jn
所以X是中子,故A正确;
B.该核反应属于核聚变,故B错误;
D.原子的比结合能越大越稳定,生成物较稳定,比结合能越大,:He的比结合能大于
;H的比结合能,故D正确。
故选ADo
10.答案:BD
解析:AD.原、副线圈中电流之比为
/1:,2=〃2:=1:6
原线圈中电阻R与副线圈中一个电阻R所消耗的功率之比为
P:P=/;R:(j2R=4:9
故A错误,D正确;
B.设原线圈两端电压的有效值为副线圈两端电压的有效值为力,则有
匕十""
又
U=I]R+U[=220V
联立可得
U2=33V
故B正确;
C.由电源电压的瞬时值表达式可知,周期为
5=彘=°必
则副线圈中电流的频率为
="0Hz
故C错误。
故选BDo
11.答案:ACD
解析:A.探测器在地月转移轨道上无动力奔月时,地球对探测器的万有引力逐渐减
小,月球对探测器的万有引力逐渐增大,引力的合力对探测器先做负功,后做正功,
根据动能定理可知,探测器动能先减小后增大,故A正确;
B.由万有引力提供向心力有
GMmv2
———=m一
R2R
星球的第一宇宙速度为
则月球的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度的比值
■月=/M月R地=2
v地NM地R月9
故B错误;
C.由万有引力提供向心力有
GMm
—^=ms
星球表面的重力加速度为
GM
g=F
月球表面的重力加速度与地球表面的重力加速度的比值
立=%4」*以。2
g地M地魇811
故C正确;
D.由万有引力提供向心力有
GMm4兀2
——z—=m—z-r
r-T2
解得
则单位时间内卫星与星球连线扫过的面积为
则相等时间内,探测器在轨道1上与地心连线扫过的面积与轨道2上与月心连线扫过
的面积的比值为
故D正确。
故选ACDo
12.答案:BC
解析:A.r=f。时刻,导体棒产生的感应电动势为
E=U=Blv
导体棒的速度为
U
v=一
Bl
故A错误;
B.O~fo的时间内,根据动量定理
Ft。~Blit。=
电量为
q-ItCU
解得恒力厂的大小为
「mUBICU
Bit。%
故B正确;
C.忽略所有电阻,0~。的时间内,根据能量守恒,拉力R做的功为
1,1,2
22mbCU
W=-mv+-CU22+
222Bl2
故C正确;
D.撒去拉力R后,导体棒稳定后,设电容器两端的电压为U',则
U'=Blv'
根据动量定理有
-BI'lAt=mv'-mv
电量为
Aq=T'At=C(U-U')
解得导体棒稳定的速度为
,mU-CB2l2U
V=---------
Blm-CB3l3
故D错误。
故选BCo
13.答案:(1)A
(2)14.530;4.5x10-7
解析:(1)A.根据双缝干涉条纹间距公式微=22,从目镜中看到干涉条纹太密,要想
d
减少从目镜中观察到的条纹数量,应增大双缝干涉条纹间距,仅换用间距更小的双
缝,双缝干涉条纹间距增大,故A符合题意;
B.仅将单缝向双缝靠近,双缝干涉条纹间距不变,故B不符合题意;
C.仅将屏向靠近双缝的方向移动,双缝干涉条纹间距减小,故C不符合题意;
D.仅将红色滤光片换成紫色滤光片,紫光的波长较小,双缝干涉条纹间距减小,故D
不符合题意。
故选Ao
(2)手轮的读数为
羽=14.5mm+3.0x0.01mm=14.530mm
双缝干涉条纹间距为
—x14.530—1.030_
Ax=-----L=-----------------mm=1.5mm
n10-1
根据双缝干涉条纹间距公式
AL1
Ax——A
d
该种色光的波长为
d0.3no7
2=—Ax=^^xl0-3xl.5xlO-3m=4.5xlO-7m
L1
14.答案:(1)x1;欧姆调零⑵1(3)10
解析:(1)当接通触头3测量某电阻,用“xlO”挡时,发现指针偏转角度过大,说明待
测电阻较小,应该换用“xl”挡。
换挡后,在测量前要先进行欧姆调零。
(2)根据电流表改装原理,当3端接触头2时,其量程为
1=1+"Rg=250xl0~3mA+^^X^^xlO~3mA=lmA
8K+&60+100
(3)根据电压表改装原理,当3端接触头5时,其量程为
6
。=44+/(&+用)=250x480xKTV+1x(9000+880)义1(T3V=iov
15.答案:(1)见解析(2)2.49atm(3)0.19
解析:(1)货车离开冷库的过程中,温度升高,气体平均分子动能增大,气体体积不
变,单位时间对轮胎单位面积平均碰撞次数增加,与轮胎壁碰撞时对轮胎壁的冲击力
变大,则气体的压强增大。
(2)货车在冷库,放气后有
Pi=2.2atm,7;=-23+273K=250K
货车在穿堂,有
T2=10+273K=283K
气体做等容变化,则
旦=上
£T2
解得货车在穿堂内行驶时轮胎内气体的压强
p2a2.49atm
⑶离开冷库后,温度
7;=37+273K=310K
压强
=2.2atm
设放出压强为22atm的气体的体积为AV,根据理想气体状态方程
P1V_p3(AV+V)
Z—T3
解得放出气体的质量与轮胎内原有气体的质量比
AV
«0.19
AV+V
16.答案:(l)P=n?gsin。w而D(2)W=gmgR—gmg/sin£(3)s=2R
解析:(1)对小物块从A到3运用动能定理,则
—mvl-0=mglsin0-与Imgcos6=gmglsin0
解得
vB=Jg/sin。
重力的功率为
P-mgvBsin0=mgsinO^glsin0
(2)小物块恰能通过圆形轨道的最高点D,则
vD-m2
R
VD=4S^
沿半圆形轨道运动的过程中,摩擦力对小物块做的功
^mVD^^mVB=T〃g(2R)+W
解得
W=gmgR_gmg/sing
⑶物体离开。后又刚好落在3点,则
1,
5g/=27?
%』
解得
s=2R
17.答案:(l)0.8m(2)8(3)0.69J
解析:(1)根据题意可知,小球做斜抛运动,且8点为最高点,则有
2
(vosin53°)=2gh
解得
2
A=(vosin53°)=o8m
2g
(2)根据题意可知,小球运动到3点时速度方向水平向右,大小为
v0cos53°=3m/s
设与小球1碰撞后,小球的速度为%',小球1的速度为匕,小球间的碰撞为一维弹性
碰撞,设小球的质量为阴,则有
mvQcos53°=mvQ+mv1
cos53°)2相片
解得
%'=0,Vj=v0cos53°
可知,两个小球碰撞后速度互换,则等效于小球在桌面上做匀减速直线运动,设运动
的最大距离为X,由动能定理有
=0-^m2
-]u]mgx(v0cos530)
解得
x=2.25m
则有
n=-=7.5
d
即最多能发生8次碰撞。
(3)根据题意,小球与小球1碰撞前的动能为
Eko=3(%cos53o)2
=4.5J
设小球第一次碰撞前速度为v,第一次碰撞后速度为匕,则有
mv=2mv1
第一次碰撞后整体的动能为
第一次碰撞后到第二次碰撞前,由动能定理有
-jU2-2mgd=Ej-Ekl
解得
Ej=^EkO-o.n
同理,小球第二次碰撞前速度为打,第二次碰撞后速度为《,则有
r
2mv2=3mv2
第二次碰撞后整体的动能为
5k2=;x3/nW=>询=:[;/一°.12)
第二次碰撞后到第三次碰撞前,由动能定理有
-/J2-3mgd=E^-Ek2
解得
-0.18=1^Ek0-0.12j-0.18
同理,小球第二次碰撞前速度为V3,第二次碰撞后速度为匕',则有
3mv3=4根匕'
第三次碰撞后整体的动能为
12a3,3「2门\
Ek3=-x4mv;=-mvj=-£'k2=一。叫―018
第三次碰撞后到第四次碰撞前,由动能定理有
_%.4mgd=E1-E^
解得,与第4个小球碰撞前的瞬间已粘到一起的小球的总动能
_024=f[|Q£ko-0.12^-0.18-0.24=0.69J
18.答案:(1)见解析(2)3火(3)UZ型(4)[空叵呸,®,江
4%(1200,44J
解析:(1)带电粒子进入I区磁场,根据洛伦兹力提供向心力
2
qv0B=m-
解得
八=R
画出带电粒子的运动轨迹,如下图所示
轨迹恰好经过。2点,确定轨迹圆圆心。3,连接。3”、。3。2、。1。2、O[M,得到菱形
O.MOfi.,利用几何知识可知带电粒子会经过点。之,且速度方向与+%方向夹角为
0=30°
(2)带电粒子进入n区磁场,根据洛伦兹力提供向心力
Bv-
Qvo~
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