2024年云南省大理州下关市中考物理二模试卷+

云南省大理州下关市2024年物理二模试卷一、选择题(本大题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求：第8~10题有多项符合题目要，全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。)1．如图，学生正在进行乐器表演。下列关于声现象说法正确的是()A．琴声是由琴弦振动产生的B．优美的音乐一定不属于噪盖C．箫声与鼓声的音色相同D．弹琵琶时改变手指按压弦的位置，是为了改变声音的度2．下列现象中能利用光的折射知识解释的是()A．平面镜成像 B．手影 C．池水变浅 D．小孔成像3．搭载载人飞船的火箭发射过程中，下列说法正确的是()A．以火箭为参照物，飞船是运动的B．向下喷出的气体推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的C．火箭飞行方向改变时，受到平衡力的作用D．加速上升过程中，飞船动能保持不变4．下表是一些物用的比热容[单位(J/kg℃)，根据表中数据和生活现象，下列判断中正确的是()水4.2×103铝0.88×103煤油、冰2.1×103铁、钢0.46×103沙石约0.92×103铜0.39×103A．不同种类的物质，比热容一定不同B．比热容与物质的状态无关C．质量相间、初温相同的铝块和铜块D．沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较大5．关于水循环的过程中下列说法不正确的是()A．地表水吸热，汽化成水蒸气B．水蒸气与冷空气接触，液化成小水滴C．小水滴遇到更冷的气流，凝固成小冰晶D．小冰晶降落过程中，液化成雨水6．关于能源、信息和材料，下列说法正确的是()A．太阳能、风能、核能都属于不可再生能源B．核电站的核反应堆是利用核裂变释放核能的C．5G通信用的电磁波在真空中的传播速度是340m/sD．用超导材料制成的电炉丝可以提高电炉的加热效率7．学习“液体的压强"时，物理老师把底部有小孔的空透明矿泉水瓶竖直压入水中，形成了如图所示的“喷泉”，该现象最有利于探究()A．液体压强与深度的关系B．液体压强与液体所受重力的关系C．液体压强与液体的密度的关系D．液体压强与液体体积的关系8．如图所示由同种材料制成的甲、乙两导体，并联在同一电路中，闭合开关后，以下判断正确的是（）

A．通过甲、乙电流的大小关系是I甲=I乙B．甲、乙两端电压的大小关系是U甲=U乙C．甲乙两导体电阻的大小关系是R甲<R乙D．在相同时间内，电流通过甲、乙两导体所产生的热量Q甲<Q乙9．在生物学实验课上，学生制作洋葱片叶表皮"片标本.下列说法正确的是（）A．用胶头滴管吸取清水利用了大气压B．切洋葱的小刀很锋利是为了增大压强C．切洋葱时感到"辣"眼睛与扩散现象有关D．夹取洋葱鳞片叶表皮的银子是省力杠杆10．如图是CO浓度的检测电路示意图。气电阻R1的阻值随CO浓度升高而减小，闭合开关S，当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警。下列说法正确的是（）A．电磁铁的上端是N极B．电铃应接在C和D之间C．当CO浓度升高时电磁铁的磁性减弱D．若电源二电压减小，则CO的报警浓度会升高二、填空题(本大题共6小题，11-15题每小题2分，16题4分，共14分)11．图是电解水实验原理图，工作时蓄电池把能转化为电能。为增强水的导电性，通常向水中加少量的NaOH。在闭合开关后，溶液中的Na+移动方向是从C到D，则蓄电池的A端是极。12．小明用天平测量在郊游时捡到的一块“玉石”的质量，他先将天平放在水平台上，使游码归零，发现指针偏转如图甲所示，则应向(选填”左”或“右”)调节平衡螺母，使天平横梁平衡。然后称出小石块的质量如图乙所示，则该“玉石”质量为。甲乙13．寒冬，人们常用搓手的方法保暖，这是通过改变物体的内能。如果将10kg20℃的水加热到40℃，需吸收J的热量。【C水=4.2x10J/(kg℃)】14．如图所示，工人在20s内将700N重的货物匀速提升了4m，已知人对绳子的拉力F=500N。该过程中，滑轮组的机械效率为，拉力F的功率为W。15．小明用如图所示的透镜来探究凸透镜成像规律。他保持凸透镜的位置不变，把点燃的蜡烛放在15cm刻度线处，移动光屏，烛焰可在光屏上成倒立(选填"放大”、“等大”或“缩小“)的像。生活中利用凸透镜来矫正造成的视力缺陷。16．频率高于20000Hz的声波称为超声波，它具有指向性好、反射能力强、能量集中等特点，可用于测距、测速等。超声波测速仪(如图)向静止的汽车发射超声波信号《简称信号)：同时开始计时，信号传播过程中遇到汽车会被反射，测速仪接收到返回的信号停止计时，根据记录的时间及其与路程、速度的关系，可计算出汽车与测速仪之间的距离。测速仪在公路上对某跑车进行测速时，向匀速驶来的跑车发射两次信号，两次发射信号的时间间隔是1.0s，第一次发射信号到接收用时0.8s，第二次发射信号到接收用时0.5s。经测速仪测定，该跑车超速，驾驶员将受到交警部门处罚。(超声波的速度取340m/s)（1）人耳不(选填“能”或"不能”)听到超声波，超声波测速是利用了超声波的指向性好、能量集中、等特点。（2）第一次发射的信号遇到跑车时，跑车与测速仪之间的距离为m。（3）通过计算，跑车的速度大小为m/s。三、作图题(本大题共2小题，每小题2分，共4分)17．（1）如图是小刚用试电笔接触b线时的场景，请你帮助小刚将照明灯和控制开关连入电路。（2）如图，画出用起子起瓶盖时，作用在A点的动力F1的力臂。四、实验探究题(本大题共4小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分)18．(8分)图13甲是测量小灯泡在不同电压下电阻的实验电路图(小灯泡上标有2.5V字样)。（1）该实验的实验原理是。（2）连接电路过程中，开关应处于状态。（3）闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是小灯泡发生(选填“短路”或“断路”).（4）排除故障后闭合开关，滑动变阻器的滑片P滑到如图13甲所示的位置，电压表的示数如图13乙所示，电压表的示数为V(电压表量程0~3V).为使小灯泡正常发光，滑片P应向(选填“左”或“右”)端移动。（5）根据实验数据，做出小灯泡工作时I-U的图像，如图13丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω（6）当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比(选填“变大”、“变小”或“不变”)，这是因为。19．(4分)在“探究水在沸腾前后温度变化的特点"实验中：甲乙（1）如图甲所示，在组装实验装置的过程中，应先调整(选填字母)部分。（2）从水温达到90℃开始，每隔Imin记录一次温度，由图像可知水的拂点是℃.（3）小波根据实验数据，作出了水沸腾前后水温随时间变化的图像，如图乙。由图像可知：水沸腾时，不断吸热，温度不。（4）沸腾过程中撤去酒精灯，你观察到烧杯中水的现象是。20．在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，某班同学提出如下猜想：A.可能与液体密度有关

B.可能与物体浸在液体中的体积有关C.可能与物体密度有关

D.可能与物体浸没在液体中的深度有关（1）①A组选取的实验器材有：柱形铁块一个、弹簧测力计一个、一杯水(适量)、细线(体积忽略不计)。只用这些器材，可以验证上述猜想中的B和(选填字母序号)是否正确。②如图是探究猜想B的实验过程，将铁块悬挂在弹簧测力计下静止在空气中时，弹管测力计示数为F1；将铁块部分浸入水中时，弹簧测力计示数为F2，此时铁块受到的浮力大小表达式为F浮=（用题中物理量符号表示）。将铁块浸没在水中时，弹簧测力计示数为下F3，则F2F3(选填“大于”、“小于“或“等于")。分析比较F1、F2、F3的大小与浮力的关系，可以得到结论：。（2）B组选用了装有压力传感器的测力计并进行如下实验：先将盛有盐水的容器放在测力计上，然后用手提着系有细线的圆柱体将其缓缓地浸入盐水中(盐水足够深)，同时记下圆柱体下表面所处的深度h和测力计显示的相应压力F，记录数据如下表所示。已知圆柱体的高度为16cm，当h=8cm时，用弹簧测力计测得细线对圆柱体的拉力为2N。h/cm024681012…………F/N20.0020.4020.8021.2021.6022.0022.40…………①实验过程中，在圆桂体完全漫没之前，随着的增加。细域对圆柱体的拉力(选填“增大“或“减小”)。②当h=8cm时，圆柱体受到的浮力大小为N。分析表中数据可知：圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成比。③圆柱体的密度与盐水的密度之比为。21．如图所示，在探究平面成像特点的实验时，有如下器材；两支相同的蜡烛、一块玻璃板、玻璃板支架、一张纸、一把刻度尺及火柴。要探究平面镜所成的像是实像还是虚像，还需要的器材是，接下来的操作是：在平面镜的一侧放一支点燃的蜡烛，，观察到，如果，说明平面镜所成像为虚像。

五、综合题(本大题共2个小题，每小题9分，共18分)22．如图所示，质量为550kg的小型双轮压路机在一次压路作业中以0.2m/s的速度在平直路面上匀速行驶10min，行驶过程中受到的平均阻力是总重的0.4倍5000压路机静止在水平路面上时，与地面的总接触面积为0.02m2，求：（1）压路机静止时对水平路面的压强；（2）压路机行驶过程中的牵引力；（3）压路机行驶过程中牵引力的功。23．如图甲是某款功夫茶保温碟，电路原理如图乙所示，电阻R1为发热体，它的额定功率为44W且电阻不变，电流通过发热体加热底板使茶汤保温；L为电功率忽略不计的指示灯，求：（1）发热体正常工作时的电流；（2）当实际电压为198V时，发热体工作100s消耗的电能；（3）为了适应不同品种茶汤的保温需求，小杨对电路进行重新设计(如图丙)，移动滑片可以连续调节发热体的电功率，最低可调至额定功率的四分之一。若发热体产生的热量全部被茶汤吸收，该电路电能利用率的范围是多少。

答案解析部分云南省大理州下关市2024年物理二模试卷一、选择题(本大题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求：第8~10题有多项符合题目要，全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。)1．如图，学生正在进行乐器表演。下列关于声现象说法正确的是()A．琴声是由琴弦振动产生的B．优美的音乐一定不属于噪盖C．箫声与鼓声的音色相同D．弹琵琶时改变手指按压弦的位置，是为了改变声音的度【答案】A【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；声音的等级和噪声的危害【解析】【解答】A：声音是由物体振动产生的，琴声是由琴弦振动产生的。故正确；B：优美的音乐如果在不恰当的时间、场合播放，也可能成为噪声，该说法过于绝对。故B错误；C：不同乐器发出的声音音色不同，箫声与鼓声属于不同乐器发出的声音，音色不同。故C错误；D：弹琵琶时改变手指按压弦的位置，是为了改变声音的音调，而不是响度。故D错误。

综上，正确答案是A。【分析】首先明确声音的产生原因，琴声由琴弦振动产生是正确的。然后考虑噪声的定义，明白优美音乐在特定情况下也可能是噪声。接着从不同乐器音色不同这一角度，箫和鼓是不同乐器，音色必然不同。最后根据改变弦的位置会影响振动频率从而改变音调，而不是响度。2．下列现象中能利用光的折射知识解释的是()A．平面镜成像 B．手影 C．池水变浅 D．小孔成像【答案】C【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射规律；平面镜成像的原理、特点【解析】【解答】A：平面镜成像利用的是光的反射原理，不是折射。故A错误；B：手影是光的直线传播形成的。故B错误；C：池水变浅是由于光从水中斜射入空气中时发生折射，折射角大于入射角，使得人眼看到的水底位置偏高。故C正确；D：小孔成像利用的是光的直线传播原理。故D错误。综上，正确答案为C

【分析】首先明确题目是要找出能用光的折射知识解释的现象。平面镜成像主要基于光的反射原理；手影是光沿直线传播形成的池水变浅是光在不同介质中传播发生折射导致的；小孔成像也是光的直线传播现象。3．搭载载人飞船的火箭发射过程中，下列说法正确的是()A．以火箭为参照物，飞船是运动的B．向下喷出的气体推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的C．火箭飞行方向改变时，受到平衡力的作用D．加速上升过程中，飞船动能保持不变【答案】B【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；运动和静止的相对性【解析】【解答】A：以火箭为参照物，飞船与火箭相对位置没有发生变化，所以飞船是静止的。故A错误；B：向下喷出的气体给地面一个力，同时地面给火箭一个向上的反作用力推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的。故B正确；C：火箭飞行方向改变时，运动状态改变，说明受到的力不是平衡力。故C错误；D：加速上升过程中，飞船的速度增大，所以动能增大。故D错误。综上，正确答案是B。【分析】首先明确这是在探讨火箭发射过程中的物理现象和原理。从参照物的角度思考火箭与飞船的相对运动情况；从力的作用的相互性原理；火箭飞行方向改变这一现象，考虑其是否受平衡力以及运动状态的变化；动能的决定因素速度的变化来判断动能的变化情况。4．下表是一些物用的比热容[单位(J/kg℃)，根据表中数据和生活现象，下列判断中正确的是()水4.2×103铝0.88×103煤油、冰2.1×103铁、钢0.46×103沙石约0.92×103铜0.39×103A．不同种类的物质，比热容一定不同B．比热容与物质的状态无关C．质量相间、初温相同的铝块和铜块D．沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较大【答案】D【知识点】比热容【解析】【解答】A：不同种类的物质比热容有可能相同，比如煤油和冰的比热容相同。故A错误；B：水和冰是同种物质不同状态，比热容不同，说明比热容与物质状态有关。故B错误；C：题干中没有给出关于铝块和铜块后续情况的足够信息，无法得出具体结论。故C错误；D：水的比热容较大，在吸收或放出相同热量时，温度变化较小，所以沿海地区昼夜温差小。故D正确。综上，正确答案是D。【分析】先对每个选项进行具体分析。A选项通过查看表格中煤油和冰比热容相同这一例子来否定“一定不同”的说法；B选项根据水与冰比热容不同这一事实来否定比热容与状态无关的观点；C选项由于题干中关于铝块和铜块后续情况描述不明确，无法据此得出结论；D选项从水比热容大的特点出发，结合沿海地区昼夜温差小这一现象，分析出两者之间的因果关系。5．关于水循环的过程中下列说法不正确的是()A．地表水吸热，汽化成水蒸气B．水蒸气与冷空气接触，液化成小水滴C．小水滴遇到更冷的气流，凝固成小冰晶D．小冰晶降落过程中，液化成雨水【答案】D【知识点】水的三态变化【解析】【解答】A：地表水吸热汽化成水蒸气。故A正确；B：水蒸气遇冷液化成小水滴。故B正确；C：小水滴遇冷可以凝固成小冰晶。故C正确；D：小冰晶在降落过程中应该是熔化成雨水，而不是液化。故D错误。综上，答案是D。【分析】首先明确水循环涉及的主要物态变化有汽化、液化、凝固、熔化等。地表水吸热会汽化成水蒸气；考虑水蒸气遇冷是会液化成小水滴；思索小水滴遇更冷气流能凝固成小冰晶；小冰晶降落过程中是熔化而非液化成雨水。6．关于能源、信息和材料，下列说法正确的是()A．太阳能、风能、核能都属于不可再生能源B．核电站的核反应堆是利用核裂变释放核能的C．5G通信用的电磁波在真空中的传播速度是340m/sD．用超导材料制成的电炉丝可以提高电炉的加热效率【答案】B【知识点】能源及其分类；能源与可持续发展；超导体特点及作用【解析】【解答】A：太阳能、风能都属于可再生能源，而核能属于不可再生能源，所以A选项错误；B：核电站的核反应堆是利用核裂变释放核能的，B选项正确；C：5G通信用的电磁波在真空中的传播速度是，而不是340m/s，所以C选项错误；D：超导材料的电阻为零，而电炉丝是利用电流的热效应工作的，所以不能用超导材料制成电炉丝，D选项错误。综上所述，正确答案是B【分析】首先明确题目是关于能源、信息和材料相关知识的判断。要清楚太阳能、风能是可再生能源，核能是不可再生能源；知道核电站的工作原理确实是利用核裂变；牢记电磁波在真空中的传播速度是特定值，不是340m/s；要明白超导材料没有电阻，不适合做电炉丝7．学习“液体的压强"时，物理老师把底部有小孔的空透明矿泉水瓶竖直压入水中，形成了如图所示的“喷泉”，该现象最有利于探究()A．液体压强与深度的关系B．液体压强与液体所受重力的关系C．液体压强与液体的密度的关系D．液体压强与液体体积的关系【答案】A【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验【解析】【解答】A：在这个实验中，随着把矿泉水瓶压入水中的深度不断变化，会明显看到“喷泉”的强弱程度不同，能直观地反映出液体压强随深度的变化情况，所以该现象非常有利于探究液体压强与深度的关系。故A正确；B：整个实验过程中，并没有对液体所受重力进行改变或研究，“喷泉”现象与液体重力并无直接关联。故B错误；C：实验中自始至终都只是使用了水这一种液体，没有涉及到不同密度的液体进行对比，所以无法探究与液体密度的关系。故C错误；D：从实验可以看出，主要影响“喷泉”现象的是压入的深度，而不是液体体积，且实验中也没有对液体体积进行改变和研究。故D错误。综上，正确答案是A【分析】首先明确实验现象是通过把空矿泉水瓶竖直压入水中形成“喷泉”。由于压入水中的深度不同会导致压强不同，进而影响“喷泉”效果，与实验现象紧密相关，可用于探究压强与深度的关系；实验中未体现重力对现象的影响，与实验联系不紧密；实验未涉及不同密度液体，无法用于探究与密度的关系；实验主要体现的是深度对压强的影响，而非液体体积，与实验核心内容不符。8．如图所示由同种材料制成的甲、乙两导体，并联在同一电路中，闭合开关后，以下判断正确的是（）

A．通过甲、乙电流的大小关系是I甲=I乙B．甲、乙两端电压的大小关系是U甲=U乙C．甲乙两导体电阻的大小关系是R甲<R乙D．在相同时间内，电流通过甲、乙两导体所产生的热量Q甲<Q乙【答案】D【知识点】电阻；影响电阻大小的因素【解析】【解答】A：根据I=UR得：通过甲、乙电流的大小关系I甲<I乙，故A错误；

B：两导体并联在同一电路中，并联电路各支路两端的电压相等，故导体两端的电压U甲=U乙D.根据Q=UIt可知，在相同时间内，电流通过甲、乙两导体所产生的热量Q甲综上所述，该题选B、D。【分析】由同种材料制成的甲、乙两导体横截面积不同，判断电阻的大小关系，然后根据并联电路特点做题。9．在生物学实验课上，学生制作洋葱片叶表皮"片标本.下列说法正确的是（）A．用胶头滴管吸取清水利用了大气压B．切洋葱的小刀很锋利是为了增大压强C．切洋葱时感到"辣"眼睛与扩散现象有关D．夹取洋葱鳞片叶表皮的银子是省力杠杆【答案】A【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用；杠杆的分类；分子热运动【解析】【解答】A：用胶头滴管吸取清水时，挤压胶头排出空气，松手后胶头内气压变小，外界大气压将清水压入滴管。故A正确；B：切洋葱的小刀很锋利是为了减小受力面积增大压强，而不是增大压力。故B错误；C：切洋葱时，洋葱中含有的分子在不停运动，会扩散到空气中，从而使人感到“辣”眼睛。故C正确；D：夹取洋葱鳞片叶表皮的镊子动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。故D错误。

综上，正确的是A、C。【分析】首先明确每个选项分别涉及到不同的知识点，如大气压、压强、扩散现象、杠杆等。根据胶头滴管的工作原理，理解其利用大气压的作用；准确理解锋利的小刀是通过减小受力面积来增大压强，而不是增大压力；从分子扩散的角度解释切洋葱“辣”眼睛的现象；根据镊子的结构特点判断其属于费力杠杆。10．如图是CO浓度的检测电路示意图。气电阻R1的阻值随CO浓度升高而减小，闭合开关S，当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警。下列说法正确的是（）A．电磁铁的上端是N极B．电铃应接在C和D之间C．当CO浓度升高时电磁铁的磁性减弱D．若电源二电压减小，则CO的报警浓度会升高【答案】B【知识点】安培定则【解析】【解答】A：由图可知，电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据安培定则可判断出，电磁铁的上端为N极，故A正确；B：气敏电阻/R1的阻值随CO浓度增大而减小，开关S闭合，电磁铁通电，当CO浓度高于某一设定值时，气敏电阻/R1的阻值较小，通过电磁铁的电流比较大，电磁铁的磁性最大，衔铁被吸下来，CD接入电路，电铃报警。所以电铃应接在C和D之间，故C：气敏电阻R1的阻值随CO浓度增大而减小，当CO浓度升高时，气敏电阻R1的阻值减小，通过电流变大，电磁铁的磁性增强，故D：当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警，此时控制电路的电流一定。电源用久后，U1减小，根据可知，电铃发声报警时，控制电路的总电阻减小，气敏电阻/R1的阻值减小，CO浓度增大，所以报警浓度会变高，故故选ABD。【分析】首先，根据安培定则判断电磁铁的磁极。然后分析当CO浓度变化时气敏电阻阻值的变化，进而影响通过电磁铁的电流大小和磁性强弱，由此确定电铃接入的位置以及与CO浓度的关系。接着考虑气敏电阻阻值随CO浓度增大而减小这一特点，分析CO浓度升高时的各种变化。最后分析电源用久后电压减小对控制电路的影响，得出对报警浓度的影响。二、填空题(本大题共6小题，11-15题每小题2分，16题4分，共14分)11．图是电解水实验原理图，工作时蓄电池把能转化为电能。为增强水的导电性，通常向水中加少量的NaOH。在闭合开关后，溶液中的Na+移动方向是从C到D，则蓄电池的A端是极。【答案】化学；负【知识点】电流的方向；电源及其能量转化【解析】【解答】第1空、在这个电解水实验中，蓄电池工作时，是其内部的化学反应产生电能，所以把化学能转化为电能。故该空填“化学”；第2空、因为在电解过程中，阳离子会向阴极移动，现在溶液中的Na+从C向D移动，说明D是阴极，而与阴极相连的蓄电池一端就是负极，所以蓄电池的A端是负极。故该空填“负”。【分析】首先要清楚蓄电池的工作原理是化学能和电能的相互转化。然后根据电解水时阳离子的移动规律，判断出阴极的位置，再通过阴极与蓄电池的连接关系，反推蓄电池相应端的极性。12．小明用天平测量在郊游时捡到的一块“玉石”的质量，他先将天平放在水平台上，使游码归零，发现指针偏转如图甲所示，则应向(选填”左”或“右”)调节平衡螺母，使天平横梁平衡。然后称出小石块的质量如图乙所示，则该“玉石”质量为。甲乙【答案】右；62g【知识点】质量的测量与天平的使用【解析】【解答】第1空、指针偏左，说明左侧重，应向右调节平衡螺母使天平横梁平衡。故该空填“右”；第2空、砝码的质量为50克+10克=60克，游码对应的刻度值为2克，所以“玉石”的质量为60克+2克=62克。故该空填“62g”；

【分析】先观察甲图中指针的偏转情况，依据天平平衡调节原理，若指针偏左则向右调节平衡螺母，反之则向左调节。再看乙图，明确砝码的质量以及游码所对应的刻度，将两者相加便得到“玉石”的总质量。13．寒冬，人们常用搓手的方法保暖，这是通过改变物体的内能。如果将10kg20℃的水加热到40℃，需吸收J的热量。【C水=4.2x10J/(kg℃)】【答案】做功；8.4×105【知识点】做功改变物体内能；比热容【解析】【解答】第1空：寒冬，人们常用搓手的方法保暖，这是通过做功改变物体的内能，搓手时克服摩擦做功，使手的内能增加。故该空填“做功”；

第2空：已知水的质量m=10kg，初温t1=20℃，末温t2=40℃，水的比热容c=4.2×103J/(kg·℃)，根据热量计算公式Q=cm(t2-t1)，可得吸收的热量为：

Q=4.2×103×10×(40-20)=8.4×105（J）。故该空填“8.4×105”；

【分析】要明确改变物体内能有做功和热传递两种方式，搓手是通过摩擦做功来增加内能。

明确涉及到的物理量，即水的质量、比热容、初温和末温，然后根据热量计算公式Q=cm(t2-t1)，将相应数值代入进行计算，即可得出吸收的热量值。14．如图所示，工人在20s内将700N重的货物匀速提升了4m，已知人对绳子的拉力F=500N。该过程中，滑轮组的机械效率为，拉力F的功率为W。【答案】70%；200【知识点】功率的计算；滑轮（组）的机械效率【解析】【解答】第1空、有两段绳子承担总重，绳子自由端移动的距离s=2h=2×4m=8m第2空、拉力做的功W=Fs=500N×8m【分析】首先，通过观察滑轮组确定绳子的段数。然后，计算有用功即货物重力乘以提升高度；计算总功即拉力乘以绳子自由端移动的距离（绳子段数乘以提升高度）。用有用功除以总功可得到机械效率。计算功率则用总功除以时间。15．小明用如图所示的透镜来探究凸透镜成像规律。他保持凸透镜的位置不变，把点燃的蜡烛放在15cm刻度线处，移动光屏，烛焰可在光屏上成倒立(选填"放大”、“等大”或“缩小“)的像。生活中利用凸透镜来矫正造成的视力缺陷。【答案】缩小；远视眼【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验【解析】【解答】第1空、已知凸透镜的焦距为10cm，蜡烛放在15cm刻度线处，此时物距为35cm，物距大于二倍焦距。根据凸透镜成像规律，当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像。故该空填“缩小”；第2空、近视眼是晶状体太厚，折光能力太强，使像成在视网膜前方，利用凹透镜对光线的发散作用来矫正；远视眼是晶状体太薄，折光能力太弱，使像成在视网膜后方，利用凸透镜来矫正。故该空填“远视眼”。【分析】先根据蜡烛位置确定物距，与凸透镜焦距比较，判断出物距大于二倍焦距，依据凸透镜成像规律得出成像特点为倒立、缩小的实像。再根据凸透镜和凹透镜对视力缺陷的矫正。16．频率高于20000Hz的声波称为超声波，它具有指向性好、反射能力强、能量集中等特点，可用于测距、测速等。超声波测速仪(如图)向静止的汽车发射超声波信号《简称信号)：同时开始计时，信号传播过程中遇到汽车会被反射，测速仪接收到返回的信号停止计时，根据记录的时间及其与路程、速度的关系，可计算出汽车与测速仪之间的距离。测速仪在公路上对某跑车进行测速时，向匀速驶来的跑车发射两次信号，两次发射信号的时间间隔是1.0s，第一次发射信号到接收用时0.8s，第二次发射信号到接收用时0.5s。经测速仪测定，该跑车超速，驾驶员将受到交警部门处罚。(超声波的速度取340m/s)（1）人耳不(选填“能”或"不能”)听到超声波，超声波测速是利用了超声波的指向性好、能量集中、等特点。（2）第一次发射的信号遇到跑车时，跑车与测速仪之间的距离为m。（3）通过计算，跑车的速度大小为m/s。【答案】（1）不能；测距、测速（2）136（3）60【知识点】速度公式及其应用；回声测距离的应用；超声波与次声波【解析】【解答】(1)第1空、人耳可听声的频率范围是：20Hz~20000Hz，超声波是振动频率高于20000Hz的声波，故人耳不能听到超声波。故该空填“不能”；

第2空、超声波具有指向性好、反射能力强、能量集中等特点，可用于测距、测速等。故该空填“测距、测速”；(2)第1空、第一次发射信号与跑车相遇的时间为：t则跑车在第一次反射信号的瞬间与测速仪的距离为：s1=v(3)第1空、第二次发射信号与汽车相遇的时间为：t则跑车在第二次反射信号时与测速仪的距离为：s测速过程中，跑车通过的路程为：s测速过程中，跑车行驶的时间为：t跑车的速度为：v车=St车【分析】（1）明确人耳能听到的声音频率范围以及超声波的频率特点，从而得出人耳不能听到超声波；再根据超声波的特性确定其可应用于测距、测速等领域。

（2）通过信号发射与接收的时间以及声速，利用距离等于速度乘以时间的公式，分别计算出跑车在不同时刻与测速仪的距离。

（3）部分：根据前后两次跑车与测速仪的距离差得到跑车通过的路程，再结合两次信号发射的时间间隔确定跑车行驶的时间，最后用路程除以时间得到跑车的速度。三、作图题(本大题共2小题，每小题2分，共4分)17．（1）如图是小刚用试电笔接触b线时的场景，请你帮助小刚将照明灯和控制开关连入电路。（2）如图，画出用起子起瓶盖时，作用在A点的动力F1的力臂。【答案】（1）（2）【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡分析法及其应用；家庭电路的连接【解析】【解答】(1)、由图可知，试电笔接触b线时，氛管发光，则b线为火线、a线为零线；为了用电安全，火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：(2)、开瓶起子”使用时，O点为支点；从支点向动力F1的作用线作垂线段，即为F1的力臂L1【分析】首先通过试电笔检测现象确定火线，然后基于安全用电的规则，知道火线应先连接开关再连接灯泡顶端金属点，零线直接接灯泡螺旋套，从而正确分析出电路中各线的性质和连接情况。根据杠杆的基本要素，找出支点，再根据力臂的定义，通过作垂线段的方法准确画出动力臂，清晰地展示出杠杆结构中相关部分的关系。四、实验探究题(本大题共4小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分)18．(8分)图13甲是测量小灯泡在不同电压下电阻的实验电路图(小灯泡上标有2.5V字样)。（1）该实验的实验原理是。（2）连接电路过程中，开关应处于状态。（3）闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是小灯泡发生(选填“短路”或“断路”).（4）排除故障后闭合开关，滑动变阻器的滑片P滑到如图13甲所示的位置，电压表的示数如图13乙所示，电压表的示数为V(电压表量程0~3V).为使小灯泡正常发光，滑片P应向(选填“左”或“右”)端移动。（5）根据实验数据，做出小灯泡工作时I-U的图像，如图13丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω（6）当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比(选填“变大”、“变小”或“不变”)，这是因为。【答案】（1）R（2）断开（3）短路（4）1.7；右（5）10（6）变大；灯丝的电阻随温度的升高而增大【知识点】实物的电路连接；电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用【解析】【解答】(1)第1空、在测量小灯泡在不同电压下的电阻的实验中，用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据R=UI求出灯泡的电阻。故该空填“R=UI”；

(2)第1空、为保护电路，连接电路过程中，开关应处于断开状态。故该空填“断开”；

(3)第1空、电流表有示数，说明电路为通路；电压表无示数，说明电压表并联的部分短路或电压表断路，即故障可能是小灯泡发生短路。故该空填“短路”；

(4)第1空、电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，示数为1.7V。故该空填“1.7​​​​​​​”；

第2空、(5)第1空、由丙可知，灯泡正常发光时的电压U=2.5V,电流IR=UI=2.5V0.25A=10Ω。故该空填“10​​​​​​​”；

(6)第1空、由图象可知，根据欧姆定律，发现电压表与电流表的示数之比变大，故该空填“变大​​​​​​​”；【分析】（1）该实验通过测量电压和电流，依据欧姆定律来计算灯泡电阻。

（2）连接电路前开关断开是基本的安全操作要求，以避免电路故障时造成损害。

（3）根据电流表有示数判断电路是通路，再结合电压表无示数的情况分析出可能是与电压表并联的灯泡短路。

（4）通过电压表读数确定电压大小，要使灯泡正常发光需增大电压，减小变阻器电阻即滑片向右移动。

（5）根据图像得出正常发光时的电压和电流，用欧姆定律算出电阻。

（6）从图像中观察到电压表与电流表示数之比变大，原因是灯泡电压增大、功率变大导致温度升高，进而使灯丝电阻随温度升高而增大。19．(4分)在“探究水在沸腾前后温度变化的特点"实验中：甲乙（1）如图甲所示，在组装实验装置的过程中，应先调整(选填字母)部分。（2）从水温达到90℃开始，每隔Imin记录一次温度，由图像可知水的拂点是℃.（3）小波根据实验数据，作出了水沸腾前后水温随时间变化的图像，如图乙。由图像可知：水沸腾时，不断吸热，温度不。（4）沸腾过程中撤去酒精灯，你观察到烧杯中水的现象是。【答案】（1）A（2）97（3）不变（4）水不再沸腾【知识点】比热容【解析】【解答】(1)第1空、实验中为了保证酒精灯用外焰加热，应固定A的高度；温度计玻璃泡浸没在被测液体中，后固定B的高度，故应从下到上组装汽车，所以应先调整A。故该空选“A”；

(2)第1空、由图乙可知，水加热到97℃时温度就不再上升，说明水已经沸腾，所以水的沸点是97℃。故该空填“97”；

(3)第1空、由图乙可知，水到达997℃已经沸腾，沸腾时，不断吸热，温度不变。故该空填“不变”；

(4)第1空、水沸腾的条件是温度达到沸点且继续吸热，沸腾过程中撤去酒精灯，水不能从酒精灯处吸收热量，故会观察到烧杯中的水不再沸腾。故该空填“水不再沸腾”。

【分析】（1）基于酒精灯外焰加热和温度计正确使用的原则，按从下到上的顺序确定先调A。（2）通过对图乙温度变化趋势的分析，找到温度不再上升的点确定沸点为97℃。（3）根据图乙体现的沸腾特征得出温度不变。（4）依据水沸腾条件，从撤去酒精灯导致热量来源缺失的角度解释水不再沸腾的现象。20．在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，某班同学提出如下猜想：A.可能与液体密度有关

B.可能与物体浸在液体中的体积有关C.可能与物体密度有关

D.可能与物体浸没在液体中的深度有关（1）①A组选取的实验器材有：柱形铁块一个、弹簧测力计一个、一杯水(适量)、细线(体积忽略不计)。只用这些器材，可以验证上述猜想中的B和(选填字母序号)是否正确。②如图是探究猜想B的实验过程，将铁块悬挂在弹簧测力计下静止在空气中时，弹管测力计示数为F1；将铁块部分浸入水中时，弹簧测力计示数为F2，此时铁块受到的浮力大小表达式为F浮=（用题中物理量符号表示）。将铁块浸没在水中时，弹簧测力计示数为下F3，则F2F3(选填“大于”、“小于“或“等于")。分析比较F1、F2、F3的大小与浮力的关系，可以得到结论：。（2）B组选用了装有压力传感器的测力计并进行如下实验：先将盛有盐水的容器放在测力计上，然后用手提着系有细线的圆柱体将其缓缓地浸入盐水中(盐水足够深)，同时记下圆柱体下表面所处的深度h和测力计显示的相应压力F，记录数据如下表所示。已知圆柱体的高度为16cm，当h=8cm时，用弹簧测力计测得细线对圆柱体的拉力为2N。h/cm024681012…………F/N20.0020.4020.8021.2021.6022.0022.40…………①实验过程中，在圆桂体完全漫没之前，随着的增加。细域对圆柱体的拉力(选填“增大“或“减小”)。②当h=8cm时，圆柱体受到的浮力大小为N。分析表中数据可知：圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成比。③圆柱体的密度与盐水的密度之比为。【答案】（1）D；F1-F2；大于；铁块淹没在水中的体积越大，受到的浮力越大（2）减小；1.6；正；9：8【知识点】阿基米德原理；探究浮力大小的实验【解析】【解答】解：一、(1)实验器材中除了水以外，没有其他液体，所以不能探究浮力大小和液体密度的关系；物体也只有一个，不能探究浮力大小和物体密度的关系；可以通过改变物体在水中不同深度来探究探究浮力大小和物体浸没在水中的深度的关系；

(2)根据称重法可知：F浮=F1-F2铁块浸没在水中时，排开体积变大，浮力变大，弹簧测力计示数变小，故答案为：(1)D；2F1-F2；大于。

二，（1）设容器和盐水的总重力为G0，圆柱体重力为G则有：FG0、G一定，当电子秤示数F逐渐增大时，细线对圆柱体的拉力逐渐减小；(2)由表格数据知，当h=0时，圆柱体还没有浸入盐水中，不受浮力，此时G当h=8cm时，电子秤示数为F8=21.60N，圆柱体受到的浮力F当h=2、4、6、8……12cm时，圆柱体浸入液体的体积与浸入深度成正比。据此可知，圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成正比；(3)h=8cm时，圆柱体受到的拉力为2N，浮力为1.6N，所以圆柱体的重力G由G=mg和ρ=mV即：3.6由阿基米德原理可得，圆柱体受到的浮力：F即：1.6①÷②可得：ρ故答案为：第一空“减小”；第二空“1.6”(2)第三空“正”；(3)第四空“9：8”。【分析】一、(1)实验器材中只有一种液体和一种固体，所以不能探究浮力大小和液体密度、物体密度的关系，可以通过改变物体在水中的深度来探究浮力大小和深度的关系；(2)根据称重法可知浮力为两次示数之差，物体排开液体体积越大，浮力越大。二、(1)将容器、盐水以及圆柱体看成一个整体，它们对电子秤的压力等于整个的总重力与细线拉力的差，据此分析电子秤示数增大时，细线对圆柱体拉力的变化情况；(2)由mAg=G0+G-F(3)已知h=8cm时，圆柱体受到的拉力和浮力，根据(G=本题是探究浮力大小与哪些因素有关的实验，考查了数据分析、阿基米德原理、密度公式、重力公式和称