2024年南京中考物理终极押题密卷1含答案

2024年南京中考物理终极押题密卷1一．选择题（共12小题）1．关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A．原子由原子核和核外电子组成 B．光年是时间的单位 C．破镜难圆，说明分子间存在斥力 D．太阳是宇宙的中心2．下面是应用人工智能做的四句诗，其中关于物态变化的分析错误的是（）A．“露凝芳草间”，“露凝”是液化现象 B．“雾开山露颜”，“雾开”是升华现象 C．“霜降红枫醉”，“霜降”是凝华现象 D．“冰融水潺潺”，“冰融”是熔化现象3．如图所示，在试管中加入少量水，用嘴对着试管吹气，使其发出声音，仅改变试管内的水量，发出的声音变化主要是（）A．响度 B．音调 C．音色 D．速度4．下列几组生活现象与其蕴含的物理知识，对应完全正确的是（）A．甲图，带正电物体接触验电器金属球，两箔片因得到正电荷互相排斥张开 B．乙图，油罐车尾部拖着的铁链能把油罐车所带静电导入大地，从而防止静电危害 C．丙图，利用充电器给充电宝充电过程中，充电宝相当于简单电路中的电源 D．丁图，马路上的路灯总是同时亮同时灭，因为它们串联在同一电路中5．控制变量法和转换法是两种比较常用的物理实验方法。如图所示的各项实验中没有同时用到这两种方法的是（）A．甲：探究声音产生的原因，将正在发出声音的音叉放入水中，观察到音叉周围溅起许多水花 B．乙：探究影响导体电阻大小的因素 C．丙：探究不同物质的吸热能力 D．丁：探究电流产生的热量与电阻的关系6．以下有关物理事实的描述正确的是（）A．地球是宇宙的中心 B．电子的发现说明分子是可分的 C．电视机发出的光是由红、黄、蓝三种颜色光按一定比例混合而成 D．白炽灯发光产生的内能无法自动地转化为电能，说明能量的转化具有方向性7．图甲中，开关闭合后风车能连续转动，下列图中与此原理相同的是（）A． B． C． D．8．关于惯性，下列四个现象的说明正确的是（）A．苹果从树上加速落下，说明苹果有惯性 B．.拍打刚晒过的被子，灰尘脱落，说明被子有惯性 C．.射出枪膛的子弹，仍能在空中飞行，说明子弹有惯性 D．.汽车紧急刹车时，车上的人会向前倾，说明车有惯性9．为解决起雾问题，在护目镜上加一层石墨烯材料，并用锂电池通电，使护目镜温度与体温一致，这利用了石墨烯的哪两种物理属性（）A．熔点与沸点 B．硬度与弹性 C．磁性与延展性 D．导电性与透光性10．如图所示，甲、乙是两个相同的烧杯，里面装有密度不同的两种液体，将两个相同的物体A、B分别放入两杯中，静止时甲、乙中液面刚好相平。此时，设A物体受到的浮力为F1，甲中液体对烧杯底部的压强为p1，甲杯对水平面压强为p1′，B物体受到的浮力为F2，乙中液体对烧杯底部的压强为p2，乙杯对水平面压强为p2′，则（）A．F1＝F2，p1＞p2，p1′＞p2′ B．F1＝F2，p1＜p2，p1′＝p2′ C．F1＜F2，p1＝p2，p1′＝p2′ D．F1＞F2，p1＝p2，p1′＞p2′11．图甲所示为一种手环“计步器”，其内部有一块磁铁密封在绕有线圈的塑料管中。走路时，磁铁在管中运动，线圈输出变化的电流，实现计步。图乙中能反映其工作原理的是（）A．①和③ B．①和② C．③和④ D．②和④12．如图所示电路，电源电压保持不变，R1：R2＝1：2。先将单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，电压表示数为6V，电流表示数为I1；只闭合开关S2、S4，滑片P移至中点时，电压表示数为2V，电流表示数为I2。再将S3拨至触点b，只闭合开关S1、S2时，电流表示数为0.3A。下列说法中正确的是（）A．电源电压为12V B．I1：I2＝2：3 C．电路最小功率为5.4W D．滑动变阻器的最大阻值为30Ω二．填空题（共7小题）13．图甲所示是汽油机的冲程，该冲程中燃气的内能是通过方式改变的。某汽车发动机的能量流向如图乙所示，完全燃烧0.7kg的汽油，输出的有用功为J，废气带走的能量最多能使kg的水升高10℃。[q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]14．卫星电视节目通过离地面36000km的地球同步卫星转播。同步卫星利用传递信息以地面上的信号发射台为参照物，同步卫星是（选填“运动”或“静止”）的。15．“以水为礼，以鼓迎宾”。在杭州19届亚运会开幕式上，伴随着19面水鼓敲响（如图），迎宾表演《水润秋辉》正式开始。鼓声是由鼓面的而产生的，激起的水花越多，说明鼓声的越大。16．“天宫一号”飞船逐渐靠近空间站，空间站相对于飞船是（选填“静止”或“运动”）的，助推器喷气使飞船的速度变快，这说明力能改变物体的，在运动过程中飞船的惯性。（选填“变大”、“变小”或“不变”）17．（1）如图甲所示的轻质杠杆AB，O为支点，动力F1的作用线是PQ，物体M放在C点，其中OC＝OD。当杠杆处于水平平衡时，F1沿PQ线向（选填“上”或“下”），该杠杆为杠杆。（2）用如图乙所示的滑轮组竖直向上匀速提升重物，动滑轮重为40N，不计摩擦和绳重。若物重为300N，将重物匀速提升2m用时5s，则有用功是J，拉力做功的功率为W；若滑轮组的机械效率为80%，则物重为N。18．如图为磁悬浮蓝牙音箱，该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，这是根据同名磁极相互的原理实现的。若重力突然消失，此时底座对水平桌面（有/没有）压力。19．图甲为某热敏电阻RT的阻值随温度t变化的图象。图乙是利用RT改装成的温度显示器电路图，定值电阻R0＝100Ω，电源电压可调节，将电压表V1的表盘的刻度改成相应的温度刻度，测量时，将RT放入待测温度处，闭合开关，调节电源电压，每次都使V2表的示数保持0.2V不变，再从V1表盘上读出待测温度t。（1）在标准大气压下，将RT放入冰水混合物中时，RT的阻值是Ω；（2）测温时，保持R0两端电压为0.20V，RT两端的电压随温度升高而（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）某次测温时，V1表盘上显示的温度是15℃，此时电源电压为V；（4）若电源电压可在0.6～1.2V之间调节，该热敏电阻温度计的测温范围为℃～℃。三．作图题（共3小题）20．如图，在水平桌面上匀速拉动木块，请画出木块所受拉力F和摩擦力f的示意图。21．用笔画线代替导线，将插座、灯和开关（控制灯）分别接入家庭电路中。22．如图1所示，是一个钥匙形“瓶起子”，图2为其简化的示意图，图中O点为支点，A点为阻力作用点，请在B点画出所用最小的动力F1及对应的动力臂l1。四．实验探究题（共2小题）23．做“凸透镜成像”实验时，小明同学从左到右依次放置蜡烛、凸透镜、光屏。凸透镜焦距是f＝10cm，当光屏距凸透镜26cm时，烛焰在光屏上成清晰的像（选填“放大”、“缩小”或“等大”）。（1）若凸透镜不动，将光屏和烛焰都向左移动2cm，光屏上的像变模糊。若要使光屏上的像清晰，则可以在透镜左侧靠近透镜处放置一个合适的（选填“远”或“近”）视眼镜片，或者将透镜适当向（选填“左”或“右”）移一些。（2）小红同学取一发光的小电灯放在该凸透镜的一倍焦距处，在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小将（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（3）同组的小华同学用甲、乙两个不同焦距的凸透镜分别距离课本上的字10cm处观察到两种情景，如图2所示。再将两透镜到课本的距离调整为5cm，则下列说法正确的有。A.甲、乙所成的像都变为正立、放大的像B.甲的焦距小于乙的焦距C.甲所成的像与物在透镜的两侧，乙所成的像与物在透镜的同侧24．用同一个液体压强计“探究影响液体内部压强的因素”。（1）使用压强计前要检查装置；（2）把压强计的探头浸入水中一定深度，把探头分别朝向不同方向，发现U形管左右两侧的液面高度差保持不变，说明在同种液体内部的同一深度，的压强相等；（3）将探头置于水中某一深度处，如图A，结合图中的现象，可以得出液体内部压强大小和深度有关，据此，再结合C和图中的现象，可知液体内部压强大小和液体密度有关。五．解答题（共6小题）25．杭州亚运会用机器狗为运动员运输铁饼。机器狗自身质量为18kg，每只脚与地面接触面积为50cm2，运输的铁饼质量为2kg，每次运输的平均时间约为34s，机器狗匀速直线运动的速度约为3.5m/s，前进过程中驱动力为40N。（1）机器狗运输铁饼的过程中，铁饼相对于机器狗是的；（2）机器狗背上铁饼站立在水平地面上，求机器狗对地面的压强；（3）机器狗匀速直线运动时做功的功率为多少瓦？26．年初，南京下了一场霰（xiàn），车顶上积了一层，使车辆对地面的压强增大了1.5×104Pa，车辆与地面间总受力面积为600cm2。（1）某车上有激光雷达，光在真空中的传播速度为m/s，普通倒车雷达利用波；（2）若车辆以20m/s的速度匀速直线行驶2h，路程为km；（3）求车辆上积攒霰的重力。27．一辆燃油汽车的质量为1.2t，其车轮与地面的总接触面积为1000cm2，发动机的最大输出功率为20kW。求：（1）该车静止在水平路面上时对路面的压强。（2）若该车以最大输出功率行驶1h，能量转换效率为25%，则需要消耗多少千克的燃油（燃油热值q＝4.5×107J/kg）？（3）行驶过程中，该车以17m/s的速度驶入长500m的平直隧道，在刚进入隧道时鸣笛5s，在隧道另一端口的护路工人听到鸣笛的时间为s（空气中声速为340m/s）。28．红砖块作为建筑的必需品，红砖是以粘土，页岩，煤矸石等为原料，经粉碎，混合捏练后以人工或机械压制成型，经干燥后在900摄氏左右的温度下以氧化焰烧制而成的烧结型建筑砖块，由古罗马人发明。某学习小组对红砖块进行了研究。（1）红砖块视为红色，是因为它（选填“吸收”或“反射”）了红色光。（2）经称量，一块红砖块质量约为2.65kg，它的重力是多少？（g＝10N/kg）（3）为测量红砖块的密度，学习小组取样进行分析，用天平测出部分红砖块的质量为18g，将其浸没在装满水的溢水杯中，测得溢出水的质量是10g。该红砖块的密度是多少？（假设红砖不吸水，ρ水＝1×103kg/m3）29．梅雨季节，湿衣服久晾不干，令人烦恼。小黄同学设计了一款自动控制“干衣神器”，其部分电路如图甲所示。器材：开关、电源转换器（将220V交流电压转换为6V直流电压）、定值电阻R0、热敏电阻Rx（电阻随温度的变化关系如图乙所示）、电磁继电器（线圈电阻不计，当线圈中电流大于或等于0.2A时衔铁被吸下）、电风扇、电热丝（电阻不变）。功能：①闭合开关S，当温度t≤60℃时，机器吹热风；当t＞60℃时，机器吹冷风；②受控电路（220V工作电路）吹热风时功率为120W，吹冷风时功率为20W。（1）请以笔画线代替导线完成图甲电路连接。（2）定值电阻R0的阻值为多少Ω？（3）电热丝的阻值为多少Ω？30．如图甲所示是家用燃气报警器的部分电路示意图，其中控制电路中的R1是由气敏电阻制成的传感器，R1的阻值与燃气浓度的关系如图乙，出厂预设当燃气浓度达到6%时报警。出厂测试时，控制电路的电源电压为3V且保持恒定，闭合开关S1、S2，移动滑动变阻器R2滑片P的位置，当控制电路中的电流为0.03A时，电磁铁恰好能将衔铁吸下（电磁铁线圈的阻值忽略不计）。（1）由图乙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值将，控制电路的总功率；按出厂预设，当燃气浓度达到6%报警时，灯亮。（2）该报警器要达到出厂预设值，求滑动变阻器应接入电路的阻值大小。（3）若想将报警时的燃气浓度值调低到4%，请通过计算提出两种具体改进方法。

2024年菁优南京中考物理终极押题密卷1参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）1．关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A．原子由原子核和核外电子组成 B．光年是时间的单位 C．破镜难圆，说明分子间存在斥力 D．太阳是宇宙的中心【考点】人类探究太阳系及宇宙的历程；光的传播速度与光年；分子间的作用力；原子的核式模型．【专题】粒子与宇宙、材料世界；理解能力．【答案】A【分析】（1）原子由原子核和核外电子组成；（2）光年是光在真空中一年通过的路程，是长度单位；（3）分子间距离超过分子直径的10倍时，分子间作用力非常小，可以忽略；（4）宇宙没有中心。【解答】解：A、原子由原子核和核外电子组成，故A正确；B、光年是长度单位，故B错误；C、破镜难圆是因为分子间距离过大，分子间作用力可以忽略不计，故C错误；D、太阳是太阳系的中心，宇宙没有中心，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了原子的结构、光年、分子间作用力、人类探究宇宙的历程，属于基础内容，难度不大。2．下面是应用人工智能做的四句诗，其中关于物态变化的分析错误的是（）A．“露凝芳草间”，“露凝”是液化现象 B．“雾开山露颜”，“雾开”是升华现象 C．“霜降红枫醉”，“霜降”是凝华现象 D．“冰融水潺潺”，“冰融”是熔化现象【考点】升华和凝华的定义与特点；熔化与熔化吸热的特点；液化及液化的放热特点．【专题】应用题；温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；应用能力．【答案】B【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。【解答】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故A正确；B、“雾开”是小水珠变为水蒸气的过程，属于汽化现象，故B错误；C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故C正确；D、“冰融”是冰变为水的过程，属于熔化现象，故D正确。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。3．如图所示，在试管中加入少量水，用嘴对着试管吹气，使其发出声音，仅改变试管内的水量，发出的声音变化主要是（）A．响度 B．音调 C．音色 D．速度【考点】音调与频率的关系．【专题】声现象；理解能力．【答案】B【分析】声音是由物体的振动产生的，振动的频率越高，音调越高。【解答】解：用嘴贴着试管口吹气，振动发声的是由于试管口内空气柱的振动发出的，当水量增加时，空气柱长度越短，振动的频率越高，音调越高，所以仅改变试管内的水量，发出的声音变化主要是音调。故选：B。【点评】本题考查声音的特性，属于基础题。4．下列几组生活现象与其蕴含的物理知识，对应完全正确的是（）A．甲图，带正电物体接触验电器金属球，两箔片因得到正电荷互相排斥张开 B．乙图，油罐车尾部拖着的铁链能把油罐车所带静电导入大地，从而防止静电危害 C．丙图，利用充电器给充电宝充电过程中，充电宝相当于简单电路中的电源 D．丁图，马路上的路灯总是同时亮同时灭，因为它们串联在同一电路中【考点】串、并联电路的概念与辨别；静电现象；验电器的原理及使用；电路的组成．【专题】电流和电路；分析、综合能力．【答案】B【分析】验电器原理同种电荷相互排斥。铁属于导体，把油和桶摩擦产生的静电导入大地，这样能够防止静电带来的危害。用电器：用电来工作的设备，工作时将电能转化为其他形式的能。电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。【解答】解：A．用带正电体接触验电器时，两箔片因失去电子而带正电，由于同种电荷相互排斥金属箔张开，故A错误；B．铁链是导体，是为了把油和桶摩擦产生的静电导入大地，这样能够防止静电带来的危害，故B正确；C．利用充电器给充电宝充电过程中，消耗了电能，相当于用电器，故C错误；D．马路上的路灯虽然总是同时亮同时灭，但是它们在使用时互不影响，因此它们并联在同一电路中。故D错误。故选：B。【点评】此题考查了验电器的工作原理、静电现象、电路的组成及连接方式，属于基础知识。5．控制变量法和转换法是两种比较常用的物理实验方法。如图所示的各项实验中没有同时用到这两种方法的是（）A．甲：探究声音产生的原因，将正在发出声音的音叉放入水中，观察到音叉周围溅起许多水花 B．乙：探究影响导体电阻大小的因素 C．丙：探究不同物质的吸热能力 D．丁：探究电流产生的热量与电阻的关系【考点】物理学方法．【专题】实验题；其他综合题；实验基本能力．【答案】A【分析】（1）研究一个量与多个变量的关系时，每次研究与其中一个量的关系，而控制其它的量不变，这就是控制变量法；（2）物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。结合不同实验中所用到的方法可做出判断。【解答】解：A、甲实验中，将音叉的振动转换为激起的水花，使现象更明显，用到了转换法，故A符合题意；B、乙实验中，通过电流表的示数大小反映导体电阻的大小，用到了转换法；每次只研究电阻大小与其中一个量的关系，控制其它的量不变，用到了控制变量法，故B不合题意；C、丙实验中，通过加热时间反映物质吸热的多少，用到了转换法；研究不同物质的吸热能力时，控制它们的质量相同，用到了控制变量法，故C不合题意；D、丁实验中，通过温度计示数的变化反映电阻产生热量的多少，用到了转换法；研究电流产生的热量与电阻的关系时，控制电流大小、通电时间相同，用到了控制变量法，故D不合题意。故选：A。【点评】本题考查了对转换法和控制变量法的理解与应用，这是物理学中最常见的两种方法，是我们应该熟练掌握的。6．以下有关物理事实的描述正确的是（）A．地球是宇宙的中心 B．电子的发现说明分子是可分的 C．电视机发出的光是由红、黄、蓝三种颜色光按一定比例混合而成 D．白炽灯发光产生的内能无法自动地转化为电能，说明能量的转化具有方向性【考点】能量的转化与转移的方向性；人类探究太阳系及宇宙的历程；色光的三原色和色光的混合．【专题】应用题；其他综合题；应用能力．【答案】D【分析】（1）宇宙是一个有层次的天体结构，没有固定的中心；（2）电子的发现说明原子是可分的；（3）红、绿、蓝被称为光的三原色；（4）能量的转化和转移具有方向性。【解答】解：A、宇宙是一个有层次的天体结构，从目前研究的成果来看，宇宙没有固定的中心，故A错误；B、电子的发现说明原子是可以再分的，故B错误；C、电视机发出的光是由红、绿、蓝三种颜色光按一定比例混合而成，故C错误；D、白炽灯发光产生的内能无法自动地转化为电能，说明能量的转化具有方向性，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了对宇宙的认识、对微观粒子的了解、对光的三原色的了解、对能量转化方向性的应用，综合性强，但难度不大。7．图甲中，开关闭合后风车能连续转动，下列图中与此原理相同的是（）A． B． C． D．【考点】磁场对通电导线的作用．【专题】磁现象、电生磁；分析、综合能力．【答案】B【分析】（1）开关闭合后风车能连续转动，说明该装置是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力运动。（2）逐个分析四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。【解答】解：图甲中，开关闭合后风车能连续转动，说明该装置是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力运动。A．由图可知，各磁铁相互排斥，是磁极间的相互作用，故A不正确；B．由图知，通电导体在磁场中受到力运动，故B正确；C．接通电路，小磁针偏转说明通电导体周围存在磁场，故C不正确；D．图中没有电源，是发电机的原理图，导体棒切割磁感线会产生感应电流，是电磁感应现象，故D不正确。故选：B。【点评】本题关键是明确电磁感应现象的产生条件是导体做切割磁感线运动、通电导体在磁场中受力运动，是一道基础题目。8．关于惯性，下列四个现象的说明正确的是（）A．苹果从树上加速落下，说明苹果有惯性 B．.拍打刚晒过的被子，灰尘脱落，说明被子有惯性 C．.射出枪膛的子弹，仍能在空中飞行，说明子弹有惯性 D．.汽车紧急刹车时，车上的人会向前倾，说明车有惯性【考点】惯性与惯性现象．【专题】应用题；运动和力；应用能力．【答案】C【分析】惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体本身固有的属性，任何物体在任何状态下都有惯性。【解答】解：A、苹果从树上加速落下，是因为苹果受到重力的结果，故A错误；B、用手拍打刚晒过的被子上的灰尘，被子运动，灰尘由于惯性保持原来的静止状态，在重力作用下掉在地上，说明灰尘有惯性，故B错误；C、射出枪膛的子弹，仍能在空中飞行，是因为子弹具有惯性，仍保持原来的运动状态，故C正确；D、乘客站在静止的汽车上，当汽车紧急刹车时，乘客的脚随车一起紧急减速，而身体由于惯性仍会保持原来的静止状态，所以会向前倾，说明人具有惯性，故D错误。故选：C。【点评】此题主要考查学生对惯性现象的理解，惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。9．为解决起雾问题，在护目镜上加一层石墨烯材料，并用锂电池通电，使护目镜温度与体温一致，这利用了石墨烯的哪两种物理属性（）A．熔点与沸点 B．硬度与弹性 C．磁性与延展性 D．导电性与透光性【考点】物质的基本属性．【专题】粒子与宇宙、材料世界；理解能力．【答案】D【分析】石墨烯是一种新材料，它的物理性质是延展性好、导电性和导热性好、透光性、硬度大、熔点高等特点。【解答】解：石墨烯制成的防雾护目镜，能够通电加热，这说明石墨烯具有良好的导电性；用石墨烯材料制成的防雾护目镜能够让医护人员看清物体，这说明石墨烯具有良好的透光性，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了生活中的物态变化现象以及石墨烯材料的特性，属于基础知识的考查，比较简单。10．如图所示，甲、乙是两个相同的烧杯，里面装有密度不同的两种液体，将两个相同的物体A、B分别放入两杯中，静止时甲、乙中液面刚好相平。此时，设A物体受到的浮力为F1，甲中液体对烧杯底部的压强为p1，甲杯对水平面压强为p1′，B物体受到的浮力为F2，乙中液体对烧杯底部的压强为p2，乙杯对水平面压强为p2′，则（）A．F1＝F2，p1＞p2，p1′＞p2′ B．F1＝F2，p1＜p2，p1′＝p2′ C．F1＜F2，p1＝p2，p1′＝p2′ D．F1＞F2，p1＝p2，p1′＞p2′【考点】物体的浮沉条件及其应用；固体压强大小比较；液体压强的比较大小．【专题】压强、液体的压强；浮力；浮沉的应用；分析、综合能力．【答案】A【分析】（1）物体漂浮时，浮力等于自身的重力；（2）根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，甲、乙烧杯中液体密度的大小关系；根据p＝ρgh可知甲、乙烧杯中液体对烧杯底部的压强大小关系；（3）由图可知甲、乙烧杯中液体的体积关系，根据ρ＝可知甲、乙烧杯中液体的质量关系，据此可知甲、乙中的液体重力关系，烧杯对水平地面的压力等于烧杯、液体和烧杯中物体的重力之和，根据p＝可知烧杯对水平地面的压强关系。【解答】解：（1）由图可知，A物体漂浮在甲烧杯的液面上，则A物体受到的浮力F1＝GA，B物体漂浮在乙烧杯的液面上，则B物体受到的浮力F2＝GB，由于A、B是两个相同的物体，所以A物体和B物体的重力相等，即GA＝GB，所以A物体受到的浮力等于B受到的浮力，即F1＝F2；（2）由图可知，A物体排开液体的体积小于B物体排开液体的体积，由于A物体受到的浮力等于B受到的浮力，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，甲烧杯中液体的密度大于乙烧杯中液体的密度；根据题意可知，静止时甲、乙中液面刚好相平，由p＝ρgh可知，甲烧杯中液体对烧杯底部压强p1大于乙烧杯中液体对烧杯底部的压强p2，即p1＞p2；（3）由图可知，甲烧杯液体的体积大于乙烧杯中液体的体积，由于甲烧杯中液体的密度大于乙烧杯中液体的密度，根据ρ＝的形变公式m＝ρV可知，甲烧杯液体的质量大于乙烧杯中液体的质量，根据G＝mg可知，甲烧杯中液体的质量大于乙烧杯中液体的重力；由于甲、乙是两个相同的烧杯，A、B是两个相同的物体，所以甲烧杯中烧杯、液体和烧杯中物体的重力之和大于乙烧杯中烧杯、液体和烧杯中物体的重力之和，则甲烧杯对地面的压力大于乙烧杯对地面的压力，根据p＝可知，甲烧杯水对地面的压强p1′大于乙烧杯对地面的压强p2′，即p1′＞p2′；综合以上分析可知，A正确、BCD错误。故选：A。【点评】本题考查物体的浮沉条件、阿基米德原理、液体压强公式以及压强定义公式的应用，是一道综合题，有一定的难度。11．图甲所示为一种手环“计步器”，其内部有一块磁铁密封在绕有线圈的塑料管中。走路时，磁铁在管中运动，线圈输出变化的电流，实现计步。图乙中能反映其工作原理的是（）A．①和③ B．①和② C．③和④ D．②和④【考点】电磁感应现象．【专题】电动机、磁生电；应用能力．【答案】D【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应现象；这一过程中，将机械能转化为电能。【解答】解：根据“计步器”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反复运动，切割线圈而产生电流。因此，计步器的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化为电能；①说明通电导体在磁场中受力作用，不符合题意；②是电磁感应现象，计步器是利用电磁感应现象来工作的，符合题意；③是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，不符合题意；④是电磁感应现象，计步器是利用电磁感应现象来工作的，符合题意；故选：D。【点评】本题主要考查的是对电磁感应现象的理解，难度不大。12．如图所示电路，电源电压保持不变，R1：R2＝1：2。先将单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，电压表示数为6V，电流表示数为I1；只闭合开关S2、S4，滑片P移至中点时，电压表示数为2V，电流表示数为I2。再将S3拨至触点b，只闭合开关S1、S2时，电流表示数为0.3A。下列说法中正确的是（）A．电源电压为12V B．I1：I2＝2：3 C．电路最小功率为5.4W D．滑动变阻器的最大阻值为30Ω【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【专题】电能和电功率；科学探究能力．【答案】C【分析】（1）将单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，定值电阻R0和滑动变阻器R最大阻值串联接入电路，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流，电压表示数为6V，电流表示数为I1，可得电源电压表达式①，将单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S2、S4，滑片P移至中点时，灯泡L和滑动变阻器阻值串联接入电路，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流，可得电源电压表达式②，由电压表两次示数可得电流I1：I2；（2）已知RL＝2R0，由①②可得6V+3IR0＝2V+2I•2R0，解得IR0＝4V，即可求出电源电压；（3）再将单刀双掷开关S3拨至触点b，只闭合开关S1、S2时，灯泡L和定值电阻R0串联接入电路，电流表示数为0.3A，求得电路总电阻R总＝3R0，由R总＝可知R0和RL的阻值，将单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，定值电阻R0和滑动变阻器R最大阻值串联接入电路，电压表测量滑动变阻器两端电压，电压表示数为6V，由串联电路电压规律、串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R的最大阻值；由电功率公式P＝UI可知，当电源电压U一定时，电路的最大功率P最大时即要求电路中电流达到最大值，当单刀双掷开关S3拨至触点a，闭合开关S1、S2，滑片P位于最左端，即R0和RL并联时，电路中的电流最大，电路的最大功率Pmax＝UImax可得功率的最大值。【解答】解：A．当单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，R1与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，滑片P位于最右端时，滑动变阻器的阻值最大，由串联电路电流特点与欧姆定律得则电源电压为只闭合开关S2、S4，R2与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，滑片P移至中点时，电源电压因R1：R2＝1：2，解得R1＝2RPmax当单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，由串联电路电流特点与欧姆定律得，电阻R1与滑动变阻器的两端电压之比为则U1＝2UP＝2×6V＝12V利用串联电路的电压关系可知电源电压U＝U1+UP＝12V+6V＝18V故A错误；B．单刀双掷开关S3拨至触点a，只闭合开关S1、S4，滑片P位于最右端时，电阻R1与滑动变阻器的最大电阻串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器的电压，电压表示数为6V，电流表示数为I1，则只闭合开关S2、S4，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量变阻器电压，滑片P移至中点时，电压表示数为2V，电流表示数为I2，则所以I1：I2＝3：2故B错误；C．将单刀双掷开关S3拨至触点b，只闭合开关S1、S2时，R1与R2串联，电流表测量电路电流，此时电路的电功率最大P＝UI＝18V×0.3A＝5.4W故C正确；D．将单刀双掷开关S3拨至触点b，只闭合开关S1、S2时，R1与R2串联，电流表测量电路电流，此时电路总电阻为因R1：R2＝1：2，R1＝2RPmax解得RPmax＝10Ω故D错误。故选：C。【点评】本题考查单刀双掷开关情形下的欧姆定律、电功率的综合运算，有一定难度。二．填空题（共7小题）13．图甲所示是汽油机的压缩冲程，该冲程中燃气的内能是通过做功方式改变的。某汽车发动机的能量流向如图乙所示，完全燃烧0.7kg的汽油，输出的有用功为9.66×106J，废气带走的能量最多能使253kg的水升高10℃。[q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]【考点】热机的效率；做功改变物体内能；热量的计算；四冲程内燃机的工作过程．【专题】应用题；比热容、热机、热值；应用能力．【答案】压缩；做功；9.66×106；253。【分析】（1）内燃机的一个工作循环有四个冲程，即吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程即进气门和排气门都关闭，活塞由下向上运动，压缩空气做功，使气缸内气体内能增加，温度升高；对于做功冲程，即气缸内的混合物被引燃，导致气缸内产生高温高压燃气，这些燃气推动活塞做功，使活塞由上向下运动；（2）改变内能有两种方式：即做功和热传递；（3）先根据公式Q＝mq计算出完全燃烧0.7kg汽油放出的热量，再根据有用功所占的百分比计算有用功；（4）计算出废气带走的热量即水吸收的热量，根据Q吸＝cmΔt可以求出水的质量。【解答】解：图甲中，两个气门都关闭，活塞向上运动，故为压缩冲程；该冲程中燃气的内能是通过做功方式改变的；完全燃烧0.7kg的汽油放出的热量Q＝mq汽油＝0.7kg×4.6×107J/kg＝3.22×107J，由图乙可知输出的有用功在释放的总热量中所占的百分比即效率η＝100%﹣33%﹣30%﹣7%＝30%，则输出的有用功W有用＝ηQ＝30%×3.22×107J＝9.66×106J；废气带走的热量Q气＝33%×3.22×107J＝1.0626×107J，由题意可知，水吸收的热量Q吸＝1.0626×107J，已知Δt＝10℃，根据公式Q吸＝cmΔt可得m＝＝＝253kg；故答案为：压缩；做功；9.66×106；253。【点评】本题以汽车为背景中，考查了多个物理知识点，包括能量的转化、效率的公式、吸热的公式等，综合性很强，有一定的难度，值得我们关注。14．卫星电视节目通过离地面36000km的地球同步卫星转播。同步卫星利用电磁波传递信息以地面上的信号发射台为参照物，同步卫星是静止（选填“运动”或“静止”）的。【考点】电磁波的传播与应用；运动和静止的相对性．【专题】信息的传递；理解能力．【答案】电磁波；静止。【分析】（1）电磁波可传递信息和能量。（2）运动和静止是相对的，判断一个物体的运动状态，关键是看被研究的物体与所选的标准，即与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止。【解答】解：同步卫星利用电磁波传递信息。地球同步卫星是指位于赤道上空一定高度上与地球保持相对静止的卫星，它与地球转动同步，故称地球同步卫星，故以地面上的信号发射台为参照物，同步卫星是静止的。故答案为：电磁波；静止。【点评】本题考查电磁波的相关知识、运动的相对性，难度不大，要掌握。15．“以水为礼，以鼓迎宾”。在杭州19届亚运会开幕式上，伴随着19面水鼓敲响（如图），迎宾表演《水润秋辉》正式开始。鼓声是由鼓面的振动而产生的，激起的水花越多，说明鼓声的响度越大。【考点】响度与振幅的关系；声音的产生．【专题】声现象；理解能力．【答案】振动；响度。【分析】声音是由物体的振动产生的；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关。【解答】解：声音是由物体的振动产生的，鼓声是由鼓面的振动而产生的；激起的水花越多，说明鼓声的振幅越大，响度越大。故答案为：振动；响度。【点评】本题考查声音的产生、响度的影响因素，属于基础题。16．“天宫一号”飞船逐渐靠近空间站，空间站相对于飞船是运动（选填“静止”或“运动”）的，助推器喷气使飞船的速度变快，这说明力能改变物体的运动状态，在运动过程中飞船的惯性变小。（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】力的作用效果．【专题】运动和力；应用能力．【答案】见试题解答内容【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；力可以改变物体的运动状态；物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。【解答】解：“天宫一号”飞船逐渐靠近空间站，空间站相对于飞船位置不断变化，所以是运动的；力可以改变物体的运动状态，所以助推器喷气使飞船的速度变快；惯性大小只跟物体的质量大小有关；助推器喷气使飞船的速度变快过程中，因消耗了燃料，所以飞船的质量变小，则飞船的惯性变小。故答案为：运动；运动状态；变小。【点评】此题是一道力现象的综合题，考查了运动和静止的相对性、力的作用效果及惯性的影响因素，涉及的知识点较多，难度不大。17．（1）如图甲所示的轻质杠杆AB，O为支点，动力F1的作用线是PQ，物体M放在C点，其中OC＝OD。当杠杆处于水平平衡时，F1沿PQ线向下（选填“上”或“下”），该杠杆为费力杠杆。（2）用如图乙所示的滑轮组竖直向上匀速提升重物，动滑轮重为40N，不计摩擦和绳重。若物重为300N，将重物匀速提升2m用时5s，则有用功是600J，拉力做功的功率为136W；若滑轮组的机械效率为80%，则物重为160N。【考点】滑轮（组）的机械效率；杠杆的平衡条件；杠杆的分类；有用功和额外功；功率的计算及公式的应用．【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．【答案】（1）下；费力；（2）600；136；160【分析】（1）为使杠杆平衡，动力与阻力的作用效果应该相反，据此确定拉力F1的方向；确定动力臂、阻力臂的大小关系，得出杠杆类型。（2）利用W＝Gh求克服物体重力做的有用功；不计摩擦和绳重，利用W＝Gh求克服动滑轮重力做的额外功，拉力做的总功W总＝W有用+W额，再利用P＝求拉力做功的功率；不计摩擦和绳重，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，据此滑轮组的机械效率为80%时提升物体的重力大小。【解答】解：（1）O为支点，阻力为物体M对杠杆的压力，方向竖直向下，使杠杆逆时针转动；为使杠杆平衡，拉力F1应使杠杆顺时针转动，拉力F1的方向应该为沿PQ向下；阻力臂L2＝OC＝OD，动力臂L1＜OD，所以动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。（2）克服物体重力做的有用功：W有用＝Gh＝300N×2m＝600J；不计摩擦和绳重，克服动滑轮重力做的额外功：W额＝G动h＝40N×2m＝80J，拉力做的总功：W总＝W有用+W额＝600J+80J＝680J，拉力做功的功率：P＝＝＝136W；不计摩擦和绳重，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，若滑轮组的机械效率为80%，即＝80%，＝80%，解得物重：G′＝160N。故答案为：（1）下；费力；（2）600；136；160。【点评】本题考查了杠杆分类，以及使用滑轮组时有用功、额外功、总功、物体重力的计算，注意利用好关系式：不计摩擦和绳重，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝。18．如图为磁悬浮蓝牙音箱，该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，这是根据同名磁极相互排斥的原理实现的。若重力突然消失，此时底座对水平桌面有（有/没有）压力。【考点】磁极间的相互作用；压力．【专题】磁现象、电生磁；应用能力．【答案】排斥；有。【分析】（1）磁极间相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（2）重力突然消失的瞬间，箱体与底座仍存在相互排斥的力。故底座受到箱体给它的一个向下的排斥力，故底座还是会对桌面有一个压力。【解答】解：磁极间相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。重力突然消失的瞬间，箱体与底座仍存在相互排斥的力，底座受到箱体给它的一个向下的排斥力，故底座还是会对桌面有一个压力。故答案是：排斥；有。【点评】该题考查了磁极间的相互作用，以及对力这个概念的理解。19．图甲为某热敏电阻RT的阻值随温度t变化的图象。图乙是利用RT改装成的温度显示器电路图，定值电阻R0＝100Ω，电源电压可调节，将电压表V1的表盘的刻度改成相应的温度刻度，测量时，将RT放入待测温度处，闭合开关，调节电源电压，每次都使V2表的示数保持0.2V不变，再从V1表盘上读出待测温度t。（1）在标准大气压下，将RT放入冰水混合物中时，RT的阻值是520Ω；（2）测温时，保持R0两端电压为0.20V，RT两端的电压随温度升高而变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）某次测温时，V1表盘上显示的温度是15℃，此时电源电压为1V；（4）若电源电压可在0.6～1.2V之间调节，该热敏电阻温度计的测温范围为2.5℃～40℃。【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律；应用能力．【答案】（1）520；（2）变小；（3）1；（4）2.5；40。【分析】（1）在标准大气压下，冰水混合物的温度为0℃，根据图乙读出RT的阻值；（2）测温时，保持R0两端电压为0.20V时，每次都使V2表的示数保持0.2V不变，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据图乙可知热敏电阻R1的阻值随温度的变化，根据欧姆定律得出R1两端的电压与温度的关系；（3）根据图乙可知，RT与t的关系为一次函数，设为RT＝kt+b，然后把图中两组数据代入即可得出表达式，根据表达式求出V1表盘上显示的温度是15℃时R1的阻值，根据欧姆定律求出V1的示数，利用串联电路的电压特点求出此时电源电压；（4）电源电压可在0.6V～1.2V之间调节，利用串联电路的电压特点求出此时热敏电阻两端的电压，利用欧姆定律求出此时热敏电阻的阻值，根据RT与t的关系求出对应的温度。【解答】解：（1）在标准大气压下，将RT放入冰水混合物中时，热敏电阻RT的温度为0℃，其阻值为520Ω；（2）测温时，每次都使V2表的示数保持0.2V不变，则电路中的电流为：I＝＝＝0.002A＝2mA，即保持2mA不变，因热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，所以，由U＝IR可知，RT两端的电压变小，即RT两端的电压随温度升高而变小；（3）由图乙可知，RT与t的关系为一次函数，设为：RT＝kt+b，把t＝0℃、RT＝520Ω和t＝30℃、RT＝280Ω代入可得：520Ω＝k×0℃+b，280Ω＝k×30℃+b，联立等式可得：k＝﹣8Ω/℃，b＝520Ω，则RT＝﹣8Ω/℃×t+520Ω，当V1表盘上显示的温度是15℃时，RT＝﹣8Ω/℃×15℃+520Ω＝400Ω，此时V1的示数：U1＝IRT＝2×10﹣3A×400Ω＝0.8V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时电源电压：U＝U1+U2＝0.8V+0.2V＝1V；（4）由题意可知，电源电压可在0.6V～1.2V之间调节，当电源的电压U′＝0.6V时，热敏电阻两端的电压：U1′＝U′﹣U2＝0.60V﹣0.20V＝0.40V，此时热敏电阻的阻值：RT′＝＝＝200Ω，由RT＝﹣8Ω/℃×t+520Ω可得，t′＝40℃；当电源的电压U″＝1.20V时，热敏电阻两端的电压：U1″＝U″﹣U2＝1.20V﹣0.20V＝1.00V，此时热敏电阻的阻值：RT″＝＝＝500Ω，由RT＝﹣8Ω/℃×t+520Ω可得，t″＝2.5℃，所以，该热敏电阻温度计测量温度的范围为2.5～40℃；故答案为：（1）520；（2）变小；（3）1；（4）2.5；40。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键，有一定的难度。三．作图题（共3小题）20．如图，在水平桌面上匀速拉动木块，请画出木块所受拉力F和摩擦力f的示意图。【考点】力的示意图与图示．【专题】作图题；重力、弹力、摩擦力；应用能力．【答案】【分析】由于木块水平向左做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的拉力F和摩擦力f是平衡力，大小相等，方向相反，作用点都在重心，据此画出二力的示意图。【解答】解：在水平桌面上匀速拉动木块，木块做匀速直线运动，所以它受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，则摩擦力方向为水平向左，两个力大小相等，作用点都画在物体的重心上，故作图如下：【点评】本题考查了力的示意图的画法和物体受平衡力的判断。当物体静止或匀速直线运动时，受到的力是平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上。21．用笔画线代替导线，将插座、灯和开关（控制灯）分别接入家庭电路中。【考点】家庭电路的组成与连接．【专题】作图题；电与热、生活用电；应用能力．【答案】【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，这样断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：灯泡接法：为了安全，开关要接在火线与灯之间；三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示：【点评】本题考查了家庭电路的连接，在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。22．如图1所示，是一个钥匙形“瓶起子”，图2为其简化的示意图，图中O点为支点，A点为阻力作用点，请在B点画出所用最小的动力F1及对应的动力臂l1。【考点】杠杆中最小力的问题；力臂的画法．【专题】应用题；简单机械；应用能力．【答案】【分析】（1）力臂是指从支点到力的作用线的距离；（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1L1＝F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。【解答】解：由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在B点，则连接OB，OB即为最长的动力臂l1，此时所用动力最小；在使用瓶起子时，动力的方向应该向上，所以，过点B垂直于OB向上作出最小动力F1的示意图，如图所示：【点评】本题考查了杠杆中最小力的问题，解题的关键确定最长的动力臂并明确动力的方向。四．实验探究题（共2小题）23．做“凸透镜成像”实验时，小明同学从左到右依次放置蜡烛、凸透镜、光屏。凸透镜焦距是f＝10cm，当光屏距凸透镜26cm时，烛焰在光屏上成清晰放大的像（选填“放大”、“缩小”或“等大”）。（1）若凸透镜不动，将光屏和烛焰都向左移动2cm，光屏上的像变模糊。若要使光屏上的像清晰，则可以在透镜左侧靠近透镜处放置一个合适的近（选填“远”或“近”）视眼镜片，或者将透镜适当向左（选填“左”或“右”）移一些。（2）小红同学取一发光的小电灯放在该凸透镜的一倍焦距处，在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（3）同组的小华同学用甲、乙两个不同焦距的凸透镜分别距离课本上的字10cm处观察到两种情景，如图2所示。再将两透镜到课本的距离调整为5cm，则下列说法正确的有AB。A.甲、乙所成的像都变为正立、放大的像B.甲的焦距小于乙的焦距C.甲所成的像与物在透镜的两侧，乙所成的像与物在透镜的同侧【考点】探究凸透镜成像的规律．【专题】实验题；透镜及其应用；实验基本能力．【答案】放大；（1）近；左；（2）不变；（3）AB。【分析】根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像；（1）凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小、物距变小，像距变大，像变大；近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用；（2）过焦点的光经凸透镜折射后平行于主光轴，由此分析光屏上光斑的大小变化；（3）根据已知条件，结合凸透镜成像规律确定甲、乙两凸透镜的焦距范围，当u＜f时凸透镜成正立、放大的虚像，像与物在同侧。【解答】解：凸透镜焦距是f＝10cm，当光屏距凸透镜26cm，此时v＞2f，成倒立、放大的实像；（1）凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小，且成倒立、放大的实像时，物距变化小于像距变化；凸透镜不动，将光屏和烛焰都向左移动2cm，此时物距增大，像距变小，所以清晰像成在了光屏的左侧，可在透镜左侧靠近透镜处放置一个近视眼镜片，近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会将光线推迟会聚成像；若移动透镜，需要减小物距，增大像距，从而使清晰像成在光屏上，故凸透镜向左移动；（2）小电灯放在该凸透镜的一倍焦距处，经凸透镜折射后平行于主光轴，所以在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小不变；（3）图甲中，用凸透镜观察书上的“中学物理”中间的两个字，看到的是倒立、放大的实像，f甲＜u＜2f甲，即f甲＜10cm＜2f甲，故5cm＜f甲＜10cm﹣﹣﹣﹣﹣①；乙图中，看到中间两个字是正立、放大的虚像，故10cm＜f乙﹣﹣﹣﹣﹣②，A、现将两透镜到课本的距离调整为5cm，故两种情况物距都小于焦距，故甲、乙所成的像都是正立、放大的像，故A正确；B．由①②，甲的焦距小于乙，故B正确；C．凸透镜成正立、放大的虚像时，像与物都在透镜的同侧，故C错误；故选：AB。故答案为：放大；（1）近；左；（2）不变；（3）AB。【点评】本题是凸透镜成像的实验，牢固掌握凸透镜成像的规律是解题的关键。24．用同一个液体压强计“探究影响液体内部压强的因素”。（1）使用压强计前要检查装置气密性；（2）把压强计的探头浸入水中一定深度，把探头分别朝向不同方向，发现U形管左右两侧的液面高度差保持不变，说明在同种液体内部的同一深度，向着各个方向的压强相等；（3）将探头置于水中某一深度处，如图A，结合B图中的现象，可以得出液体内部压强大小和深度有关，据此，再结合C和D图中的现象，可知液体内部压强大小和液体密度有关。【考点】探究液体内部的压强．【专题】实验题；探究型实验综合题；实验基本能力．【答案】（1）气密性；（2）向着各个方向；（3）B；D。【分析】（1）用手指按压强计的橡皮膜，观察U形管的两侧液面高度差来检查装置气密性；（2）在同种液体内部的同一深度，向着各个方向的压强相同；（3）液体压强大小跟液体深度和密度有关，探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟密度时，控制深度不变，改变密度的大小。【解答】解：（1）为了能使实验顺利进行，检查实验装置的气密性，使用前用手指按压强计的橡皮膜，观察U形管的两侧液面高度差；（2）把压强计的探头浸入水中一定深度，把探头分别朝向不同方向，发现U形管左右两侧的液面高度差保持不变，说明在同种液体内部的同一深度，向着各个方向的压强相同；（3）比较图A、B两幅图，可知：液体的密度一样，深度不同，液体的压强不同，所以可以得出：液体内部压强大小还跟液体的深度有关；比较C、D两幅图，可知：深度一样，液体的密度不同，液体的压强不同，所以可以得出：液体内部压强大小跟液体的密度有关。故答案为：（1）气密性；（2）向着各个方向；（3）B；D。【点评】此题主要考查的是学生对液体内部压强规律的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的应用，认识和会用U形管压强计，这是我们必须掌握的基本技能。五．解答题（共6小题）25．杭州亚运会用机器狗为运动员运输铁饼。机器狗自身质量为18kg，每只脚与地面接触面积为50cm2，运输的铁饼质量为2kg，每次运输的平均时间约为34s，机器狗匀速直线运动的速度约为3.5m/s，前进过程中驱动力为40N。（1）机器狗运输铁饼的过程中，铁饼相对于机器狗是静止的；（2）机器狗背上铁饼站立在水平地面上，求机器狗对地面的压强；（3）机器狗匀速直线运动时做功的功率为多少瓦？【考点】功率的计算及公式的应用；运动和静止的相对性；压强的计算．【专题】压强、液体的压强；功、功率、机械效率；应用能力．【答案】（1）静止；（2）机器狗对地面的压强为104Pa；（3）机器狗匀速直线运动时做功的功率为140W。【分析】（1）机器狗运输铁饼的过程中，判断出铁饼相对于机器狗的位置是否改变来判断铁饼的运动状态；（2）水平面上的物体对水平面的压力大小等于物体的重力，据此求出此时机器狗对地面的压力，再根据p＝求出机器狗对地面的压强；（3）根据P＝＝＝Fv求出机器狗匀速直线运动时做功的功率。【解答】解：（1）机器狗运输铁饼的过程中，铁饼相对于机器狗位置没有变化，是静止的；（2）机器狗对地面的压力为：F＝G总＝m总g＝（18kg+2kg）×10N/kg＝200N，则机器狗对地面的压强为：；（3）因为P＝＝＝Fv，所以机器狗匀速直线运动时做功的功率为：P＝F′v＝40N×3.5m/s＝140W。答：（1）静止；（2）机器狗对地面的压强为104Pa；（3）机器狗匀速直线运动时做功的功率为140W。【点评】本题主要考查运动状态的判断、压强及功率的计算，难度不大。26．年初，南京下了一场霰（xiàn），车顶上积了一层，使车辆对地面的压强增大了1.5×104Pa，车辆与地面间总受力面积为600cm2。（1）某车上有激光雷达，光在真空中的传播速度为3×108m/s，普通倒车雷达利用超声波；（2）若车辆以20m/s的速度匀速直线行驶2h，路程为144km；（3）求车辆上积攒霰的重力。【考点】电磁波的传播与应用；速度的计算和公式的应用；压强的计算．【专题】其他综合题；应用能力．【答案】（1）3×108；超声；（2）144；（3）车辆上积攒霰的重力为900N。【分析】（1）光在真空中的传播速度是3×108m/s；普通倒车雷达利用超声波传递信息。（2）根据速度公式进行计算。（3）根据压强公式进行计算。【解答】解：（1）光在真空中的传播速度为3×108m/s，普通倒车雷达利用超声波。（2）车辆行驶的路程为：s＝vt＝20m/s×2h＝20×3.6km/h×2h＝144km；（3）根据得到：G＝F＝pS＝1.5×104Pa×600×10﹣4m2＝900N。答：（1）3×108；超声；（2）144；（3）车辆上积攒霰的重力为900N。【点评】本题考查的是超声波、电磁波的特点及应用；会利用速度公式和压强公式进行计算。27．一辆燃油汽车的质量为1.2t，其车轮与地面的总接触面积为1000cm2，发动机的最大输出功率为20kW。求：（1）该车静止在水平路面上时对路面的压强。（2）若该车以最大输出功率行驶1h，能量转换效率为25%，则需要消耗多少千克的燃油（燃油热值q＝4.5×107J/kg）？（3）行驶过程中，该车以17m/s的速度驶入长500m的平直隧道，在刚进入隧道时鸣笛5s，在隧道另一端口的护路工人听到鸣笛的时间为4.75s（空气中声速为340m/s）。【考点】燃料的热值及其计算；速度的计算和公式的应用；压强的计算．【专题】应用题；其他综合题；应用能力．【答案】（1）该车静止在水平路面上时对路面的压强为1.2×105Pa；（2）需要消耗6.4kg的燃油；（3）在隧道另一端口的护路工人听到鸣笛的时间为4.75s。【分析】（1）该车静止在水平路面上时对路面的压力等于总重力，根据G＝mg计算该车的总重力，根据p＝计算对水平路面的压强；（2）根据W＝Pt计算该车发动机做的功，根据效率公式计算燃油完全燃烧释放的热量，根据m＝计算需要消耗燃油的质量；（3）分别求出笛声开始与结束时，声音到达护路工作的时间，两次时间相减得到护路工作听到笛声的时间。【解答】解：（1）该车静止在水平路面上时对路面的压力：F＝G＝mg＝1.2×103kg×10N/kg＝1.2×104N，对水平路面的压强：p＝＝＝1.2×105Pa；（2）该车发动机做的功：W＝Pt＝20×103W×3600s＝7.2×107J，燃油完全燃烧释放的热量：Q＝＝＝2.88×108J，需要消耗燃油m′＝＝＝6.4kg；（3）开始鸣笛时的声音到达护路工人的时间t＝＝≈1.47s，鸣笛结束时，列车与护路工人之间的距离s'＝500m﹣17m/s×5s＝415m，最后的笛声到达的时间t'＝+Δt＝+5s≈6.22s，护路工人听到鸣笛的时间t″＝t'﹣t＝6.22s﹣1.47s＝4.75s。答：（1）该车静止在水平路面上时对路面的压强为1.2×105Pa；（2）需要消耗6.4kg的燃油；（3）在隧道另一端口的护路工人听到鸣笛的时间为4.75s。【点评】本题考查了重力公式和压强公式、功率公式、做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式以及速度公式的应用等，涉及到的知识点较多，有一定的难度。28．红砖块作为建筑的必需品，红砖是以粘土，页岩，煤矸石等为原料，经粉碎，混合捏练后以人工或机械压制成型，经干燥后在900摄氏左右的温度下以氧化焰烧制而成的烧结型建筑砖块，由古罗马人发明。某学习小组对红砖块进行了研究。（1）红砖块视为红色，是因为它反射（选填“吸收”或“反射”）了红色光。（2）经称量，一块红砖块质量约为2.65kg，它的重力是多少？（g＝10N/kg）（3）为测量红砖块的密度，学习小组取样进行分析，用天平测出部分红砖块的质量为18g，将其浸没在装满水的溢水杯中，测得溢出水的质量是10g。该红砖块的密度是多少？（假设红砖不吸水，ρ水＝1×103kg/m3）【考点】重力的计算；物体的颜色；密度的计算与公式的应用．【专题】光的传播和反射、平面镜成像；密度及其应用；重力、弹力、摩擦力；应用能力．【答案】见试题解答内容【分析】（1）不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的；（2）由G＝mg可求得砖块的重力；（3）溢出水的体积与部分红砖块的体积相同，再利用密度公式求砖块密度。【解答】解：（1）不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，红砖块视为红色，是因为它反射了太阳光中的红色光；（2）砖块的重力G砖＝m砖g＝2.65kg×10N/kg＝26.5N；（3）将其浸没在装满水的溢水杯中，溢出水的体积与部分红砖块的体积相同，红砖不吸水，则部分红砖块体积V＝V砖＝＝10cm3，所以砖块的密度ρ砖＝＝1.8g/cm3＝1.8×103kg/m3。答：（1）反射；（2）经称量，一块红砖块质量约为2.65kg，它的重力是26.5N；（3）该红砖块的密度是1.8×103kg/m3。【点评】本题考查了物体的颜色、重力和密度的计算，属于基础题。29．梅雨季节，湿衣服久晾不干，令人烦恼。小黄同学设计了一款自动控制“干衣神器”，其部分电路如图甲所示。器材：开关、电源转换器（将220V交流电压转换为6V直流电压）、定值电阻R0、热敏电阻Rx（电阻随温度的变化关系如图乙所示）、电磁继电器（线圈电阻不计，当线圈中电流大于或等于0.2A时衔铁被吸下）、电风扇、电热丝（电阻不变）。功能：①闭合开关S，当温度t≤60℃时，机器吹热风；当t＞60℃时，机器吹冷风；②受控电路（220V工作电路）吹热风时功率为120W，吹冷风时功率为20W。（1）请以笔画线代替导线完成图甲电路连接。（2）定值电阻R0的阻值为多少Ω？（3）电热丝的阻值为多少Ω？【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【专题】电能和电功率；分析、综合能力．【答案】（1）见解答。（2）定值电阻R0的阻值为60Ω；（3）电热丝的阻值为484Ω。【分析】根据图象判断电阻随温度变化的关系，再根据对电路功能的要求，确定两电阻的连接情况，以及电风扇和电热丝的连接特点，最后连接电路图，并利用欧姆定律结合图象对定值电阻和电热丝的阻值进行计算。【解答】解：（1）由图知温度为60℃时，热敏电阻的阻值为60Ω，热敏电阻的阻值随温度的升高而增大（或热敏电阻的阻值随温度的降低而减小），若控制电路只有热敏电阻，则电流为I＝＝0.1A，电流小于0.2A（线圈电流大于0.2A时衔铁被吸下，线圈电流小于0.2A时衔铁被弹回），则需要将定值电阻R0和热敏电阻Rx并联连接时，线圈中电流才能达到0.2A，温度低于60℃时吹热风；根据图象可知，随温度的降低，Rx的阻值减小，控制电路中的电阻减小，电流变大，衔铁将被吸下，则电热丝要接在下方静触点上，电热丝和电风扇并联连接，电风扇不受电磁继电器的控制，电风扇直接接在火线和零线之间，如图所示：（2）根据题意和欧姆定律可得，衔铁即将吸下时控制电路的总电流：I＝+0.1A＝0.2A，即+0.1A＝0.2A，解得：R0＝60Ω；（3）由于吹热风时功率为120W、吹冷风时功率为20W，且电热丝和电风扇并联连接，所以电热丝消耗的功率为：P丝＝P热﹣P冷＝120W﹣20W＝100W，则电热丝的电阻为：R＝＝＝484Ω；答：（1）见解答。（2）定值电阻R0的阻值为60Ω；（3）电热丝的阻值为484Ω。【点评】本题考查了电路的设计、欧姆定律、电功率，是一道综合题，有一定的难度。30．如图甲所示是家用燃气报警器的部分电路示意图，其中控制电路中的R1是由气敏电阻制成的传感器，R1的阻值与燃气浓度的关系如图乙，出厂预设当燃气浓度达到6%时报警。出厂测试时，控制电路的电源电压为3V且保持恒定，闭合开关S1、S2，移动滑动变阻器R2滑片P的位置，当控制电路中的电流为0.03A时，电磁铁恰好能将衔铁吸下（电磁铁线圈的阻值忽略不计）。（1）由图乙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值将变小，控制电路的总功率变大；按出厂预设，当燃气浓度达到6%报警时，灯L2亮。（2）该报警器要达到出厂预设值，求滑动变阻器应接入电路的阻值大小。（3）若想将报警时的燃气浓度值调低到4%，请通过计算提出两种具体改进方法。【考点】电磁继电器的组成、原理和应用；欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】欧姆定律；应用能力．【答案】（1）变小；变大；L2；（2）70；（3）调节滑动变阻器的阻值为60Ω或调节电源电压为3.3V。【分析】（1）根据图乙分析气敏电阻R1的阻值变化，利用欧姆定律判断电路中电流的变化，然后结合P＝UI判断控制电路的总功率变化；当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲分析回答；（2）当燃气浓度达到6%时，根据图乙得到气敏电阻的阻值，根据欧姆定律求出此时控制电路的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的电阻值；（3）若想燃气浓度达到4%时报警，根据图乙得出此时气敏电阻的阻值，根据串联电路的电阻关系求出滑动变阻器接入电路的电阻，或调节电源电压。【解答】解：（1）由图乙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，控制电路电源电压保持恒定，根据P＝UI可知，控制电路的总功率变大；当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲可知，衔铁带动动触点与下方静触点接触，此时灯L2的工作电路连通，故灯L2亮；（2）当燃气浓度达到6%时，根据图乙可知，此时气敏电阻的阻值为：R1＝30Ω；此时控制电路中的电流为I＝0.03A，根据欧姆定律可知，此时控制电路的总电阻为：R＝＝＝100Ω；根据电阻的串联规律可知，滑动变阻器接入电路的电阻为：R2＝R﹣R1＝100Ω﹣30Ω＝70Ω；（3）根据图象可知：当燃气浓度值为4%时，气敏电阻R1的阻值为40Ω，方法一：控制电路中的电流为I＝0.03A，此时控制电路的总电阻为100Ω，调节滑动变阻器的阻值，当R2′＝R串﹣R1′＝100Ω﹣40Ω＝60Ω时，满足条件；方法二：调节电压，R串′＝R1′+R2＝40Ω+70Ω＝110Ω，调节电源电压U1′＝IR串′＝0.03A×110Ω＝3.3V时，满足条件。故答案为：（1）变小；变大；L2；（2）70；（3）调节滑动变阻器的阻值为60Ω或调节电源电压为3.3V。【点评】本题考查了电磁继电器的使用和串联电路的特点、欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息以及明白报警器的工作特点是关键。

考点卡片1．熔化与熔化吸热的特点【知识点的认识】熔化是通过对物质加热，使物质从固态变成液态的变化过程。熔化要吸收热量，是吸热过程。晶体有固定的熔化温度，叫做熔点，与其凝固点相等。晶体吸热温度上升，达到熔点时开始熔化，此时温度不变。晶体完全熔化成液体后，温度继续上升。熔化过程中晶体是固液共存态。非晶体没有固定的熔化温度。非晶体熔化过程与晶体相似，只不过温度持续上升，但需要持续吸热。【命题方向】熔化与熔化吸热特点，以及熔化是吸热还是放热是中考的方向例1：如图所示的各种自然现象的形成过程，属于熔化的是（）A．B．春天里冰雪消融夏天早晨花草上的露水C．D．深秋的早晨大雾弥漫初冬的早晨霜打枝头分析：（1）物态变化共有六种：①熔化是物质由固态变为液态；②凝固是物质由液态变为固态；③汽化是物质由液态变为气态；④液化是物质由气态变为液态；⑤升华是物质由固态变为气态；⑥凝华是物质由气态变为固态。（2）解决此题的关键是知道物态变化的名称，知道物质从固态变为液态的过程是熔化现象，依据各选项中的物态变化进行分析即可。解：A、冰雪消融是固态变成液态，是熔化现象，符合题意；B、露水是水蒸气遇冷凝结成小水滴，是液化现象，不符合题意；C、雾是水蒸气遇冷凝结成小水滴并与空气中的尘埃结合形成的，是液化现象，不符合题意；D、霜是水蒸气遇冷变成的小冰晶，是凝华现象，不符合题意。故选A。点评：此类问题是考查对物态变化过程中的熔化现象的理解与掌握情况，判断出物质变化前后的状态是解决此类问题的关键。例2：在0℃的环境中，把一块0℃的冰投入到0℃的水中，将会发生的现象是（）A．冰全部熔化B．冰有少部分熔化C．水有少部分凝固D．冰和水的原有质量不变分析：解决此题要知道熔化过程温度不变，但需要继续吸收热量；热传递发生的条件是要有温度差。解：把一块0℃的冰投入0℃的水里（周围气温也是0℃），所以没有温度差就没有热传递，冰因不能吸收热量所以不能继续熔化。故选D。点评：冰水混合物的温度是0℃，放在0℃房间里，温度相同，不能发生热传递，冰在熔点，无法吸热，不会熔化；水在凝固点，不能放热，不会结冰；所以冰、水的质量都保持不变。【解题方法点拨】在判断是否是熔化时一定要根据定义，判断是吸热还是放热要根据晶体与非晶体熔化时的特点，因此学生要牢记它们的特点。2．液化及液化的放热特点【知识点的认识】（1）定义：物质由气态转变为液态的过程叫做液化．液化是放热过程．（2）液化方法：①降低温度：只要科学条件允许，任何气体温度降到足够低的时候，都可以液化．②压缩体积：有的气体在常温下压缩体积就能液化，如一次性打火机中的丁烷．【命题方向】物态变化现象的判断和物态变化伴随的吸放热情况的判断是命题的要点．例1：用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”；夏天打开冰棒纸时，可以看到冰棒周围也出现“白气”，以下说法正确的是（）A．壶嘴里冒出的“白气”，是水沸腾时产生的水蒸气B．冰棒周围的“白气”是冰棒发生升华形成的水蒸气C．在这两种“白气”形成的过程中，都需要吸收热量D．这两种“白气”都是水蒸气液化形成的分析：物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态变为固态是凝华．解：（1）用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”，是壶嘴里冒出的温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；（2）夏天空气中有大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的冰棒凝结成小