内蒙古太仆寺旗宝昌第一中学2023-2024学年高一物理第二学期期末复习检测试题含解析_第1页
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内蒙古太仆寺旗宝昌第一中学2023-2024学年高一物理第二学期期末复习检测试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、(本题9分)在“验证力的平行四边形定则”的实验中,合力与分力的作用效果相同,这里作用效果是指()A.弹簧测力计的弹簧被拉长 B.固定橡皮条的图钉受拉力产生形变C.细绳套受拉力产生形变 D.使橡皮条在某一方向上伸长到某一长度2、下面说法中正确的是()A.速度变化的运动必定是曲线运动B.做匀速圆周运动的物体在运动过程中,线速度是不发生变化的C.平抛运动的速度方向与恒力方向的夹角保持不变D.万有引力定律是由牛顿发现的,而万有引力恒量是由卡文迪许测定的3、(本题9分)由于地球自转,地球上的物体都随地球一起转动,所以()A.地球上所有物体的向心加速度都相同B.在我国各地的物体都有相同的角速度C.位于赤道地区的物体的线速度比位于两极地区的小D.所有地区的线速度都相等4、(本题9分)把六个相同小灯泡接成如图甲、乙所示的电路,调节变阻器使灯泡均正常发光,甲、乙两电路所消耗的功率分别用和表示,则下列结论中正确的是()A. B.C. D.5、(本题9分)在平直的公路上,汽车由静止开始做匀加速运动当速度达到后,立即关闭发动机而滑行直到停止图线如图所示,汽车的牵引力大小为,摩擦力大小为全过程中,牵引力做的功为,克服摩擦阻力做功为以下是、及、间关系的说法,其中正确的是::1

::1

::1

::1.A. B. C. D.6、两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在y轴上的O、M两点,若规定无穷远处的电势为零,则在两电荷连线上各点的电势φ随坐标y变化的关系如图所示,其中A、N两点的电势均为零,在ND段中C点电势最高,则A.q1与q2带异种电荷B.A、N两点的电场强度大小为零C.从N点沿y轴正方向到D点,电场强度大小先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点,电场力先做负功后做正功7、(本题9分)如图所示,两个竖直圆弧轨道固定在同一水平地面上,半径R相同,左侧轨道由金属凹槽制成,右侧轨道由金属圆管制成,且均可视为光滑在两轨道右侧的正上方分别将金属小球A和B由静止释放,小球距离地面的高度分别为和,下列说法正确的是A.若使小球A沿轨道运动并且从最高点飞出,释放的最小高度为B.若使小球B沿轨道运动并且从最高点飞出,释放的最小高度为C.适当调整,可使A球从轨道最高点飞出后,恰好落在轨道右端口处D.适当调整,可使B球从轨道最高点飞出后,恰好落在轨道右端口处8、如图所示,质量相同的小球A和B分别悬挂在长为l和2l的不可伸长的轻绳下端,绳的另一端悬于等高点。先将小球拉至与悬点等高处,使绳伸直,从静止释放小球,当两绳竖直时,下列说法正确的是A.两球的加速度大小相等B.两球的动能一样大C.两球的机械能一样大D.两球所受的拉力大小相等9、如图所示,质量为1kg的物体(可视为质点)在水平传送带上被传送,A为终端皮带轮,传送带与皮带轮之间不打滑且与皮带在C点相切,物体刚放上皮带时的速度为0,距C点的距离为1m,皮带轮的半径为10cm,重力加速度g=10m/s2,若皮带轮转动的线速度大小为1m/s,物体运动到C点的前速度已达到1m/s,则()A.物体在C点对传送带的压力大小为10NB.物体与传送带间的摩擦因数至少为0.1C.物体到达C点后将沿皮带下滑一段距离再离开皮带D.物体与传送带摩擦产生的热量为0.5J10、(本题9分)在如图所示的电路中,电源电动势为E、内电阻为r,在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中A.电路中的总电流变大B.路端电压变小C.通过电阻R2的电流不变D.通过滑动变阻器R1的电流变小二、实验题11、(4分)用自由落体验证机械能守恒定律的实验中:(1)运用公式进行验证,满足实验条件的要求是_____。(2)若实验中所用重物的质量m=1kg,当地重力加速度g=9.8m/s2,打点纸带记录的数据如图所示,打点时间间隔为T=0.02s,则记录B点时,重物速度vB=_____m/s,重物动能Ek=_____J,从O开始下落起至B点时重物的重力势能减少量Ep=_____J;(结果保留三位有效数字)(3)这样验证的系统误差Ep与Ek数值有差别的原因_____;(4)在验证机械能守恒定律时,如果以为纵轴,以h为横轴,根据实验数据绘出-h图象,应是_____图线,才能验证机械能守恒。12、(10分)(本题9分)在“探究功与物体速度变化的关系”实验中作出W-v2图象如图所示,下列符合实际的是()A. B.C. D.三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(9分)如图所示,一质量为m的汽车行驶在圆弧半径为R的拱桥上。重力加速度为g。(1)当汽车到达桥顶时速度为v,求此时汽车对桥面的压力大小。(2)汽车以多大速度经过桥顶时,恰好对桥面没有压力?14、(14分)(本题9分)如图所示,半径r=0.5m的飞轮绕中心轴OO'转动,轴与飞轮平面垂直。现在飞轮的边缘打进-一个质量m=0.01kg的螺丝钉P(视为质点),让飞轮以n=20r/s的转速做匀速圆周运动。(取π(1)求螺丝钉P所需的向心力大小F;(2)若不转动飞轮,至少要用1250N的力才能把螺丝钉P拔出,求为使螺丝钉P不被甩出,飞轮转动时的最大角速度ωm15、(13分)(本题9分)如图所示,为一传送装置,其中AB段粗糙,AB段长为L=0.2m,动摩擦因数μ=0.6,BC、DEN段均可视为光滑,且BC的始、末端均水平,具有h=0.1m的高度差,DEN是半径为r=0.4m的半圆形轨道,其直径DN沿竖直方向,C位于DN竖直线上,CD间的距离恰能让小球自由通过.在左端竖直墙上固定有一轻质弹簧,现有一可视为质点的小球,小球质量m=0.2kg,压缩轻质弹簧至A点后由静止释放(小球和弹簧不粘连),小球刚好能沿DEN轨道滑下.求:(1)小球到达N点时速度的大小;(2)压缩的弹簧所具有的弹性势能.

参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、D【解析】

该实验采用了“等效法”,即合力和分力的效果由橡皮的拉伸体现,效果相同,橡皮条在某一方向上伸长到相同长度,即要求橡皮筋的形变方向和大小都相同,故ABC错误,D正确.故选D.2、D【解析】

A.速度变化的运动不一定是曲线运动,如匀加速直线运动,故A错误;B.线速度是矢量,匀速圆周运动的物体在运动过程中,线速度的方向不断发生变化的.故B错误;C.根据平抛运动的特点可知,平抛运动的速度方向与重力方向之间的夹角逐渐减小.故C错误;D.牛顿发现了万有引力定律,卡文迪许测出来万有引力常量,故D正确.3、B【解析】

根据线速度,角速度与半径间的关系求解。【详解】B.由于地球自转,地球上的物体都随地球一起绕地轴转动,每天转动一周,因此角速度相同,B正确;A.轨道半径是物体到地轴的距离,不同纬度地区,到地轴的距离不同,也就是轨道半径不同,根据向心加速度的公式不同地区的向心加速度不同,A错误;CD.越靠边赤道地区,物体到地轴的距离越大,线速度越大,越靠近南北两极,物体到地轴的距离越小,线速度越小,CD错误。故选B。4、D【解析】

设灯泡正常发光时的电流为I,对于甲图,电路的总的电流为3I,此时甲的总功率的大小为,对于乙图,电流的总电流的大小就为I,此时乙的总功率的大小为,所以。ABC.根据计算得:,ABC错误;D.根据计算得:,D正确。5、A【解析】

由动能定理可得出汽车牵引力的功与克服摩擦力做功的关系,由功的公式可求得牵引力和摩擦力的大小关系;【详解】对全过程由动能定理可知,故,故③正确,④错误;,,由图可知:,所以,故②正确,①错误,故A正确,B、C、D错误;故选A.【点睛】关键是要注意在机车起动中灵活利用功率公式及动能定理公式,同时要注意图象在题目中的应用.6、AD【解析】

A.由图象可知,M点附近的电势为负值、O点附近的电势为正值,所以,q1与q2带异种电荷,故A项与题意相符合;B.A、N点的电势为零,但场强不为零(φ-y图象的斜率不为零),故B项与题意不相符;C.从N点沿y轴正方向,电场强度的大小先减小后增大再逐渐减小,故C项与题意不相符;D.将一正点电荷从N点移到D点,电势能先增后减,所以,电场力先做负功后做正功,故D项与题意相符。7、AD【解析】

小球A恰好能到A轨道的最高点时,由,;根据机械能守恒定律得,mg(hA-2R)=mvA2,解得,故A正确;小球恰好能到B轨道的最高点时,临界速度为零,根据机械能守恒定律得:mg(hB-2R)=0,若使小球沿轨道运动并且从最高点飞出,B小球hB>2R的任意高度释放都可以,故B错误;小球恰好能到B轨道的最高点时,临界速度为零,适当调整hB,B可以落在轨道右端口处.故D正确.小球A恰好能到A轨道的最高点时,由,;小球A从最高点飞出后下落R高度时,根据平抛运动规律得:水平位移的最小值为,小球落在轨道右端口外侧.故C错误.8、ACD【解析】

A.令细线的长度为l,小球下落到最低点的过程中,由动能定理得:mgl=mv2,解得:,在最低点加速度大小,与细线的长度l无关,所以两球在最低点加速度大小相等,故A正确;B.根据动能定理得小球下落到最低点的动能为Ek=mgl,可知两球质量相等,细线长度l不等,则到达最低点时的动能不等,故B错误;C.A、B两球在运动的过程中,只有重力做功,机械能都守恒,初始位置时它们的机械能相等,所以在最低点,两球的机械能相等。故C正确。D.小球在最低点时,根据牛顿第二定律得:F-mg=ma,得:F=3mg,与绳的长度无关。所以两绳拉力大小相等。故D正确。9、CD【解析】物体在C点时,由牛顿第二定律得N-mg=m,得:N=m(g+)=1×(10+)=20N,由牛顿第三定律知,物体在C点对传送带的压力大小N′=N=20N,故A错误.若物体一直做匀加速运动,直至C点,由动能定理得:μmgx=mv2,得:,所以物体与传送带间的摩擦因数至少为0.05,故B错误.由于物体在C点时对传送带有压力,所以物体到达C点后将沿皮带下滑一段距离再离开皮带,故C正确.设物体匀加速运动的时间为t,则物体相对传送带的位移为:△x=vt-=,物体匀加速运动的位移为:x=.根据动能定理得:fx=mv2,摩擦生热为:Q=f△x,可知,Q=mv2=×1×12=0.5J,故D正确.故选CD.10、AB【解析】A、在滑动变阻器的滑动触片P向下滑动的过程中,接入电路的变小,外电路总电阻变小,由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流变大,故A正确;

B、路端电压,I变大,E、r不变,则U变小,故B正确;

C、路端电压U变小,通过电阻的电流变小,故C错误;

D、总电流变大,通过电阻的电流变小,所以通过滑动变阻器的电流必定变大,故D错误。二、实验题11、初速度为零0.5900.1740.175各种阻力过原点的直线【解析】

(1)[1]用公式时,对纸带上起点的要求是重锤是从初速度为零开始。(2)[2][3][4]利用匀变速直线运动的推论有:,重锤的动能从开始下落至B点,重锤的重力势能减少量为:.(3)[5]由于各种阻力的影响导致重力势能的减少量大于动能的增加量。(4)[6]根据公式整理可得:由几何关系可知,此函数是过原点的直线。12、C【解析】橡皮筋做的功转化为小车动能,由动能定理得:,功W与速度v间的关系为:,W与v是二次函数关系,W-v图象是抛物线的一个分支,故C正确、ABD错误.三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(1)(2)【解析】

(1)设汽车到达桥顶时桥对汽车的支持力为N,由得根据牛顿第三定律汽车对桥面的压力大小FN等于桥对汽车的支持力大小N,即(2)当汽车对桥面没有压力时,设此时速度为v0由得14、(1)F=80N(

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