第06讲 等边三角形（知识解读+真题演练+课后巩固）（解析版）-2024学年八年级数学上册（苏科版）

第第页第06讲等边三角形1.理解等边三角形的定义.2.探索并证明等边三角形的性质定理.3.探索并掌握等边三角形的判定定理.4.通过探究掌握30°角的直角三角形的性质与应用.5.经过应用等边三角形的性质与判定的过程，培养学生分析问题，解决问题的能力.6.通过探究含30°角的直角三角形的性质的过程；增强学生对特殊直角三角形的认识，培养学生分析问题，解决问题的能力.知识点1等边三角形的概念与性质等边三角形概念三条边都相等的三角形叫做等边三角形.也称为正三角形.注意：等腰三角形的底角只能为锐角，不能为钝角（或直角），但顶角可为钝角（或直角）.∠A＝180°－2∠B，∠B＝∠C＝.（2）等边三角形与等腰三角形的关系：等边三角形是特殊的等腰三角形，等腰三角形不一定是等边三角形.2.等边三角形的性质（1）等边三角形是一类特殊的等腰三角形，有三条对称轴，每个角的平分线(底边上的高线或中线)所在的直线就是它的对称轴.（2）三个角都是60°知识点2等边三角形的判定（1）三个角相等的三角形是等边三角形.（2）有一个角是60°的等腰三角形是等边三角形.知识点3含有30°角的直角三角形定理：在直角三角形中，如果一个锐角等于30°，那么它所对的直角边等于斜边的一半.知识点4：直角三角形斜边上的中线直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半【题型1等边三角形的性质】【典例1】（2022秋•峨边县期末）如图，等边△ABC的边长为2，AD是BC边上的高，则高AD的长为（）A． B． C．1 D．【答案】B【解答】解：∵等边△ABC的边长为2，AD是BC边上的高，∴∠ADC＝90°，BD＝CD＝BC＝1，由勾股定理得：AD＝＝＝，故选：B．【变式1-1】（2022春•漳州期中）在△ABC中，AB＝AC＝BC，则∠A的度数是（）A．40° B．50° C．60° D．70°【答案】C【解答】解：在△ABC中，AB＝AC＝BC，∴△ABC是等边三角形，∴∠A＝60°，故选：C．【变式1-2】（2022秋•紫阳县期末）如图，在等边△ABC中，AB＝4cm，BD平分∠ABC，点E在BC的延长线上，且∠E＝30°，则CE的长是（）A．1cm B．2cm C．3cm D．4cm【答案】B【解答】解：∵等边△ABC的边长AB＝4cm，BD平分∠ABC，∴∠ACB＝60°，DC＝AD＝2cm，∵∠E＝30°，∠E+∠EDC＝∠ACB，∴∠EDC＝60°﹣30°＝30°＝∠E，∴CD＝CE＝2cm，故选：B．【变式1-3】（2022春•海淀区校级期中）如图，等边△ABC的边长为6，AD⊥BC于点D，则AD的长为（）A．3 B．6 C．3 D．3【答案】D【解答】解：在等边△ABC中，∵AD⊥BC，∴D为BC的中点，∵等边三角形的边长为6，∴AB＝6，BD＝3，根据勾股定理，得AD＝＝3，故选：D．【典例2】（2022•金牛区校级模拟）如图，l1∥l2，等边△ABC的顶点A、B分别在直线l1、l2，则∠1+∠2＝（）A．30° B．40° C．50° D．60°【答案】D【解答】解：∵l1∥l2，∴∠1+∠CBA+∠BAC+∠2＝180°，∵△ABC是等边三角形，∴∠CBA＝∠BAC＝60°，∴∠1+∠2＝180°﹣（∠CBA+∠BAC）＝180°﹣120°＝60°，故选：D．【变式2-1】（2022•长安区一模）如图，直线a∥b，等边△ABC的顶点C在直线b上，若∠1＝40°，则∠2的度数为（）A．100° B．110° C．120° D．130°【答案】A【解答】解：∵△ABC是等边三角形，∴∠ABC＝∠ACB＝60°，过B作BM∥直线a，∴∠ABM＝∠1＝40°，∴∠MBC＝60°﹣∠ABM＝60°﹣40°＝20°，∵直线a∥直线b，∴直线b∥BM，∴∠3＝∠MBC＝20°，∵∠3+∠ACB+∠2＝180°，∴∠2＝180°﹣20°﹣60°＝100°，故选：A．【变式2-2】（2022•玉田县二模）如图，AD是等边△ABC的中线，AE＝AD，则∠EDC的度数为（）A．30° B．20° C．25° D．15°【答案】D【解答】解：∵AD是等边△ABC的中线，∴AD⊥BC，∠BAD＝∠CAD＝∠BAC＝×60°＝30°，∴∠ADC＝90°，∵AD＝AE，∴∠ADE＝∠AED＝＝75°，∴∠EDC＝∠ADC﹣∠ADE＝90°﹣75°＝15°．故选：D．【题型2等边三角形的判定】【典例3】（2022秋•赣榆区期中）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°，点D、E在BC上，且AE＝BE．（1）求∠CAE的度数；（2）若点D为线段EC的中点，求证：△ADE是等边三角形．【解答】解：（1）∵AB＝AC，∠BAC＝120°，∴∠B＝∠C＝30°，∵AE＝BE，∴∠B＝∠EAB，∴∠EAB＝30°，∵∠BAC＝120°，∴∠CAE＝∠BAC﹣∠EAB＝120°﹣30°＝90°，即∠CAE＝90°；（2）方法一：证明：由（1）知，∠CAE＝90°，∵∠C＝30°，∴∠AEC＝60°，∴∠DEA＝60°，∵点D为线段EC的中点，∴AD＝DE，∴∠DEA＝∠DAE，又∵∠DEA＝60°，∴∠DEA＝∠DAE＝60°，∴∠ADE＝60°，∴∠DEA＝∠DAE＝∠ADE，∴△ADE是等边三角形．方法二：证明：由（1）知，∠CAE＝90°，∵∠C＝30°，∴∠AEC＝60°，AE＝CE，∴∠DEA＝60°，∵点D为EC的中点，∴AD＝CE＝DE，∴AD＝DE＝AE，∴△ADE是等边三角形．【变式3-1】（2022秋•宽城区校级期中）如图，在△EBD中，EB＝ED，点C在BD上，CE＝CD，BE⊥CE，A是CE延长线上一点，EA＝EC．（1）求∠EBC的度数；（2）求证△ABC为等边三角形．【解答】解：（1）∵CE＝CD，∴∠D＝∠DEC，∴∠ECB＝∠D+∠DEC＝2∠D．∵BE＝DE，∴∠EBC＝∠D．∴∠ECB＝2∠EBC．又∵BE⊥CE，∴∠ECB＝60°，∠EBC＝30°．（2）证明：∵BE⊥CE，AE＝CE，∴BE垂直平分AC，∴AB＝BC．∵∠ECB＝60°．∴△ABC是等边三角形．【变式3-2】（2022春•朝阳区校级期末）如图，在△ABC中，∠A＝120°，AB＝AC，D是BC的中点，DE⊥AB，DF⊥AC，点E，F为垂足，求证：△DEF是等边三角形．【解答】证明：∵∠A＝120°，AB＝AC，∴∠B＝∠C＝30°，又∵DE⊥AB，DF⊥AC，∴∠BED＝∠CFD＝90°，∴∠BDE＝∠CDF＝60°，∴∠EDF＝60°，∵D是BC的中点，∴BD＝CD，在△BDE与△CDF中，，∴△BDE≌△CDF，∴DE＝DF，∴△DEF是等边三角形．【典例4】（2022秋•石泉县期末）已知：如图，点C为线段AB上一点，△ACM，△CBN都是等边三角形，AN交MC于点E，BM交CN于点F．（1）求证：AN＝BM；（2）求证：△CEF为等边三角形．【解答】证明：（1）∵△ACM，△CBN是等边三角形，∴AC＝MC，BC＝NC，∠ACM＝∠NCB＝60°，∴∠ACM+∠MCN＝∠NCB+∠MCN，即∠ACN＝∠MCB，在△ACN和△MCB中，∵，∴△ACN≌△MCB（SAS），∴AN＝BM．（2）∵△CAN≌△CMB，∴∠CAN＝∠CMB，又∵∠MCF＝180°﹣∠ACM﹣∠NCB＝180°﹣60°﹣60°＝60°，∴∠MCF＝∠ACE，在△CAE和△CMF中，∵，∴△CAE≌△CMF（ASA），∴CE＝CF，∴△CEF为等腰三角形，又∵∠ECF＝60°，∴△CEF为等边三角形．【变式4-1】（2022•大冶市模拟）在等边三角形ABC中，点P在△ABC内，点Q在△ABC外，且∠ABP＝∠ACQ，BP＝CQ．（1）求证：△ABP≌△CAQ；（2）请判断△APQ是什么形状的三角形？试说明你的结论．【解答】证明：（1）∵△ABC为等边三角形，∴AB＝AC，∠BAC＝60°，在△ABP和△ACQ中，，∴△ABP≌△ACQ（SAS），（2）∵△ABP≌△ACQ，∴∠BAP＝∠CAQ，AP＝AQ，∵∠BAP+∠CAP＝60°，∴∠PAQ＝∠CAQ+∠CAP＝60°，∴△APQ是等边三角形．【变式4-2】（2022秋•岳池县期末）如图，等边△ABC中，点D在延长线上，CE平分∠ACD，且CE＝BD．说明：△ADE是等边三角形．【解答】证明：∵△ABC为等边三角形，∴∠B＝∠ACB＝60°，AB＝AC，即∠ACD＝120°，∵CE平分∠ACD，∴∠ACE＝∠DCE＝60°，在△ABD和△ACE中，，∴△ABD≌△ACE（SAS），∴AD＝AE，∠BAD＝∠CAE，又∵∠BAC＝60°，∴∠DAE＝60°，∴△ADE为等边三角形．【变式4-3】（2022秋•东莞市期末）如图，△ABC是等边三角形，点D在AC上，点E在BC的延长线上，且BD＝DE．（1）若点D是AC的中点，如图1，求证：AD＝CE．（2）若点D不是AC的中点，如图2，试判断AD与CE的数量关系，并证明你的结论；（提示：过点D作DF∥BC，交AB于点F）【解答】（1）证明：∵△ABC是等边三角形，∴∠ABC＝∠ACB＝60°，AB＝AC＝BC，∵D为AC中点，∴∠DBC＝30°，AD＝DC，∵BD＝DE，∴∠E＝∠DBC＝30°，∵∠ACB＝∠E+∠CDE，∴∠CDE＝30°＝∠E，∴CD＝CE，∵AD＝DC，∴AD＝CE；（2）AD＝CE，如图2，过D作DF∥BC，交AB于F，则∠ADF＝∠ACB＝60°，∵∠A＝60°，∴△AFD是等边三角形，∴AD＝DF＝AF，∠AFD＝60°，∴∠BFD＝∠DCE＝180°﹣60°＝120°，∵DF∥BC，∴∠FDB＝∠DBE＝∠E，在△BFD和△DCE中，∴△BFD≌△DCE，∴CE＝DF＝AD，即AD＝CE．【题型3：等边三角形的判定与性质】【典例5】（2022秋•红塔区校级期末）如图：已知在△ABC中，AB＝AC，D为BC边的中点，过点D作DE⊥AB，DF⊥AC，垂足分别为E，F．（1）求证：DE＝DF；（2）若∠A＝60°，BE＝1，求△ABC的周长．【解答】（1）证明：∵DE⊥AB，DF⊥AC，∴∠BED＝∠CFD＝90°，∵AB＝AC，∴∠B＝∠C（等边对等角）．∵D是BC的中点，∴BD＝CD．在△BED和△CFD中，，∴△BED≌△CFD（AAS）．∴DE＝DF（2）解：∵AB＝AC，∠A＝60°，∴△ABC为等边三角形．∴∠B＝60°，∵∠BED＝90°，∴∠BDE＝30°，∴BE＝BD，∵BE＝1，∴BD＝2，∴BC＝2BD＝4，∴△ABC的周长为12．【变式5-1】（2022秋•永川区校级期中）如图，已知在△ABC中，AD平分∠BAC，D为BC边的中点，过点D作DE⊥AB，DF⊥AC，垂足分别为E，F．（1）求证：AB＝AC；（2）若∠BAC＝60°，BE＝1，求△ABC的周长．【解答】（1）证明：∵AD平分∠BAC，DE⊥AB，DF⊥AC，∴DE＝DF，又∵D是BC中点，∴BD＝CD，在Rt△BDE和Rt△CDF中，∴Rt△BDE≌Rt△CDF（HL），∴∠B＝∠C，∴AB＝AC（2）证明：∵∠BAC＝60°，AB＝AC，∴△ABC是等边三角形，∴∠B＝∠C＝60°∴∠EDB＝90°﹣60°＝30°，在Rt△BDE中，BD＝2BE＝2，∴BC＝2BD＝4，∴△ABC的周长＝4×3＝12，【变式5-2】（2022秋•路北区期末）如图，在等边△ABC中，点D，E分别在边BC，AC上，且DE∥AB，过点E作EF⊥DE，交BC的延长线于点F，（1）求∠F的度数；（2）若CD＝3，求DF的长．【解答】解：（1）∵△ABC是等边三角形，∴∠B＝60°，∵DE∥AB，∴∠EDC＝∠B＝60°，∵EF⊥DE，∴∠DEF＝90°，∴∠F＝90°﹣∠EDC＝30°；（2）∵∠ACB＝60°，∠EDC＝60°，∴△EDC是等边三角形．∴ED＝DC＝3，∵∠DEF＝90°，∠F＝30°，∴DF＝2DE＝6【题型4：含30°角的直角三角形的性质】【典例6】（2022秋•阳江期末）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠B＝30°，CD是斜边AB上的高，AD＝3cm，则AB的长度是（）A．3cm B．6cm C．9cm D．12cm【答案】D【解答】解：在Rt△ABC中，∵CD是斜边AB上的高，∴∠ADC＝90°，∴∠ACD＝∠B＝30°（同角的余角相等），∵AD＝3cm，在Rt△ACD中，AC＝2AD＝6cm，在Rt△ABC中，AB＝2AC＝12cm．∴AB的长度是12cm．故选：D．【变式6-1】（2022秋•槐荫区期末）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠B＝30°，AC＝4，则AB的长是（）A．8 B．1 C．2 D．4【答案】A【解答】解：Rt△ABC中，∵∠C＝90°，∠B＝30°，AC＝4，∴AB＝2AC＝8．故选：A．【变式6-2】（2022春•碑林区校级月考）如图，已知∠AOB＝60°，点P在边OA上，OP＝8，点M，N在边OB上，PM＝PN，若MN＝2，则△PMN的周长是（）A．14 B．15 C．16 D．17【答案】C【解答】解：过P作PD⊥OB于点D，在Rt△OPD中，∵∠ODP＝90°，∠POD＝60°，∴∠OPD＝30°，∴OD＝OP＝×8＝4，∴PD＝，∵PM＝PN，PD⊥MN，MN＝2，∴MD＝ND＝MN＝1，∴PM＝，∴△PMN的周长为：PM+PN+MN＝7+7+2＝16．故选：C．【变式6-3】（2022•兰州模拟）如图，在平面直角坐标系xOy中，△OAB为等边三角形，顶点A的坐标为A（4，0），则顶点B的坐标为（）A． B． C．（2，4） D．【答案】A【解答】解：过点B作BC⊥AO，垂足为C，∵A（4，0），∴OA＝4，∵△OAB为等边三角形，∴OB＝BA＝OA＝4，∴OC＝OA＝2，∴BC＝＝＝2，∴B（2，2），故选：A【题型5：直角三角形斜边上中线定理】【典例7】（2022秋•新华区校级期末）如图，在△ABC中，∠ACB＝90°，CD是△ABC的中线，AB＝12，则CD的长等于（）A．5 B．4 C．8 D．6【答案】D【解答】解：∵∠ACB＝90°，CD是△ABC的中线，∴CD＝AB，∵AB＝12，∴CD＝6．故选：D．【变式7-1】（2022秋•高新区期末）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，点D为边AB的中点，CD＝3，AC＝2，则BC的长为（）A．3 B．4 C．6 D．【答案】D【解答】解：∵∠ACB＝90°，点D是斜边AB的中点，∴AB＝2CD，∵CD＝3，∴AB＝6，在Rt△ACB中，由勾股定理得：BC＝＝＝4，故选：D．【变式7-2】（2022秋•太原期中）如图，在△ABC中，∠ACB＝90°，CD是△ABC的中线，AC＝8，AB＝12，则CD的长等于（）A．5 B．4 C．8 D．6【答案】D【解答】解：∵∠ACB＝90°，CD是△ABC的中线，∴CD＝AB，∵AB＝12，∴CD＝6．故选：D1．（2023•金昌）如图，BD是等边△ABC的边AC上的高，以点D为圆心，DB长为半径作弧交BC的延长线于点E，则∠DEC＝（）A．20° B．25° C．30° D．35°【答案】C【解答】解：在等边△ABC中，∠ABC＝60°，∵BD是AC边上的高，∴BD平分∠ABC，∴∠CBD＝∠ABC＝30°，∵BD＝ED，∴∠DEC＝∠CBD＝30°，故选：C．2．（2022•鞍山）如图，直线a∥b，等边三角形ABC的顶点C在直线b上，∠2＝40°，则∠1的度数为（）A．80° B．70° C．60° D．50°【答案】A【解答】解：∵△ABC为等边三角形，∴∠A＝60°，∵∠A+∠3+∠2＝180°，∴∠3＝180°﹣40°﹣60°＝80°，∵a∥b，∴∠1＝∠3＝80°．故选：A．3．（2021•益阳）如图，AB∥CD，△ACE为等边三角形，∠DCE＝40°，则∠EAB等于（）A．40° B．30° C．20° D．15°【答案】C【解答】解：∵AB∥CD，∴∠DCA+∠CAB＝180°，即∠DCE+∠ECA+∠EAC+∠EAB＝180°，∵△ACE为等边三角形，∴∠ECA＝∠EAC＝60°，∴∠EAB＝180°﹣40°﹣60°﹣60°＝20°．故选：C．4．（2021•新疆）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，∠A＝30°，AB＝4，CD⊥AB于点D，E是AB的中点，则DE的长为（）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】A【解答】解：∵∠ACB＝90°，∠A＝30°，∴∠B＝60°,∵E是AB的中点,AB＝4，∴CE＝BE＝,∴△BCE为等边三角形，∵CD⊥AB,∴DE＝BD＝,故选：A．5．（2023•江西）将含30°角的直角三角板和直尺按如图所示的方式放置，已知∠α＝60°，点B，C表示的刻度分别为1cm，3cm，则线段AB的长为2cm．【答案】2．【解答】解：∵直尺的两对边相互平行，∴∠ACB＝∠α＝60°，∵∠A＝60°，∴∠ABC＝180°﹣∠ACB﹣∠A＝180°﹣60°﹣60°＝60°，∴∠A＝∠ABC＝∠ACB，∴△ABC是等边三角形，∴AB＝BC＝3﹣1＝2（cm）．故答案为：2．6．（2021•广州）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，线段AB的垂直平分线分别交AC、AB于点D、E，连接BD．若CD＝1，则AD的长为2．【答案】2．【解答】解：∵DE垂直平分AB，∴AD＝BD，∴∠A＝∠ABD，∵∠A＝30°，∴∠ABD＝30°，∴∠BDC＝∠A+∠ABD＝30°+30°＝60°，∵∠C＝90°，∴∠CBD＝30°，∵CD＝1，∴BD＝2CD＝2，∴AD＝2．故答案为2．7．（2023•荆州）如图，CD为Rt△ABC斜边AB上的中线，E为AC的中点．若AC＝8，CD＝5，则DE＝3．【答案】3．【解答】解：∵CD为Rt△ABC斜边AB上的中线，CD＝5，∴AB＝2CD＝10，∵∠ACB＝90°，AC＝8，∴BC＝＝6，∵E为AC的中点，∴AE＝CE，∴DE是△ABC的中位线，∴DE＝BC＝3，故答案为：3．1．（2023春•海淀区校级月考）如图，在△ABC中，∠ABC＝90°，D为AC中点，若BD＝2，则AC的长是（）A．6 B．5 C．4 D．3【答案】C【解答】解：∵∠ABC＝90°，点D为斜边AC的中点，∴AC＝2BD，∵BD＝2，∴AC＝4，故选：C．2．（2023•清江浦区一模）如图，直线a∥b，等边三角形ABC的顶点C在直线b上，∠2＝40°，则∠1的度数为​​（）A．80° B．70° C．60° D．50°【答案】A【解答】解：∵△ABC为等边三角形，∴∠A＝60°，∵∠A+∠3+∠2＝180°，∴∠3＝180°﹣40°﹣60°＝80°，∵a∥b，∴∠1＝∠3＝80°．故选：A．3．（2023春•青秀区期中）如图，△ABC是等边三角形，点D是AC的中点，延长BC到点E，使CE＝CD＝1，则DE的长为（）A．1.5 B．2 C． D．【答案】C【解答】解：∵CE＝CD＝1，∴∠E＝∠CDE，∵△ABC是等边三角形，点D是AC的中点，∴∠ABC＝∠ACB＝60°，BD⊥AC，BD平分∠ABC，∴∠DBC＝∠ABC＝30°，∠BDC＝90°，∴BC＝2CD＝2，∴BD＝＝＝，∵∠ACB＝60°，且∠ACB为△CDE的外角，∴∠E+∠CDE＝∠ACB＝60°，∴∠E＝∠CDE＝30°，∴∠DBE＝∠E＝30°，∴DE＝DB＝．故选：C．4．（2023春•靖江市校级月考）一个正方形和两个等边三角形的位置如图所示．若∠3＝60°，则∠1+∠2＝（）A．120° B．180° C．90° D．130°【答案】C【解答】解：如图：由题意可得，∠4＝90°，∠5＝∠6＝60°，∵∠3＝60°，∠1+∠2+∠3+∠4+∠5+∠6＝360°，∴∠1+∠2＝360°﹣∠3﹣∠4﹣∠5﹣∠6＝360°﹣60°﹣90°﹣60°﹣60°＝90°．故选：C．5．（2022秋•白云区期末）在△ABC中，若AB＝BC，则△ABC是（）A．不等边三角形 B．等边三角形 C．直角三角形 D．等腰三角形【答案】D【解答】解：在△ABC中，若AB＝BC，则△ABC是等腰三角形．故选：D．6．（2022秋•裕华区校级期末）下列推理中，不能判断△ABC是等边三角形的是（）A．∠A＝∠B＝∠C B．AB＝AC，∠B＝60° C．∠A＝60°，∠B＝60° D．AB＝AC，且∠B＝∠C【答案】D【解答】解：A、由“三个角都相等的三角形是等边三角形”可以判断△ABC是等边三角形，故本选项不符合题意．B、由“有一个角是60°的等腰三角形是等边三角形”可以判断△ABC是等边三角形，故本选项不符合题意．C、由“∠A＝60°，∠B＝60°”可以得到“∠A＝∠B＝∠C＝60°”，则由“三个角都相等的三角形是等边三角形”可以判断△ABC是等边三角形，故本选项不符合题意．D、由“AB＝AC，且∠B＝∠C”只能判定△ABC是等腰三角形，故本选项符合题意．故选：D．7．（2023春•牡丹区校级月考）由于木质衣架没有柔性，所以在挂置衣服的时候不太方便操作．小敏设计了一种衣架，在使用时能轻易收拢，套进衣服后松开即可．如图1，衣架杆OA＝OB＝18cm．若衣架收拢时，∠AOB＝60°，如图2，则此时A，B两点之间的距离是（）A．9cm B．16cm C．18cm D．20cm【答案】C【解答】解：∵OA＝OB，∠AOB＝60°，∴△AOB是等边三角形，∴AB＝OA＝OB＝18cm，故选：C．8．（2023春•舞钢市期中）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，AB的垂直平分线交AC于点D，交AB于点E，若AC＝12，则AD的长是（）A．6 B．8 C． D．【答案】B【解答】解：连接BD，如图所示：∵DE是AB的垂直平分线，∴BD＝AD，∴∠ABD＝∠A＝30°，∴∠CBD＝180°﹣90°﹣30°×2＝30°，∴∠CBD＝∠ABD＝30°，∴，∴，∵AC＝12，∴．故选：B．9．（2023春•涧西区期中）如图，在Rt△ABC中，CD为斜边AB上的中线，点E是AB上方一点，且AE＝BE，连接DE，若CD＝3，AE＝7，则DE的长为（）A．2 B．2 C．4 D．4【答案】B【解答】解：在Rt△ABC中，CD为斜边AB上的中线，∴CD＝AD＝BD＝AB＝3，∵AE＝BE＝7，∴ED⊥AD，在Rt△ADE中，DE＝＝＝2，故选：B．10．（2023春•安达市校级月考）若等边△ABC的边长为4，那么△ABC的面积为（）A． B． C．8 D．4【答案】B【解答】解：过点A作AD⊥BC，交BC于点D，如图，因为△ABC是等边三角形，所以BD＝CD＝BC＝2，在Rt△ABD中，由勾股定理可知AD＝，所以．故选：B．11．（2023春•贵阳期中）如图，已知∠AOB＝60°，点P在边OA上，OP＝12，点M，N在边OB上，PM＝PN，若MN＝2，则OM的长为（）A．3 B．4 C．5 D．6【答案】C【解答】解：过P作PC⊥ON，∵∠AOB＝60°，PC⊥ON，∴∠OPC＝90°﹣60°＝30°，∵OP＝12，∴OC＝OP＝6，∵PC⊥ON，PM＝PN，MN＝2，∴MC＝MN＝1，∴OM＝OC﹣MC＝6﹣1＝5，故选：C．12．（2023•香洲区校级一模）如图，三角形ABC中，∠ACB＝90°，CD是高，∠A＝30°，AB＝8，则BD的长为（）A．1 B．2 C．2.5 D．3【答案】B【解答】解：∵∠ACB＝90°，∠A＝30°，AB＝8，∴BC＝AB＝4，∠B＝60°，∵CD⊥AB，∴∠BDC＝90°，∴∠BCD＝30°，∴BD＝BC＝2，故选：B．13．（2023春•麒麟区校级期中）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，∠A＝30°，CD⊥AB于点D，E是AB的中点，若DE＝2.5，则AB的长为（）A．2.5 B．5 C．7.5 D．10【答案】D【解答】解：∵∠ACB＝90°，∠A＝30°，∴∠B＝60°，∵E是AB的中点，∴CE＝BE＝AB，∴△BCE为等边三角形，∵CD⊥AB，DE＝2.5，∴BE＝2DE＝5，∴AB＝2BE＝10，故选：D．14．（2023•济南模拟）如图，在△ABC中，AB＝AC＝2BC＝4，以点B为圆心，BC长为半径作弧，与AC交于点D．则线段CD的长为（）A． B．1 C． D．2【答案】B【解答】解：作BH⊥CD于H，∴CH＝HD，令CH＝x，∵AB＝AC＝2BC＝4，∴BC＝2，AH＝4﹣x，∵BH2＝BC2﹣CH2＝AB2﹣AH2，∴22﹣x2＝42﹣（4﹣x）2，∴x＝，∴CD＝2CH＝1，故选：B．15．（2023春•薛城区月考）如图，△ABC中，∠A＝45°，∠B＝30°，CD⊥AB，垂足为D，CD＝1，则AB的长为（）A．2 B． C． D．【答案】D【解答】解：在Rt△ACD中，∠A＝45°，CD＝1，则AD＝CD＝1，在Rt△CDB中，∠B＝30°，CD＝1，则BD＝，故AB＝AD+BD＝+1．故选：D．16．（2022秋•丛台区校级期末）如图，△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°．点D，E在BC边上，且AD⊥AC，AE⊥AB．（1）求∠C的度数；（2）求证：△ADE是等边三角形．【答案】（1）30°；（2）证明见解析．【解答】（1）解：∵AB＝AC，∠BAC＝120°，∴，∴∠C＝30°；（2）证明：∵AD⊥AC，AE⊥AB，∠B＝∠C＝30°，∴∠BEA＝∠CDA＝60°，即∠ADE＝∠AED＝60°，∴∠DAE＝60°，∴△AED为等边三角形．17．（2023•岳麓区校级模拟）如图，△ABC为等边三角形，BD⊥AC交AC于点D，DE∥BC交AB于点E．（1）求证：△ADE是等边三角形．（2）求证：AE＝AB．【答案】见解答．【解答】证明：（1）∵△ABC为等边三角形，∴∠A＝∠ABC＝∠C＝60°．∵DE∥BC，∴∠AED＝∠ABC＝60°，∠ADE＝∠C＝60°．∴△ADE是等边三角形．（2）∵△ABC为等边三角形，∴AB＝BC＝AC．∵BD平分∠ABC，∴AD＝AC．∵△ADE是等边三角形，∴AE＝AD．∴AE＝AB．18．（2023•襄州区开学）如图，过等边△ABC的顶点A，B，C依次作AB，BC，CA的垂线MG，MN，NG，三条垂线围成△MNG，求证：△MNG是等边三角形．【答案】见试题解答内容【解答】证明：∵△ABC为等边三角形，∴∠ABC＝60°．∵BC⊥MN，BA⊥MG，∴∠CBM＝∠BAM＝90°．∴∠ABM＝90°﹣∠ABC＝30°．∴∠M＝90°﹣∠ABM＝60°．同理：∠N＝∠G＝60°．∴△MNG为等边三角形．19．（2023春•市北区期中）如图，△ABC中，