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文档简介

学而优教有方.2电流做功的快慢一、单选题1.下列电器接在家庭电路中正常工作时,功率约为1200W的家用电器可能是()A.白炽灯 B.空调 C.电视机 D.洗衣机【答案】B【解析】A.白炽灯的额定功率一般小于100W,故A不符合题意;B.空调机的功率一般较大,在1000W左右,故B符合题意;C.电视机的功率约在100W左右,故C不符合题意;D.洗衣机的功率一般在300W左右,故D不符合题意。故选B。2.节能灯铭牌上的“9W”表示()A.节能灯的额定电压 B.节能灯的实际电压C.节能灯的额定功率 D.节能灯的实际功率【答案】C【解析】节能灯铭牌上的“9W”表示正常工作状态下,节能灯的功率,即为额定功率。故选C。3.清华大学的虞昊教授致力于第三代照明技术﹣﹣LED灯的普及工作。LED灯的能耗小,造价低廉,使用寿命长。虞昊自制的LED台灯,用电压为6V的电源供电,正常工作电流为300mA。那么,此LED台灯正常工作时的功率为()A.1.8W B.18W C.180W D.1800W【答案】A【解析】由题知,LED台灯工作时电压为6V,电流为所以正常工作时的功率故A符合题意,BCD不符合题意。故选A。4.两个灯泡串联在电路中,其中一盏灯正常发光,另一盏灯发光较暗,则下列说法正确的是()A.发光较暗的灯泡电阻大,两端电压大,电功率小B.发光较暗的灯泡电阻小,两端电压小,电功率小C.正常发光的灯泡两端电压大,通过的电流大,电功率大D.正常发光的灯泡灯丝的电阻小,通过的电流大,电功率大【答案】B【解析】AB.两灯串联,电流相同,根据串联分压,电阻大的电压大,实际功率大,电阻小的,电阻两端的电压小,实际电功率小,故A错误,B正确;CD.两灯串联,电流相同,故CD错误。故选B。5.把标有“4V2W”和“4V1W”灯泡并联接在4V的电路中,通过这两盏灯的电流分别为I1、I2,则I1∶I2等于()A.1∶2 B.1∶1 C.2∶1 D.1∶4【答案】C【解析】两灯泡并联接在4V的电路中后均为正常工作状态,根据可知,通过这两盏灯的电流之比为额定功率之比,即为2∶1。故ABD不符合题意,C符合题意。故选C。6.要使电热器的电功率增大为原来的2倍,可以通过改变电热器的电压U及改变电热器的电阻R来实现,那么可以采用的办法有(

)A.U不变,使电阻变为B.使电压和电阻分别变为、C.使电压和电阻分别变为、D.U不变,使电阻变为2R【答案】A【解析】设电热器原来两端的电压为,电阻为,其功率。A.不变,使电阻变为,电热器的功率故A符合题意;B.使电压和电阻分别变为、,电热器的功率故B不符合题意;C.使电压和电阻分别变为、,电热器的功率故C不符合题意;D.不变,使电阻变为,电热器的功率故D不符合题意。故选A。7.关于灯L1“2.5V

1.0W”和灯L2“3.8V

3.6W”,下列说法中正确的是()A.两灯电阻R1>R2 B.正常工作时,两灯电流I1>I2C.两灯串联时,实际功率P1<P2 D.两灯并联时,实际功率P1>P2【答案】A【解析】A.灯L1的电阻R1==6.25Ω灯L2的电阻R2=≈4Ω<6.25Ω故A正确;B.灯L1的正常工作电流I1==0.4A灯L2的正常工作电流I2=≈0.9A>0.4A故B错误;C.两灯串联时,电流相同,根据公式P=I2R可知,电阻越大,电功率越大,已知R1>R2所以P1>P2故C错误;D.两灯并联时,两端的电压相同,根据公式P=可知,电阻越大,电功率越小,已知R1>R2所以P1<P2故D错误。故选A。8.图示为加热器的电路图设电源电压保持不变,R1、R2均为发热电阻,R1∶R2=1∶2,通过开关S1和S2的通断组合,可得到不同加热挡位。若该加热器的最大电功率是12W,则下列判断正确的是()A.只闭合开关S1,该加热器电功率为12WB.只闭合开关S2,该加热器电功率为12WC.同时闭合开关S1、S2,R1上消耗的电功率为4WD.同时闭合开关S1、S2,R2上消耗的电功率为4W【答案】D【解析】AB.根据公式电源电压为定值,接入R越小,功率越大,且由电路图可知,只闭合开关S1时,只有R1接入的功率与只闭合开关S2时只有R2接入的功率之比为①同时闭合开关S1、S2时R1、R2并联,此时总电阻最小,总功率最大为12W,则②由①②可得出,只闭合开关S1,只有R1接入时该加热器电功率为只闭合开关S2,只有R2接入时该加热器电功率为故AB错误;CD.并联电路各支路可独立工作、互不影响,故同时闭合开关S1、S2,R1上消耗的电功率为8W;同时闭合开关S1、S2,R2上消耗的电功率为4W,故C错误,D正确。故选D。9.如图所示的电路中,定值电阻R0和电源电压保持不变,滑片P位于滑动变阻器的中点时,定值电阻的电功率为16W,当滑片从中点向b端移动距离s后,定值电阻的电功率为9W;滑片从中点向a端移动距离s,定值电阻的电功率为()A.36W B.25W C.23W D.18W【答案】A【解析】第次操作中,定值电阻与变阻器串联,定值电阻R0,滑片P位于滑动变阻器的中点时,R0的电功率为,根据可得,定值电阻的电压第次操作中,当滑片从中点向b端移动距离s后,R0的电功率为9W,同理定值电阻的电压由,在R不变时,电流与电压成正比,两种情况下,对定值电阻来说,电流之比设变阻器的最大电阻为R,滑片从中点向b端移动距离s后增大电阻为R',由电阻的串联规律可知,两种情况下的滑动变阻器连入电路的电阻之比由欧姆定律可知,电压不变时,电流与电阻成反比,第1、2次操作中,对应的电流之比故第次操作中,根据串联电阻的规律,滑片从中点向a端移动距离s后,此时电路的总电阻①第2次操作中,滑片从中点向b端移动距离s后变阻器的电阻根据串联电阻的规律可得,此时电路的总电阻②②除以①得由欧姆定律可知,电压不变时,电流与电阻成反比,故根据串联电阻的规律可得,滑片从中点向b端移动距离s后的电流与滑片从中点向a端移动距离s后的电流之比为根据可知,在电阻不变时,电功率与电流的平方成正比,故在第2、3次操作中滑片从中点向a端移动距离s后,R0的电功率故A符合题意,BCD不符合题意。故选A。10.如图所示,电源电压为6V、且保持不变,电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V,定值电阻R0的规格为“10Ω、0.5A”,滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”。闭合开关,为了保证电路安全,在变阻器滑片P移动过程中,下列说法正确的是()A.电流表示数允许的变化范围为0.2A~0.5AB.变阻器R接入电路的阻值允许变化范围为0~20ΩC.电阻R0消耗功率允许的变化范围为0.4W~0.9WD.电路消耗总功率允许的变化范围为1.8W~3W【答案】C【解析】A.电源两端电压为6V保持不变,定值电阻为10Ω,由题意知,当电压表的最大测量值为3V时,此时定值电阻R1两端的电压U1=3V,电路中的电流达到最大值当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和,所以电路最小电流因此电流表示数允许的变化范围为0.2A~0.3A,故A错误;B.当电压表的最大测量值为3V时,此时定值电阻R1两端的电压U1=3V,滑动变阻器两端电压达到最小值,此时滑动变阻器接入电路的电阻最小,此时电路中的电流为0.3A,则滑动变阻器接入电路的最小电阻因此,变阻器R接入电路的阻值允许变化范围为10Ω~20Ω,故B错误;C.由以上分析可知,电阻R0中通过的最大电流和最小电流分别是0.3A和0.2A,根据P=I2R可知,R0消耗的功率最大值和最小值分别是P大=I大2R0=(0.3A)2×10Ω=0.9WP小=I小2R0=(0.2A)2×10Ω=0.4W因此,电阻R0消耗功率允许的变化范围为0.4W~0.9W,故C正确;D.由公式P=UI可得,电路消耗的总功率的最大值和最小值分别为P总大=UI大=6V×0.3A=1.8WP总小=UI小=6V×0.2A=1.2W因此,电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W~1.8W,故D错误。故选C。二、填空题11.一只标有“220V25W”的灯泡,其中“220V”表示该灯_____.“25W”表示该灯有____.【答案】

额定电压

额定功率【解析】[1]灯泡的铭牌上标有“220V,25W”,220V是灯泡的额定电压,即正常发光所需的电压;[2]25W是灯泡的额定功率,即正常发光时的功率.12.电功率是表示______的物理量,用字母______表示,定义为______,公式______.电功率的国际单位是______,常用单位还有______.【答案】

电流做功快慢

P

电流所做的功与所用时间之比

P=

W

kW【解析】[1][2]电功率是表示电流做功快慢的物理量,符号P,[3][4]电流所做的功与所用时间之比叫做电功率,因此电功率的定义式为P=;[5][6]电功率的国际单位为W,常用的单位还有kW.13.标有“6V

1.5W”的小灯泡,通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示。若把这样的三只灯泡串联起来接在12V的电源两端,此时每个灯泡的电阻为___________Ω,每只灯泡的实际功率为___________W,如果该电路通电2分钟,电路消耗的电能为___________J。【答案】

20

0.8

288【解析】[1]因为三只灯泡串联且规格相同,所以通过它们的电流和电阻都相同,即这三只灯泡两端分得的电压都相同,所以三只灯泡串联接在12V的电源两端时,每只灯泡两端的电压都为U=4V;由图象知道,当U=4V时,I=0.2A,则小灯泡的电阻[2]小灯泡的实际电功率P=UI=4V×0.2A=0.8W[3]该电路通2分钟,电路消耗的电能为W=UIt=12V×0.2A×2×60s=288J14.如图所示的电路中,电源电压恒定,R2=10Ω。当S闭合,S1断开时电流表示数变为0.3A;当S、S1都闭合时,电流表示数为0.4A;则电源电压为______V,电阻R1的阻值为______Ω,R2消耗的电功率为______W。【答案】

3

30

1.2【解析】[1]由电路图可知,开关S闭合,开关S1断开时,电路为R2的简单电路,电流表测通过R2的电流,开关S、S1都闭合时,R1与R2并联,电流表测干路电流,因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,通过R2的电流不变,即通过R2的电流I2=0.3A根据可得电源的电压[2]因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,通过R1的电流I1=I-I2=0.4A-0.3A=0.1A因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,根据可得,电阻R1的阻值[3]由功率的计算公式可得,开关S、S1都闭合时,电路消耗的总功率P=UI=3V×0.4A=1.2W15.一款电热水壶工作时有两档,分别是加热档和保温档,其工作原理如图所示(虚线框内为电热水壶的发热部位).已知R1=44Ω,R2=2156Ω,当开关S置于__(选填“1”或“2”)时电热水壶处于加热档,电热水壶在保温状态下的电功率为___W.【答案】

2

22【分析】由电路图可知,开关S置于1时R1与R2串联,开关S置于2时电路为R1的简单电路,根据电阻的串联比较两种情况下总电阻关系.【解析】[1]由电路图可知,开关S置于1时R1与R2串联,开关S置于2时电路为R1的简单电路,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,开关S置于2时,电路的总电阻最小,电源的电压一定时,由P=UI=可知,电路的总功率最大,电热水壶处于加热档;[2]则开关S置于1时,R1与R2串联,电热水壶处于保温档,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电热水壶在保温状态下的电功率:P===22W.16.根据图中所示的两盏白炽灯的铭牌,可以知道:①甲灯上的参数“100W”意思是∶___________②二者均正常发光时,甲灯的电阻___________乙的电阻。(选填大于、小于或等于)③二者均正常发光半小时,甲灯消耗的电能是乙灯的___________倍。【答案】

甲灯在额定电压220V下,正常工作,此时额定功率为100W

小于

4【解析】[1]甲灯100W代表的是甲灯在额定电压220V下,正常工作,此时额定功率为100W。[2]根据,电压相同时,电阻越大,电功率越小,故甲灯的功率比较大,故甲灯电阻比较小。[3]二者均正常发光半小时,可知,消耗的电能之比即为功率之比,为4:1,故甲灯消耗的电能是乙灯的4倍。17.已知甲灯标有“6V3W”字样,乙灯的额定电压是3V.甲、乙两灯的U﹣I关系如图所示,则乙灯的额定功率是_____W.确保电路安全的前提下,两灯串联使用,电路两端的最大电压是_____V,两灯并联使用,电路最大电流是_____A.【答案】

1.8

8

0.9【解析】[1]由图象可知,当乙灯的额定电压是3V时,I乙=0.6A,乙灯的额定功率P乙=U乙I乙=3V×0.6A=1.8W;[2]甲灯的额定电流I甲==0.5A,两灯串联使用,电路中的最大电流是I甲=0.5A,由图像可知,此时乙灯两端电压为2V,故电路两端的最大电压U串=6V+2V=8V;[3]两灯泡并联时,电路两端的最大电压为3V,由图像可知,此时流经甲的电流I甲′=0.3A,乙灯正常发光,故电路最大电流I=I甲′+I乙=0.3A+0.6A=0.9A.18.如图所示,灯泡标有“6V

3W”,标有“6V

2W”字样,电源电压6V恒定不变。闭合开关S,忽略温度对灯丝电阻的影响,则甲、乙两电路中流过的电流__________,消耗的实际功率__________(选填“>”、“=”或“<”)。【答案】

2∶5

<【解析】[1][2]L1电阻为L2电阻为甲图两灯串联,电流为乙图两灯并联,灯正常发光,L1电流为电流比为甲图L2电压小于6V,乙图等于6V,根据,消耗的实际功率<。19.如图甲所示,电阻R1和R2串联,R1=10Ω,R2=20Ω,则通过R1、R2的电流之比I1∶I2=______,R1、R2两端的电压之比U1∶U2=______,R1、R2的电功率之比P1∶P2=______。若将电阻R1和R2并联,如图乙所示,则通过R1、R2的电流之比I1′∶I2′=______,R1、R2两端的电压之比U1′∶U2′=______,R1、R2的电功率之比P1′∶P2′=______。【答案】

1∶1

1∶2

1∶2

2∶1

1∶1

2∶1【解析】[1]两电阻串联,由于串联电路中各处的电流相等,所以,通过它们的电流之比I1:I2=1:1[2]两电阻串联,由知道,R1、R2两端的电压之比[3]两电阻串联,由知道,R1、R2的电功率之比[5]若将电阻R1和R2并联,由于并联电路部分两端的电压相等,R1、R2两端的电压之比U1′∶U2′=1:1[4]若将电阻R1和R2并联,由知道,通过R1、R2的电流之比[6]若将电阻R1和R2并联,由知道,R1、R2的电功率之比P1′∶P2′20.如图所示,电源电压恒定不变,小灯泡L标有“6V3W”宇样,滑动变阻器R2的最大阻值是20Ω。当开关S1、S2闭合,滑片P置于b端时,小灯泡正常发光,此时电流表的示数______A。当开关S1闭合、S2断开,滑片P置于a端时,电流表的示数为0.2A,此时R1功率是______W。【答案】

0.8

0.4【解析】[1]当开关S1、S2都闭合,滑片P置于b端时,滑动变阻器的最大阻值与L并联,电流表测干路电流,灯泡正常发光,由于并联电路中各支路两端的电压与电源电压相等,则电源的电压U=UL=6V由P=UI可得,通过灯泡的电流通过滑动变阻器的电流因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以电流表示数I=I2+IL=0.3A+0.5A=0.8A[2]当开关S1闭合、S2断开时,滑片P置于a端时,灯泡被短路,R1与滑动变阻器的最大阻值串联,电流表测量电路电流,此时电路的总功率P=UI'=6V×0.2A=1.2W滑动变阻器消耗的电功率P2=(I')2×R2=(0.2A)2×20Ω=0.8WR1的电功率P1=P﹣P2=1.2W﹣0.8W=0.4W三、作图题21.图是小梦为测量小灯泡的功率所连的电路。请先找出电路连接中的错误和不妥之处,用“×”做出标记并用笔画线代替导线纠正,然后在右框中画出正确的电路图。【答案】【解析】滑动变阻器接入电路中时,为了能起到改变灯泡两端电压的作用,必须串联在电路中,且要使用“一上一下”两个接线柱;另外灯泡中的电流一般为0.6A以下,因此电流表应使用0-0.6A的量程,如图所示:22.如图所示,虚线框内有两个阻值相同的定值电阻和一个开关S1。当开关S1闭合时,电路的总功率增加到原来的2倍。请画出两种可能的连接电路图。【答案】【解析】根据电路功率计算公式可知,当电源电压不变时,当开关S1闭合时,电路总电阻减小为原来的一半时,电路的总功率则增加到原来的2倍,故两个定值电阻串联时可让开关S1与其中一个电阻并联,两个定值电阻并联时可让开关S1与其中一个电阻串联,电路图如图所示:。四、实验题23.小李同学猜测小灯发光的亮度可能与小灯的电压、电流有关,他用三个不同小灯甲、乙、丙组成不同的电路进行探究活动。电路连接情况及实验现象如图(a)、(b)、(c)、(d)所示。(1)图(c)或(d)是在研究小灯发光的亮度与________的关系,你的判断依据是__________。(2)观察图(a)、(b)、(c)、(d)中现象,可以得出初步结论:_______。【答案】

电流

详见解析

详见解析【解析】(1)[1][2]图(c)或(d),两个灯泡并联,两灯两端的电压相同、灯泡规格不同,由欧姆定律可知通过两个灯泡的电流不同,研究小灯发光的亮度与电流的关系;(2)[3]图(a)或(b),两个灯泡串联,通过两个灯泡的电流相同,灯泡规格不同,灯泡两端的电压不同,电压越大,小灯越亮;由图(c)或(d)可知,(不同小灯)电压相同时,电流越大,小灯越亮。24.同学们在探究“电功率跟电流和电压的关系”实验时,提供的器材有:两个小灯泡规格分别是L1:“2.5V0.3A”,L2:“3.8V0.3A”,学生用电压表、电流表各一块,电源为三节新的干电池,开关一个,(小灯泡两端的电压不能超过其额定电压的1.2倍)(1)在探究电功率与电压关系时,他们设计的电路如图所示。①他们接好电路后闭合开关,发现灯L1比L2暗,根据这个现象小冬同学认为:是电流从电源的正极流出,电流逐渐变小的缘故。请你利用提供器材设计一个实验验证小冬说法是否正确。简要说明实验思路:_____。②请画出探究电功率与电压关系实验时,记录实验数据的表格_____。(2)在探究电功率与电流关系实验时,①请你利用提供的器材,设计实验电路,画出电路图。()②连接好实验电路后,闭合开关,你会发现小灯泡L1比L2_____(选填“亮”或“暗”)。根据这两次实验现象分析,可以说明了小灯泡的亮暗是由灯泡_____决定的。③为了使第二次实验正常进行,电路是否需要改进,如何改进?_____(可增加实验器材)【答案】

交换一下这两个灯的位置,让电流先经过灯L1,后经过灯L2,观察两个灯泡的亮度情况

灯泡规格U/V发光情况L1(2.5V0.3A)灯泡L2(3.8V0.3A)灯泡

实际功率

在干路上串联一个滑动阻器【解析】(1)[1]根据小冬连接的电路可将两灯交换一下两个灯的位置,观察两个灯泡的亮度情况。如果交换之后L2比L1暗说明小冬说法是正确的,否则小冬的说法是错误的;[2]探究电功率与电压关系实验时,灯泡越亮灯泡的功率越大,所以记录实验数据的表格如下表所示:灯泡规格U/V发光情况L1(2.5V0.3A)灯泡L2(3.8V0.3A)灯泡(2)①[3]在探究电功率与电流关系实验时,要保证灯泡两端的电压相同,两灯泡要并联。用电流表分别测出两灯的电流,故电路图如下图:②[4]因为两个小灯泡规格分别是L1:“2.5V0.3A”,L2:“3.8V0.3A”有公式可得灯泡L1的电阻小于灯泡L2的电阻。两灯泡并联后两灯的电压相等,因为电功率且所以灯泡L1的电功率大于灯泡L2的电功率。所以连接好实验电路后,闭合开关你会发现小灯泡L1比L2亮;[5]说明了小灯泡的亮暗是由灯泡实际功率决定的;③[6]使第二次实验正常进行,需要改变电路中的电流大小,所以要在干路上串联一个滑动阻器。25.为估测各用电器的实际功率。(1)小明打开客厅内的一盏节能灯,节能灯正常发光。接着找到了他家的电能表,如图所示,由此可知小明家中的用电器的总功率最大不能超过______W;(2)他以指示灯某一次闪烁开始计时计数,发现1min中内电能表指示灯闪烁了50次,根据数据可算出小明家电路中电流做功的功率为______W;(3)小明感到结果与普通节能灯的功率明显不符,其原因最可能是()A.小明家的节能灯比较特殊,功率很大B.小明在时间测量中存在一定的误差C.小明没有关闭其他的用电器D.小明在计数存在错误(4)小明解决了研究中存在的问题后,再次回到电能表前,仍以指示灯某一次闪烁开始计时,计时1min,电能表指示灯还未闪烁,至此仍无法计算节能灯电功率。于是他翻开课本,发现课本中原方案是:测量3min内电能表指示灯闪烁的次数,计算出节能灯的电功率;而小明结合实际情况,经过思考提出他的方案:测量电能表指示灯闪烁3次所用时间,计算出节能灯的电功率。针对此次测量你认为______(选“课本”或“小明”)的方案更合理,用另一种测量方法测得节能灯的功率______(选“大于”“等于”或“小于”)此时节能灯的实际功率;(5)小明按自己方案操作以指示灯某次闪烁开始计时,到指示灯第3次闪烁时,历时刚好360s,则小明家节能灯的电功率______W。【答案】

8800

1000

C

小明

小于

10【解析】(1)[1]由图可知,电能表允许通过的最大电流为40A,所以家中用电器的总功率不能超过P大=UI=220V×40A=8800W(2)[2]1min中内电能表指示灯闪烁了50次,故闪烁50次消耗的电能电流做功的功率(3)[3]A.节能灯的功率大约十几瓦,节能灯的目的是节能,如果功率很大,相同时间消耗的电能与普通灯泡相同,没有做到节能,故A不符合题意;B.如果小明在时间测量中存在一定的误差,则计算出的功率相差较小,不会非常大,如果相差非常大,是时间测量上的错误,不能称为误差,故B不符合题意;C.此时计算出的结果为1000W,相差很大,所以据实际情况分析可知,很可能是由于在测量时小明没有关闭其他的用电器造成的,故C符合题意;D.如果计数错误,则计算出的功率相差较小,不会非常大,故D不符合题意。故选C。(4)[4]据实际情况可知,若是节能灯的功率很小,所以即使是工作3min,所消耗的电能仍然是很少的,所以也有可能闪烁不了几次,故不好记录;故若测量电能表指示灯闪烁3次所用时间是比较好记录的,所以据此方法计算出节能灯的电功率更合理,故小明的方案更合理。[5]用另一种方法测得的电能偏小,根据可得,测得的电功率比实际功率小。(5)[6]此时消耗的电能是W=13000kW·h×3=11000kW·h故此时节能灯的电功率26.某小组同学研究物体做功快慢与哪些因素有关,他们分别用九台小电动机匀速提起不同的重物,利用相关仪器测出做功时间、重物的重力和提起的高度,并通过计算得出电动机做功的多少,该小组同学把九台小电动机分成三组,观察到每组的做功快慢相同,且第一组做功最快,第二组其次,第三组最慢,实验中记录的有关数据分别如表一、表二、表三所示。实验序号做功(J)做功数时间(s)152.52105.03157.5实验序号做功(J)做功数时间(s)454.05108.061512.0实验序号做功(J)做功数时间(s)744.0888.091212.0(1)分析比较实验序号______________的数据及相关条件,可得出的初步结论是:做相同的功,电动机所用时间越短,做功越快。(2)分析比较实验序号4与7(或5与8,或6与9)的数据及相关条件,可得出的初步结论_________。(3)请进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及相关条件,并归纳得出结论。(a)分析比较表一、表二或表三中的数据及观察到的现象,可初步得出:_________。(b)分析比较表一、表二和表三中的数据及观察到的现象,可初步得出:_______。【答案】

1、4或2、5或3、6

做功相同时,电动机做的功越多,做功越快

当电动机做的功和做功用的时间的比值相同时,做功快慢相同

当电动机做的功和做功用的时间的比值越大时,做功越快【解析】(1)[1]要得到“做相同的功,电动机所用时间越短,做功越快”的结论就要让做的功相同,因此观察表格中数据可知1、4或2、5或3、6符合要求。(2)[2]4与7(或5与8,或6与9)可以发现,时间相同,做的功不同,故总功多的说明做功快;由此得出结论:做功时间相等时,所做的功越多,做功越快。(3)[3]分析表一、表二和表三可知,在做功时间和做功多少都不一样的情况下,做功的快慢是一样的,求出功与时间的比值可以发现,比值是相同的,由此得出:当电动机做的功和做功用的时间的比值相同时,做功快慢相同。[4]综合分析表一、表二和表三,可以发现表二、表三中功和时间的比值是不同的,而做功的快慢也是不同的,由此得出:当电动机做的功和做功用的时间的比值越大时,做功越快。五、计算题27.如图所示,电源电压保持不变,电阻。开关闭合后电流表的示数为0.4A,电流表A的示数为0.6A。求:(1)电阻两端的电压;(2)电阻消耗的电功率。【答案】(1)4V;(2)0.8W【解析】解:(1)电阻两端的电压是(2)电阻R1和R2并联,由并联等压、分流的特点知电阻消耗的电功率是答:(1)电阻两端的电压是;(2)电阻消耗的电功率是。28.如图所示电路,电源电压为3V。闭合开关,电阻R两端的电压为1V,电路中的电流为0.2A。求:(1)电阻R的阻值;(2)电阻R的电功率;(3)灯泡L的电功率;(4)电路中的总电功率;(5)它们5min消耗的总电能。【答案】(1)5Ω;(2)0.2W;(3)0.4W;(4)0.6W;(5)180J【解析】(1)电阻R的阻值(2)电阻R的电功率P=UI=1V×0.2A=0.2W(3)灯泡L的电功率PL=ULI=(3V-1V)×0.2A=0.4W(4)电路中的总电功率P总=P+PL=0.2W+0.4W=0.6W(5)它们5min消耗的总电能W总=P总t=0.6W×300s=180J答:(1)电阻R的阻值是5Ω;;(2)电阻R的电功率是0.2W;(3)灯泡L的电功率是0.4W;(4)电路中的总电功率是0.6W;(5)它们5min消耗的总电能是180J。29.如图是某电蒸锅的内部简化电路图,R1、R2均为发热电阻,R1的阻值为484Ω,加热档功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃,需要的时间为375s,已知c水=4.2×103J/(kg•℃)。求:(1)保温档的功率;(2)电阻R2的阻值;(3)电蒸锅的加热效率。【答案】(1)100W;(2)44Ω;(3)84%【解析】解:(1)闭合开关S1,断开开关S2,电路中只有R1接入电路,此时电路处于保温档,保温档功率(2)闭合开关S1、S2,电路中只

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